四川成都市彭州中学2025-2026学年高一下学期6月阶段检测物理试卷（Word版附解析）

这是一份四川成都市彭州中学2025-2026学年高一下学期6月阶段检测物理试卷（Word版附解析），文件包含浙教版科学七上-第一章探索自然的科学强化提升·B卷-原卷版doc、浙教版科学七上-第一章探索自然的科学强化提升·B卷-解析版doc等2份试卷配套教学资源，其中试卷共28页， 欢迎下载使用。
考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分
注意事项：
1、开考前，请先将自己的姓名、准考证号、座位号全部涂写在答题卡对应位置。
2、选择题部分用 2B 部分铅笔填涂，非选择题部分用 0.5mm 黑色墨迹签字笔书写。
3、考试结束后，将试卷，答题卡，草稿纸一并交回。
一、单选题：本大题共 7 小题，共 28 分。
1. 关于曲线运动，下列说法正确的是（ ）
A. 两个直线运动的合运动一定是直线运动
B. 曲线运动一定是变速运动
C. 物体在恒力作用下的运动一定是直线运动
D. 做曲线运动的物体的加速度一定变化
【答案】B
【解析】
【详解】A．两个直线运动的合运动不一定是直线运动，比如平抛运动，水平方向是匀速直线运动，竖直方
向是自由落体运动，合运动为匀变速曲线运动，故 A 错误；
B．曲线运动的速度方向时刻发生变化，则曲线运动一定是变速运动，故 B 正确；
C．物体在恒力作用下，如果恒力方向与速度方向不在同一直线上，物体做曲线运动，故 C 错误；
D．做曲线运动的物体的加速度不一定变化，比如平抛运动的加速度为重力加速度，加速度恒定不变，故 D
错误。
故选 B。
2. 如图所示，一根长直轻杆 AB 靠在墙角沿竖直墙和水平地面向下滑动。当 AB 杆和墙的夹角为 时，杆的
A 端沿墙下滑的速度大小为 ，B 端沿地面滑动的速度大小为 ，则 、 的关系是（ ）
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A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】将 A 点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在沿杆子方向上的分速度为
将 B 点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在沿杆子方向上的分速度
由于
所以
故选 A。
3. 一个人用手握着长为 的轻绳一端，另一端连接一个可视为质点的滑块，当手握的一端在水平桌面上做
半径为 、角速度为 的匀速圆周运动时，绳的方向恰好能始终与该圆周相切，并使滑块也在同一水平面
内做半径更大的匀速圆周运动，如图所示是该运动的俯视图。取重力加速度大小为 ，则滑块（ ）
A. 角速度小于 B. 线速度大小为
C. 受到的摩擦力方向沿其圆周运动的半径指向 点 D. 与水平桌面间的动摩擦因数为
【答案】D
【解析】
【详解】A．由几何关系可知，绳的方向恰好能始终与该圆周相切，手运动一周时，滑块也运动一周，滑块
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做匀速圆周运动的角速度也为 ，故 A 错误；
B．运动半径为
所以小球运动的线速度大小为
故 B 错误；
C．小球受到四个力的作用，重力、支持力、绳子的拉力、桌面的滑动摩擦力；其中重力和支持力垂直于水
平桌面，拉力沿着绳子，滑动摩擦力方向与小球的线速度方向相反，与圆周相切，如下图所示：
故 C 错误；
D．设绳子的拉力为 T，摩擦力与绳子的拉力沿摩擦力反方向的分力等大反向，由几何关系得
解得
设小球做圆周运动的向心力为 ，由几何关系得
又
，
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解得
故 D 正确。
故选 D。
4. 记里鼓车是中国古代用于计量车辆行驶距离的机械装置。如图所示为《宋史》记载卢道隆所制记里鼓车：
马匹拉车使车轮转动，带动一套齿轮传动。车轮转动 100 圈时，车行距离恰好为一里。因为立轮和车轮固
定在同一轴上，立轮也转动 100 圈，下平轮和旋风轮转动 33.3 圈，中平轮转动 1 圈。此时通过凸轮杠杆机
构，拉动木人，实现车每行 1 里下层木人击鼓。下列说法正确的是（ ）
A. 中平轮与旋风轮的周期之比为 1:33.3
B. 中平轮与旋风轮轮缘上线速度之比为 1:33.3
C. 立轮轮缘上的线速度小于车轮轮缘上的线速度
D. 立轮与下平轮的角速度之比为 33.3:100
【答案】C
【解析】
【详解】A．中平轮与旋风轮的角速度之比为 1:33.3
根据 ，中平轮与旋风轮的周期之比为 33.3:1，A 错误；
B．旋风轮带动中平轮转动，中平轮与旋风轮轮缘上线速度之比为 1:1，B 错误；
C．立轮和车轮同轴，立轮半径小，车轮半径大。根据 ，立轮轮缘上的线速度小于车轮轮缘上的线
速度，C 正确；
D．立轮与下平轮的角速度之比为 100:33.3，D 错误。
故选 C。
5. 某星球的半径为 R，质量为 M，若该星球使用四颗静止轨道卫星（同步卫星）恰好能实现该星球的赤道
上任意两点的通信。已知引力常量为 G，则该星球的自转周期为（ ）
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A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】若该星球使用四颗静止轨道卫星（同步卫星）恰好能实现该星球的赤道上任意两点的通信，则相
邻卫星的连线与赤道相切，如图
由图中几何关系可知同步卫星的轨道半径为
根据万有引力提供向心力
联立解得
故选 A。
6. 如图，物块 P 位于纬度为 的地球表面上，与地球保持相对静止，人造地球卫星 Q、R 均做匀速圆周运
动，卫星 R 为地球静止卫星。若某时刻 P、Q、R 与地心 O 在同一平面内，其中 O、P、Q 在一条直线上，
且 ，下列说法正确的是（ ）
A. Q、P 的周期之比为
B. Q、R 的线速度之比为
C. 物块 P 的角速度大于卫星 Q 的角速度
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D. 物块 P 的向心加速度大于卫星 Q 的向心加速度
【答案】A
【解析】
【详解】A．由
得
则 、 的周期之比为
又因卫星 为地球静止卫星，所以 ，则 ，A 正确；
B．由
得 ，
则 、 的线速度之比为 ，B 错误；
C．由
得
由 ，则 ，又 ，则 ，C 错误；
D．由 ， ， ，故
由
得
由 ，有 ，故 ，D 错误。
故选 A。
7. 如图所示，长度为 L 的竖直轻杆上端连着小球 A（视为质点），轻杆的下端用铰链固接在水平地面上的 O
点，置于同一水平地面上的物体 B 恰好与 A 接触。在微小扰动下，轻杆向右倾倒，A、B 脱离接触的瞬间，
轻杆与地面的夹角为 37°，且此时轻杆与 A 球间无弹力，重力加速度大小为 g，不计一切摩擦。下列说法
正确的是（ ）
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A. 脱离接触的瞬间，A、B 的速率之比为 3：5 B. 脱离接触的瞬间，B 的速率为
C. A 落地前瞬间的速率为 D. A、B 的质量之比为 27：25
【答案】D
【解析】
【分析】注意分析临界条件，分离时刻，小球的水平分速度与物体 B 的速度相同，且对小球有重力的分力
提供向心力。
【详解】A．对 A 进行运动分解如答图所示
A. 设小球速度为 ，物体 B 速度为 ，分离时刻，小球的水平分速度 与物体 B 的速度相同，即
解得
故 A 错误；
B．A、B 分离瞬间，B 的速度最大，合力为零，且此时杆对 A 球的作用力为零，对 A 球，根据牛顿第二定
律有
解得
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故 B 错误；
C．A 从分离到落地，小球机械能守恒，则有
解得
故 C 错误；
D．在杆从竖直位置开始倒下到 A 与 B 恰好分离的过程中，A 和 B 组成的系统机械能守恒，有
解得
故 D 正确。
故选 D。
二、多选题：本大题共 3 小题，共 18 分。（全选对得 6 分，选对但不全得 3 分，有选错得 0
分）
8. 一小球在水平面内运动，在 x 方向上的 图像和 y 方向上的 图像如图所示，x、y 方向相互垂直，
则（ ）
A. 小球做变加速直线运动 B. 小球做匀变速曲线运动
C. 小球在 2s 内的位移为 4m D. 小球 2s 末的速度为 3m/s
【答案】BC
【解析】
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【详解】AB． 图像的斜率表示速度，可知，小球在 x 轴线上的分运动是匀速直线运动，速度大小为
图像的斜率表示加速度，可知，小球在 y 轴上先沿 y 轴负方向做匀减速直线运动，后沿 y 轴正方向做
匀加速直线运是，加速度方向沿 y 轴正方向，即合力方向沿 y 轴正方向，根据速度合成可知，令初速度方向
与 y 轴负方向夹角为 ，则有
初速度方向与合力方向不在同一直线上，则小球做匀变速曲线运动，故 A 错误，B 正确；
C．小球在 2s 内沿 x 轴线上的分位移
小球在 2s 内沿 y 轴线上的分位移
则小球在 2s 内的合位移为 4m，故 C 正确；
D．小球 2s 末的速度为 y 轴线上的分速度
则小球 2s 末的合速度为
故 D 错误。
故选 BC。
9. 如图所示，在水平圆台的转轴上的 O 点固定一根结实的细绳，细绳长度为 l，细绳的一端连接一个小木
箱，木箱里坐着一只玩具小熊，此时细绳与转轴间的夹角为 ，且处于恰好伸直的状态。已知小木箱
与玩具小熊的总质量为 m，木箱与水平圆台间的动摩擦因数 ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，
，重力加速度为 g，不计空气阻力。在可调速电动机的带动下，让水平圆台缓慢
加速运动下列说法中不正确的是（ ）
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A. 当圆台的角速度 时，细绳中无张力
B. 当圆台的角速度 时，细绳中有张力
C. 当圆台的角速度 时，圆台对木箱无支持力
D. 当圆台的角速度 时，圆台对木箱有支持力
【答案】D
【解析】
【详解】AB．细绳中恰好无张力时，静摩擦力达到最大，由静摩擦力提供向心力，有
解得
可得当 时绳子无张力， 时绳子有张力，故 AB 正确；
CD．圆台对木箱恰好无支持力时，有
解得
当 时，圆台对木箱无支持力，故 C 正确，D 错误。
本题选不正确的，故选 D。
10. 如图所示，在水平地面上，左右两侧各固定一半径为 R 的圆弧轨道，两轨道分别与地面相切于 B、C 点，
左侧轨道的最高点 A 与圆心 等高，右侧半圆形轨道的 D 点与圆心 等高，最高点为 E 点，左侧轨道粗
糙，水平地面 BC 和右侧轨道均光滑。质量为 m 的物块以初速度 从 A 处竖直向下进入轨道，运
动至 B 点的速度为 ，重力加速度为 g。则下列说法正确的是（ ）
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A. 物块从 A 运动到 B 的过程中，克服摩擦力做功为
B. 若物块从 A 处静止释放，到达 B 点时的速度为
C. 物块从 C 运动到 D 的过程中，其重力的瞬时功率一直增大
D. 物块将在右侧轨道上距离地面高度为 处脱离轨道
【答案】AD
【解析】
【详解】A．物块从 A 运动到 B 的过程中，由动能定理
解得 ，故 A 正确；
B．从 A 运动到 B 的过程中，物块从 A 处静止释放运动到 B 处和以初速度 从 A 处运动到 B 处的
过程对比，从 A 处静止释放运动到 B 处的过程，物块经过圆弧上相同点的速度更小，如图
由牛顿第二定律
可知速度越小，轨道的支持力越小，滑动摩擦力也越小，路径长度未变，因此物块从 A 处静止释放运动到 B
处过程克服摩擦力做功
由动能定理
解得 ，故 B 错误；
C．物块从 C 运动到 D 的过程中，重力的瞬时功率
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在 C 处，物块竖直方向的合力向上，在 D 处，竖直方向的合力竖直向下，可以推测，物块从 C 运动到 D 的
过程中，竖直方向的合力应该是先竖直向上，后变为竖直向下，而 一直竖直向上，故 先增加后减小，
重力的瞬时功率先增加后减小，故 C 错误；
D．若在图中 F 点脱轨，如图
则在 F 点有
从 B 到 F 点，由动能定理
解得
则 F 点离地面高度为 ，故 D 正确。
故选 AD。
三、实验题：本大题共 2 小题，共 16 分
11. 用频闪照相记录平抛小球在不同时刻的位置，探究平抛运动的特点。
（1）关于实验，下列做法正确的是_________。
A.选择体积小、质量大的小球
B.借助重垂线确定竖直方向
C.先抛出小球，再打开频闪仪
D.水平抛出小球
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（2）某同学使小球从高度为 0.8m 的桌面水平飞出，用频闪照相拍摄小球的平抛运动（每秒频闪 25 次），
最多可以得到小球在空中运动的__________个位置。
（3）某同学实验时忘了标记重垂线方向，为解决此问题，他在频闪照片中，以某位置为坐标原点，沿任意
两个相互垂直的方向作为 x 轴和 y 轴正方向，建立直角坐标系 ，并测量出另外两个位置的坐标值
， ，如图 3 所示。根据平抛运动规律，利用运动的合成与分解的方法，可得重垂线方向与
y 轴间夹角的正切值为__________。
【答案】 ①. ABD ②. 10 ③.
【解析】
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【详解】（1）[1] A．用频闪照相记录平抛小球在不同时刻的位置，选择体积小质量大的小球可以减小空气
阻力的影响，故 A 正确；
B．本实验需要借助重垂线确定竖直方向，故 B 正确；
CD．实验过程先打开频闪仪，然后水平抛出小球，故 C 错误，D 正确。故选 ABD。
（2）[2]小球从高度为 0.8m 的桌面水平抛出，根据运动学公式
解得
频闪仪每秒频闪 25 次，频闪周期
故最多可以得到小球在空中运动位置个数为
（3）[3]如图 、 分别表示水平和竖直方向，设重垂线方向 与 y 轴间的夹角为 ，建立坐标系存在两
种情况，如图所示
当建立的坐标系为 、 时，则 x 轴方向做匀减速运动，根据逐差法计算加速度有
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y 轴方向有
联立解得
当建立的坐标系为 、 时，则 x 轴方向做匀加速运动，根据逐差法计算加速度有
y 轴方向有
综上所述，重垂线方向与 y 轴间夹角的正切值为
12. 某同学利用如图所示的实验装置进行了向心力来源分析并探究向心力表达式的实验。固定在竖直面内的
轨道由竖直轨道 和四分之一圆弧轨道组成， 处固定有压力传感器和光电门（检测光线与球心等高）。
实验中用小球压缩弹簧到某一位置，后由静止释放，小球沿轨道运动经过 点时，数字计时器显示遮光时
间，压力传感器显示压力数值。已知圆弧轨道半径为 ，小球直径为 。实验过程如下：
（1）调节小球释放位置，使小球经过 点时，压力传感器的示数恰好为零，此时数字计时器显示遮光时间
为 ，则经过 点时的速度大小 __________；实验所在地的重力加速度大小 __________；
（2）逐渐压低小球释放点的位置，多次操作，记录每次对应的压力数值 、遮光时间 ，作出 的图
像，分析可知图线的斜率为 ，则小球的质量 __________； 与 之间的表达式可表示为
____________________。（以上均用已知物理量符号表示）
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【答案】 ①. ②. ③. ④.
【解析】
【详解】（1）[1]由于小球经过光电门时间极短，小球经过 点时的速度大小
[2]根据重力提供向心力
联立可得
（2）[3]根据牛顿第二定律
整理可得
可得
解得
[4]根据
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以及
联立可得
四、计算题：本大题共 3 小题，共 38 分。
13. 如图所示，将一篮球（可视为质点）从水平地面上方 B 点以 v0=10m/s 的速度斜向上抛出，抛出时速度
方向与水平方向成θ=37°角，篮球恰好垂直击中竖直篮板上 A 点，取：sin37°=0.6，cs37°=0.8，重力加速度
g 取 10m/s2，已知 A 点距离水平地面的高度为 3.2m，不计空气阻力。求：
（1）A、B 两点间的水平距离；
（2）B 点距离水平地面的高度。
【答案】（1）4.8m
（2）1.4m
【解析】
【小问 1 详解】
篮球做斜上抛运动，在竖直方向有
所以
水平方向有
解得
【小问 2 详解】
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竖直方向有
解得
B 点距离水平地面的高度
14. 如图所示，将一质量为 的小球自水平平台右端 O 点以一定的初速度水平抛出，小球飞离平台
后经 0.4s 由 A 点沿切线落入竖直光滑圆轨道 ABC，轨道半径 ，CB 为其竖直直径。 ，
。求：
（1）平台末端 O 点到 A 点的竖直高度 H；
（2）小球到达 A 点的速度大小；
（3）小球在 A 点时对轨道的压力大小。
【答案】（1）0.8m
（2）
（3）5.6N
【解析】
【小问 1 详解】
小球在竖直方向做自由落体运动
【小问 2 详解】
小球到达 点时竖直速度为 ，
则
【小问 3 详解】
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小球在轨道受到的支持力为 ，
所以
根据牛顿第三定律轨道受到的压力为
15. 某兴趣小组设计了一个玩具轨道模型如图所示。倾角为 的粗糙倾斜轨道 足够长，其与竖直
光滑圆环轨道间通过一段水平光滑直轨道 串接，竖直圆环的最低点 和 相互靠近且错开，接着再串
接一段水平粗糙直轨道 ，轨道末端 点与水平传送带（轮子很小）的左端刚好平齐接触。已知圆环半
径为 ，直轨道 段长为 ，传送带长度 ，其沿逆时针方向以恒定速度
匀速转动，小滑块与传送带及各段粗糙轨道间的动摩擦因数均为 ，所有轨道在同一竖直
面内，且各接口处平滑连接。将一质量为 的小滑块（可视为质点）从倾斜轨道上的某一位置静止
释放，重力加速度 取 ，求：
（1）若小滑块首次进入竖直圆环轨道刚好可以绕环内侧做完整的圆周运动，则其在圆环轨道最高点 时的
速度大小 ；
（2）满足（1）的条件下，小滑块首次滑上传送带速度减为零时距离 点多远？其首次滑上传送带并返回
点的过程中，与传送带间因摩擦产生的热量 ；
（3）为保证小滑块始终不脱离轨道，并能滑上传送带，小滑块从倾斜轨道上静止释放的高度 应满足什么
条件？小滑块最终停在哪？
【答案】（1） ；（2） ， ；（3） ，小滑块最终停在 点
【解析】
【详解】（1）小滑块首次进入竖直圆环轨道刚好可以绕环内侧做完整的圆周运动，可知在圆环轨道最高点
时，重力刚好提供向心力，则有
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解得
（2）小滑块从 点第一次到达 点过程，根据动能定理可得
解得小滑块第一次滑上初速度的速度为
滑块在传送带上向右做匀减速直线运动的加速度大小为
小滑块首次滑上传送带速度减为零时与 点的距离为
由于
可知小滑块速度减为零后，反向加速到与传送带共速，接着做匀速直线运动回到 点；小滑块第一次在传
送带上向右减速到速度为零所用时间为
该过程小滑块与传送带发生的相对位移为
小滑块开始向左加速到与传送带共速所用时间为
该过程小滑块与传送带发生的相对位移为
则小滑块首次滑上传送带并返回 点的过程中，与传送带间因摩擦产生的热量为
（3）为保证小滑块始终不脱离轨道，并能滑上传送带，可知滑块首次进入竖直圆环轨道一定得经过 点，
滑块刚好经过 点时对应的高度为 ，从释放到 点过程，根据动能定理可得
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解得
根据以上分析可知，小滑块第一次从传送带上返回 点时速度为 ，设小滑块第一次返回圆环轨道
的高度 低于圆心处高度，则有
解得
假设成立；
设小滑块第一次滑上传送带到达 点速度刚好为零，此时对应释放高度为 ，根据动能定理可得
解得
综上分析可知，当小滑块从倾斜轨道上静止释放的高度 应满足
小滑块能滑上传送带，并始终不脱离轨道，且小滑块从传送带上第一次返回到 点前已经与传送带共速，
即第一次返回 点的速度大小为 ，小滑块从圆环轨道返回再次滑上传送带的速度小于 ，
根据对称性可知，之后每次从传送带上返回 点速度大小都等于滑上传送带时的速度大小，最终小滑块将
停在水平粗糙直轨道 上，设小滑块从传送带上第一次返回 点到最终停下，在 上通过的路程为 ，
则有
解得
可知小滑块最终停在 点。