2026年高考物理一轮复习(通用版)微专题六配速法与洛伦兹力冲量法(专项训练)(学生版+解析)

这是一份2026年高考物理一轮复习(通用版)微专题六配速法与洛伦兹力冲量法(专项训练)(学生版+解析)，共9页。
\l "_Tc212801592" 题型01 配速法与复合场中的摆线问题 PAGEREF _Tc212801592 \h 1
\l "_Tc212801593" 题型02 洛伦兹力冲量与动量定理在磁场中的应用 PAGEREF _Tc212801593 \h 8
\l "_Tc212801594" 02 核心突破练 PAGEREF _Tc212801594 \h 10
\l "_Tc212801595" 03 真题溯源练 PAGEREF _Tc212801595 \h 15
01 配速法与复合场中的摆线问题
1．（2025·北京·模拟预测）我国空间站的霍尔推进器某局部区域可抽象成如图所示的模型。xOy平面内存在竖直向下的匀强电场和垂直坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为。质量为、电荷量为的电子从点沿轴正方向水平入射，入射速度为时，电子沿轴做直线运动；入射速度为（）时，电子的运动轨迹如图中的虚线所示，且在最高点与在最低点所受的合力大小相等。不计重力及电子间相互作用，下列说法错误的是（ ）
A．电场强度的大小
B．电子向上运动的过程中动能逐渐增加
C．电子运动到最高点的速度大小为
D．电子运动到最高点的速度大小为
【答案】C
【详解】A．电子入射速度为时，电子沿轴做直线运动，电子受到的电场力向上，由左手定则可知，洛伦兹力向下，有
解得，故A正确，不符合题意；
B．电子在竖直向下的匀强电场和垂直坐标平面向里的匀强磁场的复合场中运动，由于洛伦兹力不做功，向上运动到最高点， 电场力做正功，由动能定理可知，电子的动能增加，故B正确，不符合题意；
C．因为入射速度为时，电子在最高点与在最低点所受的合力大小相等，结合B项分析可知，电子在向上运动过程中动能增加速度增大，洛伦兹力增大，所以电子在最低点的合力向上，在最高点的合力向下，设电子在最高点的速度大小为，有
解得电子运动到最高点的速度大小为，故C错误，符合题意，D正确，不符合题意。
故选C。
2．如图所示，两平行极板水平放置，两板间有垂直纸面向里的匀强磁场和竖直向下的匀强电场，磁场的磁感应强度为。一束质量均为、电荷量均为的粒子，以不同速率沿着两板中轴线方向进入板间后，速率为的甲粒子恰好做匀速直线运动；速率为的乙粒子在板间的运动轨迹如图中曲线所示，A为乙粒子第一次到达轨迹最低点的位置，乙粒子全程速率在和之间变化。研究一般的曲线运动时，可将曲线分割成许多很短的小段，这样质点在每一小段的运动都可以看作圆周运动的一部分，采用圆周运动的分析方法来处理。不计粒子受到的重力及粒子间的相互作用，下列说法不正确的是（ ）
A．两板间电场强度的大小为
B．乙粒子从进入板间运动至A位置的过程中所用时间为
C．乙粒子偏离中轴线的最远距离为
D．乙粒子的运动轨迹在A处对应圆周的半径为
【答案】C
【详解】A．速率为v的甲粒子恰好做匀速直线运动，则
解得两板间电场强度的大小为，不符合题意，故A错误；
B．带电粒子在磁场中做圆周运动，周期，与速度无关，由题意可知，乙粒子从进入板间运动至A位置运动了半个周期，故所用时间为，不符合题意，故B错误；
C．由于洛伦兹力一直不做功，乙粒子所受电场力方向一直竖直向下，当粒子速度最大时，电场力做的功最多，偏离中轴线的距离最远，根据动能定理有
整理得到，符合题意，故C正确；
D．由题意，乙粒子的运动轨迹在A处时为粒子偏离中轴线的距离最远，粒子速度达最大，为，洛伦兹力与电场力的合力提供向心力
所以对应圆周的半径为，不符合题意，故D错误。
故选C。
3．（2025·江苏·模拟预测）如图所示，xOy坐标平面在竖直面内，x轴沿水平方向，y轴正方向竖直向上，在图示空间内有垂直于xOy平面的水平匀强磁场。一带电小球从O点由静止释放，运动轨迹如图中曲线。关于带电小球的运动，下列说法中正确的是（ ）
A．OAB轨迹为半圆
B．小球运动至最低点A时速度最大，且沿水平方向
C．小球在整个运动过程中机械能先变大再变小
D．小球在A点时受到的洛伦兹力与重力大小相等
【答案】B
【详解】小球释放后，除了受到重力外，开始阶段还受到向右侧的洛伦兹力的作用，只有重力做功机械能守恒。可以假定小球带正电，且磁场方向垂直纸面向里。小球初速度为0，可以将这个初速度分解为向右的速度v1和向左的速度v2
则两者大小关系为v1= v2
且使满足qv1B = mg
则根据前述分析可知，小球的运动可看作是v1引起的向右的匀速直线运动和v2引起的一开始向左的逆时针匀速圆周运动的两个分运动的合运动。很显然，小球的轨迹不是半圆，而是摆线，如图所示
且小球运动至最低点A时速度为向右的v2和v1的矢量和，即2v1，洛伦兹力大小为2mg。其他位置v2和v1的矢量和都小于2v1，故选B。
4．（2025·浙江·一模）（多选）如图所示，在坐标平面的第一、第四象限内存在足够宽的垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为，同时放置有两个关于轴对称且板间距离为的平行金属板、，两金属板间存在沿轴负方向的匀强电场（图中未画出）。现有一质量为、电荷量为的可视为质点的带正电金属小球，以速度从坐标原点沿轴正方向做匀速直线运动后从两极板右端离开极板区域。不考虑电场在两极板之外的效应，重力加速度为。下列说法正确的是（ ）
A．小球离开两极板区域后可以运动到轴的下方
B．两极板间的电场强度大小等于
C．小球在运动过程中的最大速度等于
D．小球在运动过程中偏离轴的最大距离等于
【答案】BD
【详解】AB．小球在两极板间匀速运动时应有
得
小球离开两极区域，不再受电场力，将在磁场力和重力作用下运动到轴上方，故A错误，B正确；
CD．小球离开两极间的运动可分解为沿水平方向和
满足
根据洛伦兹力提供向心力可得
可得其圆周运动的半径为
运动偏离轴的最大距离等于
小球运动过程中最大的速度为，故C错误，D正确。
故选BD。
5．（多选）空间同时存在匀强电场和匀强磁场。匀强电场的方向沿y轴正方向，电场强度大小为E；磁场方向垂直纸面向外。质量为m、电荷量为＋q的粒子（重力不计）从坐标原点O由静止释放，释放后，粒子恰能沿图中的曲线运动。已知该曲线的最高点P的纵坐标为h，曲线在P点附近的一小部分，可以看作是半径为2h的圆周上的一小段圆弧。则（ ）
A．粒子在y轴方向做匀加速运动
B．粒子在最高点P的速度大小为
C．磁场的磁感应强度大小为
D．粒子经过时间运动到最高点
【答案】BC
【详解】A．粒子受到电场力和洛伦兹力作用，粒子所受合力发生变化，粒子不可能做匀加速运动，故A错误；
B．粒子从O运动到P的过程，只有电场力做功，根据动能定理有
解得，故B正确；
C．粒子经过P点时，由电场力和洛伦兹力的合力提供向心力，则有
结合上述解得，故C正确；
D．粒子从坐标原点O由静止释放，初速度为0，可将粒子速度分解为沿x轴正方向与沿x轴负方向，令分速度大小均为v0，且有
解得
则粒子的分运动为沿x轴正方向，速度大小为v0的匀速直线运动，与初速度沿x轴负方向，大小也为v0的，沿逆时针方向的匀速圆周运动，根据，
解得
粒子从O到P的过程经历时间
结合上述解得，故D错误。
故选BC。
6．（多选）如图所示，磁控管内局部区域分布有竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场。一电子从M点由静止释放，沿图中轨迹依次经过N、P两点，且N点离水平虚线最远。已知磁感应强度为B，电场强度为E，电子质量为m、电荷量为e，电子重力不计，则（ ）
A．电子在N点的速率为B．N点离虚线的距离为
C．电子从M到N点的时间为D．M、P两点的距离为
【答案】BD
【详解】AB．根据“配速法”，电子在M点由静止释放，可看做是电子分别以的速度向左运动和以速度向右运动，由于
可看做向左的匀速直线运动和向下的匀速圆周运动的合运动，其中圆周运动满足
可得
因N点离虚线最远，则两个方向的分速度均向左，则电子在N点的合速度
N点离虚线的距离为，A错误，B正确；
C．电子从M到N点的时间为，C错误；
D．M、P两点的距离为，D正确。
故选BD。
7．（多选）我国空间站的霍尔推进器某局部区域可抽象成如图所示的模型。xOy平面内存在竖直向下的匀强电场和垂直坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为。质量为、电量为的电子从O点沿x轴正方向水平入射，入射速度为时，电子沿x轴做直线运动；入射速度为（）时，电子的运动轨迹如图中的虚线所示，且在最高点与在最低点所受的合力大小相等。不计重力及电子间相互作用，下列说法正确的是（ ）
A．电场强度的大小
B．电子向上运动的过程中动能逐渐增大
C．电子运动到最高点时速度为
D．电子运动到最高点时速度为
【答案】BC
【详解】A．当入射速度为时，电子沿x轴做直线运动，则有
可得电场强度大小为，故A错误；
B．入射速度为（）时，则，且电子向上偏转，则受到向上的电场力做正功，洛伦兹力不做功，故电子向上运动的过程中动能逐渐增大，故B正确；
CD．入射速度为（）时，可将电子的入射速度分解为水平向右的速度和水平向左的速度，电子运动可看成速度大小为的水平向右匀速直线运动和速度大小为的顺时针的匀速圆周运动，电子运动到最高点的速度大小为，故C正确，D错误。
故选BC。
02 洛伦兹力冲量与动量定理在磁场中的应用
8．（2025·山东聊城·二模）如图甲所示，纸面内存在上、下宽度均为L的匀强电场和匀强磁场，匀强电场竖直向下，匀强磁场垂直纸面向里，磁感应强度大小为B。现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（不计重力）从电场的上边界的a点由静止释放，运动到磁场的下边界的b点时正好与下边界相切。若把电场下移至磁场所在区域，如图乙所示，粒子从上边界c点由静止释放，经过一段时间粒子第一次到达最低点d（图中位置仅为示意），下列说法正确的是（ ）
A．a、b两点之间的距离为B．匀强电场的场强大小为
C．粒子在d点的速度大小为D．粒子从c点到d点的竖直位移为
【答案】C
【详解】A．由几何关系可得
粒子从a到b的位移为
故A错误；
B．设粒子在磁场中速率为v，半径为R
由动能定理可得
由洛伦兹力充当向心力可得
由题意结合几何关系可得
联立解得
故B错误；
CD．把粒子从c到d的过程中的平均速度分别沿着水平方向和竖直方向分解，设两个平均分速度分别为、，把粒子受到的洛伦兹力分别沿水平方向和竖直方向分解
根据左手定则，两个洛伦兹力的分力分别为，
设粒子在最低点d的速度为v
水平方向由动量定理可得
由动能定理可得
结合，
联立解得，
故C正确，D错误；
故选C。
1．如图所示，在平面直角坐标系xOy中，有沿x轴正方向的匀强电场和垂直坐标平面向外的匀强磁场，匀强电场的电场强度大小为E，匀强磁场的磁感应强度大小为B。从O点发射比荷为的带正电粒子，该粒子恰能在xOy坐标平面内做直线运动。已知y轴正方向竖直向上，不计粒子受到的重力。
(1)求粒子发射时的速度大小和方向；
(2)若将电场强度方向调整为竖直向上，该粒子以（1）中的速度从O点射出后，求粒子在运动过程中的最大速度；
(3)若将电场强度方向调整为竖直向下，该粒子改为从O点由静止释放，求粒子运动的轨迹上的点到x轴的最大距离。
【答案】(1)，竖直向下
(2)
(3)
【详解】（1）由题意知，粒子做匀速直线运动，粒子带正电，由物体平衡条件可知，粒子受到的电场力方向向右，洛伦兹力方向向左，由左手定则可知，粒子在O点的速度方向沿y轴负方向，即竖直向下。由
解得
（2）若将电场强度方向调整为竖直向上，则粒子受到竖直向上的电场力和水平向左的洛伦兹力，用配速法配一个与电场力等大反向（竖直向下）的洛伦兹力，由左手定则可知，产生此洛伦兹力的速度水平向右，而此速度本来是没有的，所以给这个速度配个等大反向（水平向左）的速度，至此，由原来的一个竖直向下的速度变为三个等大的速度，水平向右的速度做匀速直线运动，竖直向下和水平向左的速度合成为斜向左下方且与x轴成45°角的速度，粒子之后做匀速圆周运动。当粒子做匀速圆周运动的速度方向水平向右时，有最大速度
（3）将由静止释放的粒子看成同时具有大小相等、方向分别水平向左和水平向右的初速度v1、v2，向左的速度v1产生的洛伦兹力与电场力大小相等，有
解得
向左的分速度使粒子水平向左做匀速直线运动，向右的分速度使粒子在洛伦兹力下做匀速圆周运动，即
解得
粒子运动的轨迹到x轴的最大距离
2．（2025·湖南永州·三模）如图，水平面上固定有足够长的平行导轨P、Q，导轨间存在方向竖直向下，大小为B（大小未知）的匀强磁场，且导轨间距足够大。有一质量为M的圆筒垂直导轨放置，长度略小于导轨内侧间距（可认为相等），a端封闭，b端开口，能沿导轨自由滑动。另有一质量为m，带电量为q（q>0）的小球（直径大小可忽略不计）能沿圆筒自由移动。圆筒不会屏蔽磁场，小球不发生电荷转移，忽略一切摩擦及空气阻力。
(1)先撤去圆筒，将小球紧贴导轨Q并给其与导轨Q夹角为37°的初速度，如图甲，若小球没有离开磁场，且与导轨Q最大距离为1.8L，求磁感应强度B的大小；
(2)若B为（1）中所求，现装上圆筒，若M=m，将小球放入筒中靠近b端处，给圆筒中心施加大小为1.5mg，方向平行于导轨向右的恒力F，如图乙，求F作用距离为L时小球速度大小；
(3)若，装上圆筒，将小球放入圆筒中且与导轨P的距离为L，现给小球与圆筒一个平行于导轨向右的相同初速度，如图丙。当小球与导轨a端发生碰撞时，平行于导轨方向的速度不变，垂直于导轨的速度反向且大小变为碰前的e倍（0