2025~2026学年广东深圳市盐田高级中学高二下册期中考试数学试题 [含答案]

这是一份2025~2026学年广东深圳市盐田高级中学高二下册期中考试数学试题 [含答案]试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．若，，，，则（ ）
A．p，q均为真命题B．，均为假命题
C．，均为真命题D．p，q均为假命题
2．设一组样本数据，，，的方差为，则数据，，，的方差为（ ）
A．B．C．D．
3．已知变量与线性相关，现收集了5组样本数据如下表．
根据上表可得线性回归方程为，则（ ）
A．4B．4.4C．4.5D．5
4．某班级要从3名男生和2名女生中选取2位学生分别担任正、副班长，则至少有一名女生被选中的不同选法有（ ）种．
A．7B．10C．14D．16
5．设等比数列的前n项和为，若，，则 （ ）
A．24B．32C．36D．108
6．一批笔记本电脑共有台，其中品牌台，品牌台.如果从中随机挑选台，设这台电脑中品牌的台数为，则（ ）
A．B．C．D．
7．下列说法中不正确的是（ ）
A．一组数据的下四分位数为
B．在成对样本数据分析中相关系数，表示两个变量之间没有线性相关关系
C．根据线性回归方程得到预测值为时的观测值为，则残差为
D．将总体划分为两层，通过分层抽样，得到两层的样本平均数和样本方差分别为，和，，若，则总体方差
8．已知函数，若函数有4个不同的零点则的取值范围是（ ）
A．B．C．D．
二、多选题
9．下列说法正确的是（ ）
A．若随机变量，则
B．设随机变量服从正态分布，若，则
C．对于随机事件与，若，则事件与相互独立
D．一箱苹果共有10个，其中有且个烂苹果，从这箱苹果中随机抽取2个，恰有一个烂苹果的概率为，则
10．已知双曲线的左、右焦点分别为，，抛物线的焦点与双曲线的右焦点重合，点是这两条曲线的一个公共点，则（ ）
A．双曲线的渐近线方程为B．
C．的面积为D．
11．如图，在棱长为2的正方体中，点P在内（含边界）且，则以下结论正确的是（ ）
A．异面直线与所成的角是B．与平面所成的线面角的正切值为
C．点P的运动轨迹长度为D．点P到平面ABCD距离的取值范围是
三、填空题
12．若的展开式中二项式系数之和为32，则展开式中的系数为__________.
13．直线与圆O：交于A、B两点，若，则______．
14．已知数列的通项公式是，设，则______．
四、解答题
15．随着科技的进步，人工智能（AI）工具在职场中的应用日益广泛，像豆包、DeepSeek等常见的AI工具，已被证明能有效提升员工的工作效率和准确率．某公司为了解员工使用这类AI工具的熟练度，进行了一次内部统计，统计结果如下表：
(1)根据的独立性检验，能否认为性别与使用AI工具的熟练度具有相关性？
(2)现按熟练度采用分层抽样的方法从该公司的男员工中随机抽取12人，再从这12人中随机抽取3人，记其中不能够熟练使用AI工具的人数为，求的分布列以及数学期望．
附：，其中．
16．已知正项数列的前n项和为，且，．
(1)求数列的通项公式；
(2)若，求数列的前n项和．
17．如图，在四棱锥中，平面，，，，，，是的中点.
(1)求证：平面；
(2)若，求平面与平面夹角的正弦值；
18．已知函数．
(1)求函数的单调区间；
(2)若函数在上有且仅有2个零点，求的取值范围．
(3)对任意，恒成立，求的取值范围．
19．已知椭圆的左顶点，上顶点.
(1)求椭圆的方程.
(2)过点的直线交于，两个不同的点（其中，点在第二象限），直线，分别交轴于，两个不同的点，点，点分别在线段，上.
（ⅰ）证明：，的横坐标之和是定值；
（ⅱ）已知当直线的斜率为时，的面积为，求此时与的面积之和.
1
2
3
4
5
10
15
19
23
28
能够熟练使用AI工具
不能够熟练使用AI工具
男员工
30
15
女员工
16
9
0.100
0.050
0.010
0.005
0.001
2.706
3.841
6.635
7.879
10.828
答案
1．C
【详解】若，则命题不成立，则为假命题，故为真命题；
若，则，则命题为真命题.
2．C
【详解】因为样本数据，，，的方差为，
所以由方差的性质可知，
数据，，，的方差为．
3．B
【详解】由表格得，，
将样本中心代入线性回归方程得，．
4．C
【详解】由题可得，至少有一名女生被选中的不同选法有2种情况，一男一女，两女，
所以共种，
故选：C．
5．B
【详解】设等比数列的公比为.若，，则，
故，
，所以，
故.
6．D
【详解】依题意，的可能值有.
则，，.
则的分布列为：
可得
.
故选：D
7．D
【详解】对于A，，下四分位数为，A正确；
对于B，相关系数的含义是两个变量没有线性相关关系，但可能存在非线性关系，B正确；
对于C，残差，C正确；
对于D，分层抽样的总体方差不仅与各层样本方差有关，还与各层的样本量和层间均值差异有关，即使，总体方差也不等于，还需要考虑各层的样本量权重，D不正确．
8．B
【详解】由题当时，，所以，
所以当时，，当时，；
所以在区间上单调递增，在上单调递减，
当时，当时，；
当时，；
所以可作出函数的图象，如下图，
若要使函数有个不同的零点，
所以的图象与直线有个交点，
即，解得.
9．BC
【详解】对于A选项，由，可得，故A选项错误；
对于B选项，由，故B选项正确；
对于C选项，由，有，可得事件与相互独立，故C选项正确；
对于D选项，由，解得或6，故D选项错误．
故选：BC
10．BC
【详解】由已知，抛物线的焦点坐标为，所以双曲线右焦点，即.
又，所以，所以双曲线的方程为.
对于A项，双曲线的渐近线方程为，故A项错误；
对于B项，联立双曲线与抛物线的方程整理可得，，
解得或（舍去负值），所以，代入可得，.
设，又，所以，故B项正确；
对于C项，易知，故C项正确；
对于D项，因为，
所以，由余弦定理可得，，故D项错误.
故选：BC
11．BCD
【详解】对于A，在正方体中易知且，
所以异面直线与所成的角即或其补角，显然，即A错误；
连接，易知，
又平面，所以平面，
而平面，所以，同理可知，
即平面，设垂足为E，取的中点，连接，
则，所以，
连接，由勾股定理可知，
对于B，易知与平面所成的角为，
故B正确；
对于C，由三棱锥为正三棱锥可知为该正三角形的中心，
则三点共线，，
所以点轨迹为以E为圆心，为半径的圆上，该圆即正三角形的内切圆，
所以点P的运动轨迹长度为，故C正确；
对于D，假设P的轨迹圆与交于G点，由上可知，
而到底面的距离为2，所以到底面的距离为，
由图形可知点P到平面ABCD距离的取值范围是，故D正确.
12．
【详解】二项式系数之和为，所以，
因为的展开式的通项公式为：
，
当时，所以，
则展开式中的系数为.
故40.
13．1或
【详解】由，得，所以圆心，半径，
则圆心到直线的距离，又，
，解得.
14．
【详解】，则，
又，所以，
则.
故
15．(1)性别与使用AI工具的熟练度无关；
(2)
数学期望为1.
【详解】（1）设零假设：性别与使用AI工具的熟练度无关，
由统计表得，
则，
根据小概率值的独立性检验，没有充分证据推断不成立，
所以可以认为成立，即认为性别与使用AI工具的熟练度无关.
（2）男员工中能够熟练与不能够熟练使用AI的人数比为，
按分层抽样抽12人，抽取的能够熟练使用的人数为，抽取的不能够熟练使用的人数为4，
因此的可能取值为，
，
，
所以的分布列为：
数学期望.
16．(1)
(2)
【详解】（1）由，当时，，
则，即，
所以，即，
由数列为正项数列，所以，从而有，，
所以数列是以为首项，为公差的等差数列，
所以，．
（2）由（1）知，所以，
，则，
从而，
即，
所以.
17．(1)证明见解析
(2)
【详解】（1）取中点，连接
因为为中点，所以，且，
又，所以，
所以四边形为平行四边形，所以，
又平面平面，所以平面；
（2）因为平面，且，
以点为原点，建立如图所示空间直角坐标系：
则，
所以，
因为平面平面，
所以平面平面，
又因为平面平面平面，
所以平面，所以平面的一个法向量为，
设平面的法向量为，则，
不妨取，则，
所以，
所以平面与平面夹角的正弦值为.
18．(1)当时，函数的单调递增区间为；当时，函数的单调递增区间为，单调递减区间为
(2)
(3)
【详解】（1）因为，，
则，当时，，所以在上单调递增；
当时，由，得，
若，则；若，则．
所以的单调递增区间为，单调递减区间为．
综上所述，当时，函数的单调递增区间为；
当时，函数的单调递增区间为，单调递减区间为．
（2）当时，由可得，
令，其中，则直线与函数在上的图象有两个交点.
，当时，，此时函数单调递增.
当时，，此时函数单调递减．
所以函数的极大值为，
且，，在的图象如图所示．
由图可知，当时，
直线与函数在上的图象有两个交点，
因此，实数的取值范围是．
（3）由，得恒成立，移项，
得恒成立.
构造函数，所以恒成立.
又∵在定义域内单调递增，
∴有在内恒成立，
∴恒成立，即.
由（2）可知最大值为，所以.
19．(1)
(2)（ⅰ）证明见解析；（ⅱ）.
【详解】（1）由椭圆的左顶点，上顶点，得，，
所以椭圆的方程为.
（2）（ⅰ）当过点的直线斜率不存在时，直线与椭圆只有1个交点，即左顶点，不合题意，所以直线的斜率存在；
设直线的方程为，设，，
由，消去整理得，
所以，解得，
，，
因为，所以直线的方程为
令，得，
同理可得.
所以.
又因为，
，所以
（ⅱ）由（ⅰ）知为，的中点，得，
所以
所以与的面积之比为.
所以当的面积为时，
与这两个三角形的面积之和是为定值，为.
0
1
2
3
0
1
2
3