湖北省武汉市2025-2026学年八年级下学期期末模拟物理练习卷含答案

这是一份湖北省武汉市2025-2026学年八年级下学期期末模拟物理练习卷含答案，共6页。试卷主要包含了【解答】解等内容，欢迎下载使用。
一．选择题（共18小题，满分54分，每小题3分）
1．【解答】解：A．弹力是施力物体发生弹性形变产生的，机器人对地面的压力的施力物体是机器人，因此压力是机器人发生弹性形变产生的，不是地面弹性形变产生的，故A错误；
B．水平地面上，机器人对地面的压力大小等于机器人自身的重力大小；机器人一只脚悬空与两只脚站立时，自身重力大小不变，因此对地面的压力大小不变，故B正确；
C．机器人静止时，它受到的重力和地面对机器人的支持力都作用在同一个物体（机器人）上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故C错误；
D．机器人手中手绢不断翻飞时，手绢的运动状态不断改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选：B。
2．【解答】解：A、发球时，羽毛球受到的力与球拍受到的力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、飞行时，羽毛球受到重力和空气阻力，不再受到推力的作用，故B错误；
C、下落时，羽毛球受到的重力方向始终竖直向下，故C正确；
D、静止时，羽毛球受到的支持力与重力作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故D错误。
故选：C。
3．【解答】解：A．由控制变量法，实验中小车应从斜面的同一位置静止释放，控制小车下滑到水平面的速度相同，故A正确；
B．在探究“阻力对物体运动的影响“实验时，通过改变接触面的粗糙程度来改变小车所受阻力大小，故B正确；
C．本实验探究“阻力对物体运动的影响“，使小车在水平面上受到的阻力不同，该实验要把木板放在水平面上，故C错误；
D．物体表面越光滑，小车受到的阻力就越小，小车运动的距离就越远，故D正确。
故选：C。
4．【解答】解：A．摩擦力的作用线与拉力的作用线都在水平方向上，在压力一定时，减小接触面的粗糙程度可以减小摩擦力的大小，故应选用尽量光滑的水平桌面，减小摩擦对实验的影响，故A正确；
B．调整两边的托盘所放的钩码数量，可以改变小车所受拉力的大小，可以探究二力平衡时两个力的大小关系，故B正确；
C．将小车扭转一个角度，是为了改变力的作用线的位置，探究二力平衡时两个力是否在同一直线上，故C正确；
D．小车沿桌面做匀速直线运动时处于平衡状态，其受到的合力为0，故D错误。
故选：D。
5．【解答】解：A、行李箱下装有滚轮，用滚动代替滑动减小摩擦力，故A不符合题意；
B、给车轴加润滑油，是在压力一定时，使接触面光滑减小摩擦力，故B不符合题意；
C、为车轴加润滑油，可在接触面形成一层油膜，使接触面脱离，可减小摩擦，故C不合题意；
D、瓶盖上竖直条纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，可增大摩擦，故D符合题意。
故选：D。
6．【解答】解：A、水对杯底的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m＝600Pa，故A正确；
B、由p=FS可知，水对杯底的压力：F＝pS＝600Pa×0.003m2＝1.8N，故B错误；
C、水对桌面的压力F′＝G水+G杯＝2N+1N＝3N，故C错误；
D、水对桌面的压强：p′=F′S=3N0.003m2=1000Pa，故D错误。
故选：A。
7．【解答】解：A、切蛋神器中的细金属丝，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A错误；
B、放筷子神器中的吸盘，将吸盘中的气体排尽，受到的摩擦力与放筷子神器的重力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力大小不变，故B错误；
C、高压锅是利用增大气压从而提高水的沸点，使食物更容易煮熟，故C正确；
D、流体压强与流速的关系：流体在流速越大的位置压强越小；所以，抽油烟机在工作时，转动的扇叶处的空气流速增大，压强减小，故D错误。
故选：C。
8．【解答】解：因为是相同液体，液面高度相同，即ρ和h都相同，所以根据公式p＝ρgh可知它们对容器底部压强的大小是相等的，即p甲＝p乙，故A正确。
故选：A。
9．【解答】解：金属块浸没前，如图a，受到的浮力F浮1＝F向上1；金属块浸没后，如图b，受到的浮力F浮2＝F向上2﹣F向下；
前后浮力变化量：ΔF浮＝ F浮2﹣F浮1＝ F向上2﹣F向下﹣F向上1＝ Δ F向上﹣F向下，
所以ΔF浮＜ΔF向上；
ΔF浮＝ρ水ΔV排g＝Δm排g＝ΔG排＝ΔF水，
ΔF水＜ΔF向上；故A正确、BCD错误。
故选：A。
10．【解答】解：三个完全相同的小球，其质量、体积和密度都相同；
A、小球在甲中下沉，故ρ球＞ρ甲，在乙容器中漂浮，故ρ球＜ρ乙，在丙中悬浮，故ρ球＝ρ丙，所以三种液体的密度关系为：ρ甲＜ρ丙＜ρ乙，故A错误；
B、静止时三个容器的液面恰好相平，即深度h相等，由于乙液体的密度最大，根据p＝ρgh可知，乙容器底受到的液体压强最大，甲容器底受到的液体压强最小，即p乙＞p丙＞p甲，故B错误；
C、由图知，小球在丙容器中悬浮，在乙容器中漂浮，所以小球所受的浮力与自身的重力相等；在甲容器中下沉，浮力小于其重力，所以小球受到的浮力大小关系是F乙＝F丙＞F甲，故C错误；
D、开始时，液体的体积V甲＝V乙＝V丙，放入小球后，甲、丙溢出相同体积的液体，则剩余液体体积V甲′＝V丙′；
由于ρ甲＜ρ丙，故m甲＜m丙，重力G甲＜G丙，乙液体溢出的最少，故剩余液体体积V乙′最大；
又因为ρ乙最大，所以乙的质量最大、重力最大，故G甲＜G丙＜G乙；
容器相同，则容器重力相等，三个完全相同的小球，则小球的重力相等，容器对水平桌面的压力等于容器、容器内的液体和球的重力之和，即F甲＜F丙＜F乙；
由于受力面积相同，由p=FS可得，p乙'＞p丙'＞p甲'，故D正确。
故选：D。
11．【解答】解：因为不计绳与滑轮的摩擦和绳重，此机械为理想机械，根据功的原理，使用机械做的功等于直接用手做的功。
直接用手做的功是：W手＝Gh＝100N×2m＝200J．所以用机械做的功也是200J。
P=Wt=200J5s=40W．故A正确，BCD错误。
故选：A。
12．【解答】解：A、动能与质量和速度有关，与高度无关，故A不正确；
B、由图甲、乙可知，小车下滑高度相同，到达水平的速度相同，小车速度相同，小车的质量越大，推动木块运动的越远，故结论为：在速度一定时，质量越大，动能越大，故BC正确；
D、根据转换法可知，实验中通过小钢球对木块做功，根据推动木块移动的距离来反映动能的大小，故D正确。
故选：A。
13．【解答】解：A、投篮时，篮球离开手后继续向上运动的过程中，质量不变，速度变小，动能变小；质量不变，高度变大，重力势能变大，动能是转化为重力势能，故A错误；
B、篮球撞在篮板上被弹回的过程中，弹性势能转化为动能，故B正确；
C、篮球从最高处下落时，质量不变，高度降低，重力势能逐渐减小，速度变大，动能变大，故C错误；
D、篮球落到地上弹跳过程中，有能量损耗，机械能减小，机械能不守恒，故D错误。
故选：B。
14．【解答】解：A、核桃夹子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故 A 不符合题意；
B、筷子在使用时，手指操作的部分小于夹持食物的部分，其动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故 B 符合题意；
C、开瓶器使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故 C 不符合题意；
D、压蒜器在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故 D 不符合题意。
故选：B。
15．【解答】解：A．OB＝2BA，由杠杆平衡条件得，作用在A点的力F1的大小为
F1=G⋅OBOA=G⋅2BA2BA+BA=23G=23×10N≈6.67N，故A错误；
B．在A点施加竖直向上的力F1时，动力臂大于阻力臂，该杠杆是省力杠杆，故B错误；
C．如果重物的悬挂点B向A点移动，阻力与阻力臂的乘积变大，动力臂不变，根据杠杆平衡条件得，F1应变大，故C正确；
D．若将作用于A点的力F1变为图中F2，阻力与阻力臂的乘积不变，动力臂变小，要使杠杆水平平衡，由杠杆平衡条件得，动力变大，即F2大于F1，故D错误。
故选：C。
16．【解答】解：A、重力的方向总是竖直向下的，与水平面垂直，重垂线检查是否平直就根据这一点，故A正确；
B、定滑轮不省力，只改变力的方向，故B错误；
C、潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自的重力来实现的，故C正确；
D、斜面是省力的机械，在高度一定时，斜面越长越省力，盘山公路是利用斜面越长越省力的原理，故D正确；
故选：B。
17．【解答】解：A、由图可知，A处于静止状态，则绳对A的拉力和A的重力是一对平衡力，大小相等，则绳对A的拉力大小为6N，故A错误；
B、使用定滑轮不能改变力的大小，且同一根绳子的拉力相等，所以绳对B的拉力为6N，故B错误；
C、B受到三个力的作用：竖直向下的重力、竖直向上的支持力和竖直向上的拉力，则地面对B的支持力大小为9N﹣6N＝3N，B对地面的压强为pB=FBSB=3N3×10−4m2=1×104Pa；故C正确；
D、定滑轮受到向下的拉力为2×6N＝12N，不计滑轮和绳的重力及摩擦，则天花板所受拉力大小等于12N，故D错误。
故选：C。
18．【解答】解：A．对圆柱形薄壁玻璃杯A受力分析，受到向下的重力、向下的拉力和向上的浮力，圆柱形薄壁玻璃杯A受到浮力
F浮A＝GA+F拉＝3N+1N＝4N
故A选项正确；
B．对实心物体B进行受力分析，受到向下的重力和向上的拉力、向上的浮力作用，根据受力平衡得实心物体B的重力
GB＝F浮B+F拉＝ρ水gVB+F拉＝1.0×103kg/m3×10N/kg×50×10﹣6m3+1N＝15N
据G＝mg＝ρgV得，实心物体B的密度
ρB=GBgVB=1.5N10N/kg×50×10−6m3=3×103kg/m3=3g/cm3
故B选项正确；
CD．由图乙可知t1时刻到t2时刻浮力的变化
ΔF浮A＝0.5N
玻璃杯A减少的浸没水中体积
ΔV=ΔV排A=ΔF浮Aρ水g=0.5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10−5m3=50cm3
水面降低的高度
Δℎ=ΔVSA=50cm350cm2=1cm=0.01m
因为此时圆柱形薄壁玻璃杯A还受到浮力作用，所以它还浸在水中，放出水的体积
V水＝S容Δh﹣ΔV排A＝100×10﹣4m2×0.01m﹣5×10﹣5m3＝5×10﹣5m3
则放出水的质量
m水＝ρ水V水＝1×103kg/m3×5×10﹣5m3＝0.05kg
容器对桌面减小的压力
ΔF＝G水＝m水g＝0.05kg×10N/kg＝0.5N
容器对桌面减小的压强
Δp=ΔFS容=0.5N100×10−4m2=50Pa
t1时刻，实心物体B刚好接触容器底且与容器底部无挤压，实心物体B全部浸入水中，受到的浮力
F浮1＝ρ水gVB＝1.0×103kg/m3×10N/kg×50×10﹣6m3＝0.5N。
故C选项正确，D选项错误，所以D选项符合题意。
故选：D。
二．填空题（共8小题，满分46分）
19．【解答】解：在缆车匀速上升过程中，坐在缆车内的小明相对于缆车位置不变，是静止的；匀速上升时，速度不变、质量不变、高度增加，动能不变，重力势能增加，小明的机械能增大。
故答案为：静止；增大；增大。
20．【解答】解：金属块在甲液体中受到的浮力为：F浮甲＝G﹣F1＝G﹣1.4N，
在乙液体中受到的浮力为：F浮乙＝G﹣F2＝G﹣1N，
则F浮甲＜F浮乙，
又因为金属块浸没在两种液体中，排开液体的体积相同，由F浮＝ρ液gV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，即甲烧杯中所盛液体为酒精，所以a、b分别对应酒精和水；
物体浸没在液体中受到浮力、重力、拉力作用，其关系为G＝F浮+F拉，
浸没在酒精中：G＝Fa+F1，即G﹣ρ酒精gV排＝G﹣ρ酒精gV＝1.4N﹣﹣﹣﹣﹣①；
浸没在水中：G＝Fb+F2，即G﹣ρ水gV排＝G﹣ρ水gV＝1N﹣﹣﹣﹣②
由①②联立解得：V＝2×10﹣4m3，G＝3N，
所以Fa＝G﹣F1＝3N﹣1.4N＝1.6N，Fb＝G﹣F2＝3N﹣1N＝2N，
由图乙可知，tanαtanβ=FaFb=1.6N2N=45；
由G＝mg＝ρVg可知，金属块密度为：ρ=GVg=3N2×10−4m3×10N/kg=1.5×103kg/m3。
故答案为：酒精；4：5；1.5×103。
21．【解答】解：（1）为测出木块所受滑动摩擦力大小，由甲图，根据二力平衡原理，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，此时物体在水平方向上受到平衡力的作用，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
甲图中弹簧测力计的分度值是0.2N，示数是1.2N，则滑动摩擦力大小为1.2N。
（2）要探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系，应控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，因此选择甲、乙两图。
（3）甲、丙实验中压力的大小相同，接触面的粗糙程度不同，且接触面越粗糙，弹簧测力计的示数越大，滑动摩擦力越大，因此可得结论为：当压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）图丁所示，拉动下方长木板时，无论长木板是否做匀速直线运动，木块与木板之间产生的均为滑动摩擦力，且木块相对于地面静止，处于平衡状态，因此该实验中长木板不一定要做匀速直线运动。
此时向左拉动木板，木块相对木板向右运动，会受到木板施加水平向左的摩擦力，作图如下图所示：
故答案为：（1）匀速直线；1.2；
（2）甲、乙；
（3）当压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）不一定；。
22．【解答】解：（1）当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差；
（2）比较A、B、C三个图实验，可以看出，液体相同，深度也相同，只是橡皮膜的朝向不同，可得出结论：同种液体在同一深度各个方向压强相等；
（3）比较C、D、E三个图实验，可以看出，液体密度相同，但深度不同，可得出结论：在同种液体中，深度越深，液体的压强越大；
（4）比较乙图中的EF两个图，盐水的密度大于水的密度，金属盒在水和盐水中的深度相同，在盐水中时，U形管中液面的高度差较大，即金属盒受到的压强较大，可知在深度相同的情况下，不同液体的压强还跟它的密度有关；液体的密度越大，压强越大；
（5）比较图M、N可知，二者压强计的金属盒处于不同液体的不同深度，不符合实验中的控制变量法，所以无法用两组实验中U形管两侧的液面高度差比较液体的密度，故小婧的结论是不可靠的，理由是：没有控制深度相同；
由题意可知，当探头在水下6cm和探头在盐水下5cm时，U形管内液柱的高度差相同，说明探头在水下6cm和探头在盐水下5cm时受到的液体压强相等，即p＝ρ盐水gh盐水＝ρ水gh水，
故盐水的密度
ρ盐水=ℎ水ℎ盐水ρ水=6cm5cm×1.0×103kg/m3=1.2×103kg/m3。
故答案为：（1）大于；（2）各个方向的压强相等；（3）增大；（4）E、F；（5）不可靠；没有控制深度相同；1.2×103。
23．【解答】解：（1）为了使小桶在接水之后可直接计算水的重力，应先测量空桶的重。然后再测出物体的重力，将溢水杯装满水，并直接浸入水中观察测力计的示数，最后测排出的水和小桶的总重，求排出的水的重力。所以，合理的顺序应为：C、B、A、D。
（2）B中测力计分度值为0.2N，示数为3.8N，即重力为3.8N，由称重法，图A中物体受到的浮力大小是
F浮＝3.8N﹣2.4N＝1.4N
排开水的重力为
G排＝2.6N﹣1.2N＝1.4N
兴趣小组的同学换用不同液体和物体按照科学合理的顺序进行了多次实验，可得出结论：物体受到的浮力大小物体等于排开液体所受的重力；
（3）图A所示的步骤中，物块逐渐浸入液体的过程中（未接触溢水杯），因杯底的深度不变，根据p＝ρgh可知，液体对杯底的压强一直不变。
（4）某次实验中，排除测量误差的影响，小明发现小桶中水的重力明显小于物体所受的浮力，可能的原因是溢水杯中的水不满，导致排水的重力变小。
（5）①用刻度尺测出塑料块的棱长为h。
②将塑料块放入洗衣液中，ρ液＞ρ，塑料块处于 漂浮状态，用刻度尺测出塑料块露出液面的高度为h1。
③塑料块排开液体的的体积为
V＝（h﹣h1）h2
根据阿基米德原理及漂浮的特点有
ρ液gV＝mg
ρ液g（h﹣h1）h2＝mg＝ρh3g
洗衣液密度的表达式
ρ液＝ ℎ(ℎ−ℎ1)ρ
故答案为：（1）C、B、A、D；3.8；（2）1.4；等于；（3）一直不变；（4）溢水杯中的水不满；（5）漂浮； ℎ(ℎ−ℎ1)ρ。
24．【解答】解：（1）杠杆静止时，就是处于平衡状态；杠杆静止时，放手后发现杠杆左端下沉，欲使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节；使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；
（2）设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，如图乙所示，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝靠近支点O方向移动一小格，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2，
则3G×L＜2G×2L，所以杠杆右端下沉；
（3）如图丙，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，拉力的力臂先增大再减小，由于左边的力臂的乘积不变，根据杠杆平衡条件杠杆F1L1＝F2L2，弹簧测力计的拉力应先减小再增大，故选：D。
故答案为：（1）平衡；右；便于测量力臂；（2）右端下沉；（3）D。
25．【解答】解：（1）在使用弹簧测力计时，要保证匀速直线拉动，才能稳定的读取弹簧测力计的示数；若斜向上匀速拉动弹簧测力计会导致力臂变小，力变大，弹簧测力计的示数变大；
（2）由表中实验数据可知，实验2中绳子自由端移动的距离是钩码上升高度的5倍，承重绳的股数为5，由图示可知，实验用的是乙图所示的滑轮组。
由表中数据可知，滑轮组机械效率为：η=W有用W总=GℎFs×100%=4N××0.5m×100%≈57.1%；
（3）由实验1和实验2的数据分析可知，提升重物相同，距离相同，只是滑轮组不同，尤其是动滑轮的个数不同，实验2的机械效率低于实验1，因此可得出：使用不同的滑轮组，提升相同的重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低；
（4）实验3的机械效率为83.3%大于实验1的机械效率74.1%，说明使用同一滑轮组，提升重物的重力越大，滑轮组的机械效率越高。
故答案为：（1）匀速；变大；（2）乙；57.1；（3）低；（4）高。
26．【解答】解：（1）车辆陷入深水区域时，可以漂浮在水面上，根据漂浮条件，F浮=G=mg=3500kg×10N/kg=3.5×104N；
（2）根据阿基米德原理F浮＝ρ水gV排知，该车排开水的体积为V排=F浮ρ水g=3.5×104N1.0×103kg/m3×10N/kg=3.5m3。
（3）车辆的速度v＝108km/h＝30m/s，车辆匀速行驶，牵引力与阻力平衡，即牵引力F牵＝f＝4000N，
则牵引力的功率P=F牵v=4000N×30m/s=1.2×105W。
答：（1）该车漂浮时受到的浮力是3.5×104N；
（2）该车排开水的体积是3.5m3；
（3）此时牵引力的功率为1.2×105W。
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