2025-2026学年湖南省省长沙市高二下学期6月自编模拟A卷物理（含答案）

这是一份2025-2026学年湖南省省长沙市高二下学期6月自编模拟A卷物理（含答案），共5页。试卷主要包含了考试结束时，只交答题卡，45m等内容，欢迎下载使用。
考生注意：
1.本试卷包括两道大题，共15道小题。满分100分，考试时量75分钟。
2.考生务必将各题的答案填写在答题卡的对应位置，在本试卷上作答无效。
3.考试结束时，只交答题卡。
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1．四川一大学生为备战2023年成都大运会跳高项目，在进行摸高跳训练时，为监测腿部肌肉力量的变化，某次运动员站在接有压力传感器的水平训练台上完成下蹲、起跳和回落动作，甲图中的小黑点表示人的重心，乙图是训练台所受压力随时间变化的图像，图中ab、bc、cd可视为直线。取重力加速度g=10m/s2，下列说法中正确的是（ ）
A．乙图中cd段表示运动员一直处于失重状态
B．运动员跳离训练台后，重心上升的最大高度约0.45m
C．乙图中bcd段，运动员对训练台的冲量大小为315N⋅s
D．整个过程中，运动员加速度的最大值为10m/s2
2．如图所示，光滑水平面上，质量为m、速度为v的A球跟质量为2m的静止的B球发生正碰，碰撞可能是弹性也可能是非弹性，则碰撞后B球的速度可能是（ ）
A．0.3vB．0.5vC．0.7vD．0.8v
3．地球物理探矿的一种方法是在大地表面设置一对正、负电极，根据地下电场的情况推测出地下矿体的分布。如图所示，某次探矿中电场的分布情况可等效为等量异种点电荷的电场，A、B、C、D为电场中的四个点，其中C、D两点在两点电荷连线的中垂线上，下列说法正确的是（ ）
A．A点比B点电势高，A点与B点电场强度相等
B．C点比D点电势高，C点比D点电场强度大
C．负电荷由A点移动到B点，电场力做负功
D．正电荷在B点的电势能大于在C点的电势能
4．如图甲所示，一单摆做小角度摆动，从某次摆球由左向右通过平衡位置时开始计时，相对平衡位置的位移x随时间t变化的图像如图乙所示。不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2。对于这个单摆的振动过程，下列说法正确的是（ ）
A．单摆的位移x随时间t变化的关系式为x=8sin（2πt）cm
B．单摆的摆长约为2.0m
C．从t=0.5s到t=1.0s的过程中，摆球的重力势能逐渐减小
D．从t=0.5s到t=1.0s的过程中，摆球所受回复力逐渐增大
5．一列简谐横波沿x轴正向传播，t=0时刻的部分波形如图所示，质点P平衡位置的坐标为x=2m，质点Q平衡位置的坐标为x=3m，t=0时刻，P刚好振动了一个周期，坐标原点处质点振动比P振动超前0.5s，则下列说法正确的是（ ）
A．坐标原点处质点起振方向为y轴正向
B．波的传播速度为6ms
C．从Q振动后到任一时刻，P比Q通过的路程多8cm
D．当P、Q第一次速度大小相等时，Q的位移为−42cm
6．如图所示，有一圆形区域匀强磁场，半径为R，方向垂直纸面向外，磁感应强度大小B1，在其右侧有一与其右端相切的正方形磁场区域，正方形磁场的边长足够长，方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B2。有一簇质量为m，电荷量为+q的粒子，以相同的速度v0=qRB1m沿图示方向平行射入磁场，不计粒子的重力及粒子之间的相互作用，则粒子在正方形磁场区域中可能经过的面积为（ ）
A．S=π+123B12B22R2B．S=(π+1)2B12B22R2
C．S=(π+1)B12B22R2D．S=(π+1)4B12B22R2
7．质量为M的半圆形凹槽静置在光滑水平面上，质量为m的光滑小球静止在凹槽底部。初始时刻给小球一个水平初速度v0，计算机模拟得到小球的部分轨迹如图，已知图中轨迹顶点与凹槽端口等高，则（ ）
A．m>M
B．仅增大M值后重新模拟，小球能飞离凹槽
C．长时间观察，有些时间段内凹槽对地向左运动
D．小球从图中A到B运动过程中，凹槽先加速后减速
8．如图所示，理想变压器所接电源的输出电压为u=362sin100 πtV，L1、L2、L3为三个完全相同的灯泡，灯泡L1和变压器的原线圈串联，灯泡L2、L3并联接在副线圈回路中，定值电阻R=1.5Ω，交流电流表为理想电表，当开关闭合时三个灯泡都正常发光，电流表示数为2A。下列说法正确的是（ ）
A．变压器原副线圈的匝数比为n1:n2=2:1
B．灯泡的额定电压为12V
C．电源输出的功率为26W
D．当开关S断开时，灯泡L1会变暗
9．位于坐标原点的波源从平衡位置开始沿y轴运动，在均匀介质中形成了一列沿x轴正方向传播的简谐波，P和Q是平衡位置分别位于x=3m和x=7m处的两质点，t=0时波形如图所示，此时Q刚开始振动，t=1s时Q第一次到达波谷。则
A．该波在此介质中的波速为2m/s
B．波源开始振动时的运动方向沿y轴负方向
C．P的位移随时间变化的关系式为y=sinπt cm
D．平衡位置位于x=9m处的质点在 t=6s时第一次到达波峰
10．如图，关于x轴对称的光滑导轨固定在水平面内，导轨形状为抛物线，顶点位于O点。一足够长的金属杆初始位置与y轴重合，金属杆的质量为m，单位长度的电阻为r0。整个空间存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B。现给金属杆一沿x轴正方向的初速度v0，金属杆运动过程中始终与y轴平行，且与电阻不计的导轨接触良好。下列说法正确的是（ ）
A．金属杆沿x轴正方向运动过程中，金属杆中电流沿y轴负方向
B．金属杆可以在沿x轴正方向的恒力作用下做匀速直线运动
C．金属杆停止运动时，与导轨围成的面积为mv0r0B2
D．若金属杆的初速度减半，则金属杆停止运动时经过的距离小于原来的一半
二、非选择题（共5题，共计60分）
11．某小组同学做“用单摆测定重力加速度”实验。
（1）除长约1m的细线、带铁夹的铁架台、有小孔的小球、刻度尺外，下列器材中，还需要_______。
A．秒表B．天平C．弹簧测力计
（2）为了提高实验的准确度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出几组对应的l和T的数值，以l为横坐标、T2为纵坐标作出T2—l图像如图所示，但同学们不小心每次都把小球直径当作半径来计算摆长，由此得到的T2—l图像应该是图中的 （填“①”“②”或“③”），由图像可得当地重力加速度大小g= ，由此得到的g值 （填“偏小”“不变”或“偏大”）。
12．用如图1所示的装置探究碰撞中的不变量。先不放B球，让A球从斜槽上某一固定位置S由静止开始滚下，从轨道末端飞出，落到位于水平地面的复写纸上，在复写纸下面垫放的白纸上留下点迹，重复上述操作10次，得到小球平均落点位置。再把B球放在轨道末端，让A球仍从S位置由静止滚下，A球和B球碰撞后，都从轨道末端飞出，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次，分别得到两球平均落点位置。如图2所示M、P、N为三个落点的平均落点位置。
（1）关于本实验的条件和操作要求，下列说法正确的是 。（填字母代号）
A．实验选用的斜槽轨道必须光滑 B．斜槽轨道末端的切线必须水平
C．选用的两个小球质量可以相等 D．选用的两个小球半径必须相等
（2）上述实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有 。
A．A球质量m1、B球质量m2 B．小球释放点距斜槽末端的高度ℎ
C．小球抛出点距地面的高度H D．小球开始抛出到落地所用的时间t
（3）若OM、OP、ON的长度依次为x1、x2、x3，则在实验误差允许的范围内，若满足关系式 （用x1、x2、x3及问题（3）中测得物理量所对应符号表示），则可以认为两球碰撞前后的动量守恒。若满足关系式 （用x1、x2、x3表示）则该碰撞为弹性碰撞。
13．如图，足够长的光滑固定水平直杆上套有一可自由滑动的物块B，B的质量为m，杆上在物块B的左侧有一固定挡板C，B的下端通过一根轻绳连接一小球A，绳长为L，A的质量也为m。先将小球拉至与悬点等高的位置时，细绳伸直但没有形变，B与挡板接触。现由静止释放小球A。重力加速度大小为g。求：
（1）小球A向右摆动的最大速度；
（2）物块B运动过程中的最大速度；
（3）小球A向右摆起相对于最低点所能上升的最大高度。
14．一小型发电站通过升压、降压变压器把电能输送给用户，已知发电机的输出功率为500kW，电压为500V，升压变压器原、副线圈的匝数比为1：10，两变压器间输电线的总电阻为2.0Ω，降压变压器的输出电压为220V，不计变压器能量损耗，求：
（1）升压变压器副线圈两端的电压；
（2）输电导线上的功率损失及用户得到的功率；
（3）降压变压器原、副线圈的匝数比。
15．在纳米技术中需要移动或修补原子，必须使在不停地做热运动（速率约几百米每秒）的原子几乎静止下来且能在一个小的空间区域内停留一段时间， 为此已发明了“激光致冷”的技术。即利用激光作用于原子，使原子运动速率变慢，从而温度降低。
（1）若把原子和入射光子分别类比为一辆小车和一个小球，则“激光致冷”与下述的力学模型相似。如图所示，一辆质量为m的小车（左侧固定一轻质挡板以速度v0水平向右运动；一个动量大小为p。质量可以忽略的小球水平向左射入小车后动量变为零；紧接着不断重复上述过程，最终小车将停下来。设地面光滑。求：
①第一个小球入射后，小车的速度大小v1；
②从第一个小球入射开始计数到小车停止运动，共入射多少个小球?
（2）近代物理认为，原子吸收光子的条件是入射光的频率接近于原子吸收光谱线的中心频率如图所示，现有一个原子A水平向右运动，激光束a和激光束b分别从左右射向原子A，两束激光的频率相同且都略低于原子吸收光谱线的中心频率、请分析：
①哪束激光能被原子A吸收?并说明理由；
②说出原子A吸收光子后的运动速度增大还是减小。
参考答案
1．【答案】B
2．【答案】B
3．【答案】C
4．【答案】C
5．【答案】D
6．【答案】C
7．【答案】B
8．【答案】A,D
9．【答案】A,B
10．【答案】A,C
11．【答案】（1）A
（2）①；4aπ2b；不变
12．【答案】BD；A；m1x2=m1x1+m2x3；x1+x2=x3
13．【答案】（1）解：小球A摆至最低点时速度最大，最大速度设为v1，由机械能守恒得mAgL=12mAv12
解得v1=2gL
（2）解：小球A从最低点向右摆动的过程中，A、B系统水平方向动量守恒，当A最后回到最低点时，B的速度最大，设此时A、B的速度分别为vA、vB，由水平方向动量守恒得mAv1=mAvA+mBvB由机械能守恒得12mAv12=12mAvA2+12mBvB2
解得vA=0，vB=2gL
（3）解：当小球A摆至最高点时，A、B共速，设为v，A、B系统水平方向动量守恒得mAv1=(mA+mB)v由机械能守恒得mAgℎ=12mAv12−12(mA+mB)v2
联立解得ℎ=12L
14．【答案】（1）由 U1U2=n1n2 得升压变压器副线圈两端的电压 U2=n2U1n1=5000V
（2）输电导线上的电流 I=I2=P2U2=P1U2=100A .
由 P损=I2r线 可得，输电导线上的功率损失 P损=20kW
用户得到的功率为 P用=P1−P损=480kW
（3）设输电线上的电压损失为 U损 则 U损=Ir线=100×2V=200V
降压变压器原线圈两端的电压 U3=U2−U损=4800V
则降压变压器原、副线圈的匝数比为 n3n4=U3U4=240：11
15．【答案】（1）解：①取向右方向为正，小车与小球水平方向动量守恒mv0−P=mv1
得v1=v0−Pm
②设入射n个小球后小车将停下来，由动量守恒定律得mv0−nP=0
解得n=mv0P。
（2）解：① 激光束b
理由是原子A向右运动，是迎着激光束b运动的，根据多普勒效应，这个原子感受到激光束b的频率升高，进一步接近了原子吸收光谱线的中心频率，原子从激光束b吸收光子的几率增大。原子A的运动方向和激光束a的传播方向相同，所以它感受到激光束a的频率减小，根据多普勒效应，这个原子感受到激光束a的频率降低，进一步远离了原子吸收光谱线的中心频率，原子从激光束a吸收光子的几率减小。综上所述，原子A吸收了激光束b的光子。
②减小。由动量守恒定理得mv0−mbvb=(m+mb)v
v=mv0−mbvb(m+mb)
所以是减小了。