2026年四川省遂宁市中考物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2026年四川省遂宁市中考物理试卷(含详细答案解析)试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.物理以实验为基础，广泛联系生活、生产实际。下列对生活中的物理量估测最符合实际的是( )
A. 中学生课桌高度约为2m
B. 人体感觉最舒适的环境温度约为38∘C
C. 人静息时脉搏约为70次/min
D. 中考体育考试800米项目，学生跑步速度约为20m/s
2.遂宁大英民间大型打击乐——“川中大乐”被誉为巴蜀文化精品。下列关于演奏时涉及的物理知识说法错误的是( )
A. 鼓声是由鼓面振动产生的
B. 钹声通过空气传播到人耳处
C. 根据音色能分辨鼓声和钹声
D. 轻敲和重敲时鼓声的音调不同
3.光让自然界绚丽多彩、让世界生机勃勃。探究小组走进“神奇的光世界”，完成了以下四个实验。下列表述符合事实的是( )
A. 甲图：探究光的反射定律，F面在图中位置时也可观察到反射光束
B. 乙图：探究平面镜成像的特点，用玻璃板代替平面镜是为了便于确定像的位置
C. 丙图：探究凸透镜成像规律，此时光屏上呈现倒立放大的实像
D. 丁图：探究光的色散时，任意颜色的光屏上均可呈现七色光
4.中华文化博大精深，中华诗词蕴含丰富的物理知识。对下列诗句中物理现象解释正确的是( )
A. “露似真珠月似弓”——露由水蒸气液化形成
B. “瀚海阑干百丈冰”——冰由水蒸气凝华形成
C. “窗含西岭千秋雪”——雪由水凝固形成
D. “坐地日行八万里”——描述人是运动的是以地面为参照物
5.被誉为“中国17世纪的工艺百科全书”《天工开物》记载了我国古代生产技术成就。如：
①碎煤有两种，用以炊烹，用以冶煅；
②取诸麻、菜子入釜，文火慢炒，透出香气；
③榨汁入缸，看水花为火色。其花煎至细嫩，如煮羹沸；
下列对相关记载分析正确的是( )
A. “用以炊烹”煤炭燃烧时热值在不断减小B. “透出香气”是因为分子在运动
C. “文火慢炒”是通过做功的方式改变内能D. “如煮羹沸”羹在沸腾时吸热，温度升高
6.小明的物理笔记本中有以下内容，其中有误的是( )
A. 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥
B. 海拔越高，大气压越低，液体沸点越低
C. 投出去的篮球到达最高点时，若外力消失它将保持静止
D. 单摆从最低点向最高点运动的过程中，动能转化为重力势能
7.掌握安全用电常识，具有安全用电与保护意识，是当代每个公民必备的素质。下列符合家庭安全用电原则的是( )
A. 可以带电更换小功率灯泡B. 插线板上可以同时接多个大功率用电器
C. 洗衣机的金属外壳可以不使用保护接地线D. 发生电路起火时，应立即切断电源
8.2026年春节，遂宁圣莲岛的夜空被千架无人机点亮，上演科技与年味的硬核碰撞。无人机通过电动机带动螺旋桨转动升空。下列四幅图与无人机的电动机工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
9.新科技、新材料、新能源让我们的生活更高效、更智能。下列相关说法正确的是( )
A. 煤、石油、电力、天然气都属于一次能源
B. 利用超导材料可制作电吹风的发热电阻
C. 核电站利用原子核裂变释放能量发电
D. 能量会发生转移或转化，因此总量会逐渐减少
10.我国科技创新瞄准世界前沿，突破了一些核心技术。下列成就中蕴含的物理知识阐述正确的是( )
A. 甲图：三峡五级船闸利用了连通器原理
B. 乙图：福建舰上的战斗机起飞后，福建舰受到的浮力不变
C. 丙图：长征18号核潜艇通过改变排开液体的体积实现上浮和下潜
D. 丁图：S1500型浮空风力装置在上升和下降时所受的空气阻力方向相同
11.遂宁蓬溪县被誉为“中国书法之乡”，越来越多的青少年参与书法活动。如图所示为一学生正在书写“遂宁”二字。则下列说法正确的是( )
A. 手握毛笔时笔杆受到的压力是由于笔杆发生形变产生的
B. 手执笔竖直悬空静止时，笔受到的摩擦力和重力是一对平衡力
C. 书写时，使笔尖弯曲的力的施力物体是手
D. 书写“宁”中的“一”时，笔尖受到纸面向右的摩擦力
12.小明根据小区门禁功能设计模拟电路。要求：光线较暗时，光控开关闭合，照明灯亮；刷脸或刷卡成功时，对应开关闭合，电动机M工作，门禁开启。符合以上设计要求的电路是( )
A. B.
C. D.
13.学校兴趣小组设计了植物光照强度检测装置，电路如图甲所示。电源电压恒定不变，R0为电阻箱，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的变化如图乙所示。当电压表的示数为U0时触动报警，启动遮阳装置，此时光照强度为E0。关于检测装置说法正确的是( )
A. R的阻值随光照强度的增大而增大
B. 当R0阻值不变时，光照强度越强电压表的示数越大
C. 增大R0的阻值，报警时光照强度小于E0
D. 检测时电压表示数突然变为0，故障是R断路
14.如图所示，某工厂利用滑轮组将质量为400kg的工件沿水平地面匀速拉动10m。电动机对绳的拉力为600N，A点绳的速度为1m/s，动滑轮质量为20kg。(忽略绳重及与滑轮的摩擦，g取10N/kg)则( )
A. 工件移动的时间为10s
B. 工件受到拉力的功率为500W
C. 电动机消耗的电能为6×103J
D. 滑轮组机械效率约为66.7%
15.图甲所示电路，电源电压不变，电流表测量范围为0−0.6A，电压表测量范围为0−15V。只闭合开关S、S1，保证电路所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片P；只闭合开关S、S2，滑片P从右端移到左端。两次实验过程中电压表与电流表的示数关系如图乙所示。下列判断正确的是( )
A. 电源电压为6V
B. 小灯泡L正常发光时功率为0.6W
C. 只闭合开关S、S2时，电压表与电流表的示数关系为乙图中图像②
D. 只闭合开关S、S1，电路总功率最大时，小灯泡L与R2接入电路的阻值之比为1：2
二、填空题：本大题共6小题，共30分。
16.神舟二十三号载人飞船于2026年5月24日成功发射，它的主要能源系统是太阳能电池翼和储能电池。太阳能电池给储能电池充电时，储能电池在电路中相当于 (选填“电源”或“用电器”)。5月25日航天员顺利进驻“天宫”，他们与地面科研人员是通过 传递信息的(选填“超声波”或“电磁波”)。
17.每年6月6日为“全国爱眼日”，部分青少年由于不良用眼习惯，导致看不清远处的物体，需要佩戴合适的 透镜(选填“凸”或“凹”)，该透镜对光具有 作用。
18.图甲为遂宁地标建筑——涪江六桥。一辆总重为2×104N的轿车匀速通过涪江六桥，若轿车受到的牵引力为总重的0.2倍，则轿车匀速行驶时受到的阻力为 N。轿车的流线造型虽然会减小空气对它的阻力，但轿车快速行驶时对桥面的压力会 (选填“增大”、“减小”或“不变”)。小华利用身边的材料制作了如图乙所示的“迷你六桥”模型，若将右侧斜拉绳索的作用力等效为一个大小为F、与桥面夹角为30∘的力，如图丙所示。已知丙图中质量分布均匀、形状规则的桥板OA重为8N，则F= N。
19.小芳家电能表的参数如图所示，则她家能允许同时接入电路的用电器总功率不超过 W。她想利用电能表粗略测算微波炉的热效率，于是她关闭家中其它用电器，将一杯质量为300g，初温为20∘C的牛奶放入微波炉加热到40∘C，该过程电能表的指示灯闪烁了8次，则牛奶吸收的热量为 J，该微波炉的热效率为 。[不考虑热量损失，c牛奶=2.5×103J/(kg⋅∘C)]
20.如图甲所示，利用弹簧测力计将位于水槽底部的柱体以1cm/s的恒定速度竖直提离水面。已知水槽的底面积为200cm2，弹簧测力计示数F随时间t关系图像如图乙所示。柱体由浸没到完全露出水面，水槽底部受到水的压强变化量为 Pa，柱体的高度是 cm。(忽略柱体带出水的影响，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)
21.小柯骑行他的自行车感觉比以前更费劲，滑行距离明显缩短。周末他对自行车进行维修保养时，对自行车的结构原理有了全面直观的了解。
(1)自行车是由多个简单机械组成，如图甲所示。其中刹车把手、车把以及曲中柄的使用是为了骑行时 ；齿盘直径比飞轮大，这样设计是为了骑行时 。(以上两空均选填“省力”、“省功”或“省距离”)
(2)他检查发现，后轮轴承损坏，于是进行维修并加润滑油(如图乙所示)，同时对其它转动部分进行保养，以此 摩擦使骑行更轻便。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
22.如图为探究浮力产生条件的实验。请作出乒乓球从水底上浮过程中的受力示意图(忽略水的阻力)。
23.一束激光从空气斜射向水面，请在图中画出它在空气中反射的光路和在水中折射的大致光路。
24.根据图中小磁针静止时的指向，标出A点磁感线方向和电源左端的极性(“+”或“-”)。
四、实验探究题：本大题共2小题，共18分。
25.在探究影响浮力大小的因素时，某小组同学作出了以下猜想：
猜想一：可能与物体浸在液体中的深度有关；
猜想二：可能与物体浸在液体中的体积有关；
猜想三：可能与液体的密度有关；
小组同学设计了以下探究过程：
(1)选择器材：力传感器、完全相同的四个长方体磁力块、足够深的清水和盐水、细绳。
(2)探究步骤：
(3)分析论证：
1)小华分析①②③次测量数据发现：磁力块在液体中深度越深时，受到的浮力越大。小米认为小华的分析中有浸在液体中的深度和浸在液体中的体积两个变量，结论不可靠。并提出可以分析①③⑤次或______(填序号)三次测量数据得出：浸在同种液体的物体所受浮力大小与物体浸在液体中的深度无关；
2)再次分析①②③次或①④⑤次测量数据，均可得出浸在同种液体的物体所受浮力大小与物体浸在液体中的体积有关；根据①⑤⑥次测量数据可知：物体浸在液体中的体积相同时，液体的密度越大，物体所受浮力______；
(4)小华在整理实验器材时，发现有一磁力块在实验中有少量水渗入内部。渗水后测量得出的浮力比实际值偏______。
26.在调查家用电器的实践活动中，王宇发现他家的电饭锅铭牌中的功率标识已模糊不清。他想通过测量电阻来计算电饭锅正常加热时的功率，于是设计了以下测量方案。
(1)图甲为电饭锅的简化电路，当温控开关和电源开关均闭合时，电饭锅处于______状态(选填“加热”或“保温”)；
(2)王宇了解到温控开关在80∘C以下时为闭合状态。他从家庭实验箱里选择实验电源、电压表、电流表、滑动变阻器、开关和导线。将以上元件与电饭锅电源接口连接，如图乙所示。请用笔画线代替导线，将图乙电路补充完整(要求：滑片向右移动时电流表示数变小)；
(3)闭合图乙电路开关前应将滑动变阻器滑片调到最______端，保护电路；
(4)闭合图甲电饭锅电源开关和图乙电路开关，开始测量：
第1次测量时调节滑动变阻器滑片，电流表指针所在位置如图丙所示，I=______ A；再调节滑动变阻器滑片，多次测量得到下表数据。
(5)根据三次测量数据计算，R2=______Ω，该电饭锅接入家庭电路正常加热时的功率为______ W；
(6)他与老师交流时，老师指出这种方法计算出的电功率与实际值偏差较大。因为没有考虑温度对电阻的影响。
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
27.2026年4月19日，全球科技目光再次聚焦北京。100多个人形机器人与1万多名人类跑者参加“人机半马”比赛。“闪电”机器人以50分26秒夺冠，此成绩已超过目前人类精英运动员的最高水平。(半马：半程马拉松，是全程马拉松42.195公里的一半)(g取10N/kg)
(1)“半马”路程按21km，机器人用时50min计算，则机器人的平均速度为多少m/s？
(2)某型号机器人A的质量为20kg，双脚与水平地面的接触面积为400cm2，求它站立在水平地面时，对地面的压强。
(3)机器人A经过了一段长6m高2m的爬坡路段。求它在此路段克服自身重力做功。
28.科创小组设计了一款节能自动排水箱，如图所示。水箱深度为40cm；M是面积为20cm2的放水阀门；N是底面积为100cm2，高为15cm，重为4N的浮子；M与N用长为20cm的细绳相连。当水箱里水面达到一定高度时，M在细绳拉力的作用下被拉开，开始排水。为实现节能，在进水管口添加由电压控制的电磁阀从而控制进水管的开启和关闭(图中未画出)。浮子O可带动金属滑片P随水面变化始终沿竖直方向上下运动。L是长为35cm，阻值为35Ω的一段阻值均匀的电阻丝，一端与水箱上边齐平，滑片P与L接触良好。电源电压为6V，R=25Ω，电压表测量范围为0−3V。(细绳、放水阀门体积和质量均忽略不计。ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)
(1)求浮子N漂浮时(细绳无作用力)，受到的浮力。
(2)蓄水后，闭合电路开关。求水深度为25cm时，电压表的示数。
(3)放水阀门M刚好被拉开时，电压表的示数为多少？(结果保留一位小数)
(4)当N浸没时若还未排水，或水箱水位较低时都视为排水箱存在故障，需电磁阀关闭进水。在考虑电路安全以及节约用水情况下，请写出电压表示数与水位高度h间的关系式(要求写出自变量h的取值范围)。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.中学生课桌高度约80cm，故A错误；
B.人体感觉最舒适的环境温度约为23∘C左右，故B错误；
C.人静息时的脉搏跳动频率约为每分钟60∼100次，70次/min在这个正常范围内，故C正确；
D.中考800米项目，用时约4分钟，则对应速度为v=st=800m4×60s，约4m/s，故D错误。
故选：C。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释。
本题考查长度和时间，温度的估测，难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的；鼓声是由鼓面振动产生的，故A正确；
B、声音的传播需要介质；钹声通过空气传播到人耳处，故B正确；
C、不同的乐器音色不同，根据音色能分辨鼓声和钹声，故C正确；
D、轻敲和重敲时鼓声的振幅不同，响度不同，故D错误。
故选：D。
(1)声音是由物体振动产生的。
(2)声音的传播需要介质。
(3)不同的乐器，音色不同。
(4)声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
本题考查的是声音产生和传播的条件知道音调、响度和音色。
3.【答案】B
【解析】解：A、将纸板右半部分绕ON向后翻转任意角度，纸板上均无反射光束呈现，说明了反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线仍存在，故A错误；
B、用玻璃板代替平面镜，是因为玻璃板既能反射成像，又能透过玻璃板看到后面的蜡烛，便于确定像的位置，故B正确；
C、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，故C错误；
D、一束太阳光通过三棱镜折射后，被分解成七种颜色的光，在白色光屏上均可呈现七色光，故D错误。
故选：B。
(1)光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；
(2)用玻璃板代替平面镜便于确定像的位置；
(3)凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
(4)一束太阳光通过三棱镜折射后，被分解成七种颜色的光，在白色光屏上形成一条七彩光带，这个现象叫光的色散。
此题主要考查探究了光的反射定律、探究平面镜成像的特点实验、探究凸透镜成像规律以及探究光的色散实验，实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。
4.【答案】A
【解析】解；A.夜晚气温降低，空气中气态水蒸气遇冷，变成附着在草木上的液态小水珠(露)，物质由气态变为液态，属于液化，故A正确。
B.冰是液态水遇低温变成固态，过程是液态变为固态，凝固；凝华是气态直接变固态(如雪、霜)，故B错误。
C.高空气温低于0∘C，水蒸气直接由气态变为固态冰晶形成雪，属于凝华，故C错误。
D.以地面为参照物，人相对于地面的位置没有发生改变，是静止的，“日行八万里”是地球自转，参照物是太阳，故D错误。
故选：A。
A.物质由气态变为液态，属于液化。
B.物质由液态变为固态叫凝固。
C.物质由气态直接变为固态属于凝华。
D.物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
本题考查运动与静止的相对性及凝固、凝华、液化现象。
5.【答案】B
【解析】解：A、热值是燃料是属性，煤炭燃烧时，质量减小，但热值不变，故A错误；
B、物质的分子在永不停息地做无规则的运动，透出香气是扩散现象，说明分子在运动，故B正确；
C、文火慢炒是利用火加热，通过热传递改变内能，翻炒是防止受热不均匀，故C错误；
D、液体沸腾时吸热温度保持不变，羹在沸腾时吸热，温度不变，故D错误。
故选：B。
(1)热值是燃料是属性，与质量无关；
(2)物质的分子在永不停息地做无规则的运动；
(3)火加热是热传递改变内能；
(4)液体沸腾时吸热温度保持不变。
本题考查热值、沸腾的特点、内能和分子动理论，属于中档题。
6.【答案】C
【解析】解：A、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。当带电体接触验电器金属球时，电荷通过金属杆传递到金属箔片，使两片金属箔带同种电荷，因相互排斥而张开，故A正确。
B、大气压随海拔高度的增加而减小，液体的沸点随气压的降低而降低。因此，海拔越高，大气压越低，液体沸点越低，故B正确。
C、投出去的篮球在运动过程中，到达最高点时，竖直方向速度为0，但水平方向由于惯性仍具有速度。根据牛顿第一定律，若此时外力消失，物体将保持原来的运动状态，即匀速直线运动，而非静止，故C错误。
D、单摆从最低点向最高点运动时，质量不变，速度减小，高度增加，此过程中动能转化为重力势能，故D正确。
故选：C。
(1)验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
(2)海拔越高，大气压越低，液体沸点越低。
(3)外力消失，物体将保持原来的运动状态，即匀速直线运动。
(4)从最低点向最高点运动时，质量不变，速度减小，高度增加，动能转化为重力势能。
本题考查的是验电器原理、大气压与沸点关系、牛顿第一定律及能量转化等知识。
7.【答案】D
【解析】解：A、更换小功率灯泡也要切断电源，防止发生触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、在一个插线板上长时间同时使用多个大功率用电器，很容易造成电路电流过大，引发火灾，故B不符合安全用电原则；
C、洗衣机的金属外壳要使用保护接地线，避免出现触电事故，故C不符合安全用电原则；
D、发生电路起火时，应立即切断电源，再灭火，防止发生触电事故，故D符合安全用电原则；
故选：D。
(1)检修电路、更换灯泡时要切断电源；
(2)家庭电路中电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大。
(3)有金属外壳的用电器的金属外壳要接地，避免用电器漏电时，发生触电事故。
(4)发生电路起火时，应立即切断电源，再灭火。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：A、图为奥斯特实验装置图，说明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意；
B、闭合开关，导体在磁场中受力运动，是电动机的原理图，故B符合题意；
C、图为探究电磁感应实验装置图，说明闭合电路部分导体切割磁感线时会产生感应电流，故C不符合题意；
D、图为探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系图，说明电流大小一定时，匝数越多，电磁铁磁性越强，故D不符合题意。
故选：B。
电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动。
本题考查电磁学实验装置，学生需要熟记不同实验装置的实验结论。
9.【答案】C
【解析】解：A、煤、石油、天然气是直接从自然界获取的，属于一次能源。电力是通过其他能源转化而来的，属于二次能源，故A错误。
B、超导材料在临界温度下电阻为零，无法发热，而电吹风需要发热电阻产生热量。利用超导材料制作发热电阻违背其特性，故B错误。
C、核电站通过可控核裂变释放能量发电，故C正确。
D、根据能量守恒定律，能量只会转移或转化，但总量保持不变，故D错误。
故选：C。
(1)一次能源可以从自然界直接获得，而二次能源不能从自然界直接获得，需要通过消耗一次能源来获得。
(2)某些物质在很低的温度时，电阻变成0的现象。在一定条件下能发生超导现象的材料就是超导材料。
(3)核电站利用核能发电，目前核电站中进行的都是核裂变反应。
(4)能量只会转移或转化，但总量保持不变。
本题考查能源分类、超导材料应用、核能利用及能量守恒定律，需结合相关概念进行判断。
10.【答案】A
【解析】解：A、根据船闸的结构特点可知，其在工作时，上端开口，下部连同，即符合连通器的定义，所以船闸是利用连通器的原理工作的，故A正确；
B、福建舰在水面上航行时处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知：航母受到的浮力大小等于航母的总重力；因福建舰上的舰载机起飞后，航母的总重力变小，则航母受到的浮力变小，故B错误；
C、核潜艇是通过改变自身的重力来实现上浮和下潜的。核潜艇有多个水舱，向水舱中充水时，自身重力增大，重力大于浮力，核潜艇下潜；向外排水时，自身重力减小，重力小于浮力，核潜艇上浮。而不是通过改变排开液体的体积(核潜艇排开液体体积基本不变，因为其自身形状和体积相对固定)，故C错误；
D、S1500型浮空风力装置在上升时，受到的阻力方向向下，S1500型浮空风力装置在下降时，受到的阻力放向向上，故D错误。
故选：A。
(1)上端开口、下端相连通的容器叫连通器；船闸是连通器特点的应用；
(2)根据浮沉条件分析解答；
(3)核潜艇是通过改变自身的重力来实现上浮和下潜的；
(4)阻力与浮空气球的运动方向相反。
本题考查连通器、潜艇的浮沉原理、利用物体的浮沉条件比较浮力的大小、力和运动的关系。
11.【答案】B
【解析】解：A、手握毛笔时笔杆受到的压力是由于手发生形变产生的，故A错误；
B、手执笔竖直悬空静止时，笔受到的摩擦力和重力是一对平衡力，故B正确；
C、书写时，使笔尖弯曲的力的施力物体是纸张，故C错误；
D、书写“宁”中的“一”时，笔尖受到纸面向左的摩擦力，故D错误。
故选：B。
(1)物体由于发生弹性形变所产生的力叫弹力。
(2)根据二力平衡的条件进行分析。
(3)发生力的作用时，同时存在施力物体和受力物体。
(4)根据摩擦力产生的原因判断摩擦力的方向。
本题考查的是摩擦力、压力；知道施力物体和受力物体；知道二力平衡的条件。
12.【答案】D
【解析】解：由题知，刷脸或刷卡成功时，对应开关闭合，都能完成电动机通电，说明两开关互不影响，说明开关应是并联的，两个开关都能控制电动机；
“光控”开关自动闭合，提供照明，与电动机没有影响，故灯泡与电动机是并联的，只有D图符合题意。
故选：D。
由题知，刷脸或刷卡成功时，对应开关闭合都能完成电动机通电，说明两开关互不影响，为并联方式；“光控”开关自动闭合，提供照明，与电动机没有影响。据此分析解答。
根据考查根据要求设计电路图，明确并联电路各支路互不影响及开关与控制的电路串联是关键。
13.【答案】C
【解析】解：A、R的阻值随光照强度的增大而变小，故A错误；
B、电阻箱与光敏电阻串联，电压表测R的电压，当R0阻值不变时，R随光照强度变大而变小，由分压原理，电压表示数变小，故B错误；
C、当电压表的示数为U0时触动报警，增大R0的阻值，对应的R变大，报警时光照强度小于E0，故C正确；
D、检测时电压表示数突然变为0，可能是R短路，或R0断路，故D错误。
故选：C。
A、根据图乙分析；
B、电阻箱与光敏电阻串联，电压表测R的电压，当R0阻值不变时，结合R随光照强度变大而变小，由分压原理分析；
C、当电压表的示数为U0时触动报警，增大R0的阻值，对应的R变大，结合图乙分析；
D、检测时电压表示数突然变为0，可能是R短路，或整个电路断路。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用。
14.【答案】B
【解析】解：已知m物=400kg，s物=10m，F=600N，v绳=1m/s，m动=20kg，g=10N/kg，n=2，
A、根据重力公式得出动滑轮重力G动=m动g=20kg×10N/kg=200N，由F=f+G动n解得f=nF−G动=2×600N−200N=1000N，
工件移动速度v物=v绳n=1m/s2=0.5m/s，
根据速度变形公式得出工件移动时间t=s物v物=10m0.5m/s=20s，故A错误。
B、工件拉力功率P有=fv物=1000N×0.5m/s=500W，故B正确。
C、根据滑轮组距离比例关系得出绳端移动距离s绳=ns物=2×10m=20m，拉力总功W总=Fs绳=600N×20m=1.2×104J，理想下等于消耗电能，故C错误。
D、根据功的公式得出有用功W有=fs物=1000N×10m=1×104J，机械效率约η=W有W总×100%=1×104J1.2×104J×100%≈83.3%，故D错误。
故选：B。
(1)先由滑轮组绳段数n=2推出工件移动速度，再结合工件移动距离，由速度公式计算运动时间；
(2)先计算动滑轮重力，由水平滑轮组拉力公式求出工件摩擦力，工件匀速运动拉力等于摩擦力，再结合工件速度计算拉力功率；
(3)由绳段数算出绳子自由端移动距离，用拉力与绳端距离求拉力总功，理想状态下总功等于电动机消耗电能；
(4)分别计算克服摩擦力的有用功与拉力总功，用有用功除以总功得到机械效率。
本题通过水平滑轮组牵引工件的实际情景，分选项依次考查运动时间、拉力功率、总功、机械效率的计算，区分水平滑轮组阻力为摩擦力、竖直滑轮组阻力为物重的受力模型，考查学生滑轮组比例关系、力学综合运算的能力。
15.【答案】A
【解析】解：ABC、只闭合开关S、S1，灯与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路的电流；只闭合开关S、S2，R1与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，根据串联电路电压的规律，故
U滑=U−U1=U−I1R1；
可知通过变阻器的电流与其两端的电压为一次函数关系，即只闭合开关S、S2时，电压表与电流表的示数关系为乙图中图像①；只闭合开关S、S1，电压表与电流表的示数关系为乙图中图像②；
由图像②可知，电路的最大电流为0.3A，电压表示数为2V；最小电流为0.2A，电压表示数为4V，可知灯的额定电流为IL=0.3A；
R1与变阻器串联，当变阻器连入电路的电阻为0时，电流最大，电压表示数为电源电压，由欧姆定律有
U=I2大R1=0.6A×R1
当变阻器连入电阻最大时，电流最小为0.2A，电压表示数为4V，根据串联电阻的规律及欧姆定律有
U=I2小R1+UV2=0.2A×R1+4V
联立两式可知
U=6V
R1=10Ω；
故灯的额定电压为UL=6V−2V=4V，
小灯泡L正常发光时功率为
PL=ULIL=4V×0.3A=1.2W
故A正确，BC错误；
D、只闭合开关S、S1，电路总功率最大时，由P=UI可知，此时电路的电流为0.3A，由分压原理，小灯泡L与R2接入电路的阻值之比等于电压之比，即为4V：2V=2：1
故D错误。
故选：A。
ABC、只闭合开关S、S1，分析电路的连接及电表测量的对象；分析只闭合开关S、S2，R1与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，根据串联电路电压的规律得出变阻器电压表达式，确定通过变阻器的电流与其两端的电压为一次函数关系，据此确定第2次操作中电压表与电流表的示数关系图像及第1次只闭合开关S、S1时电压表与电流表的示数关系图像；
由图像②可知，电路的最大电流为0.3A时电压表示数及最小电流为0.2A时电压表示数，从而确定灯的额定电流为IL；R1与变阻器串联，当变阻器连入电路的电阻为0时，电流最大，电压表示数即为电源电压，由欧姆定律得出电源电压表达式，当变阻器连入电阻最大时，电流最小为0.2A，电压表示数为4V，根据串联电阻的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，联立两式可知电源电压及R1；根据串联电路电压的规律得出灯的额定电压，根据P=UI得出小灯泡L正常发光时功率；
D、只闭合开关S、S1，电路总功率最大时，由P=UI可知，此时电路的电流为0.3A，由分压原理得出小灯泡L与R2接入电路的阻值之比。
本题考查欧姆定律和电功率公式及串联电路的规律，难度大，关键是从图中获取有效的信息。
16.【答案】用电器
电磁波

【解析】解：太阳能电池产生电能，给储能电池充电时，电能转化为化学能，储能电池在电路中相当于用电器；
空间站的图像信号是通过电磁波传回地面的。
故答案为：用电器；电磁波。
根据能量转化分析作用；
电磁波可以在真空中传播，而电磁波可以传递能量和信息。
本题考查能的转化以及电磁波的应用，是一道基础题。
17.【答案】凹
发散

【解析】解：看不清远处的物体，是因为近视眼的晶状体太厚，折光能力太强，像成在视网膜的前方。矫正近视眼需要佩戴对光有发散作用的凹透镜，使光线推迟会聚，让像重新成在视网膜上。
故答案为：凹；发散。
矫正近视眼需要佩戴对光有发散作用的凹透镜，据此分析。
本题考查凹透镜的会聚作用，难度适中。
18.【答案】4×103
变小
8

【解析】解：轿车匀速行驶时受到的阻力f=F牵=0.2G=0.2×2×104N=4×103N；
根据流体流速越大处，流体的压强越小，轿车快速行驶时，上表面气体的流速比下表面气体的流速大，所以压强较低，轿车对地面的压力小，由压强p=FS可知，压强变小；
以O为支点，设OA的长度为L，把桥板的重力作为动力，则动力臂为12L，阻力为F，因为OA与拉力F的夹角为30∘，所以阻力臂为12L，由杠杆的平衡条件FF1L1=F2L2得：G×12L=F×12L，所以F=G=8N。
故答案为：4×103；变小；8。
根据轿车匀速通过涪江六桥，轿车受到的牵引力为总重的0.2倍，可求出牵引力，轿车匀速行驶，受到的阻力等于牵引力；气体流速块处压强低，轿车快速行驶时，上表面气体流速块，压强低，气体的压力差到，轿车对地面的压力变小，轿车对地面的压强变小；O为支点，设OA的长度为L，把桥板的重力作为动力，则动力臂为12L，阻力为F，因为OA与拉力F的夹角为30∘，所以阻力臂为12L，由杠杆的平衡条件求出拉力F的大小。
本题考查了流体的压强与流速的关系，杠杆平衡条件的应用。
19.【答案】13200
1.5×104J
62.5%

【解析】解：小芳家电能表允许的最大电流为60A，功率P=IU=60A×220V=13200W；
300g牛奶从20∘C升高到40∘C，牛奶吸收的热量Q吸=c牛奶m(t2−t1)=2.5×103J/kg×300×10−3kg×(40∘C−20∘C)=1.5×104J，
电能表的指示灯闪烁了8次消耗的电能W=81200×1kW⋅ℎ=81200×3.6×106J=2.4×104J，
该微波炉的热效率η=Q吸W×100%=1.5×104J2.4×104J×100%=62.5%。
故答案为：13200；1.5×104J；62.5%。
由电能表的铭牌示数可知，小芳家电能表允许的最大电流为60A，功率P=IU；
300g牛奶从20∘C升高到40∘C，牛奶吸收的热量Q吸=cmΔt；
由电能表的铭牌示数可知电能表的指示灯闪烁了8次消耗的电能W，微波炉的热效率η=Q吸W×100%。
本题考查了功率的计算，物体吸收热量公式Q吸=cmΔt的应用，热效率的计算。
20.【答案】500
25

【解析】解：柱体从完全浸没到完全露出水面，排开水的体积减少了柱体自身的体积V柱。这部分体积的水“消失”了，导致水槽内水面下降，进而导致水对底部的压强减小。从图乙中读取完全浸没时的拉力F1和完全露出时的拉力F2 (即重力G)，根据受力平衡：F浮=G−F1=F2−F1，
液体对容器底部压力的变化量恰好等于浮力的变化量：Δp=F2−F1S槽=12N−2N0.02m2=500Pa。
则液面下降了Δℎ=Δpρ水g=500Pa1.0×103kg/m3×10N/kg=0.05m=5cm，
柱体的高度等于它在“阶段二”中运动的路程和水面下降的高度，即：ℎ=v×Δt+Δℎ=1cm/s×(60−40)s+5cm=25cm。
故答案为：500；25。
柱体从完全浸没到完全露出水面，排开水的体积减少了柱体自身的体积V柱。这部分体积的水“消失”了，导致水槽内水面下降，进而导致水对底部的压强减小。
柱体的高度等于它在“阶段二”中运动的路程。
这是一道经典的初中物理浮力与压强综合题。
21.【答案】省力
省距离
减小

【解析】解：
(1)刹车把手、车把、曲中柄都属于省力杠杆，动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件，使用时可以用较小的动力克服较大的阻力，因此；齿盘和飞轮相当于轮轴，齿盘直径比飞轮大，骑行时，齿盘转动一圈，飞轮会转动更多圈，后轮随飞轮转动的圈数更多，相同蹬踏距离下自行车能行驶更远；从机械特点看，这种设计是费力气、但能让自行车获得更大的行驶距离，因此是为了省距离；
(2)给轴承加润滑油、保养转动部分，是通过使接触面分离的方式，减小接触面的粗糙程度，以此减小摩擦，从而让骑行更轻便。
故答案为：(1)省力；省距离；(2)减小。
(1)刹车把手、车把、曲中柄都属于省力杠杆，因此刹车把手、车把以及曲中柄的使用是为了骑行时省力；齿盘和飞轮相当于轮轴，这种设计是费力气、但能让自行车获得更大的行驶距离，因此齿盘直径比飞轮大，这样设计是为了骑行时省距离；
(2)给轴承加润滑油、保养转动部分，是通过使接触面分离的方式，减小接触面的粗糙程度，以此减小摩擦。
本题考查了杠杆的分类与应用，省力杠杆的特点及判断；轮轴结构分析省力与省距离的关系；减小摩擦力的方法，难度不大。
22.【答案】。
【解析】解：忽略水的阻力，乒乓球从水底上浮过程中受到浮力和重力的作用，且浮力大于重力；浮力的方向竖直向上，重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心上，如图所示：
。
忽略水的阻力，乒乓球从水底上浮过程中受到浮力和重力的作用，且浮力大于重力。
本题考查的是物体的浮沉条件，会根据物体的受力情况，正确画出力的示意图。
23.【答案】
【解析】解：过入射点作出法线，根据反射角等于入射角，在空气中法线的右侧空气中作出反射光线；光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，据此在水中法线的右侧水中作出折射光线的大致方向，如图所示：
光发生反射时，反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，由此作出反射光线；
光发生折射时，折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧；光由空气斜射进入水中，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，由此作出折射光线。
本题考查根据光的反射和折射规律作图，注意反射角、折射角与入射角的大小关系，作图要规范。
24.【答案】
【解析】解：由图可知，小磁针左端为S极，则通电螺线管右端为N极，左端为S极，在螺线管外部，磁感线都是从N极出发，回到S极，据此标出通电螺线管磁感线的方向，根据安培定则可知电源左端为正极，作图如下：
小磁针左端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知通电螺线管右端为N极，左端为S极，在螺线管外部，磁感线都是从N极出发，回到S极，据此标出通电螺线管磁感线的方向，根据安培定则可知电源左端为正极。
本题考查安培定则与磁极间的作用规律，属于基础题。
25.【答案】分析论证：
1)①②④；
2)越大；
小
【解析】(3)分析论证：
1)磁力块在液体中深度越深时，必须控制液体的密度和浸入的体积不变，故需要对比①③⑤次，或者对比全部是一半浸入水中的情况，因而是①②④；
2)根据①⑤⑥次测量数据可知：都是浸没的，故物体浸在液体中的体积相同时，液体的密度越大，就盐水的密度较大，此时的拉力较小，根据浮力等于重力减去拉力，浮力较大，即物体所受浮力越大；
(4)开始测量重力是准确的，浸入后由于吸水使得图中的重力变大，而浮力不变，故使得弹簧测力计的示数变大，根据称重法知，计算的浮力比真实值偏小。
故答案为：(3)分析论证：
1)①②④；
2)越大；
(4)小。
(1)根据浮力有关因素结合控制变量法分析；
(2)根据称重法分析浮力，结合密度分析解答；
(3)根据称重法分析浮力大小变化。
本题考查浮力有关因素的探究，属于中档题。
26.【答案】加热； ； 右； 0.1； 40；1210
【解析】(1)当温控开关和电源开关均闭合时，R1被短路，电路中只有R2工作，根据公式P=U2R，此时电路电阻最小，功能最大，所以电饭锅处于加热状态；
(2)补充实物电路图，要求滑片向右移动时电流表示数变小，说，明滑动变阻器接入电路的电阻要变大，因此应接左下接线柱，如下图：
(3)闭合电路开关前，应将滑动变阻器滑片调到最大阻值处，这样电路中电流最小，起到保护电路元件的目的。由(2)题图所示，当滑片处于最右端时，接入电路的阻值最大，所以填“右”；
(4)根据图丙所示，选用的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，则指针示数为0.1A；
(5)根据欧姆定律变形公式R=UI求电阻，
根据(4)题表格，第1次实验，R1=U1I1=4V0.1A=40Ω；
则根据三次测量数据，R2=40Ω+39Ω+41Ω3=40Ω；
根据题(1)，电饭锅加热时只有R2工作，则此时的电功率P=U2R2=(220V)240Ω=1210W；
故答案为：(1)加热；(2)；(3)右；(4)0.1；(5)40；1210。
(1)根据电功率计算公式P=UI=I2R=U2R，结合电路图进行解答；
(2)根据串联电路中电阻和电流的规律解答；
(3)闭合电路开关前，应将滑动变阻器滑片调到最大阻值处，这样电路中电流最小，起到保护电路元件的目的；
(4)读实验室电流表和电压表时，先看接线方法，确定选用的量程，再观察分度值，进行计数；
(5)根据欧姆定律I=UR变形公式求电阻R=UI，多次测量取平均值，以减小误差；
本题结合生产生活实际，考查了电功率的计算、伏安法测电阻的探究实验。属于综合性考查题目。解题关键是掌握电功率的计算和伏安法测电阻的实验内容。
27.【答案】机器人的平均速度是7m/s 机器人站立在水平地面时，它对地面的压强为5×10Pa3 它在此路段克服自身重力所做的功为400J
【解析】解：(1)已知s=21km=2.1×104m；t=50min=3000s
则机器人的平均速度v=st=2.1×104m3000s=7m/s；
(2)已知机器人A的质量m=20kg，
则机器人A的重力G=mg=20kg×10N/kg=200N；
对机器人A进行受力分析，当站立在水平地面时，处于平衡状态，则它受到地面的支持力F支=G；
又机器人A对地面施加的压力F压和地面施加给它的支持力F支是一对作用力与反作用力，则有F压=F支=G；
机器人A双脚与水平地面的接触面积为S=400cm2；
则它对地面的压强
p=F压S=GS=200N400cm2=200N400×10−4m2=5×103Pa；
(3)已知竖直上升高度ℎ=2m；
则克服自身重力所做的功W=Gℎ=200N×2m=400J。
答:(1)机器人的平均速度是7m/s；
(2)机器人站立在水平地面时，它对地面的压强为5×10Pa3；
(3)它在此路段克服自身重力所做的功为400J
(1)根据速度公式v=st计算机器人的平均速度，计算时请注意单位的统一。
(2)根据压强公式p=FS计算出机器人站立在水平地面时对地面的压强。
(3)功是力与物体在力的方向上移动距离的乘积，克服自身重力做功，可以利用公式W=Gℎ=mgℎ计算，其中G是物体重力，h是竖直上升高度。
本题考查了速度的简单计算、压强的计算、功的计算。属于综合考查题，但难度不大。
28.【答案】浮子N漂浮时受到的浮力为4N 水深度为25cm时，电压表的示数为2.25V 放水阀门M刚好被拉开时，电压表的示数为2.3V 电压表示数与水位高度h间的关系式是UV=6(40−ℎ)65−ℎ；自变量范围是15cm≤ℎ≤19cm
【解析】解：已知：ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg，GN=4N，SN=100cm2=1×10−2m2，ℎN=15cm；电阻丝L总=35cm，RL=35Ω，单位长度电阻r=35Ω35cm=1Ω/cm；
定值电阻R=25Ω，电源U总=6V，电压表测滑片下方电阻丝两端电压。
(1)由物体的漂浮条件可知：F浮=GN=4N；
(2)水深ℎ=25cm，电阻丝顶端与水箱上边齐平，水箱总深40cm，滑片距离上沿长度：ΔL=40cm−25cm=15cm，
电压表测量的电阻：Rx=ΔL⋅r=15cm×1Ω/cm=15Ω，
R与Rx串联，总电阻：R总=R+Rx=25Ω+15Ω=40Ω，电路电流：I=U总R总=6V40Ω=0.15A，
电压表示数：UV=IRx=0.15A×15Ω=2.25V。
(3)阀门 M刚好拉开，细绳拉力拉动阀门，对浮子受力分析：F浮2=GN+F拉；拉力等于阀门处水的压力；
先求拉开时浮子浸入深度。
漂浮时F浮1=ρ水gSNℎ浸1，解得ℎ浸1=F浮1ρ水gSN=4N1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10−2m2=0.04m=4cm，
细绳长20cm，当绳刚好拉直有拉力时，水面比浮子漂浮位置升高20cm，此时总水深：ℎ开=4cm+20cm=24cm，
滑片距水箱上沿长度：ΔL′=40cm−24cm=16cm，对应电阻R′L=16Ω，总电阻：R总′=25Ω+16Ω=41Ω，
电路电流：I′=UR总′=6V41Ω，电压表示数：UL′=I′RL′=6V41Ω×16Ω≈2.3V。
(4)①电路安全上限：电压表最大3V，此时ULmaxU−ULmax=RLmaaxR，3V3V=RLmax25Ω⇒RLmax=25Ω，
对应滑片距上沿25cm，水位ℎ1=40cm−25cm=15cm；②故障下限：浮子完全浸没ℎN=15cm，对应水位ℎ2=4cm+15cm=19cm，超过此水位不排水为故障；电阻丝接入阻值RL=(40−ℎ)Ω，串联电流I=UR+RL=6V25Ω+(40−ℎ)Ω=6V(40−ℎ)Ω= 665−ℎA，
电压表示数：UV=IRL=6(40−ℎ)65−ℎ，自变量范围：15cm≤ℎ≤19cm。
答：(1)浮子N漂浮时受到的浮力为4N；
(2)水深度为25cm时，电压表的示数为2.25V；
(3)放水阀门M刚好被拉开时，电压表的示数为2.3V；
(4)电压表示数与水位高度h间的关系式是UV=6(40−ℎ)65−ℎ；自变量范围：15cm≤ℎ≤19cm。
(1)漂浮条件：浮力等于浮子重力，直接求浮力；
(2)电阻丝L总长35cm、总电阻35Ω，单位长度电阻1Ω/cm；水箱上边对齐电阻丝顶端，水位深度h对应滑片下移距离，算出电压表测量的电阻丝阻值，串联分压求电压表示数；
(3)先对阀门M、浮子N受力分析，求出拉开阀门时浮子需要的拉力，再求浮子浸入深度，得到对应水位高度，算出接入电压表的电阻，串联分压求出电压；
(4)结合电压表量程0∼3V、浮子最大浸没高度15cm、水箱总深40cm，推导电压U与水位h的函数式，标注h取值范围。
本题结合自动排水箱模型，融合浮力受力平衡、液体压强、串联电路欧姆定律、动态电阻分压，将力学与电学综合，分层设问逐步推导临界水位与电压关系，考查跨模块综合运算、临界状态分析与函数关系式推导能力。实验次数
电压/V
电流/A
电阻/Ω
1
4
2
5.5
0.14
39
3
6.5
0.16
41