湖北省黄冈市2025-2026学年八年级下学期期末考试模拟物理练习卷含答案

这是一份湖北省黄冈市2025-2026学年八年级下学期期末考试模拟物理练习卷含答案，共6页。试卷主要包含了【解答】解等内容，欢迎下载使用。
一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分）
1．【解答】解：A、人跑步的速度约为3～5m/s，而10m/s接近专业短跑运动员的速度，故A不符合实际；
B、中学生站立时地面的受力面积约为0.04m2，中学生对地面的压强p=FS=GS=500N0.04m2=12500Pa，故B不符合实际；
C、中学生的重力约为500N，故C符合实际；
D、水银的密度为13.6×103kg/m3，故D不符合实际。
故选：C。
2．【解答】解：A．乒乓球拍贴一层橡胶垫，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故A不符合题意；
B．踢足球时穿钉鞋，钉鞋的钉子会增大接触面的粗糙程度，从而增大鞋与地面的摩擦，让运动员在踢球时更稳，属于增大有益摩擦，故B不符合题意；
C．拔河时用力蹬住地面，是通过增大压力来增大脚与地面的摩擦，有助于在拔河时获得更大的摩擦力，属于增大有益摩擦，故C不符合题意；
D．轮滑鞋装有滚轮，是用滚动摩擦代替滑动摩擦。滑动摩擦会阻碍轮滑鞋的运动（属于有害摩擦），而滚动摩擦比滑动摩擦小得多，从而减小有害摩擦，故D符合题意。
故选：D。
3．【解答】解：AB．乒乓球被球拍击打出去之后仍能继续向前飞，是由于乒乓球具有惯性，乒乓球在飞行过程中与球拍脱离，没有受到向前的推力，故A不正确，B正确；
C．乒乓球受到的浮力很小，不是它继续飞行的原因，故C不正确；
D．乒乓球前后空气流速不同，有气压差往往会使乒乓球旋转，不是乒乓球继续飞行的根本原因，故D不正确。
故选：B。
4．【解答】解：A．桌面对B的支持力等于A与B的总重力，则B受到的重力与桌面对B的支持力大小不等，不是一对平衡力，故A错误；
B．A、B两物体叠放在水平桌面上受到两个水平拉力而保持静止，A处于静止状态，所受摩擦力与拉力F1是一对平衡力，则B对A的摩擦力大小为6N，方向水平向左，故B错误；
C．A对B的压力与桌面对B的支持力是作用在同一物体上的两个力，不是一对相互作用力，故C错误；
D．把A、B看成一个整体，则整体在水平向上受F1、F2及桌面对B的摩擦力而处于静止状态，故三力的合力应为零，因为向左的拉力较大，故桌面对B的摩擦力方向水平向右，故D正确。
故选：D。
5．【解答】解：（1）由于瓶内水不满，而瓶子上细下粗，所以倒过来时水的深度变大，由p＝ρgh可知，液体对瓶盖的压强变大，即p甲＜p乙；
甲中水对容器底部的压力和液体的重力相等，乙中上粗下细，水对容器底部的压力小于水的重力，所以F变小，即F甲＞F乙；
（2）瓶对桌面的压力等于瓶和里面水的总重力，无论瓶口朝上还是朝下，它们的重力不变，所以对桌面的压力也不变，而倒过来后受力面积变小，所以，由p=FS可知，瓶子对桌面的压强变大，即p'甲＜p'乙。
综上所述，B正确，
故选：B。
6．【解答】解：
A、科考船所受浮力的方向始终是竖直向上的，故A正确；
B、由阿基米德原理F浮＝G排可知“和平方舟”号医院船受到的浮力等于排开海水的重力，故B正确；
C、直升机降落后，“和平方舟”号医院船的总重力变大，“和平方舟”号医院船仍然处漂浮状态，浮力等于自身的重力，所以浮力变大，故C错误；
D、航行中，船尾附近海水流速变大，压强变小，故D正确。
故选：C。
7．【解答】解：神舟十六在加速升空的过程中，质量不变，速度逐渐增大，动能增大；质量不变，高度增大，重力势能增大。
故选：D。
8．【解答】解：ABD、茶壶、下水道反水弯和地漏都符合上端开口、下部连通的特点，都属于连通器原理的应用，故ABD不合题意；
C、用吸管喝饮料利用的是大气压，与连通器原理无关，故C符合题意。
故选：C。
9．【解答】解：A．装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越少，对海绵的压力越小，受力面积不变，对海绵的作用效果越不明显，故A错误；
B．当压强计的探头在水中深度逐渐增大时，受到的压强变大，U形管两边液面高度差越大，故B错误；
C．测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力F和吸盘的面积S，利用p=FS可以估测大气压强，故C正确；
D．液体的沸点与液体表面的气压有关，气压越大、沸点越高。丁图中，向外拉活塞，烧瓶内停止沸腾的水再次沸腾，可知试管内气压减小、沸点降低，水才能再一次沸腾，故D错误。
故选：C。
10．【解答】解：A、不计空气阻力，小球在从A点向上运动到O点的过程中，受到两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的弹力，开始向上运动时，弹力大于重力，小球所受合力方向向上，速度不断增大；当弹力小于重力时，其所受合力方向向下，速度不断变小，故其速度先增大后减小，故A正确；
B、过了O点继续向上运动过程中，小球的速度已经在减小，所以在O点处速度不是最大值，故B错误；
C、脱离弹簧后，小球只受向下的重力，它的运动速度一直减小，故C错误；
D、脱离弹簧运动到最高点时，小球瞬间静止，因此，撤去一切外力，将会保持静止，故D错误。
故选：A。
11．【解答】解：A．加热时大力鼓风是为了增加氧气浓度，使燃料充分燃烧，故A正确；
B．捶打铜器时锤子下落时锤头在重力方向上移动一段距离，故重力做了功，故B正确；
C．夹住铜器的钳子阻力臂大于动力臂，是费力杠杆，故C错误；
D．铜器受捶成型说明力使物体发生形变，故D正确；
故选：C。
12．【解答】A．设圆柱体重力为G，体积为V，根据称重法F浮＝G﹣F示及F浮＝ρ液gV排，由甲、乙图则有
G﹣1.5N＝1×103kg/m3×10N/kg×V ①
由丙图根据称重法有
F浮＝G﹣1.4N＝1.1×103kg/m3×10N/kg×V ②
联立①②，解得圆柱体重力G＝2.5N，体积V＝1×10﹣4m3，则圆柱体密度为
ρ=mV=GgV=GgV=2.5N10N/kg×1×10−4m3=2.5×103kg/m3
故A错误；
B．由甲图知浸没水中的浮力为F浮＝G﹣F示＝2.5N﹣1.5N＝1N；
乙图接触底面。支持力为F支＝G﹣F2﹣F浮＝2.5N﹣1.2N﹣1N＝0.3N；
根据相互作用力的特点知，压力为F＝F支＝0.3N；
圆柱体底面积为
S=Vh=1×10−4m30.1m=1×10−3m2；
则在乙图中圆柱体对溢水杯底压强为
p=FS=0.3N1×10−3m2=300Pa；
故B正确；
C．甲、乙中圆柱体受到的浮力相同，对比甲丙，根据称重法F浮＝G﹣F示，测力计示数相差0.1N，则圆柱体在乙、丙中所受浮力相差0.1N，故C错误；
D．把整体作为研究对象，剪断前有向上的拉力，剪断后少了拉力，故增大的压力等于拉力，则溢水杯对桌面压力增大1.4N，故D错误。
故选：B。
二．填空题（共4小题，满分10分）
13．【解答】解：用力搓竹蜻蜓的细竹棍使它由静止变为转动，即竹蜻蜓的速度发生变化，说明力改变了竹蜻蜓的运动状态；
用大小不同的力迅速搓动竹蜻蜓，用力大时，竹蜻蜓飞得更高，这说明力的大小不同会导致作用效果不同，即力的大小影响力的作用效果。
故答案为：运动状态；大小。
14．【解答】解：（1）列车进站时，车体附近的空气被前进的列车带动着流动起来，如果此时乘客站的离列车比较近，那么乘客靠近列车的一侧空气流速大于另一侧的空气流速，空气流速越大，压强越小，这样乘客就会受到一个向列车方向的压强差，容易把乘客带向列车，造成伤害事故。
（2）列车进站后静止在铁轨上时，列车所受的合力为0N。
故答案为：小；0。
15．【解答】解：（1）这段时间冰壶运动的平均速度是：v=st=30m8s=3.75m/s；
（2）运动中的冰壶与观众的位置发生了变化，以冰壶为参照物，观众是运动的；
（3）在比赛时运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使部分冰熔化成水从而形成水膜，此时表面变光滑，使冰壶与接触面脱离，故可以减小摩擦力。
故答案为：3.75；运动；减小。
16．【解答】解：由图可知，弹簧测力计的分度值是0.1N，测力计的示数F为2.8N；
若OA：OB＝2：3，则拉力和物体上升的高度之比为2：3，
则杠杆的机械效率：η=W有W总×100%=GhFs×100%=1.4N×32.8N×2×100%＝75%；
若A点向O点移动，始终沿竖直方向拉动弹簧测力计，支点O、物体位置不变，仍将物体提升相同的高度，这时有用功和总功都不变，根据η=W有W总×100%可知械效率不变。
故答案为：2.8；75；不变。
三．作图题（共5小题，满分21分）
17．【解答】解：重力作用在物体的重心，方向竖直向下，用G表示；
摩擦力的方向与物体运动方向相反，方向沿斜面向下，作用点可画在重心上，摩擦力用f表示，如图所示：
18．【解答】解：由杠杆平衡条件：F1l1＝F2l2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小，越省力；已知图中支点在O点，故当OA为动力臂时，动力臂最大，此时动力最小，由于阻力要使杠杆顺时针转动，故过点A垂直于OA向上作出最小动力F1，如图所示：
19．【解答】解：（1）如图甲所示，物块的重力为 4N。
（2）由实验可知：随着物块逐渐浸入水中，排开水的体积变大，受到的浮力变大，由称重法，左侧弹簧测力计的示数将会变小，可以判断物块所受浮力方向 竖直向上。
（3）物块的重力大小是4N，物块浸没在水中弹簧测力计示数是3N，根据F浮＝G﹣F得，物块浸没在水中受到的浮力
F浮＝F1﹣F3＝4N﹣3N＝1N
物块排开水所受的重力可以由实验步骤乙和甲得到，物块排开水所受的重力：
G排＝F4﹣F2＝1.5N﹣0.5N＝1N
所以物块受到的浮力大小与它排开水受到的重力大小相等；
（4）图乙中水的浮力F浮水＝G﹣F＝4N﹣3N＝1N，
图丙中盐水的浮力F浮盐＝G﹣F'＝4N﹣3.2N＝0.8N，物体受浮力变化了1N﹣0.8N＝0.2N，排开液体的体积不变，说明浮力大小与液体密度的有关。
故答案为：（1）4；（2）变小；竖直向上；（3）1；1；相等；（4）0.2；液体密度。
20．【解答】解：（1）实验中让物体从同一斜面的同一高度由静止释放，物体到达水平面时的速度是相同的，所以目的是控制速度相同；
（2）实验中让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止释放，高度相同，到达水平面时的速度相同，质量不同，所以探究的是动能大小与质量的关系；实验中通过观察木块移动的距离来反映动能的大小，采用的是转换法；
（3）表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；所以如果物体不受外力作用，则运动的物体将一直处于匀速直线运动状态；
（4）图中当荡秋千运动到右侧最高点时是瞬间静止的，此时如果受到的力全部消失，根据牛顿第一定律可知，物体将保持静止状态不变，故A符合题意。
故答案为：（1）速度；（2）质量；木块移动的距离；转换法；（3）不受力；（4）A。
21．【解答】解：
【证据】（1）（2）实验前发现杠杆静止时，此时处于平衡状态；杠杆右端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂，他应将杠杆左端的平衡螺母向左调节，或将杠杆右端的平衡螺母向左调节；
【解释】】（1）由表中的数据可得
1N×10cm＝2N×5cm，
2N×10cm＝1N×20cm，
由此可得杠杆的平衡条件
F1L1＝F2L2；
（2）由杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2可得
2N×l1＝3N×10cm，
解得l1＝15cm；
【交流】
（1）设每个钩码的重力为G，每个小格的长度为L，图丙中杠杆恰好处于水平位置平行，在A点下方再加挂2个相同的钩码，为使杠杆保持水平平衡，由杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2可得，右侧钩码的力臂l2=F1L1F2=5G×2L2G=5L，以将挂在B点的钩码向右移动2个格。
（2）弹簧测力计由竖直方向向左偏移时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，阻力阻力臂不变，当拉力由竖直变成倾斜时，拉力F力臂变小，杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2可知，相应的拉力会变大，这样才能继续平衡。
故答案为：【证据】（1）平衡；左；（2）测量力臂；【解释】（1）F1L1＝F2L2；（2）15；【交流】（1）2；（2）弹簧测力计拉力的力臂减小。
四．计算题（共2小题，满分15分）
22．【解答】解：（1）人站在车上，静止时车对水平地面的压力等于人和车的总重力，即：
F＝G总＝（m人+m车）g＝（58kg+2kg）×10N/kg＝600N，
静止时车对水平地面的压强：p=FS=600N0.001m2=6×105Pa；
（2）由v=st可得，Walker Car以最高时速行驶10分钟行驶的路程：
s＝vt＝18km/h×1060h＝3km＝3000m，
克服摩擦力所做的功：W＝fs＝10N×3000m＝3×104J；
该过程WalkCar的功率：P=Wt=3×104J10×60s=50W。
答：（1）质量为58kg的人站在车上，静止时车对水平地面的压强是6×105Pa；
（2）WalkCar以最高时速行驶10min，克服摩擦力所做的功是3×104J，该过程WalkCar的功率是50W。
23．【解答】解：（1）由图可知，n＝3，绳子自由端移动的速度为：
v=st=nht=3×2m10s=0.6m/s；
（2）根据P=Wt=Fst=Fv可知，绳子自由端的拉力为：
F=Pv=210W0.6m/s=350N，
该滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=450N3×350N×100%≈42.9%；
（3）不计绳子的重和滑轮与转轴之间的摩擦，根据F=1n（G+G动）可知，动滑轮的重力为：
G动＝nF﹣G＝3×350N﹣450N＝600N。
答：（1）小黄拉绳子的速度为0.6m/s；
（2）滑轮组的机械效率为42.9%；
（3）动滑轮的重力为600N。
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