02 多选题（信息与能源、跨学科实践、声、光、热、力、电磁）——备战2026年中考物理三轮冲刺（题型专练）

这是一份02 多选题（信息与能源、跨学科实践、声、光、热、力、电磁）——备战2026年中考物理三轮冲刺（题型专练），共14页。
题型一 信息与能源
1．（多选）近年来，我国在科技领域取得了辉煌的成就，下列说法正确的是（ ）
A．大型邮轮爱达·魔都号的声呐系统是利用次声波工作的
B．C919国产大飞机控制系统的芯片是由半导体材料制成
C．中国空间站的宇航员通过电磁波与地面指挥中心通信
D．“玉兔”号月球车在月球上时比在地球上质量小
【答案】BC
【详解】A．声呐系统是利用超声波实现测距、探测工作，故A错误；
B．集成芯片由无数个二极管和三极管组成，由半导体材料制成，故B正确；
C．电磁波具有传播速度快、抗干扰能力强、可在真空中传播的特点，空间站宇航员通过电磁波与地面进行通信，故C正确；
D．质量是物体的固有属性，不随位置改变，故D错误。
故选 BC。
2．（多选）关于能源、信息与材料，下列说法正确的是（ ）
A．插电式新能源汽车充电时使用的电能是一次能源
B．核电站是利用核裂变释放的能量进行发电
C．若用超导材料制造输电线，则可以大大降低由电阻引起的电能损耗
D．中央电视台与河南电视台发射的电磁波在同一区域内传播的速度不同
【答案】BC
【详解】A．可以直接从自然界获取的能源是一次能源，电能需要由其他形式的能源转化得到，属于二次能源，故A错误；
B．人类获取核能的方式有核裂变和核聚变。目前核电站是利用可控核裂变释放的能量发电，故B正确；
C．超导材料的电阻为零，输电过程中不会因为电阻产生热量损耗电能，用超导材料制造输电线可以大大降低电能损耗，故C正确；
D．电磁波的传播速度只与介质有关，同一区域（同种介质）中，所有电磁波的传播速度相同，故D错误。
故选BC。
3．（多选）小明总结了近年来我国在科技领域取得的辉煌成就。下列说法正确的是（ ）
A．中国“人造太阳”创造运行新纪录，它是利用核聚变释放核能的
B．国内AI大模型蓬勃发展，后台高算力芯片是由超导体材料制成的
C．神舟二十一号在太空所使用的太阳能是可再生能源
D．“翼龙-2H”无人机为了减轻自重，用不锈钢材料制作
【答案】AC
【详解】A．“人造太阳”是仿照太阳利用核聚变释放核能的，故A正确；
B．芯片是由硅等半导体材料制成的，故B错误；
C．太阳能能够源源不断地从自然界获得，是可再生能源，故C正确；
D．无人机为了减重一般用铝合金或轻质复合材料，而用不锈钢材料制作不能达到减重的目的，故D错误。
故选AC。
4．（多选）如图所示的“风光互补”路灯。这种系统同时安装了风力发电机和太阳能电池板，有风时通过风力发电机发电，有阳光时通过太阳能电池板发电，并将电能储存至蓄电池中，供路灯照明使用，若此蓄电池储存的电能为2.4kW·h。下列说法正确的是（ ）
A．风能和太阳能是可再生能源
B．太阳能电池板是将太阳能转化为电能的装置
C．蓄电池给路灯供电过程中将电能转化为化学能
D．若蓄电池储存的电能全部给额定功率为80W的路灯供电，可供它正常发光3h
【答案】AB
【详解】A．风能、太阳能、地热能等都属于可再生能源，故A正确；
B．太阳能电池板是将接收到的太阳能转化为电能的装置，故B正确；
C．蓄电池给路灯供电过程中将化学能转化为电能，故C错误；
D．蓄电池储存的电能全部给额定功率为80W，即0.08kW的路灯供电，可供它正常发光的时间，故D错误。
故选AB。
5．（多选）2024年党的二十届三中全会提出，“健全绿色低碳发展机制”“促进绿色低碳循环发展经济体系建设”。下列说法正确的是（ ）
A．输电线如果用半导材料制作，可以降低由于输电线发热而引起的电能损耗
B．新能源汽车比燃油车的能量转化效率低
C．使用节水装置，是因为地球上淡水资源有限，我们需要节约用水
D．自然界中的能量是守恒的，但是能量转化具有方向性，所以我们仍需要节约能源
【答案】CD
【详解】A．根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电流通过导体时会放出热量，所以利用超导材料输电，可以降低由于输电线发热而引起的电能损耗，故A错误；
B．燃油车在燃烧过程中会产生大量的能量损失，而新能源汽车则通过高效的能量转换和回收系统，将能源利用率提高到更高的水平，故B错误；
C．地球上水的储量虽然很多，但是淡水资源非常紧张，因此我们需要节约用水，故C正确；
D．自然界中的能量虽然是守恒的，但是能量在转化过程中，一部分能量不能再次利用，所以我们仍然需要节约能源，故D正确。
故选CD。
题型二 物理学史、物理方法、跨学科实践
6．（多选）小明在化学课上学习了电解水的实验，如图所示为其简易装置，在物理课上学习了电流的形成，他对电解水实验过程有了以下想法，下列想法正确的是（ ）
A．为了使现象更明显往往还在水里添加少量氢氧化钠
B．实验中使用电池的放电过程是将电能转化为化学能
C．电解水过程中，导线中的自由电子从电源负极流向正极
D．在电解水的过程中，水槽中两个电极间的电流从左向右流过
【答案】AC
【详解】A．实验中，往往还在水里添加少量氢氧化钠，可增加水的导电性，加快电解速度，使实验现象更明显，故A正确；
B．实验中使用电池的放电过程时，消耗化学能，得到电能，因此是将化学能转化为电能，故B错误；
C．电解水过程中，电流是从电池的正极出发，由于自由电子的定向移动方向与电流的方向相反，所以，导线中的自由电子从电源负极流向正极，故C正确；
D．在电解水的过程中，电流是从电池的正极出发，经过水槽回到电池的负极，所以，水槽中两个电极间的电流从右向左流过，故D错误。
故选AC。
7．（多选）对如图所示实验的分析正确的是（ ）
A．甲：滚摆向下运动时，动能转化为重力势能
B．乙：长颈漏斗中的液面高度保持不变，说明该装置气密性良好
C．丙：把活塞迅速下压，棉花就会燃烧，说明做功可以改变物体的内能
D．丁：反应后天平指针偏右，说明生成物的总质量小于反应物的总质量
【答案】BC
【详解】A．滚摆向下运动时，高度降低重力势能减小，速度增加动能增加，因此是重力势能转化为动能，故A错误；
B．当长颈漏斗与装置相连时，如果装置气密性良好，那么装置内的气体无法逸出，在一定条件下，长颈漏斗中的液面高度就会保持不变。因为如果装置漏气，气体进出会导致气压变化，从而使长颈漏斗中的液面出现上升或下降的情况,故B正确；
C．把活塞迅速下压，压缩内部空气使其温度升高，达到棉花着火点棉花就会燃烧，说明做功可以改变物体的内能，故C正确；
D．反应后天平指针偏右，是因为产生的二氧化碳气体飞走了，生成物的总质量依旧等于反应物的总质量，故D错误。
故选BC 。
8．（多选）物理学的发展不断地改变着人类的生活，下列选项中对科学家的贡献说法正确的是（ ）
A．焦耳——功和能量的单位，测定了热和机械功之间的当量关系
B．帕斯卡——压强的单位，通过裂桶实验得出液体压强与深度有关
C．牛顿——力的单位，发现了万有引力定律并总结了牛顿第一定律
D．欧姆——电压的单位，通过实验发现了电流、电压和电阻的关系
【答案】AC
【详解】A．焦耳是功和能量的单位，焦耳通过实验测定了热和机械功之间的当量关系，故A正确；
B．帕斯卡是压强的单位，帕斯卡通过裂桶实验得出液体压强与深度有关，但裂桶实验不是帕斯卡做的，故B错误；
C．牛顿是力的单位，牛顿发现了万有引力定律并总结了牛顿第一定律，故C正确；
D．欧姆是电阻的单位，欧姆通过实验发现了电流、电压和电阻的关系，电压的单位是伏特，故D错误。
故选AC。
9．（多选）初三复习十六字方针“依据考点，适度训练，强化基础，分类指导”。以下基础知识识记正确的是（ ）
A．提出原子核式结构模型的科学家是汤姆孙
B．北斗导航系统信号传递载体是电磁波
C．夏天空调降温说明热量可以从低温物体传到高温物体
D．居家使用的燃气热水器，燃气属于不可再生能源
【答案】BCD
【详解】A．提出原子核式结构模型的科学家是卢瑟福，故A错误；
B．北斗导航系统利用电磁波传递信号，故B正确；
C．夏天空调降温，将高温环境变为低温环境，说明热量可以从低温物体传到高温物体，故C正确；
D．居家使用的燃气热水器，燃气一般分为液化石油气和天然气，都属于不可再生能源，故D正确。
故选BCD。
10．（多选）“天问一号”火星探测器在发射、飞行与探测过程中，应用了多种物理知识。下列说法正确的是（ ）
A．探测器搭载的精密芯片采用纳米材料，其微观结构尺度远小于普通电子元件
B．探测器在太空飞行时关闭发动机后仍能继续前进，因为一切物体都具有惯性
C．探测器在火星附近仍旧可以依靠稳定的地磁场，进行精准可靠的方向导航
D．探测器高速穿越太空稀薄气体时摩擦带电，是因为在太空中创造了新的电荷
【答案】AB
【详解】A．纳米材料的尺度在1~100nm左右，其微观结构尺度远小于普通电子元件，故A正确；
B．一切物体都具有惯性，探测器关闭发动机后仍能继续运动，是因为探测器具有惯性仍保持原来的运动状态，故B正确；
C．火星附近没有地磁场，无法依靠地磁场导航，故C错误；
D．摩擦起电的实质是电荷转移，并不是创造了电荷，故D错误。
故选 AB。
题型三 声学
11．（多选）为落实“人与自然和谐共生”的发展理念，我们在生活中采取了一系列环保措施。下列措施中，物理原理分析正确的是（ ）
A．为节约能源，推广太阳能路灯——实现了太阳能向电能的转化
B．为减少污染，景区使用电瓶车运载游客——是因为电能是清洁能源
C．为净化水质，公园用沙层过滤池处理污水——利用了分子间存在间隙
D．为降低噪声，高速公路两侧安装隔音板——是在声音传播过程中减弱噪声
【答案】ABD
【详解】A．为节约能源，推广太阳能路灯——实现了太阳能向电能的转化，电能再转化为光能，故A正确；
B．为减少污染，景区使用电瓶车运载游客——是因为电能是清洁能源，零排放、低噪音，故B正确；
C．为净化水质，公园用沙层过滤池处理污水——沙层过滤池通过物理过滤、吸附和生物降解等机制净化水质，不是利用了分子间存在间隙，故C错误；
D．声音可以在声源处、传播过程中、人耳处减弱噪声，为降低噪声，高速公路两侧安装隔音板——是在声音传播过程中减弱噪声，故D正确。
故选ABD。
12．（多选）汽车是现代的一种重要的交通工具，如图是一款正在充电的新能源电动汽车，结构与传统汽车类似，但具有驱动效率高、可以降低城市排放等优点。下列说法中正确的是（ ）
A．车载导航仪与导航卫星是通过电磁波传递信息的
B．行车记录仪的摄像头离景物越近成像越小
C．充电过程中电能转化为化学能储存在电池中
D．关上车窗后，车内会变得安静很多，是在传播过程中减弱噪声
【答案】ACD
【详解】A．电磁波可以在真空中传播，所以车载导航仪与导航卫星是通过电磁波传递信息的，故A正确；
B．根据“物近像远像变大”的规律可知，当成像后，景物离摄像头越近，所成像越大，故B错误；
C．充电过程中，电能主要转化为化学能储存在电池中，故C正确；
D．关上车窗，这是在传播过程中减弱噪声，可以使车内安静一些，故D正确。
故选ACD。
13．（多选）能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。下列说法错误的是（ ）
A．新能源汽车上使用的倒车雷达系统是利用超声波工作的
B．太阳能、风能、水能、核能都属于可再生能源
C．6G即第六代移动通信技术，它使用的电磁波速度更快
D．超导材料可应用于远距离输电线，半导体材料可应用于芯片制造
【答案】BC
【详解】A．倒车雷达依靠超声波的回声定位探测障碍物，故A正确，不符合题意；
B．可以短期内从自然界源源不断获得补充的属于可再生能源，太阳能、风能、水能确实是可再生能源；但核能消耗的核燃料属于不可再生的矿产资源，短时间无法再生，因此核能属于不可再生能源，故B错误，符合题意；
C．所有电磁波在同种介质（真空中）的传播速度都是定值，和频率、第几代通信技术无关，故C错误，符合题意；
D．超导材料电阻为零，远距离输电时不会产生电热损耗，适合做输电线；半导体导电性介于导体和绝缘体之间，是芯片制造的核心材料，故D正确，不符合题意。
故选BC。
14．（多选）物理知识与生活紧密联系，学习物理，我们要学会学以致用。下列说法正确的是（ ）
A．用密度小的泡沫塑料制作玩具可以减小质量，提高安全性
B．发烧时，用浸湿的毛巾擦拭身体降温，是利用蒸发吸热的原理
C．医院用“B”超检查身体，是利用声音可以传递能量
D．严禁私自下河游泳，是因为光从水中斜射入空气中，折射角小于入射角，看起来河水变浅
【答案】AB
【详解】A．泡沫塑料密度小，根据m=ρV 可知，在体积一定时，质量较小，可提高安全性，故A正确；
B．水蒸发时吸热，可带走体表热量，从而达到降温效果，所以发烧时，用浸湿的毛巾擦拭身体降温，故B正确；
C．“B”超利用超声波传递信息，而非能量，故C错误；
D．光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，导致河水看起来比实际浅，故D错误。
故选AB。
15．（多选）嫦娥六号探测器于2024年5月3日在中国文昌航天发射场发射升空，经过轨道修正、近月制动等阶段，于6月2日精准着陆在月球背面南极—艾特肯盆地预选区域，并开展采样工作。采集完毕后，于6月4日上升器点火起飞、精准入轨，完成与轨道器和返回器组合体之间的交会对接及样品转移后，于2024年6月25日返回地球。下列说法正确的是（ ）
A．探测器着陆月球时，向下喷火焰进行减速，利用了物体间力的作用是相互的
B．地面工作者通过超声波与月球上的探测器进行通信
C．探测器绕月飞行时，从近地点到远地点，速度减小
D．从月球带回地球的月壤，质量不变
【答案】ACD
【详解】A．探测器着陆月球时，向下喷火焰，火焰对月球表面施加一个向下的力，同时月球表面会给火焰一个向上的反作用力，从而使探测器减速，这利用了物体间力的作用是相互的，故A正确‌；
‌B．月球表面是真空环境，超声波无法在真空中传播，所以地面工作者不能通过超声波与月球上的探测器进行通信，故B错误‌；
C．探测器绕月飞行时，从近地点到远地点的过程中，高度增加，速度减小，动能转化为重力势能，故C正确‌。
D．‌从月球带回地球的月壤，位置发生了变化，所含物质的多少不变，所以质量不变，故D正确‌。
故选ACD。
题型四 光学
16．（多选）利用如图所示装置探究“凸透镜成像的规律”，此时在光屏上得到一个清晰的像。下列说法正确的是（ ）
A．光屏上成倒立、缩小的实像
B．该成像规律与投影仪的原理相同
C．透镜不动，蜡烛向左移动，光屏向左移动适当距离，可再次得到清晰的像
D．蜡烛和光屏不动，仅移动凸透镜到适当的位置，可再次得到清晰的像
【答案】BCD
【详解】AB.如图所示，，光屏上成实像，根据凸透镜成像规律可知，此时，，光屏上成倒立、放大的实像，该成像规律与投影仪的原理相同，故A错误，B正确；
C.透镜不动，蜡烛和光屏同时适当向左移动的过程中，物距增大，像距减小，可再次得到清晰的像，故C正确；
D.蜡烛和光屏不动，移动凸透镜到适当位置，根据光路可逆可知，此时，，光屏上能得到倒立、缩小的实像，故D正确。
故选BCD。
17．（多选）科技小组利用带抽屉的纸盒和凸透镜（焦距为10 cm）自制的简易投影仪如图所示，将手机放入抽屉中，通过推拉抽屉，能将手机上的画面放大投影到白墙上。下列说法正确的是（ ）
A．手机到凸透镜的距离应大于20 cm
B．若要在墙上看到正立的像，手机应倒立放置
C．要使墙上的像变得更大，应减小手机与透镜间的距离且同时增大像距
D．当手机距离凸透镜8 cm时，在墙上仍能看到放大的像
【答案】BC
【详解】A．通过推拉抽屉，能将手机上的画面放大投影到白墙上，说明此时成的是倒立、放大的像，物距需满足的条件是，即手机到凸透镜的距离范围为，若要在墙上得到正立的像，需要将手机倒立放置，故A错误，B正确；
C．凸透镜成实像时遵循物近像远像变大的规律，要让墙上的像更大，需要减小物距，即减小手机与透镜的距离，同时增大像距，即增大透镜到墙的距离，故C正确；
D．当手机距离凸透镜时，物距小于凸透镜的一倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，此时成正立、放大的虚像，不能在墙上呈现，故D错误。
故选BC。
18．（多选）小明同学用自制的“水透镜”如图所示，来探究凸透镜成像的规律，当点燃的蜡烛、“水透镜”和光屏位于如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像（像未画出），下列说法正确的是（ ）
A．此时凸透镜的成像特点与投影仪相同
B．随着蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向上移动
C．此时凸透镜（“水透镜”）的焦距可能为10.00cm
D．图中小明同学给“水透镜”注水时，发现光屏上的像变模糊了，保持“水透镜”和光屏位置不变，蜡烛向右移动合适的距离，则在光屏上能再次呈现清晰的像
【答案】BD
【详解】A．蜡烛到“水透镜”的距离大于光屏到“水透镜”的距离，即物距大于像距，成倒立、缩小的实像，与照相机镜头的成像原理相同，故A错误；
B．因为通过光心的光线传播方向不变，所以可知蜡烛燃烧变短时，光屏上的像会相对向上移动，故B正确；
C．由图可知物距，像距，由于成像时物距大于像距，所以物距要大于二倍焦距，即，像距要大于一倍焦距小于二倍焦距，即，联立两式解得，故C错误；
D．当给“水透镜”注水时，“水透镜”变厚，其折光能力变强，相当于焦距变小，要使光屏上再次呈现清晰的像，应减小物距，即需要将蜡烛向右移动，故D正确。
故选BD。
19．（多选）如图，某同学在“探究平面镜成像特点”的实验中，将点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，通过玻璃板能够看到蜡烛A在玻璃板后面所成的像。关于探究过程，下列说法正确的是（ ）
A．应选择较亮的环境进行实验
B．蜡烛A的像不能用光屏承接
C．蜡烛A靠近玻璃板时像会逐渐变大
D．多次改变蜡烛A的位置是为了寻找普遍规律
【答案】BD
【详解】A．应选择较暗的环境进行实验，此时蜡烛成像对比度更高，更清晰，故A错误；
B．平面镜成的是虚像，虚像不是实际光线会聚而成，不能用光屏承接，故B正确；
C．平面镜成像的特点是像与物体大小始终相等，不随物到玻璃板的距离改变，故C错误；
D．一次实验得出的结论具有偶然性，多次改变蜡烛A的位置重复实验，是为了寻找平面镜成像的普遍规律，故D正确。
故选BD。
20．（多选）如图甲、乙分别是探究光的反射定律、探究平面镜成像特点的实验装置，下列相关说法正确的是（ ）
A．甲实验中若把纸板NOF侧（虚线右侧）向后折，则在纸板上仍能看到反射光线
B．甲实验中让一束光沿FO入射，反射光沿OE射出，这表明在反射现象中光路可逆
C．乙实验中把蜡烛向远离平面镜方向移动，镜中的像会变小
D．乙实验中用玻璃板而不用平面镜，是因为玻璃板既可以反光成像，又可以透光，用它可以确定像的位置
【答案】BD
【详解】A．在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；甲实验把NOF向后折，此时反射光线所在平面和纸板NOF不在同一平面，所以纸板上看不到反射光线，故A错误；
B．光沿FO入射，反射沿OE射出，说明原来的反射光线变成入射光线，光的反射规律依然成立，证明反射现象中光路可逆，故B正确；
C．平面镜成像的像和物体大小始终相等，蜡烛远离时，蜡烛本身大小不变，所以像的大小也不变，只是视觉上看起来变小，实际大小不变，故C错误；
D．探究平面镜成像时，玻璃板透明，既可以反射光成像，又可以透光看到玻璃板后方的蜡烛，便于确定像的位置，故D正确。
故选BD。
21．（多选）在用一凸透镜研究其成像的规律时，小明利用图所示装置（光屏未画出）进行实验，记录的部分实验信息如下表所示。根据表中信息判定下列说法正确的是（ ）
A．该凸透镜的焦距是15 cm
B．该凸透镜的焦距是30 cm
C．图中，蜡烛和透镜位置不动，移动透镜右侧的光屏能得到放大的实像
D．图中，蜡烛和透镜位置不动，要想得到清晰的像，光屏需移动到90 cm刻度处
【答案】ACD
【详解】AB．根据凸透镜成像规律，当物距u等于像距v时，物体恰好位于二倍焦距处，即 。观察表格中的实验数据，在第3次实验中，物距，像距。因此，，解得焦距，故A正确，B错误；
C．图中，蜡烛位于光具座的25 cm刻度处，凸透镜位于50 cm刻度处。此时的物距
物体位于一倍焦距和二倍焦距之间，成一个倒立、放大的实像，故C正确；
D．从表格第2次实验可知，当物距时，像距 。根据光路可逆原理，当物距时，像距必然为40cm。像在凸透镜的另一侧，透镜在50 cm刻度处，所以像的位置在 刻度处，故D正确。
故选 ACD。
题型五 热学
22．（多选）如图甲所示，2026年4月9日，我国使用长征六号改运载火箭，成功将卫星互联网低轨21组卫星发射升空。如图乙、丙为四冲程汽油机的某两个冲程示意图。下列说法正确的是（ ）
A．火箭发射升空的过程与图丙冲程的能量转化相同
B．火箭升空过程外壳与空气摩擦温度升高，这是通过热传递的方式改变内能的
C．散失到空气中的内能无法自动转化为机械能来驱动火箭，说明能量的转化和转移具有方向性
D．卫星在太空中通过电磁波与地面站通信，电磁波的传播需要介质
【答案】AC
【详解】乙图两气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，能量转化是机械能转化为内能；丙图两气门关闭，火花塞点火，活塞向下运动，为做功冲程，能量转化是内能转化为机械能。
A. 火箭发射是将燃料的化学能转化为内能，再将内能转化为火箭的机械能，丙冲程的能量转化是内能直接转化为机械能，故A正确；
B. 火箭外壳与空气摩擦，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变内能，故B错误；
C. 能量的转化和转移具有方向性，散失到空气中的内能无法自动转化为机械能驱动火箭，说明能量的转化和转移具有方向性，故C正确；
D. 电磁波可以在真空中传播，传播不需要介质，故D错误。
故选AC。
23．（多选）如图是我国战国时期的青铜冰鉴，冰鉴是一件双层的器皿，鉴内有尊缶。夏季，在鉴内放冰块，可使尊缶内食物降温；冬季，在鉴内装热水，还可起到保温作用。下列说法正确的是（ ）
A．鉴内冰块的温度较低没有内能
B．夏季热量从鉴内冰块传向食物
C．冬季热水能保温是因为水的比热容较大
D．能闻到缶内食物的香气说明分子在不停地做无规则运动
【答案】CD
【详解】A．一切物体在任何情况下都具有内能，冰块温度低，仍有内能，故A错误；
B．夏季，由于冰块的温度低于食物的温度，热量从高温的食物向低温的冰块传递，故B错误；
C．由于水的比热容较大，相同质量的水和其他物质，降低相同的温度，放出热量更多，故冬季热水能保温是因为水的比热容较大，故C正确；
D．能闻到缶内食物的香气，属于扩散现象，说明香气分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选CD。
24．（多选）小芳用图中所示的装置比较液体比热容大小。烧瓶的规格、液体与的质量和初温均相同。通电相同时间，液体与升高的温度分别为和，吸收的热量为和，比热容为和。不计热量损失，下列说法正确的有（ ）
A．若，则
B．若，则
C．若、，则
D．若、，则
【答案】BCD
【详解】A．根据可知，吸收热量的多少不但与升高的温度有关，还和比热容有关，当时， 不一定大于，故A错误；
B．由图可知，甲乙两电阻串联在电路中，根据串联电路电流的特点可知，通过电阻的电流相等，由得，电阻大的，产生的热量多，即液体吸收的热量多，当时，，故B正确；
C．当时，由得，，由可知，、相同时，与成反比，当时，，故C正确；
D．当时，由得，，由可知，当相同，且时，，即，故D正确。
故选BCD。
25．（多选）下面是小明同学“物理学习笔记”中的摘录，其中不正确的是（ ）
A．做功和热传递在改变物体内能上是等效的
B．某种燃料在燃烧时所放出的热量叫做这种燃料的热值
C．家庭电路中，电灯与插座之间是串联的
D．0℃的冰熔化成0℃的水内能不变
【答案】BCD
【详解】A．做功和热传递都能改变物体的内能，二者改变内能的效果是等效的，故A正确；
B．热值的定义是单位质量（或单位体积）的燃料完全燃烧时放出的热量，故B错误；
C．为了保证用电器互不影响、正常工作，电灯与插座都是并联在电路中的，故C错误；
D．0℃的冰熔化成0℃水的过程中需要吸收热量，温度不变但内能增大，故D错误。
本题选不正确的，故选BCD。
26．（多选）下列说法中正确的是（ ）
A．寒冷的冬天，玻璃窗上出现冰花，属于凝华现象
B．在“摩擦生热”的过程中，内能转化为机械能
C．烧水时常看到“白气”，从水到“白气”的物态变化是先汽化后液化
D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小
【答案】ACD
【详解】A．寒冷的冬天，温度极低，玻璃窗上的冰花是室内水蒸气遇冷直接由气态变为固态，属于凝华现象，故A正确；
B．摩擦生热是机械能转化为内能，故B错误；
C．烧水时，水先汽化变成水蒸气，水蒸气遇冷再液化形成 “白气”，物态变化为先汽化后液化，故C正确；
D．砂石的比热容比水小，相同质量的砂石和水吸收或放出相同热量时，砂石温度变化更大，因此内陆地区昼夜温差更大，故D正确。
故选ACD。
27．（多选）为了便于测量和观察，我们经常会对实验进行优化改进，下列采取的措施合理的是（ ）
A．探究杠杆平衡条件时，调节杠杆水平位置平衡，为了方便测量力臂
B．研究碘的升华时，采用“水浴法”加热，让碘无法达到熔点，不能熔化
C．测量平均速度时，使斜面坡度小一些，方便测量小车运动的时间
D．探究通电螺线管的磁场时，使用铁屑是为了研究螺线管两端的磁极的极性
【答案】ABC
【详解】A．探究杠杆平衡条件时，调节杠杆水平位置平衡，在实验时，可以直接从杠杆上读出力臂的大小，便于测量力臂，故A符合题意；
B．碘的熔点为113.7℃，在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，采用“水浴法”加热碘，碘不会熔化，确保碘发生升华，故B符合题意；
C．测量平均速度时，为了便于测量时间，使小车在斜面上运动的时间长一点，斜面的坡度通常需要小一些，故C符合题意；
D．探究通电螺线管的磁场时，使用铁屑是为了探究通电螺线管的磁场分布情况，故D不符合题意。
故选ABC。
题型六 力学
28．（多选）两个相同的烧杯中装有等质量的水，取两块质量相等的橡皮泥，分别捏成两个球状（其中一个球为空心），再放入烧杯中，静止时它们的状态如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．乙图中的小球为空心B．两块橡皮泥受浮力
C．烧杯对桌面的压力D．水对烧杯底的压强
【答案】AC
【详解】A．两块橡皮泥质量相等，甲沉底说明甲平均密度大于水，乙悬浮说明乙平均密度等于水，乙平均密度更小，因此体积更大，空心的是乙，故A正确；
B．根据浮沉条件：甲沉底时，浮力，乙悬浮时，浮力；两块橡皮泥质量相等，则，因此两块橡皮泥受浮力，故B错误；
C．烧杯对桌面的压力等于烧杯、水、橡皮泥的总重力，已知烧杯规格相同、水质量相等、橡皮泥质量相等，总重力相等，因此烧杯对桌面的压力，故C正确；
D．由题意可知，水的深度，根据液体压强公式，、不变，则水对烧杯底的压强，故D错误。
故选AC。
29．（多选）研学活动中，小明捡到一块石头。他用电子秤和玻璃杯测量其密度，测量过程如图所示。不计绳子的质量和体积，水的密度为1g/cm3，g取10N/kg，下列判断正确的是（ ）
A．根据本次实验数据，可得出石头密度最准确的测量值为3.125g/cm3
B．从水中取出石头时，带出了1g的水
C．从水中取出石头时，带出的水不会影响密度的测量值
D．石头沉在水底时，杯底对石头的支持力为0.24N
【答案】ABC
【详解】A．由①②两图可得，玻璃杯和水的质量
利用该质量结合图④可得排水的体积，且排水体积与石头的体积相等，则石块的体积
可得出石头密度最准确的测量值，故A正确；
B．由①②③可得，从水中取出石头时，石块带出水的质量，故B正确；
C．从水中取出石头时，石块会带走水，但在加水时加到标记处，会将带出的水补充进来，不会影响密度的测量值，故C正确；
D．石头沉在水底时，排开水的体积等于石头的体积，石头受到的浮力
石块的重力
杯底对石头的支持力，故D错误。
故选ABC。
30．（多选）用如图所示的动滑轮，先后将两个质量不同的重物在相同时间内匀速提升相同高度，两次做功的情况如图所示，第一次的额外功为900 J，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．第一次提升重物时机械效率较高
B．第二次提升重物时的额外功较大
C．两次提升重物的重力之比为15∶14
D．两次提升重物的总功率之比为6∶5
【答案】AD
【详解】A.机械效率是有用功占总功的百分比，由图可知，第一次提升重物时机械效率较高，故A正确；
B.不计绳重和摩擦，动滑轮的额外功为克服动滑轮重力做的功；由于第一、二次都是在相同时间内用同一个动滑轮将物体匀速提升相同高度，因此两次额外功大小相等，故B错误；
C.由题意可知，第一次提升物体做的总功，第二次提升物体做的总功
因此第一次提升物体做的有用功，第一次提升的重物重力
第二次提升物体做的有用功，第二次提升的重物重力
由于，所以，故C错误；
D.第一次提升重物的总功率，第二次提升重物的总功率
两次提升重物的时间和额外功都相同，所以两次提升重物的总功率之比，故D正确。
故选AD。
31．（多选）某同学将粗细均匀的吸管一端密封，在吸管内装入适量的铁砂，制成简易密度计。将该密度计分别放入水和酒精中，静止后，标出与液面位置相平的刻度线及相应的密度值，如图所示，已知吸管的横截面积S=0.8 cm2，。下列说法正确的是（ ）
A．图中A刻度线对应的密度值为0.8×103 kg/m3
B．若A、B刻度线间的距离为2 cm，则该密度计质量为6.4 g
C．若液体密度增大，密度计底端受到的液体压强不变
D．将该密度计放入某种液体中，静止后，若液面到A和B刻度线的间距相等，则
【答案】ABC
【详解】密度计的原理是漂浮时浮力等于自身重力，即，整理得，由此可知，液体密度越小，浸入深度越大，密度计刻度符合“上小下大”的规律；
A．A在B上方，对应浸入深度更大，液体密度更小，酒精密度小于水的密度，因此A刻度对应酒精密度，故A正确；
B．A对应，B对应，AB间距
根据，得，解得该密度计质量为，故B正确；
C．密度计漂浮时，浮力等于重力，且浮力等于底端受到的液体压力（上端露出液面，液体向下压力为0），即，G不变，因此底端压力不变；底端面积S不变，由可知，底端液体压强不变，故C正确；
D．若液面到A、B间距相等，说明液面在A、B中间，满足，整理得，解得，故D错误。
故选ABC。
32．（多选）将A、B两小球从同一高度同时释放，如图是在它们运动过程中每隔相等时间曝光一次所得到的照片，则图中所对应的时间内，下列说法正确的是（ ）
A．两球仅受到重力作用B．A球的平均速度较大
C．B球受到的是平衡力D．B球的重力做功较多
【答案】BC
【详解】A．题目中无不计空气阻力，因此两球都受到重力和空气阻力，故A错误；
B．两小球从同一高度同时释放，图中两小球下落的路程相同，A球所用时间少，因此A球的平均速度较大，故B正确；
C．由图可知，B球的相邻位置间距相等，说明B球做匀速直线运动，受力平衡，故C正确；
D．由图可知，A球相邻位置间距越来越大，说明A球做加速运动，合力方向向下，A球受到的重力大于空气阻力；B球做匀速直线运动，受到的重力等于空气阻力。但物体所受空气阻力的大小与物体的质量无直接关系，因此无法比较两个小球重力的大小，也即无法比较做功的多少，故D错误。
故选BC。
33．（多选）如图所示，重640N的工人站在水平台面上用滑轮组提货物。工人第一次竖直向上用150N的力拉绳子，使重为360N的货物A在20s内竖直匀速上升了2m；第二次竖直向上拉动绳子，使货物B匀速上升，此时该工人对台面的压强为2.0×104Pa，工人与台面接触的总面积为两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．第一次拉绳子时，工人拉力的功率为15W
B．第一次拉绳子时，滑轮组对悬挂点C的拉力为390N
C．第一次拉绳子的过程中，该滑轮组的机械效率为90%
D．货物B的重力为390N
【答案】BD
【详解】A.第一次拉绳子时，由图可知，共有3股绳拉动滑轮，货物20s内竖直匀速上升了2m，则工人的拉力移动的距离为
工人拉力的功率为
故A错误；
B.不计绳重和摩擦，由滑轮组的规律可知，则
由题知，两个滑轮质量相等，则
将滑轮组和货物看成一个整体，整体的重力为
滑轮组对悬挂点C的拉力，即为悬挂点C对滑轮组的拉力、工人对绳子的拉力的合力与整体重力是一对平衡力，即
故B正确；
C.第一次拉绳子过程中，该滑轮组的机械效率为
故C错误；
D.第二次拉绳子时，工人对台面的压力为
由题意知，第二次拉绳子的拉力为
不计绳重和摩擦，根据得，解得
故D正确；
故选BD。
34．（多选）水平面上有一个底面积为的薄壁圆柱形容器，容器中装有质量为的水，现将一质量为的物块放入容器中，物块漂浮在水面上，如图甲所示，物块露出水面的体积为；用大小为的力缓慢向下压物块直至物块恰好浸没在水中（水未溢出），如图乙所示。下列说法正确的是（ ）（已知水的密度是）
A．物块的体积为
B．物块的密度为
C．图乙中水对容器底部的压强为
D．与图甲对比，图乙中水对容器底部的压强增加量为
【答案】BD
【详解】AB．物块漂浮时，浮力等于重力，根据阿基米德原理，可得排开水的体积，即物块浸入水中的体积为
则物块总体积为
物块密度为
故A错误，B正确；
C．根据力的平衡，可知图乙中物块恰好浸没时，增加的浮力等于压力F，即
则圆柱形容器内水对底部的总压力为
水对容器底部的压强为
故C错误；
D．甲图中水对容器底的压力为，图乙中水对容器底部的压力增加量为
因此压强增加量为
故D正确。
故选BD。
35．（多选）如图所示情景中，有关说法正确的是（ ）
A．图甲，三峡船闸是利用连通器原理工作的
B．图乙，马德堡半球实验证明了大气压强的存在
C．图丙，094A型核潜艇在水中主要通过改变排开水的体积实现上浮和下沉
D．图丁，运油-20飞行时，机翼上方空气流速比下方快
【答案】ABD
【详解】A．船闸是由闸室和上、下游闸门以及上、下游阀门组成；若船要从上游驶向下游，先打开上游阀门，使闸室和上游构成连通器，水相平后，打开上游闸门，船驶入闸室；然后打开下游阀门，使下游和闸室构成连通器，闸室和下游水位相平时，打开下游闸门，船驶入下游，分析可知，船闸是利用连通器原理工作的，故A正确；
B．由图可知，马德堡半球内部空气被抽出，气压变小，外界大气压大于内部压强，所以在外界大气压的作用下将两个半球压在一起，故能说明了大气压强的存在，故B正确；
C．核潜艇在水中是通过改变自身重力来实现上浮和下沉的，潜艇体积不变，浸没后排开水的体积不变，故C错误；
D．在气体和液体中，流速越大的位置，压强越小；机翼做成上面凸起，下面平直，飞机在飞行时，机翼上方的空气流速大，压强较小，机翼下方的空气流速小，压强大，所以飞机受到一个向上的升力，故D正确。
故选ABD。
36．（多选）关于力和运动，下列说法正确的是（ ）
A．物体不受力时，一定保持静止状态
B．物体受平衡力时，一定做匀速直线运动
C．物体的运动状态改变时，一定受到力的作用
D．物体做匀速直线运动时，所受合力一定为零
【答案】CD
【详解】A．物体不受力时，可能保持静止或者匀速直线状态，故A错误；
B．物体受平衡力时，可能保持静止或者匀速直线状态，故B错误；
C．力改变物体的运动状态，当物体的运动状态改变时，一定受到力的作用，故C正确；
D．物体做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，所受合力一定为零，故D正确。
故选CD。
37．（多选）我国古代《天工开物》中记载了多种用于灌溉的汲水装置，体现了我国古代劳动人民的智慧。如图，水车从低处向高处汲水的过程中，涉及的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．水车摇柄结构属于轮轴，使用时可以省力
B．水车叶板把水提升到高处，叶板对水做了功
C．水车叶板将水提升的过程中，水的重力势能增大
D．水车在提水过程中，其机械效率可达到100%
【答案】ABC
【详解】A．水车摇柄中，动力作用在轮上，轮半径大于轴半径，动力臂大于阻力臂，因此属于省力轮轴，使用时可以省力，故A正确；
B．水车叶板把水提升到高处，对水施加向上的力，且使水在力的方向上移动了一段距离，因此叶板对水做了功，故B正确；
C．水车叶板将水提升的过程中，水的质量不变，高度变大，重力势能变大，故C正确；
D．水车提水过程中，不可避免要克服机械自身重力、部件之间的摩擦做额外功，有用功总是小于总功，因此机械效率不能达到100%，故D错误。
故选ABC。
题型七 电磁学
38．（多选）创新小组的同学设计了一款电子测温装置，其内部电路如图所示。电源电压恒为，定值电阻，为热敏电阻，阻值随温度t的变化关系如下表所示，温度计是由量程为的电压表改装而成，闭合开关。下列有关说法正确的是（ ）
A．两端电压越大，所测温度越高B．所测温度越高，通过的电流越大
C．此装置可测量的最高温度为D．“0℃”应标在电压表改装前的1.2V处
【答案】AD
【详解】AB．根据电路图，热敏电阻与定值电阻串联。由表格数据可知，温度越高时，热敏电阻的阻值越大，则电路中的总电阻越大，根据欧姆定律可知，电路中的电流越小，通过R的电流越小。根据串联分压原理，所测温度越高，热敏电阻阻值越大，分得的电压越大。故A正确，B错误；
C．电压表的量程是0~3V，因此热敏电阻两端的最大电压为3V。电路中的电流
热敏电阻此时的阻值为
根据表格数据，此时对应的温度为60℃，即此装置可测量的最高温度为，故C错误；
D．当温度为0℃时，热敏电阻的阻值为10Ω，此时电路中的电流
热敏电阻两端的电压
因此“0℃”应标在电压表改装前的1.2V处，故D正确。
故选AD。
39．（多选）如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0-0.6A，电压表的量程为0—3V，定值电阻的规格为“10Ω 0.5A”，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。现闭合开关S，为了保证电路及仪器的安全，在变阻器的滑片P移动的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表示数允许的电流变化范围为0.2A-0.5A
B．电阻消耗功率允许的变化范围为0.4W-0.9W
C．变阻器接入电路的阻值允许变化范围为2Ω-20Ω
D．电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W-1.8W
【答案】BD
【详解】R1与串联，电流表测电路总电流，电压表测定值电阻R1两端电压。
A．根据串联分压知识可知，当滑动变阻器阻值越小时，定值电阻电压分压越大，此时电流越大。电压表量程为，因此两端最大允许电压，则根据欧姆定律，电路最大电流为
电流表量程，R1​允许通过的最大电流为0.5A，R2​允许通过的最大电流为1A，因此电路最大电流为0.3A。 当滑动变阻器接入最大时电路中电流最小，电路中总电阻为
则最小电流为
因此电流变化范围是，故A错误；
B．根据可知，通过R1的电流最小时，R1的功率最小，为
根据可知，R1两端电压最大时，R1的功率最大，则R1的最大功率为
因此R1功率变化范围是，故B正确；
C．根据欧姆定律可知，当最大电流时，总电阻的总电阻最小，为
此时滑动变阻器阻值最小，为
根据串联分压知识可知，滑动变阻器阻值最大时分压最多，电流最小，电路安全。因此允许的变化范围是，故C错误；
D．根据可知，电源电压不变，电路中电流最小时，总功率最小，为
电路中电流最大时，总功率最大，为
因此总功率变化范围是1.2W∼1.8W，故D正确。
故选BD。
40．（多选）如图甲所示，电源电压保持不变，，闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从a端移动到b端的过程中，电流表示数随滑动变阻器R2连入电路的阻值的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为8V
B．R1的最小功率为0.2W
C．滑动变阻器的最大阻值为30Ω
D．滑片P位于中点时，R1两端电压为3.2V
【答案】ACD
【详解】A．由图甲可知，当滑片P在a端时，电路中只有电阻，此时电路中电阻最小，电流最大，由图乙可知，此时电路中的电流为，根据欧姆定律可知，电源电压为，故A正确；
B．当滑片在端时，接入电阻最大，电路电流最小，此时电路中的最小电流为。由得，定值电阻的最小功率为，故B错误；
C．当滑片在端时，滑动变阻器阻值最大，此时电阻和串联接入电路，此时电路中的总电阻为
所以滑动变阻器的最大阻值为，故C正确；
D．当滑片P位于中点时，接入电路中的阻值为
由欧姆定律可得，电路中的电流为
两端的电压为，故D正确。
故选ACD。
41．（多选）如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关、，断开开关，滑动变阻器滑片从最右端向左滑动到某点时，小灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关、，断开开关，再将滑动变阻器滑片继续向左滑动到最左端。两次电流表示数与电压表示数关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压是
B．小灯泡的参数为“”
C．滑动变阻器最大阻值是
D．只闭合两个开关时，10 s电路最多消耗36 J电能
【答案】ACD
【分析】先由R1、R2串联时对应的电流、电压值计算出R1的阻值，进而计算出电源电压；再由变换开关时滑片位置不变找到此时的R1的值，然后可以得到小灯泡的额定电压和额定功率，在电流最小时，根据分压关系计算出滑动变阻器所分得的电压，最后根据欧姆定律可计算出滑动变阻器的最大值。
【详解】A．由甲图可知，闭合开关S、S2，断开开关S1，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，所以
则电源电压为 ，故A正确；
B．小灯泡正常发光时滑动变阻器的阻值前后保持不变，为
则闭合开关S、S1，断开开关S2时，灯泡与滑动变阻器串联，当灯泡正常发光时，
则此时电路中的总电阻为
此时小灯泡的电阻为
则小灯泡的额定电压为
则小灯泡的额定功率为 ，故B错误；
C．滑动变阻器最大时在最开始位置，此时滑动变阻器分压为
则滑动变阻器的最大阻值为 ，故C正确；
D．只闭合两个开关时，电路中最大的电流为0.6A，
则10s电路最多消耗的电能为
故D正确。
故选ACD。
42．（多选）图甲所示电路，电源电压保持不变，已知灯、的额定电压分别为4V和3V。图乙是、的I-U图像。当只闭合开关、，电流表的示数为；当只闭合开关、，电流表的示数为。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压是B．的电阻大于的电阻
C．电阻的阻值为D．若只闭合开关、，正常发光
【答案】AC
【详解】ABC．只闭合开关、，R与串联，电压表测两端电压，电路电流为0.2A，由图乙可知，此时两端电压为4V，的电阻为
则电源电压为①
只闭合开关、，R与串联，电压表测两端电压，电路电流为0.3A，由图乙可知，此时两端电压为3V，的电阻为
则电源电压为②
联立①②，可得，，，故AC正确，B错误。
D．若只闭合开关、，和串联，如果正常发光，说明此时电路中的电流为0.2A，串联电路电流处处相等，由图乙可知，此时两端电压为1V，此时电路的总电压为，故D错误。
故选AC。
43．（多选）某物理兴趣小组的同学在学习了“影响电阻大小的因素”后，从实验室中找到一个热敏电阻继续实验，他们测量了该热敏电阻的阻值随温度变化的关系，并记录在下表的表格中。
他们又找来稳压电源、电压表、电流表、定值电阻R0、开关和一些导线，与热敏电阻R组成电路，准备将电压表或电流表改装成一个指针式温度计，且满足温度升高指针偏转角度变大的要求。则下列设计满足要求的电路是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】BC
【详解】由表格数据可知，该热敏电阻的阻值随温度升高而减小，题目要求温度升高时电表示数增大，据此逐个分析：
A．本电路中热敏电阻与定值电阻串联，电压表测量两端电压。当温度升高，阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流增大。定值电阻的电压，因此增大；根据串联电路电压规律，可得，不变，增大，所以两端电压减小，电压表示数减小，不符合要求，故A错误；
B．本电路中热敏电阻与定值电阻串联，电压表测量两端电压。当温度升高，阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流增大。定值电阻不变，由可知，随增大而增大，电压表示数增大，符合要求，故B正确；
C．本电路中热敏电阻与定值电阻串联，电流表测量电路电流。当温度升高，阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律，电路电流增大，电流表示数增大，符合要求，故C正确；
D．本电路中热敏电阻与定值电阻并联，电流表测量支路的电流。并联电路各支路电压等于电源电压，因此两端电压始终等于电源电压，保持不变；是定值电阻，根据，的电流保持不变，电流表示数不随温度升高而变大，不符合要求，故D错误。
故选BC。
44．（多选）衍水大桥是我市一座具有枢纽意义的交通工程，阴雨天时，为保证行车安全某同学为大桥设计了一个警示灯，当湿度达到80%时，路面变得湿滑极易发生危险，此时警示灯发光提示。如图是他为此设计的部分模拟电路，为滑动变阻器，为湿敏电阻，当湿度为60%时，；湿度每增加1%，阻值减小。闭合开关，通过调节滑动变阻器，使湿度达到80%时，警示灯两端电压达到，刚好开始发光，此后滑动变阻器滑片位置保持不变。已知电源电压为，警示灯的规格是“ ”（忽略灯丝电阻的变化），下列说法正确的是（ ）
A．湿度与电路中的电流成正比
B．警示灯刚好开始发光时，连入电路的阻值为
C．若将警示灯换为“ ”的灯泡，湿度达到80%时，警示灯实际功率为
D．为了使警示灯在湿度较小的情况下就能发光，应将变阻器的滑片向左适当滑动
【答案】BD
【详解】由图可知，滑动变阻器、警示灯、湿敏电阻串联接入电路。
警示灯的电阻为且保持不变。
A．设湿度为H，则湿敏电阻的实际阻值为
总电阻为
则电路电流为
由此可见，电流I与湿度H呈分式关系，而非正比关系，故A错误；
B．警示灯开始发光时，其两端的电压为10V，根据欧姆定律得，开始发光时电路中的电流为
串联电路的总电阻为
湿敏电阻的阻值为
则连入电路的阻值为
故B正确；
C．“ ”灯泡的电阻为
滑动变阻器的阻值，湿度为80%时湿敏电阻的阻值为。
则总电阻为
总电流为
则警示灯的实际功率为
故C错误；
D．湿度小，则​大，要让灯发光（达到 10V），需电流I不变。滑片左滑使得减小，总电阻减小，可在湿度更小（​更大）时仍维持相同电流，使灯电压达标。故D正确。
故选BD。
45．（多选）我国大力推行电动汽车，汽车搭载的电动机其转速是利用接入电路的旋钮变阻器来控制，如图所示。若电源电压不变，当踩下踏板旋钮向E段转动时，则下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表示数变小
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电阻的功率变小、电路的总功率变大
D．电压表的示数与电流表的示数比值变大
【答案】AD
【详解】AB．由图分析可知，旋钮变阻器与定值电阻串联，电流表测电路总电流，电压表测滑动变阻器两端电压。旋钮向E段转动时，接入电路的电阻丝长度变长，因此变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大。根据欧姆定律，可知电路电流变小，则电流表示数变小。 由，可知定值电阻的电压变小。根据串联电路电压规律，可知电压表示数变大，故A正确，B错误；
C．由，可知R0的功率变小。由，可知电路的总功率变小， 故C错误；
D．电压表测变阻器电压，电流表测电路电流，则电压表的示数与电流表的示数的比值等于变阻器接入电路的阻值，即电压表的示数与电流表的示数比值变大，故D正确。
故选AD。
46．（多选）如图甲，电源电压保持不变，为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为，电压表的量程为。闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，得到电压表示数与滑动变阻器接入电路的电阻关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压为
B．的阻值为
C．滑动变阻器接入电路的最小阻值为
D．消耗的最小电功率为
【答案】AC
【详解】AB．由图甲可知，与串联，电压表测量两端电压，串联电路电流处处相等，电路电流，电源电压
根据图乙两组数据得
解得，，故A正确，B错误；
C．电压表量程为，因此两端最大电压，此时电路最大电流
电路总电阻
滑动变阻器接入的最小阻值， 故C正确；
D．滑动变阻器最大阻值为，此时电路总电阻最大，电流最小，功率最小，总电阻
最小电流
的最小功率，故D错误。
故选AC。
47．（多选）一个空心小铁球放在盛水的烧杯中漂浮在水面上，将烧杯置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈连接在如图所示的电路中，开关S闭合后，下列说法正确的是（ ）
A．小铁球仍静止在水面上时受到的重力和浮力是一对平衡力
B．A端为电磁铁的N极
C．滑片P向右滑动，小铁球所受浮力不变
D．滑片P向左滑动，螺线管的磁性增强
【答案】BD
【详解】A．开关S闭合后，电磁铁产生磁性，对空心小铁球有向下的吸引力，小铁球仍静止在水面上时受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，其重力和浮力的大小不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故A错误；
B．开关S闭合后，电流由B流向A，则由安培定则可知螺线管的A端为N极，故B正确；
C．滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电阻增大，由欧姆定律可知电路中电流减小，则螺线管中的磁性减弱，小铁球所受吸引力减小；此过程中小铁球受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，当小球重新平衡后，向下的吸引力与重力之和应等于向上的浮力，因吸引力减小，所以铁球所受浮力也将减小，故C错误；
D．滑片P向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路电流变大；电磁铁的磁性强弱和电流大小有关，电流越大，磁性越强，因此螺线管的磁性增强，故D正确。
故选BD。
实验次序
1
2
3
4
5
物距u/cm
50
40
30
25
20
像距v/cm
22
25
30
*
60
0
20
40
60
80
10
20
33
40
48
温度t（℃）
30
40
50
60
70
80
90
100
电阻R（kΩ）
4.13
2.87
2.03
1.47
1.07
0.80
0.60
0.45