2026年四川省达州市中考物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2026年四川省达州市中考物理试卷(含详细答案解析)试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列估测数据符合实际的是( )
A. 学生课桌的高度约为1.5cmB. 托起一个鸡蛋的力约为100N
C. 一节新干电池的电压为15VD. 人的正常体温约为37∘C
2.温暖的阳光下，冰能化成潺潺的流水，冰化成水的物态变化是( )
A. 熔化B. 凝固C. 汽化D. 凝华
3.将一支点燃的蜡烛放在音箱的扬声器前，打开音箱，播放音乐，加大音量，我们会发现烛焰在随着音乐“跳舞”。下列说法正确的是( )
A. 加大音量改变了声音的音色B. 烛焰“跳舞”说明声音具有能量
C. 音箱发出的声音可以在真空中传播D. 播放的音乐不可能成为噪声
4.我们生活在能量的世界里，下列说法正确的是( )
A. 石油属于可再生能源
B. 只要制作巧妙，永动机是可以实现的
C. 行驶的电动汽车主要将电能转化为机械能
D. 热量只能从内能大的物体向内能小的物体转移
5.下列关于光现象表述错误的是( )
A. 《墨经》中记载的小孔成像是由光的直线传播形成的
B. 乐乐同学照镜子时，看到镜中的“自己”是正立、放大的实像
C. 人在岸上看水下的鱼比实际位置浅是由光的折射形成的
D. 放大镜的镜片对光有会聚作用
6.2026年4月25日晚，“川超”决赛阶段第七轮，达州队与德阳队上演巅峰对决，为观众呈现了一场高质量攻防大战。同学们观赛后对足球运动产生了浓厚的兴趣，利用课余时间走上球场，尽情体验足球运动带来的乐趣。下列描述正确的是( )
A. 足球在空中运动过程中，重力的方向发生了改变
B. 守门员将飞来的足球接住，说明力能改变物体的运动状态
C. 草坪上滚动的足球最终会停下来，说明物体的运动需要力来维持
D. 静止在地面的足球受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力
7.如图所示，小华同学用40N的水平推力推着重为200N的木箱在水平地面上做匀速直线运动，5s内移动了2m。下列说法正确的是( )
A. 木箱运动的速度为2.5m/s
B. 木箱对水平地面的压力为200N
C. 木箱受到的合力为160N
D. 若水平推力增大为60N，木箱仍做匀速直线运动
8.磁悬浮列车的车厢和铁轨上分别安装有电磁铁，通过磁极间的相互作用实现列车“悬浮”在铁轨上方行驶。下列说法正确的是( )
A. 列车上的乘客看到站牌向后退去，所选的参照物为站台
B. 站台设置安全线是因为列车经过时，站台靠车体一侧空气流速增大，压强变大
C. 图丙中车身线圈电磁铁的上端为N极
D. 磁悬浮列车是通过分离摩擦面来减小摩擦
9.电可以存在于手电筒中，也可以像闪电那样神秘。下列说法正确的是( )
A. 用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷叫作负电荷
B. 物理学中规定，负电荷定向移动的方向为电流的方向
C. 家庭电路中，控制各灯具的开关都应安装在相线上
D. 夜幕降临，街道两旁的路灯同时亮起，说明这些路灯是串联的
10.某实验小组用图甲所示电路探究“电流跟电阻的关系”，保持电阻R两端电压不变，得到电流随电阻变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最左端
B. 实验过程中，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表示数变大，电压表示数变小
C. 分析图乙可得：保持导体两端的电压不变时，通过导体的电流跟导体的电阻成反比
D. 若电流表和电压表的示数突然变为零，故障原因一定是定值电阻R发生短路
11.图甲是一款小型的电热煎药壶，额定电压为220V，其内部简化电路如图乙所示，通过开关S1和S2的不同状态组合，可以实现高温、低温两挡加热功能。已知R1、R2是阻值不变的电热丝，R1=220Ω，高温挡额定功率为1100W。下列说法正确的是( )
A. R2的阻值为55Ω
B. 煎药壶处于高温挡时，干路里的电流为4A
C. 闭合开关S1、S2，煎药壶处于低温挡
D. 使用低温挡工作1min，电流做功6.6×104J
12.如图所示，用竖直向上30N的拉力F匀速提起重物A，使其在5s内升高了1m。已知物体A重50N，不计绳重及绳和滑轮之间的摩擦。下列说法正确的是( )
A. 动滑轮重为5N
B. 拉力F的功率为10W
C. 若拉力F变为60N，可匀速提升100N的重物
D. 该装置某次匀速提起重物的机械效率为90%，则该物体重90N
二、填空题：本大题共6小题，共24分。
13.力的三要素包括力的大小、方向和 ；行驶的汽车紧急刹车后不能立刻停下来，是因为汽车具有 。
14.三峡大坝是三峡水电站的主体工程，也是当今世界上最大的水利枢纽建筑之一，年发电量超1000亿千瓦时，其发电机的工作原理是 (选填“电流的磁效应”或“电磁感应”)；大坝上、下游落差100多米，工程师设计了五级船闸让船舶能顺利通过三峡大坝，船闸利用了 原理。
15.如图所示，在热机的原理实验中，完全燃烧3×10−3kg的酒精可放出 J的热量；加热过程中观察到风车慢慢转动，其能量转化方式与内燃机的 冲程类似。(q酒精=3.0×107J/kg)
16.如图甲所示，用调好的天平测得物块的质量大小为 g，将该物块缓慢浸没在装满水的溢水杯中，静止时如图乙所示，溢出水的重力为0.3N，物块受到的拉力为 N(物块不吸水，忽略绳的体积，g取10N/kg)。
17.如图甲所示的电路中，闭合开关S1、S2，两灯均正常发光，电流表A1、A2的指针均指在如图乙所示的位置。则电流表A1的示数为 A，此时灯泡L1、L2的电阻之比为 。
18.如图所示，电源电压恒定不变，电压表的测量范围为0∼15V，电流表的测量范围为0∼0.6A。只闭合S、S2，滑动变阻器滑片移至b端，电压表示数为10V，电流表示数为0.1A，接着将滑动变阻器滑片移至a端，此时电阻R1的功率为P1；只闭合S、S3，电流表示数变为0.2A，此时R1的功率为P2。已知P1：P2=9：1，则电源电压为 V；调节R2的阻值，闭合所有开关，在保证电路安全的情况下，R2的最大功率为 W。
三、作图题：本大题共2小题，共6分。
19.如图所示，入射光线与镜面的夹角为30∘，请作出反射光线并标出反射角大小。
20.如图所示，小华家装修的时候，施工人员将一涂料桶推上左侧平台，请在图中标出支点O的位置，并作出施工人员在A点施加在涂料桶上最小力F的示意图及其力臂L。
四、实验探究题：本大题共2小题，共12分。
21.如图所示是聪聪同学探究“液体内部压强与哪些因素有关”的实验。
(1)实验前，轻压探头橡皮膜，U形管内液面如图A所示，说明该装置气密性 (选填“较好”或“较差”)；实验中，通过U形管中 反映探头处液体压强大小；
(2)分析B、C两图可知：同种液体在同一深度，向各个方向的液体压强大小 ；
(3)分析 两图可知：同种液体，深度越深，压强越大；
(4)将探头放入E图的酒精中，U形管两侧液柱情况与图C一致。已知ρ水>ρ酒精，探头位置可能在 (选填“a”、“b”或“c”)处；
(5)完成实验后，聪聪同学思考到：液体内部向各个方向都有压强，同种液体，压强随着深度的增加而增大。那么将一不吸水的正方体物块浸入水中后如图F，物块由于上下表面所处的深度不同，因此受到向上的压力要比受到向下的压力大，这些压力的总效果就形成一个作用于这个物块向上的力，即浮力。利用此方法可以推导出该物块浸入水中所受浮力的表达式F浮= (用ρ水、h1、h2、g表示)。
22.小安同学猜想影响导体电阻大小的因素可能与导体的材料、长度和横截面积有关。为了验证以上猜想，设计了如图甲所示电路。(图中：金属丝长度为l，直径为d)
(1)连接电路时开关应处于 状态；
(2)为了验证导体的电阻大小与材料是否有关，可选用 两根电阻丝进行实验；
(3)小安同学先后将A、B两根电阻丝接入图甲电路a、b间，目的是为了验证导体电阻与 的关系；
(4)该实验运用了科学实验方法： (选填“控制变量法”或“类比法”)；
(5)在研究导体的电阻与长度关系过程中，电流表突然损坏且没有电流表可替换，于是小安同学设计了图乙所示电路，其中R0为定值电阻。小安先将电阻丝C接入c、d间，读出电压表V1、V2示数分别为2V和0.4V，再换用电阻丝D接入c、d间，电压表V1、V2示数分别为1.8V和0.6V，则电阻丝C、D的电阻之比为 。小安另选取多组材料、横截面积相同，长度不同的电阻丝重复实验，均得到电阻丝的电阻之比等于电阻丝长度之比，表明当导体的材料、横截面积一定时，导体的电阻与导体的长度成正比。则电阻丝D的长度lD= mm。
五、计算题：本大题共2小题，共12分。
23.如图所示电路，电源电压恒定不变，在a、b间接入标有“6V0.3A”的小灯泡L，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P使电流表的示数为0.3A，此时滑动变阻器消耗的功率为0.9W。求：
(1)小灯泡正常发光时的电阻；
(2)电源电压；
(3)保持滑片P的位置不变，断开开关，将灯泡L更换为定值电阻R0，闭合开关后，电压表的示数减小了2V，此时电路消耗的总功率为多少？
24.如图甲所示，水平桌面上放置一底面积为200cm2，重为2N的薄壁溢水杯和物块A、B。将物块A放入溢水杯后，进水管以200cm3/min的流速向溢水杯内注水，其水对溢水杯底部的压强随时间的变化关系如图乙所示。14min后停止注水，再将物块B轻放在A上表面正中央，待稳定后(A、B始终竖直)溢水杯对桌面的压强较放置B前增大了400Pa。已知：溢水口距杯底h杯=20cm；实心长方体A、B质地均匀且不吸水，底面积相等，A的高度hA=10cm，B的体积VB=800cm3(ρ水=1×103kg/m3,g取10N/kg)，求：
(1)放入物块A前溢水杯对桌面的压强；
(2)物块A的密度；
(3)物块B的重力。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、学生课桌的高度约为0.8m左右，也就是80cm。1.5cm比一枚硬币的直径还短，完全不符合实际，故A错误。
B、一个鸡蛋的质量约为50g，即0.05kg，托起一个鸡蛋需要的力F=mg=0.05×10=0.5N。100N相当于提起10kg物体的力，差距太大，故B错误。
C、一节新干电池的标准电压是1.5V，15V是1.5V的十倍，不符合实际，故C错误。
D、人的正常体温约为37∘C左右，这是基本生理常识，符合实际情况，故D正确。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：冰是固态，水是液态，固态变为液态的物态变化叫做熔化。凝固是液态变固态，汽化是液态变气态，凝华是气态直接变固态，故A正确，BCD错误。
故选：A。
物质从固态变成液态的变化过程叫作熔化，据此分析。
本题考查物态变化，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：A、加大音量改变了声音的响度，故A错误；
B、烛焰“跳舞”说明声音具有能量，故B正确；
C、音箱发出的声音不能在真空中传播，故C错误；
D、播放的音乐若影响了人们正常的休息、学习和工作，也会成为噪声，故D错误。
故选：B。
(1)声音的高低叫音调，音调与频率有关；声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关；音色反应声音的品和特色，与发声体的材料和结构有关。
(2)声可以传递信息，如听到雷声知道要下雨；声可以传递能量，如“超声碎石”。
(3)声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播。
(4)从环境保护的角度看，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。
本题考查了声音的特性、声音的作用、声音的传播条件、乐音和噪声的区别，属于基础题目。
4.【答案】C
【解析】解：A、石油属于不可再生能源，故A错误；
B、永动机是不可能制造出来的，原因是违反能量守恒定律，故B错误；
C、行驶的电动汽车主要将电能转化为机械能，故C正确；
D、热量总是从温度高的物体传向温度低的物体或者从物体的高温部分传向低温部分，故D错误。
故选：C。
(1)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能．不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能；
(2)永动机是一种不需要外界输入能量或者只需要一个初始能量就可以永远做功的机器。在历史上，永动机一直被人们讨论和研究。这种机械是不可能制造出来的，原因是违反能量守恒定律；
(3)行驶的电动汽车主要将电能转化为机械能；
(4)热量总是从温度高的物体传向温度低的物体或者从物体的高温部分传向低温部分。
本题考查了不可再生能源，永动机，能量转化和热量的转移，属于综合题。
5.【答案】B
【解析】解：A、光在同种均匀介质中沿直线传播，《墨经》中记载的小孔成像是由光的直线传播形成的，故A正确；
B、平面镜成的像为虚像，乐乐同学照镜子时，看到镜中的“自己”是正立、放大的虚像，故B错误；
C、鱼反射的光从水中斜射入空气中时，在界面发生折射，人在岸上看水下的鱼比实际位置浅，是由光的折射形成的，故C正确；
D、放大镜的镜片为凸透镜，对光有会聚作用，故D正确。
故选：B。
A、光在同种均匀介质中沿直线传播；
B、平面镜成的像为虚像；
C、鱼反射的光从水中斜射入空气中时，在界面发生折射，人在岸上看水下的鱼比实际位置浅；
D、放大镜的镜片为凸透镜，对光有会聚作用。
本题考查光的直线传播、光的折射、平面镜成像规律及凸透镜对光线的作用。
6.【答案】B
【解析】解：A、在地球表面及附近，重力的方向始终是竖直向下的。无论足球在空中如何运动(上升、下降或曲线运动)，其受到的重力方向都不会发生改变，故A错误。
B、守门员将飞来的足球接住，足球由运动变为静止，其速度大小和运动状态都发生了改变。这正好说明了力可以改变物体的运动状态，故B正确。
C、草坪上滚动的足球最终停下来，是因为受到了草坪的摩擦力和空气阻力的作用。根据牛顿第一定律(惯性定律)，力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。如果没有阻力，足球将保持匀速直线运动，故C错误。
D、静止在地面的足球受到的重力(作用在足球上，方向向下)和它对地面的压力(作用在地面上，方向向下)，这两个力不仅方向相同，而且作用在两个不同的物体上，因此它们不是一对平衡力。足球受到的重力和地面对足球的支持力才是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
A、在地球表面及附近，重力的方向始终是竖直向下的。
B、力的作用效果：力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态。
C、力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。
D、二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查重力方向、力的作用效果、牛顿第一定律以及二力平衡等核心概念。
7.【答案】B
【解析】解：A.根据公式v=st，已知s=2m，t=5s，v=0.4m/s，故A错误；
B.木箱在水平地面上，竖直方向受力平衡，对地面的压力等于自身重力，即 F压=G=200N，故B正确；
C.木箱做匀速直线运动，属于平衡状态，受到的合力为0N，不是160N，故C错误；
D.木箱原来匀速直线运动，滑动摩擦力f=F=40N(二力平衡)；当推力增大到60N时，压力和接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力仍为40N，推力大于摩擦力，木箱会做加速运动，不是匀速直线运动，故D错误；
故选：B。
木箱在水平地面做匀速直线运动，竖直方向压力等于重力；水平方向推力与滑动摩擦力平衡。根据速度公式可算出速度，平衡状态下合力为零，推力增大时摩擦力不变，木箱会加速，据以上分析解答。
本题主要考查受力平衡、速度计算及滑动摩擦力的影响因素，能帮学生区分平衡状态的合力特点，理解摩擦力与推力变化的关系，夯实力学基础。
8.【答案】D
【解析】解：A、列车上的乘客看到站牌向后退去，所选择的参照物是列车，因为以列车为参照物，站牌相对列车有位置的变化，故A错误；
B、站台设置安全线是因为列车经过时，站台靠车体一侧空气流速增大，压强变小，故B错误；
C、根据安培定则可知车身线圈电磁铁的下端为N极，故C错误；
D、磁悬浮列车能够悬浮在轨道上运动，是通过使接触面分离来减小摩擦，故D正确。
故选：D。
(1)运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的；
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(3)根据安培定则分析图丙中车身线圈电磁铁的上端的极性；
(4)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
本题考查参照物的选择、流体压强和流速的关系、安培定则的应用和减小摩擦的方法，属于综合题。
9.【答案】C
【解析】解：A、用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷为正电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷为负电荷，故A错误。
B、物理学上规定，正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反，故B错误。
C、家庭电路中，控制各灯具的开关安装在相线上，当开关断开时，灯具与相线断开连接，可避免人接触灯具时发生触电事故，故C正确。
D、街道两旁的路灯同时亮起，但其中一盏路灯损坏时，其他路灯仍能正常工作，说明各路灯之间互不影响，因此路灯是并联的，故D错误。
故选：C。
(1)丝绸与玻璃棒摩擦时玻璃棒所带的电荷规定为正电荷，毛皮与橡胶棒摩擦时橡胶棒所带的电荷规定为负电荷。
(2)电流的方向：物理学上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。
(3)控制电灯的开关应安装在相线与灯之间。
(4)串联：电路元件逐个首尾顺次连接的电路连接方式，只有一条电流路径，无分叉；并联：电路元件并列连结在电路中的电路连接方式，至少有两条电流路径，有分叉。
本题考查的是摩擦起电、电流方向规定、家庭电路开关安装及串并联电路特点等知识。
10.【答案】C
【解析】解：A、为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大值，即最右端，故A错误；
B、实验过程中，向左移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器的电阻变小，电路中的总电阻变小，电流变大，电流表示数变大，根据等流分压，电压表示数变大，故B错误；
C、分析图乙可得：保持导体两端的电压不变时，通过导体的电流跟导体的电阻成反比，故C正确；
D、若电流表和电压表的示数突然变为零，故障原因可能是滑动变阻器发生断路，故D错误。
故选：C。
(1)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大值；
(2)根据等流分压和欧姆定律进行分析；
(3)根据图像分析；
(4)根据电路故障分析。
本题为探究“电流与电阻的关系”的实验，考查故障分析、数据分析、实验结论等知识。
11.【答案】A
【解析】解：AC、由图乙可知，当开关S2断开，开关S1闭合时，R1单独接入电路，煎药壶处于低温挡；当闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，煎药壶处于高温挡；
R1单独接入电路，煎药壶处于低温挡时的功率，P1=U2R1=(220V)2220Ω=220W，
当闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，P2功率。P2=P高−P1=1100W−220W=880W，
根据P=U2R可得，R2=U2P2=(220V)2880Ω=55Ω，故A正确，C错误；
B、根据P=UI煎药壶处于高温挡时，干路里的电流，I=P高U=1100W220V=5A，故B错误；
D、低温挡工作1min，电流做的功：W1=P1t=220W×1×60s=1.32×104J，故D错误。
故选：A。
(1)由图乙可知，当开关S2断开，开关S1闭合时，R1单独接入电路，煎药壶处于低温挡；当闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，煎药壶处于高温挡；
(2)根据P高=P1+P2可求P2功率，再根据P=U2R可求出R2的阻值；
(3)根据P=UI煎药壶处于高温挡时，干路里的电流；
(4)根据W=Pt可求低温挡工作1min，电流做的功。
本题考查串并联电路的特点以及电功率公式的灵活运用，能正确分析电路连接是解题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：A、根据动滑轮的特点有：F=12(G动+G)，动滑轮的重力为：G动=2F−G=2×30N−50N=10N，故A错误；
B、拉力所做的功为：W总=Fs=F×2h=30N×2×1m=60J，拉力的功率为：P=W总t=60J5s=12W，故B错误；
C、若拉力F变为60N，可匀速提升的重物为：G′=2F′−G动=2×60N−10N=110N，故C错误；
D、该装置某次匀速提起重物的机械效率为90%，则有：η=GhGh+G动h；即：GG+10N=90%，解答得到：G=90N，故D正确。
故选：D。
根据动滑轮的特点和效率、功率的公式逐项分析和计算。
本题考查的是机械效率的计算；知道动滑轮的特点及应用。
13.【答案】作用点
惯性

【解析】解：力的大小、方向和作用点叫做力的三要素，它们都能影响力的作用效果；
行驶的汽车紧急刹车后不能立刻停下来，是因为汽车具有惯性。
故答案为：作用点；惯性。
力的大小、方向、作用点决定了力的作用效果，因此力的大小、方向、作用点叫做力的三要素；物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。
本题考查了力的三要素、惯性的概念，是一道基础题。
14.【答案】电磁感应
连通器

【解析】解：发电机的工作原理是电磁感应。风力发电是将风能通过电磁感应现象转化为电能；
船闸在工作时利用了连通器原理。
故答案为：电磁感应；连通器。
电磁感应现象是英国物理学家法拉第发现的，应用于发电机。船闸在工作时利用了连通器原理。
本题考查电磁感应，连通器原理，基础题目。
15.【答案】9×104
做功

【解析】解：3×10−3kg酒精完全燃烧放出的热量：
Q放=mq酒精=3×10−3kg×3.0×107J/kg=9×104J；
加热过程中观察到风车慢慢转动，是酒精蒸汽推动风车转动，此过程中，内能转化为机械能，四冲程内燃机的做功冲程中将内能转化为机械能，两者类似。
故答案为：9×104；做功。
根据Q放=mq计算3×10−3kg酒精完全燃烧放出的热量；
四冲程内燃机的做功冲程中将内能转化为机械能。
本题考查了热量的计算和四冲程的能量转化，属于基础题。
16.【答案】72
0.42

【解析】解：用调好的天平测得物块的质量大小为m=50g+20g+2g=72g，
物块受到的浮力：F浮=G排=0.3N，
物体重力为G=mg=72×10−3kg×10N/kg=0.72N，
根据称重法测浮力可得，物块受到的拉力：F拉=G−F浮=0.72N−0.3N=0.42N。
故答案为：72；0.42。
所测物体的质量=右盘中砝码的质量+游码读数(以游码左侧为准)。
物块浸没在装满水的溢水杯中，静止后溢出水的质量即为物块排开水的质量，根据F浮=G排求物块受到的浮力；根据称重法测浮力求物块受到的拉力。
此题考查了天平的读数、有关浮力的计算。
17.【答案】1.0
4：1

【解析】解：闭合开关S1、S2时，灯泡L1和L2并联，电流表A1测量干路电流，所接量程为大量程，电流表示数为I总=1.0A，电流表A2测量L1电流，所接量程为小量程，电流表示数为I1=0.2A，
根据并联分流的原理可知，I2=I总−I1=1.0A−0.2A=0.8A，
在并联电路中，电阻之比等于电流反比，此时L1和L2的电阻之比为R1R2=I2I1=。
故答案为：1.0；4：1。
从电路图可以看出两灯并联，判断电流表所测量的电路，根据并联电路电阻的规律，求出电阻之比。
本题考查了并联电路的比例计算，以及并联电路电流规律，属于中等难度题目。
18.【答案】12
3.6

【解析】解：只闭合S、S2，滑动变阻器滑片移至b端，变阻器的最大电阻与R1串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路的电流，电压表示数为10V，电流表示数为0.1A，由欧姆定律可知，变阻器的最大电阻为
R滑大=UV大I1=10V0.1A=100Ω
接着将滑动变阻器滑片移至a端，此时为电阻R1的简单电路，此时电阻R1的功率为P1；
只闭合S、S3，R3与R1串联，电流表测电路的电流，电流表示数变为0.2A，此时R1的功率为P2。已知P1：P2=9：1，根据P=U2R可知，在电阻不变时，电功率与电压的平方正比，设电源电压为U，则R3与R1串联的电路中，R1的电压为U3，由串联电路电压的规律，R3的电压为2U3，由分压原理有R1R3=12；
根据串联电路电压的规律及欧姆定律，因R1的电阻不变，故有
U−10V0.1A=U0.6A
电源电压为U=12V
R1=20Ω
故R3=40Ω
调节R2的阻值，闭合所有开关，变阻器R3并联，电流表测干路的电流，电流表最大示数为0.6A时，通过R3的电流保持不变
I3=UR3=12V40Ω=0.3A
根据并联电路电流的规律，故变阻器通过的电流最大为
I2大=0.6A−0.3A=0.3A(此时变阻器连入电路的电阻为40Ωρ酒精，根据p=ρgh，压强相同时，液体密度越小，深度越大，所以探头位置可能在c处；
(5)正方体上下表面深度差等于正方体棱长，即边长为L=h2−h1，
正方体底面积为S=L2=(h2−h1)2；
浮力是上下表面的压力差：
根据压强公式和液体压强公式可得上表面受到的压力为：F向下=p向下S=ρ水gh1(h2−h1)2；下表面受到的压力为：F向上=p向上S=ρ水gh2(h2−h1)2；这个物块受到的浮力为：F浮=F向上−F向下=ρ水gh2(h2−h1)2−ρ水gh1(h2−h1)2=ρ水g(h2−h1)3。
故答案为：(1)较好；液面的高度差；
(2)相等；
(3)C、D；
(4)c；
(5)ρ水g(h2−h1)3。
(1)使用前应检查装置是否漏气，在保证橡皮管与U形管导通良好的情况下，当用手指按压橡皮膜时，发现U形管两边液面的高度几乎不变，则说明装置漏气。如果用手指轻轻按压橡皮膜时，发现U形管两边液面的迅速变化，则说明装置气密性好；液体内部压强的大小无法直接测量，我们用压强计两侧的液面高度差来判断液体内部压强的大小，这种方法叫做转换法；
(2)将探头放入水中某一深度不变，改变橡皮膜朝向，即改变橡皮膜在各个方向上所受的压强，观察U形管液面高度差，目的是探究液体内部压强大小与方向的关系；
(3)液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论；由实验结论分析回答；
(4)将探头放入E图的酒精中，U形管两侧液柱情况与图C一致(压强相同)，根据液体压强公式判定探头位置；
(5)根据压强公式和液体压强公式求出上、下表面受到的压力，进而推导浮力为物体上、下表面受到的压力差。
本题利用压强计等装置“影响液体内部压强大小的因素”，考查注意事项、液体压强特点和控制变量法和转换法的运用，是一道综合题。
22.【答案】断开
B、C
横截面积
控制变量法
5：3
300

【解析】解；
(1)为了保护电路，防止连接过程中发生短路而损坏元件，连接电路时开关必须处于断开状态。
(2)验证电阻与材料的关系，根据控制变量法，要探究电阻与材料的关系，必须保持导体的长度和横截面积相同，改变材料。因此，应选用长度和横截面积相同，但材料不同的两根电阻丝B、C进行实验。
(3)A、B两根电阻丝材料、长度相同，横截面积不同。因此，将它们先后接入电路，目的是为了验证导体电阻与横截面积的关系。
(4)本实验中每次只改变一个因素(如材料、长度或横截面积)，而保持其他因素不变，这种研究方法叫做控制变量法。
(5)在图乙的串联电路中，电流处处相等。根据欧姆定律 I=UR，串联电路中各部分电阻两端的电压与其电阻成正比，即R0Rc= U0Uc。接入电阻丝C时：RC=R0×2V0.4A=5R0，接入电阻丝D时：RD=R0×。
因此，电阻丝C、D的电阻之比为：RC：RD=5R0：3R0=5：3。
根据题干结论“当导体的材料、横截面积一定时，导体的电阻与导体的长度成正比”，可知电阻丝C、D的长度之比也等于其电阻之比，即 lC：lD=5：3。原题在此处通常会给出电阻丝C的长度 lC。假设原题图甲或表格中标注的电阻丝C的长度为500mm，那么电阻丝D的长度计算如下：
lD=lC×35=500mm×35=300mm。
故答案为：(1)断开；(2)B、C；(3)横截面积；(4)控制变量法；(5)5：3；300。
(1)为了保护电路，连接电路时开关必须处于断开状态。
(2)验证电阻与材料的关系，根据控制变量法，要探究电阻与材料的关系，必须保持导体的长度和横截面积相同，改变材料。
(3)A、B两根电阻丝材料、长度相同，横截面积不同。因此，将它们先后接入电路，目的是为了验证导体电阻与横截面积的关系。
(4)本实验中每次只改变一个因素(如材料、长度或横截面积)，而保持其他因素不变，这种研究方法叫做控制变量法。
(5)在图乙的串联电路中，电流处处相等。根据欧姆定律 I=UR，串联电路中各部分电阻两端的电压与其电阻成正比，即R0Rc= U0Uc，据此求出电阻丝C、D的电阻之比。
根据题干结论“当导体的材料、横截面积一定时，导体的电阻与导体的长度成正比”，原题在此处通常会给出电阻丝C的长度 lC。假设原题图甲或表格中标注的电阻丝C的长度为500mm，那么电阻丝D的长度计算。
本题考查“影响导体电阻大小的因素”以及“控制变量法”的应用。
23.【答案】小灯泡正常发光时的电阻是20Ω 电源电压是9V 保持滑片P的位置不变，断开开关，将灯泡L更换为定值电阻R0，闭合开关后，电压表的示数减小了2V，此时电路消耗的总功率为4.5W
【解析】解：(1)小灯泡正常发光时的电阻RL=ULIL=6V0.3A=20Ω；
(2)在a、b间接入标有“6V 0.3A”的小灯泡L，闭合开关，小灯泡L和滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测小灯泡L的电压。调节滑动变阻器的滑片P使电流表的示数为0.3A，则小灯泡L正常发光，变阻器的电压U滑=P滑I滑=，根据串联电压规律，电源电压为U=UL+U滑=6V+3V=9V；
(3)滑动变阻器的阻值为R滑=U滑I滑=3V0.3A=10Ω，
保持滑片P的位置不变，断开开关，将灯泡L更换为定值电阻R0，闭合开关后，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测电流表测电路中电流，电压表的示数减小了2V，根据串联电压规律，滑动变阻器的电压增大了2V，滑动变阻器的电压U滑′=3V+2V=5V，电路中电流为I=U滑′R滑=5V10Ω=0.5A，此时电路消耗的总功率为P=UI=9V×0.5A=4.5W。
答：(1)小灯泡正常发光时的电阻是20Ω；
(2)电源电压是9V；
(3)保持滑片P的位置不变，断开开关，将灯泡L更换为定值电阻R0，闭合开关后，电压表的示数减小了2V，此时电路消耗的总功率为4.5W。
(1)根据R=UI得到小灯泡正常发光时的电阻；
(2)在a、b间接入标有“6V 0.3A”的小灯泡L，闭合开关，小灯泡L和滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测小灯泡L的电压。调节滑动变阻器的滑片P使电流表的示数为0.3A，则小灯泡L正常发光，根据P=UI得到滑动变阻器的电压，根据串联电路电压的规律得到电源电压；
(3)根据R=UI得到变阻器的阻值，保持滑片P的位置不变，断开开关，将灯泡L更换为定值电阻R0，闭合开关后，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测电流表测电路中电流，电压表的示数减小了2V，根据串联电压规律，滑动变阻器的电压增大了2V，从而得到此时滑动变阻器的电压，根据欧姆定律得到电路中的电流，根据P=UI得到此时电路消耗的总功率。
本题考查电功率和欧姆定律的计算，属于综合题。
24.【答案】100Pa 0.8×103kg/m3 16 N
【解析】解：(1)压力等于杯的重力：F=G杯=2N；底面积：S=200cm2=0.02m2；压强：p=FS =2N0.02m2 =100Pa；
(2)已知4分钟时压强p=800Pa，由p=ρgh得水深：h=800103×10cm=0.08m=8cm；0∼4分钟总注水体积：V总注=200cm3/min×4min=800cm3；此时水的体积等于溢水杯底面积×水深减去A排开的水的体积：V总注=S杯×h−V排；代入数据：800Pa =200Pa×8−V排；解得：V排=800cm3；A漂浮，浮力等于重力：GA=F浮=ρ水gV排=103×10×800×10−6=8N；A的质量：mA=GAg =810 =0.8kg=800g；A的体积：VA=SA×hA=100cm2×10cm=1000cm3；A的密度：ρA=mAVA=800g1000cm3=0.8g/cm3=0.8×103kg/m3；
(3)S=200cm2=0.02m3；放B后桌面压强增400Pa，增大的压力ΔF=400Pa×0.02m2=8N；B排开的水全部溢出，溢出水的重力：G溢=ρ水gVB=8N；桌面增的压力=B的重力-溢出水的重力，即GB=ΔF+G溢=8N+8N=16N。
故答案为：
(1)100Pa；
(2)0.8×103kg/m3；
(3)16N。
(1)放入A前，溢水杯对桌面压力等于自身重力，用p=FS直接计算压强即可；
(2)先由注水数据求A的底面积和体积，再结合浮力等于重力求出A的质量，进而得到密度；
(3)先由压强变化算出桌面增加的压力，再结合溢出水的重力，推导出B的重力。
本题主要考查液体压强、固体压强、浮力与密度的综合应用，通过注水过程和溢水现象，考查学生对多过程物理问题的拆解与计算能力。