四川省资阳市雁江区2026年九年级中考三模物理试题

这是一份四川省资阳市雁江区2026年九年级中考三模物理试题，共5页。试卷主要包含了选择题，图示题，探究与实验题，论证与计算题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题(本题包括7小题，每小题4分，共28分；每小题只有一个选项符合题意)
1．下列四幅图中，关于声现象的描述正确的是( )
A．乒乓球被发声的音箱弹开表明音箱在振动，且声音越大，音调越高
B．用大小相同的力弹不同钢琴键，发出声音的响度相同
C．倒车雷达利用电磁波进行回声定位
D．防噪声耳罩是在声源处控制噪声
2．如图所示，是生活中经常出现的“白气”现象。下列有关说法正确的是 ( )
A．图甲：清晨河面上的“白气”，是河水汽化而成的水蒸气
B．图乙：冰淇淋的“白气”是周围的空气遇冷液化形成的小水珠
C．图丙：舞台上释放的“白气”，是干冰升华成的气态二氧化碳
D．图丁：冬天，水烧开后壶嘴处的“白气”，是壶嘴喷出的水蒸气液化形成的
3．如图，这是一款人脸识别门禁一体机，通过摄像镜头对人脸特征进行实时捕捉和分析，为人们提供便捷、安全的门禁管理服务。下列说法正确的是 ( )
A．该摄像镜头相当于凹透镜
B．人脸通过该摄像镜头成倒立、缩小的实像
C．这种摄像镜头与近视眼镜是同一种透镜
D．若镜头的焦距为 5cm，为了能成清晰的像，人脸到镜头的距离应小于5cm
4．饺子编剧并执导的动画电影《哪吒之魔童闹海》于2025 年 1月29 日在中国大陆上映。截至4月9日，该影片票房突破156亿元，不但是内地电影界的天花板，同时也是全球电影界的佼佼者。关于哪吒与父亲踢毽子的过程，下列说法正确的是 ( )
A．哪吒能将毽子踢向父亲，说明力可以改变物体的运动状态
B．踢毽子时，只有脚对毽子的力大于毽子对脚的力才能将毽子踢出去
C．毽子能继续在空中飞，是因为毽子具有惯性，若此时所受的力全部消失，它会竖直下落
D．毽子被击出后，从高处下落的过程中动能不变，重力势能增大
5．厨房里能发现许多与物理知识有关的现象，下列说法正确的是（ ）
A．甲图中菜刀的刀刃磨得光滑而薄，是为了使菜刀更光滑，减小切菜时的阻力
B．乙图中向水平管中吹气，水从竖直管中喷出，是因为管上方空气流速变大，压强越小
C．丙图中轻轻一吸，牛奶入口，使牛奶上升到嘴里的力是嘴的吸力
D．丁图中高压锅能很快煮熟食物，是由于锅内气压增大，水的沸点减小
6．如图a为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断错误的是 （ ）
A．图a中气缸内的蒸汽体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力
B．图a中气缸内的蒸汽推动活塞时，内能减小
C．从能量转化角度讲，蒸汽弹射装置工作时与图b中B 图所示的工作原理相似
D．图b中汽油机一个工作循环的正确顺序是 A→B→C→D
7．近年来，中国科技工作者在各个领域一次次刷新“中国高度”。下列说法不正确的是 ( )
A．甲：“双碳”时代，核电发展新机遇，核能是不可再生能源
B．乙：我国实现2kW激光功率超长距离全光纤高效传输，光在玻璃中的速度为真空中的2/3，信号传输速度约为 2×108m/s
C．丙：某企业自主研发的3nm尺寸处理器芯片，是由纳米级工艺和半导体材料制成的
D．丁：四川舰是全球首次采用电磁弹射技术的两栖攻击舰，利用了电磁感应原理
二、图示题(本题包括4小题，共15分)
8．根据图中提供的信息回答下列各题
（1）如图所示是接在家庭电路中的电能表，若此时电路中只有一个电磁炉在工作，且电能表转盘转过1080转用时30min，这个电磁炉的功率是 W。
（2）为响应国家大力发展清洁能源的号召，我国许多地区正在积极推广太阳能利用。太阳能来自太阳内部发生的 (选填“核裂变”或“核聚变”)，是一种取之不尽的能源。
（3）如图所示，图甲是发电机原理的示意图，图乙中的“◯”表示图甲中的导线 ab(观察的视线沿导线由b往a 看)，在磁场中分别转动到 1、2、3、4位置，则从 4位置转到1位置的过程中，发电机产生的电流方向 (选填“会变化”或“不变”)。在1位置时，电路中 (选填“会”或“不会”)产生感应电流。
（4）两个完全相同的甲、乙两种容器分别盛有同种液体，将两个体积相等的实心物体A、B分别放入液体中，静止后，如图所示。则两物体的密度大小关系为ρA ρB
9．2025年 12月 9 日神舟二十一号乘组第一次出舱任务顺利完成。航天员舱外作业时，宽厚的航天服限制了他的视野。为了看清胸前的操作面板，航天员可以通过手腕处的小镜子(如图甲)进行观察。图乙中 A点代表航天员的眼睛，B点代表胸前某一按钮，请在图乙中画出航天员通过小镜子看到按钮的光路图。
10．请在图中画出静止在水平面上的球体A所受力的示意图。
11．手机给人们带来了便捷，但长时间低头看手机，有可能引起颈部肌肉和颈椎损伤。请同学们合理使用手机。如图是人体颈部杠杆模型，图中A点为头部重力作用点，B点为颈部肌肉受力点，O点为支撑点，颈部肌肉拉力 F方向如图所示，请画出肌肉拉力的力臂L和头部受到的重力G的示意图。
三、探究与实验题(本题包括2小题，共20分)
12．古人以“鱼目”“连珠”“鼓浪”描述了水在加热时气泡从生成到沸腾的过程。小文利用如图甲所示的实验装置探究水沸腾前后温度变化的特点。
（1）装置组装过程中，应先确定 (选填“A”或“B”)的位置。
（2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，为 ∘C。
（3）水温升高到 90∘C后，小文开始记录数据并画出如丙所示的图像。分析图像可知，水的沸点是 ∘C。水沸腾时的特点是吸收热量，温度 。
（4）如图丁中a、b图所示，其中 图是第5min的气泡变化情况。
（5）在这次实验中，他发现从开始加热到沸腾的这段时间过长，为了缩短实验的时间，可以采取的措施是 。(回答出一条即可)
13．为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V 的电池组、电流表、电压表、开关，定值电阻5Ω、10Ω、25Ω、阻值未知的各一个，规格为“40Ω 1A”的滑动变阻器，导线若干。
（1）将图甲的实物图连接完整，使滑动变阻器的滑片 P 在最左端时阻值最大。
（2）将5Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑片 P 发现，电压表有示数，电流表几乎没有示数，其原因可能是 。
（3）排除故障后，小海闭合开关移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如图乙所示，记为 V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，断开开关，将定值电阻换成10Ω后，为保证电压表的示数不变，闭合开关后，应向 (选填“左”或“右”)移动滑片。
（4）通过实验得到电流随电阻变化的图像如图丙所示，可得到的结论是：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 (选填“正比”或“反比”)。
（5）在小海实验基础上，为了得到更多组数据，需要增添更多规格的定值电阻，则增添的定值电阻最大阻值不允许超过 。
（6）小阳这组的同学想知道未知电阻的阻值。于是从上述器材中选出学生电源、一个电压表、已知阻值 (用 R0表示其电阻大小)的定值电阻、开关和导线若干，测量待测电阻器的电阻 Rx。实验电路如图所示。
①闭合开关S、S1，断开开关 S2,将滑动变阻器的滑片移动到适当位置，记录电压表的示数 U1和电阻 R0。
② ，保持滑动变阻器的滑片位置不变，记录电压表的示数 U2。
③待测电阻器的电阻 Rx= 。(用已知量和测量量表示)
四、论证与计算题(本大题包括3小题，共37分；解答时应写出必要的文字说明、公式、方程式和重要的演算步骤，只写出结果的不得分；有数值计算的题，答案中必须写出明确的数值和单位)
14．图甲为智能快递分拣机器人，快递分拣电路的简化示意图如图乙所示，其中 R1、R2分别为光敏电阻和力敏电阻，当机器人扫描条形码后，机器人根据 R1和 R2反映的信息识别快件需要运送的区域。
电路中，电源电压为 6V，扫码前光敏电阻 R1为 10Ω，扫码后 R1的阻值发生变化，其变化后的阻值对应的送件区域如下表所示，力敏电阻 R2的阻值随压力变化关系如图丙所示。求：
（1）快件扫码前通过 R1的电流；
（2）运送某快件到B区域时，电流表的示数为0.5A， R2的阻值及快件的重力。
15．如图所示，将质量为 50kg、底面积为 100cm2的匀质圆柱体甲放在水平地面上，轻绳的一端系于圆柱体甲上表面的中央，另一端拉着杠杆的A点。当把质量为 27kg、底面积为 100cm2的实心圆柱体乙悬挂在杠杆的B端并浸没在盛水的圆柱形容器M中，杠杆恰好在水平位置平衡，甲物体对地面的压力为0。已知圆柱形容器M 重20N、底面积为 200cm2,容器中的水深h=30cm，物体乙的上表面与水面相平， AO=15cm，OB=30cm，AC=5cm；不计杠杆的质量，取g=10N/kg，求：
（1）水对容器底部的压强；
（2）物体乙受到的浮力；
（3）物体乙的高度；
（4）保持杠杆右边细线的悬挂点 B 不动，将杠杆左边细线悬挂点从A移动到C后，打开出水口的阀门，容器M中的水匀速流出，整个过程杠杆始终在水平位置平衡，当水面下降10cm时，容器内还剩余 30N 重的水，此时容器 M对地面的压强是多少?
16．如图所示是一工地上利用电动机作为动力，使用动滑轮提升重物的装置示意图。假设电源电压380V 保持不变，电动机线圈电阻为2Ω，不考虑电动机各处摩擦。当电动机将540kg 重物匀速提升8m的过程中，电路中的电流为 10A，动滑轮的机械效率为 80%g=10N/kg.则：
（1）电动机所施加的拉力 F 做的功；
（2）电动机线圈电阻的发热功率；
（3）不考虑电动机转子等零部件间的摩擦，求电动机输出的机械功率；
（4）试从能量转化和守恒的角度，求电动机提升重物所用的时间。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】声音的产生；回声及其产生；响度及响度与振幅的关系；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、乒乓球被发声的音箱弹开，表明音箱在振动（声音由物体振动产生）；但“声音越大”描述的是响度（由振幅决定），而“音调”由频率决定，二者无直接关联。故A错误。
B、用大小相同的力弹不同钢琴键，琴键的振幅相同，因此发出声音的响度相同（响度由振幅决定）；不同琴键振动频率不同，音调不同。故B正确。
C、倒车雷达利用超声波进行回声定位，而非电磁波。故C错误。
D、防噪声耳罩是在人耳处减弱噪声，不是在声源处控制噪声。故D错误。
故答案为：B。
【分析】1、声音的产生：声音由物体振动产生，振动停止，发声停止（如甲图中乒乓球被弹开，体现转换法放大振动）。
2、声音的三要素：
音调：由振动频率决定，频率越高，音调越高（如钢琴不同琴键，振动频率不同，音调不同）。
响度：由振幅决定，振幅越大，响度越大（如用相同力弹琴键，振幅相同，响度相同）。
音色：由发声体的材料、结构决定，用于区分不同发声体。
3、超声波的应用：倒车雷达、声呐等利用超声波的回声定位传递信息；电磁波（如雷达、WiFi）与超声波的应用场景不同，需区分。
4、噪声的控制途径：
声源处：如禁止鸣笛、给机器加消声器。
传播过程中：如植树造林、安装隔音玻璃。
人耳处：如戴防噪声耳罩、耳塞。
2．【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A、清晨河面上的“白气”，不是水蒸气（水蒸气是无色透明的，肉眼不可见），而是河水先汽化产生的水蒸气遇冷液化形成的小水珠。故A错误。
B、冰淇淋周围的“白气”，是周围空气中的水蒸气（不是空气本身）遇冷液化形成的小水珠。空气的主要成分（氮气、氧气）液化温度极低，常温下不会液化。故B错误。
C、舞台上的“白气”，是干冰（固态二氧化碳）升华吸热，使周围空气温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，不是气态二氧化碳（气态二氧化碳无色透明）。故C错误。
D、冬天水烧开后壶嘴处的“白气”，是壶嘴喷出的高温水蒸气遇冷液化形成的小水珠。故D正确。
故答案为：D。
【分析】1、液化现象的本质：“白气”不是气体，而是液态小水珠，是水蒸气遇冷液化形成的。水蒸气本身是无色透明的，肉眼无法直接观察。
液化的两种方式：降低温度、压缩体积。生活中的“白气”现象，都是水蒸气遇冷降低温度发生液化形成的。
2、汽化与液化的区分：
汽化：物质由液态变为气态，吸热（如河水蒸发成水蒸气、水烧开变成水蒸气）。
液化：物质由气态变为液态，放热（如水蒸气变成小水珠）。
3、升华现象：干冰（固态二氧化碳）直接由固态变为气态（升华），升华过程会吸收大量热量，使周围环境温度降低，从而促使水蒸气液化。
3．【答案】B
【知识点】凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A、摄像镜头的成像原理与照相机相同，相当于凸透镜，而非凹透镜。故A错误。
B、当物体位于凸透镜的2倍焦距以外（u>2f）时，成倒立、缩小的实像，与人脸识别摄像头的成像原理一致。故B正确。
C、摄像镜头是凸透镜，而近视眼镜是凹透镜，二者不是同一种透镜。故C错误。
D、若镜头焦距f=5cm，为成清晰的倒立、缩小实像，人脸到镜头的距离应满足u>2f=10cm，而非小于5cm。故D错误。
故答案为：B。
【分析】1、凸透镜成像规律（照相机/摄像头应用）
摄像头、照相机的核心部件是凸透镜，成像规律为：当u>2f时，成倒立、缩小的实像，像距f ρB。
【分析】1、电能表与电功率：电能表转数与电能的换算，结合P=Wt计算功率。
2、核能释放方式：核裂变（链式反应）与核聚变（热核反应）的区分，太阳能量来源于核聚变。
3、电磁感应：感应电流产生的条件（切割磁感线运动），交流电电流方向周期性变化的特点。
4、物体浮沉条件：悬浮时物体密度等于液体密度，漂浮时物体密度小于液体密度，据此比较物体密度大小。
9．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】作B点的像点B'：根据平面镜成像特点，过B点作平面镜的垂线并延长，取像点B'，使B'到镜面的距离等于B到镜面的距离（物像关于镜面对称）。
确定反射光线：连接像点B'与眼睛A点，与镜面交于一点O，O即为入射点，OA即为反射光线（注意：B'到O的连线用虚线表示，因为它不是实际光线）。
确定入射光线：连接B点与入射点O，BO即为入射光线（用实线表示，带箭头）。
标注箭头：入射光线箭头从B指向O，反射光线箭头从O指向A，表示光的传播方向。
故答案为：。
【分析】1、平面镜成像原理：光的反射定律，像与物关于镜面对称（等大、等距、连线垂直镜面）。
2、光路作图规则：实际光线（入射光线、反射光线）用实线并带箭头；辅助线（像点、垂线、反射光线的反向延长线）用虚线。
3、反射光线的反向延长线：人眼看到物体的像，是物体发出的光经镜面反射后，反射光线进入人眼，人眼逆着反射光线看，感觉光是从像点发出的，因此反射光线的反向延长线必过像点。
10．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 球体A静止在墙角，所以，球体不受摩擦力，也不受墙壁的弹力（否则球体不会静止），所以球体只受到两个力的作用：竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F，并且这两个力是一对平衡力；
过球体A的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等。如下图：
【分析】对物体进行受力分析，明确受到哪些力、方向如何，作出示意图。
11．【答案】
【知识点】重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】画重力G的示意图：重力的作用点在A点，方向竖直向下。从A点沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，标上字母G。
画拉力F的力臂L：力臂是支点O到力的作用线的垂直距离。先延长（或反向延长）拉力F的作用线。从支点O向F的作用线作垂线，垂线段的长度就是力臂L，用虚线表示，标上直角符号和字母L。
故答案为：。
【分析】1、重力的示意图画法：重力的作用点在物体的重心，方向始终竖直向下，用带箭头的线段表示。
2、力臂的定义与画法：力臂是支点到力的作用线的垂直距离，不是支点到力的作用点的距离。作图时需要先确定支点、力的作用线，再作垂线。
3、杠杆的基本要素：支点O、动力（肌肉拉力F）、阻力（头部重力G）、动力臂L、阻力臂，本题考查其中重力和动力臂的作图。
12．【答案】（1）B
（2）67
（3）98；保持不变
（4）b
（5）减少水的质量(只要合理都正确)
【知识点】温度及温度计的使用与读数；液体温度计的构造与工作原理；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）实验装置组装时，需先确定B（铁圈和石棉网）的位置，因为要用酒精灯外焰加热，再根据烧杯位置调整温度计（A）的高度，避免温度计玻璃泡接触烧杯底。
（2）温度计的分度值为1℃，示数为67℃。
（3）由图丙可知，水在98℃时温度保持不变，所以沸点为98℃；水沸腾的特点是吸收热量，温度保持不变。
（4）第5min时，水已经沸腾。沸腾时，气泡上升过程中不断变大，对应b图；a图是沸腾前的气泡变化（上升过程中变小）。
（5）缩短加热时间的措施：减少水的质量、提高水的初温、给烧杯加盖、增大酒精灯火焰等。
故答案为：（1）B；（2）67；（3）98；保持不变；（4）b；（5）减少水的质量。
【分析】1、实验装置组装顺序：从下到上，先根据酒精灯外焰确定石棉网高度，再调整温度计位置，确保外焰加热且温度计玻璃泡完全浸没在水中。
2、温度计读数：先确定分度值，再看液柱位置，注意温度的正负。
3、水的沸腾特点：沸腾前吸热温度升高，沸腾时吸热温度不变，此时的温度为沸点（受气压影响，气压越低沸点越低）。
4、气泡变化规律：沸腾前，气泡上升过程中遇冷收缩，体积变小；沸腾时，气泡上升过程中水压减小、水蒸气不断补充，体积变大。
5、缩短加热时间的方法：从减少水的质量、提高初温、减少热量散失（加盖）、增大供热功率（加大火焰）等角度分析。
13．【答案】（1）
（2）定值电阻断路
（3）2.5；左
（4）反比
（5）50Ω
（6）闭合开关S、 S2，断开开关S1；U2−U1U1⋅R0
【知识点】电路故障的判断；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）要使滑动变阻器滑片P在最左端时阻值最大，应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，与定值电阻串联。
（2）电压表有示数、电流表几乎无示数，说明电路在定值电阻处断路（电压表串联接入电路，测电源电压，电流表无电流通过）。
（3）电压表选用0~3V量程，分度值0.1V，示数为2.5V。
将5Ω电阻换为10Ω后，定值电阻分压增大，电压表示数会超过2.5V。为保持电压不变，需增大滑动变阻器的分压，因此滑片应向左移动（增大滑动变阻器接入电阻）。
（4）由图像可知，电压一定时，电流随电阻增大而减小，且电流与电阻的乘积为定值，因此电流与导体的电阻成反比。
（5）电源电压4.5V，定值电阻两端电压控制为2.5V，滑动变阻器两端电压为 4.5V-2.5V=2V。
根据串联分压规律：R定R滑=U定U滑=2.5V2V=54，滑动变阻器最大阻值为40Ω，因此定值电阻最大阻值：
R定max=54×40Ω=50Ω。
（6）步骤②为闭合开关S、S2，断开开关S1，此时电压表测电源电压U2。
步骤①中电压表测R0两端电压U1，电路电流I=U1R0；Rx两端电压为U2-U1，因此：RX=U2−U1I=U2−U1U1R0=(U2−U1)R0U1。
故答案为：（1）；（2）定值电阻断路；（3）2.5；左；（4）反比；（5）50Ω；（6）闭合开关S、 S2，断开开关S1；U2−U1U1⋅R0。
【分析】1、滑动变阻器使用：“一上一下”接线，滑片离接入的下接线柱越远，接入电阻越大。
2、电路故障分析：串联电路中，电压表有示数、电流表无示数，通常是与电压表并联的部分断路。
3、控制变量法：探究电流与电阻的关系时，需保持定值电阻两端电压不变，通过调整滑动变阻器实现控压。
4、欧姆定律与串联分压：串联电路中，电压与电阻成正比。
5、缺表法测电阻：利用已知电阻和电压表，通过两次电压测量，结合串联电路电流规律计算未知电阻。
14．【答案】（1）由图乙可知，光敏电阻和力敏电阻并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路各支路两端电压相等： U1=U2=U电=6V
快件扫码前通过R1的电流： I1=U1R=6V10Ω=0.6A
（2）由表格可知，运送快件到B区域某位置时，光敏电阻的阻值为15Ω，干路电流为0.5A
此时通过光敏电阻的电流：
I1B=U1BR1B=6V15Ω=0.4A
通过力敏电阻的电流： I2=I-I1B=0.5A-0.4A=0.1A
力敏电阻的阻值： R2=U2I2=6V0.1A=60Ω
由图丙可知此时力敏电阻受到的压力：F 压=15N
快件的重力： G=F支=F压=15N
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】1、并联电路的特点：各支路两端电压相等，干路电流等于各支路电流之和。
欧姆定律公式I=UR，表示导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。可变形为U=IR、R=UI用于计算电压或电阻。
2、敏感电阻的应用
光敏电阻R1的阻值随光照强度变化，力敏电阻R2的阻值随压力变化。本题中通过读取表格和图像数据，结合电路规律解决实际问题。
受力平衡：快件静止在力敏电阻上时，压力与重力大小相等，因此可通过压力值得到重力值。
15．【答案】（1）水的深度为： h=30cm=0.3m
水对容器底部的压强： P水=ρ水gℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3×103Pa
（2）此时杠杆A端受到的拉力： FA=G甲=m甲g=50kg×10N/kg=500N
B点处的拉力是FB，由杠杆平衡条件： FA⋅LOA=FB⋅LOB,得： FB=FA•LOALOB=500N×15cm30cm=250N
物体乙的重力：G乙=m乙g=27kg×10N/ kg=270N
根据力的平衡条件，物体乙受到的浮力： F浮=G乙−FB=270N−250N=20N
（3）因为物体乙浸没在水中，所以V乙=V排
由F浮=ρ液gV 排得
乙物体的体积： V乙=V排=F浮ρ水g=20N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−3m3=2×103cm3
物体乙的高度： ℎ乙=V乙S乙=2×103cm3100cm2=20cm
（4）由于物体乙的高度是20cm，实心圆柱体乙悬挂在杠杆的B端并浸没在盛水的圆柱形容器M中，则杠杆在水平位置平衡时
此时乙浸在容器中的深度： h浸= h乙—△h=20cm -10cm = 10cm
乙排开水的体积为：V排'=S乙ℎ浸=100cm2×10cm=1000cm3
此时乙受到的浮力为：F浮'=ρ水gV排'=1.0×103kg/m3×10N/kg×1000×10−6m3=10N
此时杠杆 B端受到的拉力为：FB'=G乙-F浮'=270N-10N=260N
容器M对地面的压力： F压=G总−FB'=G水+G乙+G容器—FB'=30N+270N+20N-260N=60N
容器M对地面的压强： p=F压S=60N200×10−4m2=3×103pa
【知识点】压强；液体压强的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】1、液体压强公式p=ρgh，液体压强只与液体密度和深度有关，与容器形状无关。
2、杠杆平衡条件F1L1=F2L2，动力×动力臂=阻力×阻力臂。
物体受力平衡分析，浸没物体受重力、浮力、拉力，合力为零。
3、阿基米德原理F浮=ρ液gV排，浮力等于排开液体的重力。
圆柱体积公式 V=Sh，已知体积和底面积可求高度。
4、浮力变化分析，物体浸入深度变化时，排开液体体积变化，浮力随之变化。
固体压强公式P=FS，压力为容器对地面的实际作用力，需考虑拉力的影响。
受力平衡的拓展应用，结合杠杆、浮力、压力的综合分析。
16．【答案】（1）拉力做的有用功：W有用=G 物h=m物 gh=540kg×10N/kg×8m= 4.32×104J
由 η=W有用W总得，拉力所做的功： W总=W有用η=4.32×104J80%=5.4×104J
（2）电动机线圈电阻的发热功率： P热=I2R=(10A)2×2Ω=200W
（3）电动机总功率：P电=UI=380VX10A=3800W
电动电动机输出的机械功率： P机=P电−P热=3800W−200W=3600W
（4）电动机提升货物所用时间： t=W总P=5.4×104J3600W=15S
【知识点】功率的计算；滑轮（组）的机械效率；电功率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】1、机械效率与滑轮组
动滑轮的机械效率η=W有用W总×100%，其中有用功是提升重物做的功 W有用=Gh，总功是拉力做的功 W总=Fs。
2、电动机的功率与能量转化
电动机是非纯电阻用电器，消耗的电能 W电=UIt 分为两部分：一部分转化为内能，即线圈发热 Q=I2Rt；另一部分转化为机械能（输出的机械功），即 W机=W电-Q。
3、对应的功率关系为：P电=UI，P热=I2R，P机=P电-P热。
4、功率与功的关系
功率公式P=Wt，变形可得t=WP，用于计算做功时间。
能量守恒定律：电动机消耗的电能，最终转化为重物的机械能和线圈的内能，总能量保持不变。送件区域
A
B
C
D
光敏电阻 R1/Ω
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