期末全真模拟试卷02（广东广州专用）-2025-2026学年八年级物理下册含答案（人教版）

这是一份期末全真模拟试卷02（广东广州专用）-2025-2026学年八年级物理下册含答案（人教版），共6页。试卷主要包含了选择题等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：60分钟 试卷满分：90分）
第一部分 （共30分）
一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。
1．关于力的概念，下列说法正确的是（ ）
A．两个物体不接触就不可能产生力的作用
B．力可以脱离物体而单独存在
C．力是物体对物体的作用，没有物体就没有力
D．只有一个物体也能产生力的作用
【答案】C
【解析】A．不接触的物体也能产生力的作用，比如磁铁吸引铁钉、地球对物体的重力，不接触也可以有力，故A错误；
B．力不能脱离物体单独存在，故B错误；
C．力的定义就是物体对物体的作用，力离不开物体，没有物体就不存在力，故C正确；
D．产生力至少需要施力物体和受力物体两个物体，一个物体无法产生力，故D错误。
故选C。
2．粮食安全是国家安全的重要基础。如图是两台收割机正在收割小麦的场景，小明同学发现收割机上有很多花纹，收割机轮胎上设有凹凸不平花纹的目的是（ ）
A．增大摩擦力B．减小摩擦力C．增大压力D．减小压力
【答案】A
【解析】滑动摩擦力大小由压力、接触面粗糙程度决定；收割机轮胎上设有凹凸不平花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，防止打滑，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3．生活处处皆物理，大量的神奇现象都与物理学有着千丝万缕的关系。在我国古代，很多诗人都将他们观察到的有趣场景用诗词记录了下来。下列诗句中，所反映的物理现象与另外三句不同的是（ ）
A．清风不识字，何故乱翻书
B．八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅
C．飞流直下三千尺，疑是银河落九天
D．长风万里送秋雁，对此可以酣高楼
【答案】C
【解析】A.清风翻书的原理是风吹过书页时，书页上方空气流速大、压强小，书页下方流速小、压强大，压强差将书页翻开，属于流体压强与流速的关系；
B.大风卷走屋顶茅草的原理是屋顶上方空气流速大、压强小，屋内空气流速小、压强大，向上的压强差将茅草掀起，属于流体压强与流速的关系；
C.瀑布飞流直下，是水受重力作用从高处下落，过程中水的重力势能转化为动能；
D.大雁飞翔时，翅膀上方凸起、空气流速大压强小，翅膀下方流速小压强大，压强差给大雁提供升力，属于流体压强与流速的关系。
本题选择与另外三句原理不同的，故选C。
4．关于浮力，下列说法正确的是（ ）
A．在水中下沉的金属块不受浮力
B．浮力大小等于物体上表面受到压力减去下表面受到的压力
C．物体浸没在水中的深度越深，所受浮力越大
D．物体排开水的体积越大，它在水中所受的浮力就越大
【答案】D
【解析】A．浸在液体中的物体都会受到浮力，即使是在水中下沉的金属块，也会受到水的浮力（只是浮力小于重力，所以下沉），故A错误；
B．浮力的本质是液体对物体上下表面的压力差，正确的公式是F浮=F下表面−F上表面​，故B错误；
C．物体浸没在水中后，排开水的体积V排​不再变化，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排​，浮力大小与深度无关，故C错误；
D．根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排​，当液体密度（水）不变时，物体排开水的体积V排越大，受到的浮力就越大，故D正确。
故选D。
5．如图所示，在四川凉山海拔3300米的高寒山区，太阳能除冰机器人正高效清理电网结冰。当机器人的机械臂以1500W的功率水平匀速碾压冰层时，下列说法正确的是（ ）
A．功率1500 W表示机器人在1秒内做功1500W
B．机器人除冰速度越快，做的功就越多
C．机械臂对冰层做的功越多，其功率就越大
D．若增大机器人除冰时的功率，则在相同时间内它做的功越多
【答案】D
【解析】A．由P=Wt得，功率1500W表示机器人在1秒内做功为W=Pt=1500W×1s=1500J，故A错误；
B．机器人除冰速度快意味着做功快，功率大，但做功的多少还与时间有关，所以速度快不一定做功多，故B错误；
C．机械臂对冰层做的功越多，由于做功时间不确定，则无法比较功率大小，故C错误；
D．若增大机器人除冰时的功率，由P=Wt得，在相同时间内它做的功越多，故D正确。
故选D。
6．如图所示是2024年巴黎奥运会女子自由式小轮车公园赛决赛时的情景，中国选手邓雅文以92.60分的成绩排名第一，为中国自由式小轮车队赢得奥运会历史上首枚金牌。下列说法中正确的是（ ）
A．邓雅文用脚蹬台面让小轮车前行，说明力的作用是相互的
B．扭转车把进行特技表演时，车把相当于一个费力杠杆
C．骑行小轮车在空中向上空翻，此时她受到向上的重力作用
D．完成表演后邓雅文骑行小轮车滑行最终停下来，是因为没有力来维持运动
【答案】A
【解析】A．邓雅文用脚向后蹬台面，对台面施加一个向后的作用力，台面则对她的脚施加一个向前的反作用力，从而前行，说明力的作用是相互的，故A正确；
B．小轮车的车把相当于一个省力杠杆，所以邓雅文用很小的力控制车把就能转动小轮车前轮，从而来控制小轮车的运动方向和平衡，故B错误；
C．重力的方向始终是竖直向下，故C错误；
D．小轮车最终会停下来，是因为受到阻力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误。
故选A。
7．关于惯性，下列说法正确的是（ ）
A．马路上行驶的汽车有惯性，静止的汽车不具有惯性
B．高速路上汽车要限速行驶，是因为汽车速度越快其惯性越大
C．超载运行的大货车不容易停下来是因为其质量大惯性大
D．高速公路上行车时车辆要保持一定的距离，是为了防止惯性力的作用
【答案】C
【解析】A．一切物体在任何状态下都具有惯性，行驶的汽车和静止的汽车都有惯性，故A错误；
B．惯性的大小只与物体的质量有关，与速度无关，高速路上汽车限速行驶，是因为汽车速度越快，刹车时向前滑行的距离越远，易引发交通事故，并非惯性变大，故B错误；
C．超载的大货车质量大，惯性大，保持原有运动状态的能力更强，所以不容易停下来，故C正确；
D．惯性是物体的固有属性，不是力，不能表述为“惯性力”，故D错误。
故选C。
8．如图所示，实心均匀的正方体甲、乙对水平地面的压强均为p0，若沿竖直方向切去甲的一半，沿水平方向切去乙的一半，它们剩余部分对地面的压强分别为p甲和p乙，则下列判断正确的是（ ）
A．p甲>p0B．p乙=p0C．p乙>p0D．p甲>p乙
【答案】D
【解析】对于放在水平地面的实心均匀柱体，对地面的压强可推导为p=FS=GS=ρShgS=ρgh
甲沿竖直方向切去一半后，密度ρ不变，高度h不变，根据p=ρgh，剩余部分对地面的压强 p甲=p0；也可通过p=FS推导，压力变为原来的12，底面积也变为原来的12，压强不变。
乙沿水平方向切去一半后，底面积S不变，压力变为原来的12，根据p=FS，剩余压强p乙=12FS=12p0
可得p甲=p0>p乙=12p0
故选D。
9．如图是铁路输电线的牵引装置原理图，采用坠砣牵引来自动补偿输电线的张紧，以此保障列车集电与输电线的接触。钢绳通过滑轮组悬挂配重为6000N的坠砣，输电线的一端P点与B滑轮相连。若某段时间坠砣竖直下降了10cm，不计滑轮和钢绳自重、摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．A滑轮可以省力
B．B滑轮可以改变力的方向
C．输电线P点向右移动了5cm
D．输电线对B滑轮的拉力为12000N
【答案】D
【解析】A．A滑轮是定滑轮，定滑轮不省力，只能改变力的方向，故A错误；
B．B滑轮是动滑轮，动滑轮的作用是省力，不能改变力的方向，故B错误；
C．坠砣下降10cm，A滑轮左侧钢绳缩短10cm，这部分长度由B滑轮两侧的钢绳分担，因此P点移动距离为s=10cm2=5cm，方向向左，故C错误；
D．因为不计滑轮和钢绳自重、摩擦，而B滑轮为动滑轮，会承担2段钢绳拉力，每段拉力等于坠砣重力6000N，所以输电线对B滑轮的拉力为F=2×6000N=12000N
故D正确。
故选D。
10．某小球被水平抛出，其部分运动轨迹如图甲所示。小球在运动过程中经过M、N两点，对应甲图①②③点处的某两个位置，其动能和重力势能的参数如图乙所示，以下说法正确的是（ ）
A．小球在①③位置机械能相等
B．小球在N点的重力势能为500J
C．小球在M点的高度等于N点
D．N点可能在位置②
【答案】D
【解析】A．由图可知，小球反弹的高度越来越低，所以机械能越来越小，小球在①位置机械能大于在③位置机械能，故A错误；
B．小球在N点时的重力势能为
Ep=Ek40%×60%=200J40%×60%=300J
故B错误；
C．由图乙可知，小球在M点的重力势能Ep′=240J，在N点时的重力势能为Ep=300J，则小球在M、N点的重力势能不同，所以高度不同，故C错误；
D．因为小球在M点的重力势能小于小球在N点的重力势能，所以小球在N点的高度大于在 M点的高度，①③处于同一高度，重力势能相同，所以N点可能在位置②，故D正确。
故选 D。
第二部分 （共60分）
二、本部分共8题，按题目要求作答，共60分。
11．（5分）（1）图甲是小凯自制的铅垂线，当铅锤静止时，铅垂线所指的方向是________方向。小凯利用铅垂线和三角尺来判断桌面是否水平，做法正确的是________（选填“乙”、“丙”或“丁”）图。
（2）小旋在探究弹簧的长度与所受拉力的关系时，得到如图所示的图像，则这根弹簧原长L0为________cm。当拉力为6N时，弹簧的伸长量ΔL为________cm；当这根弹簧的长度L为4cm时，弹簧受到的拉力为________N。
【答案】（1）竖直向下 乙；（2）2 3 4
【解析】（1）重力的方向总是竖直向下，铅垂线就是利用这一原理工作，因此铅锤静止时铅垂线所指方向为竖直向下；
判断桌面水平时，需将三角尺一条直角边放在桌面，另一条直角边贴近铅垂线，若铅垂线与直角边平行，说明桌面水平，只有乙图符合正确做法。
（2）弹簧原长是不受拉力（拉力为0）时弹簧的长度，由图像可知，拉力为0时弹簧长度为2cm，即原长L0=2cm；
当拉力为6N时，弹簧长度为5cm，伸长量ΔL=5cm−2cm=3cm
弹性限度内弹簧伸长量与拉力成正比，当弹簧长度为4cm时，伸长量为4cm−2cm=2cm
结合比例关系可得此时拉力为4N。
12．（7分）2019年5月17日23时48分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功发射一颗北斗导航卫星。卫星发射过程可简化为点火加速、离开大气层后关闭发动机自由上升和调整姿态三个阶段。卫星在工作轨道运行时，离地球最近的点叫近地点最远的一点叫远地点，卫星在大气层外运行，不受空气阻力。
（1）如图甲，火箭发射时，高温高压燃气从尾部喷出，火箭获得上升的推力，该推力的施力物体是________。此时卫星相对长征三号丙运载火箭是________（选填“运动”或“静止”）的。若此时火箭所受的外力全部消失，火箭将处于________状态（选填“静止”或“匀速直线运动”）；
（2）图乙为监控系统先后间隔2s拍摄到的火箭点火后竖直向上做直线运动时所在位置的照片，已知火箭的总长度为52m，在照片上已按一定比例标示出刻度，在这2s内上升的高度为________m，火箭的平均速度为________m/s。
（3）当发射到预定轨道后，卫星脱离火箭，由于具有________，能够继续飞行。
（4）如图丙，卫星沿椭圆形轨道运行时，卫星受________（选填“平衡力”或“非平衡力”）。
【答案】（1）燃气/高温高压燃气 静止 匀速直线运动；（2）104 52；（3）惯性；（4）非平衡
【解析】（1）高温高压燃气从尾部喷出，力的作用是相互的，燃气会施加给火箭一个推力，故该推力的施力物体是燃气。
卫星和长征三号丙运载火箭相对位置没有发生改变，故卫星相对长征三号丙运载火箭是静止的。
若此时火箭所受的外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，火箭将保持原来的运动状态，即处于匀速直线运动状态。
（2）由图乙可知，刻度尺的分度值为0.1cm，照片中火箭的长度为L=2.00cm，在这2s内火箭运动的距离为s=6.00cm−2.00cm=4.00cm
在这2s内火箭实际上升高度为s'=sL×L'=×52m=104m
在这2s内火箭的平均速度为v=s't=104m2s=52m/s
（3）当发射到预定轨道后，卫星脱离火箭，由于具有惯性，要保持原来的运动状态，能够继续飞行。
（4）卫星沿椭圆形轨道运行时，速度的大小和运动方向在发生改变，即卫星的运动状态不断发生变化，故卫星会受到力的作用且受力为非平衡力。
13．（5分）在生产生活中，人们常用抽水机将水从低处抽到高处，如图是活塞式抽水机的工作图，有关活塞式抽水机；

（1）活塞式抽水机是利用_______工作的；使用活塞式抽水机抽水时，常常需要先向圆筒内灌水，灌水后提起活塞时，活塞下面的气压_________（选填“大于”“小于”或“等于”）外界的大气压；
（2）当压下活塞时，阀门B________，阀门A_________（均选填“打开”或“关闭”）；
（3）当大气压降低时，抽水机能将水抽到的最大高度将______（选填“变大”变小”或“不变”）。
【答案】（1）大气压 小于；（2）关闭 打开；（3）变小
【解析】（1）活塞式抽水机的活塞上提时，内部气压减小，小于外界大气压，在大气压作用下，水从井中进入抽水机内，将水从井中抽出。
（2）压下活塞时，阀门B关闭，可以防止水倒流，水冲开阀门A进入圆筒的上方。
（3）活塞式抽水机是利用大气压来工作的，当大气压降低时，活塞式抽水机可提升水的最大高度变小。
14．（8分）在探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验中，小明让小球从同一斜面上由静止滚下，撞击水平面上同一位置的同一木块，木块被撞出一段距离，如图所示。
（1）实验中研究的是小球______（选填“在斜面上”“撞击木块时”或“撞击木块后”）的动能，并通过观察______来反映小球的动能大小。
（2）通过多次实验，小明获得下表所示的实验数据：
①比较序号为1、2的两组数据，可初步得出结论：物体质量一定时，______越大，动能越______。
②比较序号为______的两组数据可知物体的动能与质量有关。
（3）本次实验中用到的实验方法有：______和______法。
（4）实验后，同学们联想到在交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，分析表格中的实验数据可知，______（选填“超速”或“超载”）对动能影响更大，发生交通事故时，造成的伤害更严重。
【答案】（1）撞击木块时 木块移动的距离；（2）速度 大 1、3；（3）控制变量 转换；（4）超速
【解析】（1）[1]小球从斜面滚下，获得动能，该实验探究的是小球撞击木块时的动能。
[2]实验中通过观察木块被推动的距离的远近来判断小球所具有动能大小的，木块被推动的距离越远，说明小球所具有的动能越大。
（2）[1][2]比较序号为1、2的两组数据，小球质量相同，下降高度越高，小球速度越快，木块被撞后运动的距离越远，说明小球动能越大，这说明：物体质量一定时，速度越大，动能越大。
[3]比较序号为1、3的两组数据，小球下降高度相同，即速度相同，质量大的小球将木块撞击得远，说明动能大小与质量有关。
（3）[1][2]本实验中影响动能大小的因素有质量和速度，所以需要采用控制变量法进行探究；小球的动能通过木块被推动的距离，运用了转换法。
（4）根据序号为1、2的实验数据可知，质量相同，小车到达斜面底端的速度变为原来的2倍，木块被撞距离变为原来的4倍；根据序号为1、3的实验数据可知，小球到达斜面底端的速度相同，质量变为原来的2倍，木块被撞距离变为原来的2倍，所以在同等条件下超速带来的安全隐患更大一些。
15．（8分）在“探究杠杆的平衡条件”的实验中，每个钩码重0.5N，杠杆上每格5cm。
（1）实验前，将组装好的杠杆放在水平桌面上，杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆________（填“处于”或“不处于”）平衡状态。接下来应向________调节杠杆两端的螺母，使杠杆保持水平并静止。目的是____________；
（2）根据杠杆的平衡条件，若将图乙实验中两侧所挂的钩码同时向远离支点O的方向移动1格，则杠杆________（填“左端下沉”“右端下沉”或“保持平衡”）；
（3）如图丙所示，在杠杆左端A点处挂三个钩码，在右端B点处用弹簧测力计竖直向下拉，使杠杆水平平衡，若将弹簧测力计转动到虚线位置，并保持杠杆水平平衡，弹簧测力计的示数将________（选填“变大”“不变”或“变小”）；
（4）如图丁所示，同学们利用水平平衡的杠杆OD>OA=OC进行实验，保持B处悬挂钩码的个数和位置不变。
①钩码悬挂在A处，调节平衡后再把钩码改挂在C处，杠杆________（能/不能）在水平位置平衡；
②若把A处悬挂的钩码改挂在D处，杠杆________（能/不能）在水平位置平衡。
【答案】（1）处于 右 使杠杆的重心在支点，消除杠杆的自重对杠杆平衡产生影响和便于测量力臂；（2）左端下沉；（3）变大；（4）不能 能
【解析】（1）杠杆静止或匀速转动均为平衡状态，故杠杆静止时处于平衡状态；
图甲中杠杆左端低、右端高，根据“左低右调”的原则，应向右调节杠杆两端的螺母；
使杠杆的重心在支点，消除杠杆的自重对杠杆平衡产生影响，此时力臂与杠杆重合，可直接从杠杆上读取力臂长度。
（2）设每个钩码重为G，每格长度为L，移动钩码后：
左侧力与力臂的乘积为3G×3L=9GL
右侧力与力臂的乘积为2G×4L=8GL
根据杠杆平衡条件，左右两边力与力臂的乘积不相等，左侧大于右侧，杠杆不平衡，向左端下沉。
（3）弹簧测力计竖直向下拉时，力臂等于OB的长度。当弹簧测力计转到虚线位置时，拉力的力臂会变短。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，所以动力变大，即弹簧测力计的示数变大。
（4）右边B处钩码不变，即右边动力与动力臂乘积不变。左边钩码从A改挂到C，钩码重力竖直向下，力臂是支点O到重力作用线的水平距离。C点比A点更靠近支点O，力臂变短。则左边阻力与阻力臂乘积变小，所以杠杆不能保持平衡；
钩码从A改挂到D，D点的重力作用线与A点的重力作用线是同一条竖直线，力臂仍等于OA的长度。左边阻力与阻力臂乘积不变，杠杆能保持平衡。
16．（8分）如图所示，AB是一根长为1.6m的不计质量的杠杆，可以绕O点转动，在距O点0.4m的B端悬挂一质量为90kg，体积是0.03m3的合金块M杠杆恰好在水平位置平衡。求：
（1）合金块M的密度为多少？
（2）A端施加的竖直向下拉力F2的大小是多少？
（3）若合金的密度为5×103kg/m3，则合金块M是空心还是实心的？若是空心的，空心体积为多大？
【答案】（1）3×103kg/m3；（2）300N；（3）空心；0.012m3
【解析】（1）合金块M的密度ρ=mV=90kg0.03m3=3×103kg/m3
（2）合金块M的重力GM=mMg=90kg×10N/kg=900N
F2的力臂AO=AB−OB=1.6m−0.4m=1.2m
根据杠杆平衡条件得：GM⋅OB=FA⋅OA，即900N×0.4m=F2×1.2m
解得F2=300N
（3）合金块M的密度ρ