2026年山东省淄博市高新区中考二模物理试题（含解析）

这是一份2026年山东省淄博市高新区中考二模物理试题（含解析），共9页。试卷主要包含了单项选择题，理解与应用，实验与探究，分析与计算等内容，欢迎下载使用。
本试题共8页，满分80分，考试时间90分钟。请将答案写在答题纸上。
一、单项选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意。）
1. 下列估测数据中，最接近实际情况的是（ ）
A. 一盏日光灯正常工作时电流约30 A
B. 中学生站立时对水平地面的压强约为10000 Pa
C. 标准大气压下冰水混合物的温度为4℃
D. 人正常步行的速度约为5 m/s
【答案】B
【解析】
【详解】A．普通日光灯正常工作时的电流较小，约为0.2A，故A不符合题意；
B．中学生体重约500N，双脚站立时与水平地面的总接触面积约0.05m2，对地面的压强
故B符合题意；
C．标准大气压下，冰水混合物的温度规定为0℃，故C不符合题意；
D．人正常步行的速度约为1.1m/s，5m/s约等于人跑步的速度，故D不符合题意。
故选B。
2. 淄博市国家级非物质文化遗产“聊斋俚曲”，是蒲松龄先生创作的民间说唱艺术，深受当地百姓喜爱。下列关于聊斋俚曲演唱的声现象说法正确的是（ ）
A. 演唱者的歌声是由声带振动产生的
B. 歌声在空气中的传播速度为
C. 调大音响音量是为了提高歌声的音调
D. 现场观众关闭手机铃声，是在传播过程中减弱噪声
【答案】A
【解析】
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，人演唱发出的歌声是由声带振动产生的，故A正确；
B．声音在常温空气中的传播速度约为 ，故B错误；
C．音量描述的是声音的响度大小，调大音响音量是为了增大歌声的响度，音调由发声体的振动频率决定，和音量无关，故C错误；
D．关闭手机铃声是阻止声源发声，属于在声源处减弱噪声，故D错误。
故选A。
3. 豆浆制作始于西汉，主要有磨豆、过滤、煮浆三个步骤。下列说法正确的是（ ）
A. 豆子被磨成粉末，说明力能改变物体的运动状态
B. “煮浆”时，厨房里豆香四溢，说明分子在不停地做无规则运动
C. “煮浆”时，通过做功的方式增大豆浆的内能
D. 若在天宫空间站上，图中的“过滤”方法仍然能够成功
【答案】B
【解析】
【详解】A．豆子被磨成粉末，豆子的形状发生改变，说明力能改变物体的形状，故A错误；
B．“煮浆”时厨房里豆香四溢，是豆浆的香气分子扩散到空气中，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C．“煮浆”时通过燃料燃烧加热，将热量转移给豆浆，是通过热传递的方式增大豆浆的内能，故C错误；
D．过滤过程依靠重力使液体向下通过滤布，实现固体和液体分离；天宫空间站中物体处于失重状态，液体不会在重力作用下流动，因此该过滤方法不能成功，故D错误。
故选B。
4. 实验小组用如图甲所示的装置来探究“冰的熔化特点”。下列说法正确的是（ ）
A. 由图乙可知，冰熔化持续了10 min
B. 测量时温度计的玻璃泡可以碰到试管底
C. 冰熔化时不需要吸热
D. CD段比AB段升温慢的主要原因是水的比热容大于冰
【答案】D
【解析】
【详解】A．冰是晶体，熔化过程温度不变，对应图乙中BC段。由图可知，冰从4min开始熔化，10min 熔化结束，熔化持续时间为 ，故A错误；
B．温度计测量温度时，玻璃泡必须完全浸没在被测物质中，不能碰到试管底或壁，否则会导致测量温度不准确，故B错误；
C．晶体熔化过程温度不变，但需要持续吸收热量，停止加热则熔化停止，因此冰熔化需要吸热，故C错误；
D．同一加热装置，相同时间内物质吸收的热量相同，冰熔化为水后质量不变，根据得，由图可知，相同加热时间内，CD段（水）的温度升高量 更小，说明水的比热容大于冰，故D正确。
故选D。
5. 如图所示，是初中阶段我们用斜面做的三个实验，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中为了便于测量时间，应选用坡度较小的斜面
B. 图乙中的实验直接得出了牛顿第一定律
C. 图丙中钢球在木板上滚动是由于受到惯性力的作用
D. 图甲、乙、丙中运动的物体最终会停下来，说明物体的运动需要力来维持
【答案】A
【解析】
【详解】A．图甲中选用坡度较小的斜面时，小车下滑速度更慢，运动时间更长，更便于测量时间，故A正确；
B．牛顿第一定律无法通过图乙的实验直接得出，它是在该实验的基础上，经过进一步科学推理得到的，故B错误；
C．惯性是物体本身的固有属性，不是力，不能表述为“受到惯性力的作用”，钢球滚动是由于钢球具有惯性，故C错误；
D．图甲、乙、丙中，运动的物体最终停下来，是因为受到阻力作用，说明力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故D错误。
故选A。
6. 图甲是运动员在2026年米兰冬奥会自由式滑雪大跳台训练的情景。运动员从60m高的跳台上的A点自由滑下，经过地面后从B点冲出。下列说法正确的是（ ）
A. 运动员在A点的动能为6000J
B. 运动员运动到B点时只具有动能
C. 若运动员质量为50kg，从A点到地面的过程中重力做功为30000J
D. 运动员在空中能达到与A点相同高度的C点
【答案】C
【解析】
【详解】A．题目未给出运动员质量、A点的速度，无法计算A点的动能，无法得出A点动能为6000J，故A错误；
B．B点距离地面有一定高度，且运动员在B点是运动状态，因此运动员在B点同时具有动能和重力势能，故B错误；
C．已知运动员质量，下落高度，重力
根据重力做功公式，得重力做功
故C正确；
D．运动员运动过程中，需要克服摩擦力、空气阻力做功，部分机械能转化为内能，机械能总量减小，因此不可能达到和A点相同高度的C点，故D错误。
故选C。
7. 如图所示的AI眼镜是融合增强现实与人工智能技术的智能穿戴设备，其搭载的摄像头可连接手机实现拍照、扫码等功能。该摄像头的成像原理基于凸透镜成像规律，下列说法正确的是（ ）
A. 拍摄远处风景时，眼镜上摄像头的镜头到物体的距离应大于2倍焦距
B. 该摄像头的成像原理与投影仪相同
C. 扫码时，眼镜上的摄像头相当于一个放大镜，成正立的虚像
D. 要想让手机屏幕上的像大些，眼镜应该远离被拍摄物体
【答案】A
【解析】
【详解】A．摄像头的成像原理与照相机相同，根据凸透镜成像规律，拍摄物体时需要物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，故A正确；
B．投影仪的成像原理是物距在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、放大的实像，与摄像头成倒立缩小实像的原理不同，故B错误；
C．扫码时，摄像头相当于照相机，成倒立、缩小的实像，故C错误；
D．根据凸透镜成实像规律“物近像远像变大”，要让手机屏幕上的像变大，需要减小物距，则眼镜应该靠近被拍摄物体，故D错误。
故选A。
8. 下列对学以致用保障生命安全的解释中，错误的是（ ）
A. 检修电路使用试电笔时——手需接触笔尾的金属体，绝不能接触笔尖的金属体
B. 乘坐汽车要系好安全带——防止突然加速时惯性带来危害
C. 池水看起来浅但不能贸然下水——光发生折射使池底看起来变浅
D. 营救冰面上的野生动物常趴在救援梯上爬行——可减小对冰面的压强
【答案】B
【解析】
【详解】A．使用试电笔时，手接触笔尾金属体可使人体与试电笔形成通路，能正常检测火线；若接触笔尖金属体，会直接接触火线引发触电，故A正确，不符合题意；
B．当汽车突然加速时，人的下半身随汽车加速，上半身因惯性向后仰，此时安全带无法起到防护作用；系安全带是为了防止汽车突然刹车（减速）时，人因惯性向前倾带来的危害，故B错误，符合题意；
C．池底反射的光线从水中斜射入空气中时发生折射，折射角大于入射角，人眼逆着折射光线看去，会误认为池底位置变浅，所以不能贸然下水，故C正确，不符合题意；
D．趴在救援梯上爬行时，人对冰面的压力不变，接触面积增大，根据，在压力一定时，受力面积越大，压强越小，能避免冰面破裂，故D正确，不符合题意。
故选B。
9. 电动竹排是旅游景区深受游客青睐的水上游玩项目，如图所示。制作电动竹排时，通过开关S控制电动机的转向来实现竹排前进和后退。旋钮OP绕O点逆时针转动时，电动机转速变慢使竹排减速。下列电路设计符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】在设计电动竹排时，需要满足以下两个要求：
①通过改变S连接的触点控制竹排前进或后退；②通过改变旋钮OP的角度控制竹排移动的速度；
对于要求①而言竹排前进或后退是由电动机M的转向控制的，也就是电动机M两端的电压方向控制的，因此，只有当S接在两个触点时，M两端电压方向相反才能满足设计要求；
对于要求②而言，流过电动机M的电流越小，电动机的转速越小，竹排的速度越小，因此，旋钮OP绕O点逆时针转动时，电动机转速变慢使竹排减速。必须使电路中的电流变小，根据可知，当电源电压不变时，接入线路的电阻变大，电流越小，当OP顺时针转动时，接入电路中的电阻分别为变大选项；当OP逆时针转动时，接入电路中的电阻为变大，综上分析可知，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
10. 如图所示，重500 N的工人通过滑轮组用竖直向下的拉力匀速提升重540 N物体A，物体A被匀速提升3 m用时25 s，绳子自由端受到竖直向下的拉力为300 N，若两个滑轮重均相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 工人做功的功率为36 WB. 工人做的有用功是900 J
C. 滑轮组的机械效率为90%D. 增大滑轮的重力，机械效率会变大
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，承担重物的绳子段数，绳子自由端移动距离
拉力做的总功
工人做功的功率 ，故A错误；
B．工人做的有用功是提升物体做的功，，故B错误；
C．滑轮组的机械效率，故C正确；
D．不计绳重和摩擦，提升相同物体时，滑轮（动滑轮）重力越大，克服滑轮重力做的额外功越多，有用功不变，总功增大，由可知，机械效率会变小，故D错误。
故选 C。
11. 将一根细金属丝置入柔性塑料中，可以制成用来检测物体形变的器件——应变片，其结构如图甲所示。将它接入如图乙所示的电路，电源电压不变，为定值电阻。闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，则电路中（ ）
A. 应变片中金属丝的电阻不变B. 电压表的示数变小
C. 电流表的示数变大D. 电压表与电流表示数的比值变大
【答案】D
【解析】
【详解】A．其它条件相同时，导体的长度越长、横截面积越小，导体的电阻越大。当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，则应变片中金属丝的电阻变大，故A不符合题意；
BCD．分析电路可知，应变片与定值电阻串联，电流表测电路电流，电压表测应变片的电压。闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，应变片中金属丝的电阻变大，则总电阻变大，根据，电路中电流变小，则电流表的示数变小；根据串联分压原理，电压表的示数变大，所以电压表与电流表示数的比值变大，故BC不符合题意，D符合题意。
故选D。
12. 2026年春晚机器人和武术演员表演的《武BOT》节目燃爆全场，电动机是人形智能机器人各关节的核心动力装置。下列选项中的装置能解释电动机工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，工作时将电能转化为机械能，对应实验装置需要包含电源；
A．该装置是奥斯特实验，验证的是电流周围存在磁场，不是电动机的工作原理，故A不符合题意；
B．该装置电路中有电源，探究通电导体在磁场中受力运动，符合电动机的工作原理，故B符合题意；
C．该装置没有电源，探究的是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C不符合题意；
D．该装置探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，和电动机原理无关，故D不符合题意。
故选B。
13. 近年来，我国在材料、能源、信息等领域取得了辉煌的成就，下列说法正确的是（ ）
A. 光纤通信是利用激光在纤维材料中多次折射传输信息的
B. 5G网络的电磁波与4G网络的电磁波在空气中的传播速度相同
C. 目前建成的核电站是利用核聚变释放的能量发电的
D. 火力发电、核能发电、水力发电都是不可再生能源的利用
【答案】B
【解析】
【详解】A．光纤通信，是利用激光在纤维材料中多次全反射传输信息的，其具有传输效率高等优点，故A错误；
B．电磁波在同种介质中传播的速度相同，即5G网络的电磁波与4G网络的电磁波在空气中的传播速度相同，故B正确；
C．目前建成的核电站是利用核裂变释放的能量发电的，而不是核聚变。核能发电是通过核反应堆中核燃料的裂变反应，将核能转化为热能，加热水产生蒸汽，蒸汽推动汽轮机带动发电机转动产生电能。故C错误；
D．火力发电利用的煤炭、石油、天然气等属于不可再生能源；核能发电利用的核燃料在地球上的储量有限，也属于不可再生能源；但水力发电利用的水能是可再生能源，它是通过水位落差，将水的位能转为水轮的机械能，再转化为电能。故D错误。
故选B。
14. 如图所示，放在水平桌面上的甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有三种不同的液体，将三个完全相同的长方体A分别放入三种液体中，静止时三个容器的液面恰好相平。则下列判断不正确的是（ ）
A. 物体A受的浮力
B. 容器对桌面的压力
C. 液体的密度
D. 液体对容器底的压强
【答案】D
【解析】
【详解】A．三个长方体A完全相同，重力相等。甲中A悬浮，浮力等于重力；乙、丙中A漂浮，浮力也等于自身重力，因此，故A正确；
C．根据阿基米德原理，浮力相等时，排开液体体积越大，液体密度越小。由图可知，，因此，故C正确；
D．最终液面相平，即深度相等，因为，由可知，，故D错误；
B．容器对水平桌面的压力等于总重力，即
由图可知，容器内物体和液体的总体积相同，则，由得，，且，由可知，
又因为容器、A都相同，因此容器对桌面的压力，故B正确。
本题选项描述错误的，故选D。
15. 如图甲，电源电压保持不变，电压表的测量范围为0~15 V，电压表的测量范围为0~3 V，电流表测量范围为0~0.6 A，滑动变阻器标有“，1 A”字样。闭合开关S，在保证电路元件安全的情况下，最大限度从某一位置调小滑动变阻器阻值，直到小灯泡恰好正常发光（不计温度对灯丝电阻的影响）。图乙是某一电压表示数与电流表示数的关系图像。下列说法正确的是（ ）
A. 调小滑动变阻器阻值过程中，电压表与电流表A示数的比值变大
B. 小灯泡的额定电功率为0.9 W
C. 小灯泡正常发光时，通电10 s，电路消耗的总电能为27 J
D. 调节滑动变阻器滑片P的过程中，小灯泡的最大功率与最小功率之比为2:1
【答案】C
【解析】
【详解】由图甲可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，电流表测电路电流，电压表 V1 测电源电压，电压表 V2 测滑动变阻器R两端电压。最大限度从某一位置调小滑动变阻器电阻，由串联电路分压原理可知，滑动变阻器两端的电压变小，即V2示数变小；电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路电流变大，因此图乙是V2的U-I图像。当 时，；当时， ，根据串联电路电压规律和欧姆定律可得①
②
联立①②可得，。
A．调小滑动变阻器阻值时，电路电流增大，V1测电源电压，示数不变，因此V1与电流表示数的比值减小，故A错误；
B．由图乙可知，小灯泡正常发光时最大电流，即额定电流为0.6A，额定功率
故B错误；
C．小灯泡正常发光时，通电10s，电路总电能
故C正确；
D．调节滑片过程中，最大电流，最小电流，小灯泡功率比
故D错误。
故选C。
二、理解与应用（每空1分，作图2分，共15分）
16.
（1）有A、B、C三个轻质小球，A、B靠近时相互排斥，B、C靠近时相互吸引。上述现象是它们可能带有电荷导致的，其中________小球可能不带电；毛皮摩擦过的橡胶棒会带上电荷，橡胶棒是________（填“导体”“半导体”或“绝缘体”）。
（2）“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”。图甲是白鹭在如镜的水面上沿水平方向飞行的情形，以白鹭为参照物，它在水中的倒影是________（填“运动”或“静止”）的，当白鹭飞得更高后，它在水中像的大小________（填“变大”、“不变”或“变小”）；湖深2 m，白鹭在距湖面4 m高度水平飞行，在图乙中作出人眼看到白鹭“倒影”的光路图________。
【答案】（1） ①. C ②. 绝缘体
（2） ①. 静止 ②. 不变 ③.
【解析】
【小问1详解】
根据电荷间作用规律：同种电荷相互排斥，A、B相互排斥，说明A、B一定都带电。带电体可以吸引不带电的轻小物体，也可以吸引带异种电荷的物体，因此B、C吸引时，只有C小球可能不带电。
橡胶棒不容易导电，属于绝缘体。
【小问2详解】
平面镜成像中，像与白鹭关于水面对称，白鹭沿水平飞行时，它的倒影相对于白鹭的位置没有发生变化，因此以白鹭为参照物，倒影是静止的。
平面镜成像的特点是像与物体大小始终相等，因此白鹭飞高后，水中像的大小不变。
像和物体关于平面镜是对称的，先作白鹭S关于水面的对称点（即倒影的位置）；连接与人眼E，连线与水面的交点为入射点；连接S与入射点为入射光线，入射点与眼睛E的连线为反射光线。
17. “智慧消防”是守护城市安全的重要防线。如图甲所示，某科技小组研发了一款名为“烈焰先锋”的全地形智能消防机器人。在一次模拟火灾救援演练中，机器人完成了从奔赴现场到扑灭大火的全过程。请结合演练情境，运用物理知识解决下列问题。
【阶段一：紧急奔赴与越障】
（1）如图甲，机器人履带设计得宽大，是为了在压力一定时，减小对地面的________；如图乙，机器人用机械臂快速举起障碍物时，机械臂可视作一个________杠杆。
【阶段二：侦察探测】
（2）当机器人快速靠近火源时，为了在感光元件上成清晰的像，镜头焦距不变，镜头应向________（填“前伸”或“后缩”）调节。
【阶段三：强力灭火】
（3）喷出的水雾接触高温火焰迅速________（物态变化），此过程________（填“吸”或“放”）热，使燃烧物温度降至着火点以下；水炮喷口设计成锥形，水流高速喷出时，喷口处流速大，压强________（填“大”或“小”），有助于将周围空气卷入，扩大灭火覆盖面。
【阶段四：智能中枢】
（4）如图丙所示，“烈焰先锋”消防机器人搭载火情探测-灭火联动系统，控制电流时自动触发报警喷水联动响应，可在野外无外接电源场景下连续工作。报警喷水联动响应时，电铃________（填“响”或“不响”），指示灯________（填“亮”或“不亮”）。已知控制电路电源电压可调，电磁铁线圈电阻不计，气敏电阻的阻值与烟雾浓度C的关系如图丁所示，工作电路电源电压恒为48 V。调节使系统在烟雾浓度为20%时刚好触发报警喷水联动响应，此时定值电阻的功率为0.18 W，则控制电路的电源电压为________V。
【答案】（1） ①. 压强 ②. 费力
（2）前伸 （3） ①. 汽化 ②. 吸 ③. 小
（4） ①. 响 ②. 不亮 ③. 12.5
【解析】
【小问1详解】
根据，压力一定时，增大受力面积可以减小压强，履带设计宽大是为了减小对地面的压强。
机器人机械臂工作时，动力臂小于阻力臂，因此属于费力杠杆。
【小问2详解】
探测探头相当于凸透镜，机器人靠近火源时物距减小，根据凸透镜成像“物近像远像变大”的规律，焦距不变时需要增大像距才能成清晰的像，因此镜头应向前伸。
【小问3详解】
水雾是液态，接触高温后变为气态水蒸气，该物态变化是汽化，汽化过程吸热，可降低燃烧物温度；根据流体压强规律：流速越大的位置压强越小，因此喷口处流速大，压强小。
【小问4详解】
当电流达到触发值，电磁铁吸下衔铁，开关S2接通a触点，电铃和灭火系统接入电路，指示灯所在的支路断开，因此电铃响，指示灯不亮。
烟雾浓度为20%时，由图丁得气敏电阻，刚好触发时电流，由可知，定值电阻两端电压
气敏电阻两端电压
串联电路总电压等于各部分电压之和，因此
三、实验与探究（本题包括3个小题，除标出2分的空外，每空1分，共20分）
18. 小东想知道家中酱油的密度，于是他采用下列两种方式进行测量。
（1）他用天平和量筒进行酱油密度的测量，步骤如下：
①小东将天平放置在水平桌面上，将游码移到标尺零刻度处，天平指针如图甲所示。要使天平横梁平衡，应将平衡螺母向______调节；
②在烧杯中倒入适量的酱油，用调好的天平测出烧杯和酱油的总质量120g；
③将烧杯中的部分酱油倒入量筒中，体积如图丙所示；
④再次用天平测出烧杯和剩余酱油的总质量，如图乙所示，记为______g；
⑤小东根据以上实验所测数据，计算出酱油的密度为______kg/m3；
（2）经思考，小东想到用浮力相关知识也能粗略测出酱油密度，于是他找来图丁、戊、己中的实验器材，进行测量，步骤如下：
①用细线系住物体，如图丁，用弹簧测力计测出该物体受到的重力G为3N，并记录；
②将物体浸没在水中，如图戊，弹簧测力计示数F1为2N，并记录；
③再将该物体取出擦干后浸没在酱油中，如图己，弹簧测力计示数为F2，并记录；
④利用上述测量出的物理量和已知量，可以计算该物体浸没在水中时所受浮力为______N；酱油的密度ρ酱油=______（用ρ水、G、F1、F2表示）。
【答案】（1） ①. 右 ②. 54 ③. 1.1×103
（2） ①. 1 ②.
【解析】
【小问1详解】
＇＇[1]在调节托盘天平时，首先将其放在水平桌面上，游码放在标尺的左端零刻度线处，此时，若发现指针指在分度盘的中央零刻度线的左边，应将平衡螺母向右调节。
[2]由图乙可知，烧杯和剩余酱油的总质量m剩=50g+4g=54g
[3]由图丙可知，倒出的酱油的体积V=60mL=60cm3
倒出的酱油的质量m=m总-m剩=120g-54g=66g
酱油的密度
【小问2详解】
[1]根据称重法可知，物体浸没在水中时所受浮力F浮水=G-F=3N-2N=1N
[2]由F浮=ρ液V排g可得，物体排开水的体积，即物体的体积
再将该物体取出擦干后浸没在酱油中，如图己，弹簧测力计示数为F2，则该物体在酱油中受到的浮力F浮酱油=G-F2
因为物体在酱油中和在水中都是全部浸没，所以V排酱油=V排水=V
由F浮酱油=ρ酱油V排酱油g可得，酱油的密度表达式
19. 为了探究“不同物质的吸热能力”，小明在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的两种液体A、B，并且用相同的装置加热，如图所示。
（1）组装图中的实验器材时，应该按________（填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行组装。
（2）根据实验图像，小明分析：让A、B升高相同的温度，________加热时间更长，说明________的吸热本领更强。
（3）学习了比热容和热值后，小明认为测量实验中燃烧掉的酒精质量并查出酒精的热值，计算出酒精燃烧释放的能量，就能计算出A、B两种液体吸收的热量，进而计算出A、B两种液体的比热容。若按照他的想法进行实验，计算出的液体比热容数值会比真实值________（填“偏大”或“偏小”），原因是________。
（4）小明善于总结，他对使用温度计的几个实验进行了比较，下列实验中通过比较温度计示数的变化量来反映吸（放）热量多少的是________（填序号）。
【答案】（1）自下而上
（2） ①. B ②. B
（3） ①. 偏大 ②. 酒精燃烧放出的热量并没有全部被液体吸收，计算时所用的热量值大于液体实际吸收的热量
（4）②③
【解析】
【小问1详解】
实验中需要用酒精灯外焰加热，必须先确定酒精灯的位置，为了确保温度计的玻璃泡浸没在液体中，且不接触容器的底部和侧壁，再确定温度计的位置，因此要按自下而上的顺序组装。
【小问2详解】
由温度—时间图像可知，升高相同温度时，B的加热时间更长，说明B吸收的热量更多。
质量和升高的温度相同时，吸收热量越多，吸热本领越强，因此B的吸热本领更强。
【小问3详解】
计算比热容的公式为，酒精燃烧放出的热量会有一部分散失到空气中、被容器吸收，只有部分热量被液体吸收；实验中把酒精燃烧放出的总热量全部算作液体吸收的热量，使代入公式的热量Q大于液体实际吸收的热量，因此计算出的比热容比真实值偏大。
【小问4详解】
①比较不同物质吸热能力时，用加热时间反映吸热多少，温度计示数变化用来比较吸热能力，不符合要求；②比较不同燃料热值时，燃料放出的热量被质量相同的同种液体吸收，通过温度计示数变化量反映燃料放出热量的多少，符合要求；③探究电流热效应时，电流产生的热量被质量相同的同种液体吸收，通过温度计示数变化量反映电流放出热量的多少，符合要求。
故选②③。
20. 小明利用如图甲所示的电路来测灯的电功率，电源电压恒为6 V，小灯泡额定电压为2.5 V，额定电流未知。
（1）请画一根导线把图甲实验电路补充完整，使图中滑动变阻器接入电路的阻值最大。
（2）小明正确连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表与电压表均有示数，则他接下来正确的操作是________。（填字母序号）
A. 检查电路是否短路
B. 检查小灯泡是否接触良好或损坏
C. 移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光
（3）小明想要测量灯正常发光时的电功率，某时刻电压表示数如乙图所示，为使小灯泡正常发光，应将滑片向________（填“A”或“B”）移动，灯正常发光时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定电功率为________W。
（4）小明继续测量灯在略低于和略高于额定电压下的电功率，并求三次电功率的平均值，你认为他这样做________（填“合理”或“不合理”），理由是_________；
（5）小明接下来用、、的定值电阻分别替代小灯泡，用该实验装置探究“电流与电阻的关系”。多次改变电阻的阻值进行实验的目的是：_________。设定定值电阻两端的电压恒为2 V，为了顺利完成实验，则滑动变阻器的最大阻值应不小于________。
【答案】（1） （2）C
（3） ①. B ②. 0.75
（4） ①. 不合理 ②. 小灯泡在不同电压下的实际功率不同，求电功率的平均值没有意义
（5） ①. 得到普遍规律，避免偶然性 ②. 40
【解析】
【小问1详解】
滑动变阻器应按照“一上一下”的方法串联在电路中，由图可知，此时滑片在最左端，为了使此时滑动变阻器接入电阻的阻值最大，应把右下B接线柱与小灯泡左侧接线柱连接起来，使电压表与小灯泡并联，且使电流“正进负出”。
【小问2详解】
电流表、电压表都有示数，说明电路是通路，不存在断路、短路故障；小灯泡不发光是因为滑动变阻器接入阻值太大，电路电流太小，灯泡实际功率太小，因此接下来应移动滑片观察小灯泡是否发光。故选C。
【小问3详解】
电压表选0~3V量程，分度值0.1V，读数为1.8V，小于灯泡额定电压2.5V；要增大灯泡两端电压，根据串联分压规律，需要减小滑动变阻器接入电阻，因此滑片向B端移动。
电流表选0~0.6A量程，分度值0.02A，额定电流为0.3A，因此小灯泡额定功率
【小问4详解】
小灯泡的电功率随两端电压改变而改变，不同电压下功率不同，实验的目的是得到不同电压下的功率，额定功率是额定电压下的功率，不需要求平均值，因此做法不合理。
【小问5详解】
探究电流与电阻的关系时，多次改变电阻实验，是为了寻找普遍规律，避免偶然性。
电源电压恒为6V，定值电阻两端控制为2V，则滑动变阻器两端电压为
串联电路电压比等于电阻比，可得
由于最大定值电阻为20Ω，因此滑动变阻器最大阻值至少为
四、分析与计算（本题包括2个小题，24题6分，25题9分，共15分）
21. 一款新能源无人配送车正在淄博市街道执行末端配送任务。该配送车在平直路面匀速执行配送任务时受到的阻力是总重的0.05倍，配送车相关参数如下表所示，g取10 N/kg，请解答下列问题：
（1）该配送车满载静止在水平地面时，对地面压强多大？
（2）若该配送车满载状态下，在平直路面匀速行驶3 km，配送行驶用时10 min，配送车牵引力做功为多少J？
（3）若第二问配送过程改由常规汽油机供能（不考虑过程中的能量损失），则需要完全燃烧汽油多少kg？（汽油的热值取）
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
满载总质量
满载总重力
配送车静止在水平地面，对地面的压力等于总重力
该配送车满载对水平地面的压强
【小问2详解】
由题意，阻力
配送车匀速行驶，牵引力与阻力是平衡力，大小相等，即
行驶路程
配送车牵引力做功为
【小问3详解】
不考虑能量损失，汽油完全燃烧放出热量
由可得，m汽油=Q放q汽油=9×105 J4.5×107 J/kg=0.02 kg
22. 图甲是小溪家中电饭锅的电路原理图，该电饭锅有加热和保温两挡，由温控开关S进行调节。已知与R为电热丝，现将电饭锅插在220 V的电源上，使用加热挡工作时，电饭锅的功率为1000 W；使用保温挡工作时，电饭锅的功率为44 W。[]
（1）电热丝R的阻值为多少？
（2）如图乙所示，电能表上？处的电能表常数模糊不清，该同学把家中其它用电器断开，仅使用此电饭锅，调至加热挡烧水6 min，电能表的转盘转了300转，则电能表上模糊的参数应该是多少？
（3）利用此电饭锅加热挡烧水6 min，使质量为1 kg、温度为25℃的水，水温升高到85℃，此加热过程中电饭锅的加热效率为多少？
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
根据电功率公式，电源电压不变时，电路总电阻越小，功率越大。由图可知：当开关S闭合时，R被短路，只有接入电路，总电阻较小，功率较大，电饭锅为加热挡；当开关S断开时，R与串联，总电阻较大，功率较小，电饭锅为保温挡。加热挡工作时，只有接入电路，由得的阻值
保温挡工作时，R与串联，电路总电阻
电热丝R的阻值
【小问2详解】
加热挡工作时间 ，，消耗的电能
设电能表常数为，转盘转数 ，则，因此参数为。
【小问3详解】
水吸收的热量
电饭锅消耗的电能
加热效率整车空载质量
满载配送货物总质量
轮胎与地面总接触面积
电动机额定工作电压
电动机额定工作电流
400
200
0.04
48
50