河南省濮阳市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷

这是一份河南省濮阳市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷，文件包含山东省潍坊市2026届高三三模考试英语试题+答案+听力原文pdf、山东省潍坊市2026届高三三模考试英语试题听力音频mp3等2份试卷配套教学资源，其中试卷共18页， 欢迎下载使用。
注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共8小题，共37分）
1.[4分]下列说法正确的是（ ）
A．衰变过程存在质量亏损
B．原子核发生α衰变后质量数不变
C．原子核发生β衰变后电荷数不变
D．温度升高会增大放射性元素的半衰期
2.[4分]如图，为了定量描述磁体S极附近Q点的磁场强弱，在该处垂直于磁场方向放置“很短”的一小段通电导线，设导线中的电流为I，导线的长为L，受到的磁场力为F，若改变I或L，则比值保持不变，从而引入了磁感应强度B的定义。下列说法正确的是（ ）
A．因为B大小与I无关，所以这“很短”的一小段通电导线的电流I的大小可以取大些
B．这“很短”的一小段通电导线所受的安培力方向规定为B的方向
C．这“很短”的一小段通电导线垂直于磁场放置有无数种放法
D．这“很短”的一小段通电导线垂直于磁场放置只有两种放法
3.[4分]倾角为的光滑斜面上固定一轻弹簧，弹簧上端A、B两物块处于静止状态，A物块与弹簧拴接，如图所示。已知A物块质量，B物块质量，弹簧劲度系数。现给B物块施加一个方向沿斜面向上的力F，使它从静止开始沿斜面向上做匀加速运动。已知在前1.0s时间内，F为变力，1.0s以后F为恒力。取，下列说法正确的是（ ）
A．物块A和B即将运动时，F最大。
B．物块A和B即将分离时，F最小。
C．F的最小值为
D．F的最大值为
4.[5分]小球a从距离地面H＝1.25m处静止释放，落地后反弹速度为落地时速度的，释放小球a后，再过一段时间从同一位置静止释放小球b，小球b下落过程中与小球a第一次反弹后相遇时，小球a的速度恰好为0。不计空气阻力，重力加速度g取，则先后释放两小球的时间间隔为（ ）
A．0.3sB．0.4sC．0.5sD．0.6s
5.[5分]一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A，其图像如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．气体在A状态的压强小于在B状态的压强
B．从状态B到状态C的过程中，单位时间内单位面积上碰撞器壁的分子数增加
C．从C到D的过程中，气体对外界做功，压强减小。
D．从D到A的过程中，气体对外界放热
6.[5分]人造地球卫星在运行中，火箭沿线速度方向的反方向喷火，喷火后在新的轨道上仍能做匀速圆周运动，则（ ）
A．a减小，T增大，r增大，Ek减小，Ep增大。
B．a减小，T增大，r减小，Ek增大，Ep减小
C．a减小，T增大，r增大，Ek减小，Ep增大
D．a增大，T减小，r增大，Ek增大，Ep减小。
7.[5分]如图所示，电路中的变压器为理想变压器，U为正弦式交流电压，R为滑动变阻器，、是两个定值电阻。A、V分别是理想电流表和理想电压表，则下列说法正确的是（ ）
A．仅闭合开关S，电流表示数变大、电压表示数变大
B．仅闭合开关S，电流表示数变小、电压表示数变大
C．开关S闭合时，变阻器滑片向左移动的过程中，电流表、电压表示数均变大。
D．开关S闭合时，变阻器滑片向左移动的过程中，电流表、电压表示数均变小。
8.[5分]如图（a）所示，艺术体操的带操表演中，运动员手持细棒沿竖直方向上下抖动彩带的一端，彩带随之“波浪”翻卷，同时彩带上的“波浪”向前传播，把这样的“波浪”近似视为简谐横波图（b）为一横波在t=0时刻的波形图，图（c）为图（b）中质点P的振动图像，则（ ）
A．该波沿x轴正方向传播B．该波的传播速度为2.0m/s
C．t=1.0s时质点P的加速度最大D．10s内质点P运动的路程为8m
二、多选题（本大题共2小题，共18分）
9.[9分]如图所示，真空中有M、N两点，纸面内到M、N两点的距离之比等于2的点的集合为图中圆心为O、半径为d的圆，P、T、S为圆上的三点，PO⊥MO,T、S两点为圆与直线MN的交点，显然NO=,MO=2d。在M、N两点分别固定两点电荷Q1、Q2，点电荷Q2所带电荷量为-q,P点的电场方向恰好指向圆心O。规定无穷远处电势为零，已知真空中带电荷量为Q的点电荷，在空间产生的电场中某点的电势φ=kQr，式中r为该点到点电荷的距离，k为静电力常量，下列说法正确的是

A.P点的电场强度大小为。
B.S点的电场强度大小为。
C．M、N两点之间T点的电场强度最小
D．球心为O、半径为d的球面上任意一点的电场方向均指向球心
10.[9分]一个六边形导线框放在匀强磁场中，磁感应强度B随时间变化的图像如图乙所示，时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里。则在0~5s时间内，下列描述线框中的感应电流I（规定顺时针方向为正方向）、ab边所受安培力F（规定垂直ab沿纸面向右为正方向）随时间t变化的图像正确的是（ ）
A．B．
C．D．
三、非选择题（本大题共5小题，共45分）
11.[9分]小飞同学想利用实验室的器材探究“加速度与力、质量的关系”，他设计的实验装置如图所示。按以下步骤操作：

a.先将沙和沙桶通过光滑定滑轮悬挂于小车一端，调节平板的倾角，使得小车沿斜面向下运动时纸带上的点迹均匀；
b.保持平板倾角不变，去掉沙和沙桶，小车在平板上沿斜面向下做匀加速直线运动，根据纸带上的点迹测量出加速度的大小；
c.保持小车质量不变，多次改变沙和沙桶的总质量，重复①②两步操作，得到小车加速度与合力的关系；
d.多次改变小车的质量，重复①②两步操作，得到小车加速度与质量的关系。
试回答下列问题：
（1）本实验 （填“需要”或“不需要”）满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量；
（2）若在步骤c中，先测出小车质量为M，然后画出小车加速度a随沙和沙桶的总质量m变化的图像，图像的斜率为k，则可测得当地的重力加速度为 ；
（3）在步骤d中，需要保证 不变。
12.[9分]某同学为了测量电源的电动势和内电阻，利用实验室的现有器材∶量程为100mA的毫安表，量程3V、内阻很大的电压表V，阻值R0=3Ω、R1=2Ω的两个定值，电阻设计了如图甲所示的电路。
简答题
（1）请用笔画线代替导线按照图甲电路在图乙中连接实物 。
填空题
（2）为得到流经电源的电流，需要测出毫安表的内阻，该同学做了如下操作：先把滑动变阻器R调到阻值最大处，然后闭合开关S，再将滑动变阻器R调到电阻为零处，此时电压表的读数为0.80V，毫安表的读数为80.0mA，由此可得毫安表的内阻为 Ω。
填空题
（3）在上述操作后该同学多次调节滑动变阻器R的滑片，又记下相应的电压表的示数U和毫安表的示数I，利用实验测得的数据做出了如图丙所示的U-I图像；由图像可得电源的电动势E= V，内阻r= Ω（结果均保留2位有效数字）。
13.[9分]如图所示，棱镜的截面为直角梯形，一束细光束由边的O点斜射入棱镜，光路图如图所示，光在边和边均发生全反射。光束射到边的位置恰好在边的中点，且此位置的入射角比临界角大，已知，，，光在真空中的传播速度为c。求：
（1）棱镜材料的折射率；
（2）光从射入棱镜到射出棱镜的时间。
14.[9分]如图所示，xOy直角坐标系中，第一、四象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小分别为B1=2mv0qL和B2=3mv0qL；第二、三象限内存在沿x轴正方向的匀强电场。t=0时刻，一比荷为qm的带正电粒子，从坐标为-32L，-L的P点处以初速度v0沿y轴正方向射出，恰好从O点射入磁场。不计粒子重力，求：
（1）匀强电场的电场强度大小；
（2）粒子从P点到第一次进入第四象限的时间；
（3）粒子经过x轴的坐标。
15.[9分]如图所示，一实验小车A静止在光滑水平面上，其水平轨道部分表面粗糙、长为L，小车两端均有光滑的四分之一圆弧轨道，与水平轨道均相切于圆弧轨道最低点。一可视为质点的滑块B静止于左侧圆弧轨道的最低点，另一小车C从左侧以初速度与小车A左端发生正碰，碰撞时间极短，碰后一起运动但不粘连，整个过程中滑块B未从左侧圆弧轨道上端滑出，小车A与小车C未发生第二次碰撞。已知小车A的质量为2m，滑块B与小车C的质量均为m，重力加速度为g。
（1）求滑块B到达左侧圆弧轨道的最大高度；
（2）求小车C与小车A分离时，小车C的速度大小；
（3）若滑块B向右滑到圆弧轨道后恰好未滑出轨道，且返回到水平轨道中点时恰好与小车A保持相对静止，求滑块B与小车A水平轨道间的动摩擦因数和右侧圆弧轨道的半径。
参考答案
1.【答案】A
衰变过程会释放核能，根据质能方程，释放能量对应存在质量亏损，故A正确；α衰变放出的α粒子（）质量数为4，根据质量数守恒，发生α衰变后新核质量数比原核减少4，故B错误；β衰变的本质是原子核内的中子转化为1个质子和1个电子（β粒子），电子被释放，根据电荷数守恒，衰变后新核电荷数比原核增加1，故C错误；半衰期由放射性元素的原子核内部结构决定，与温度、压强、化学状态等外界条件无关，温度升高半衰期不变，故D错误。
2.【答案】C
A．虽然B大小与I无关，但这“很短”的一小段通电导线的电流I的大小也产生磁场，电流过大将会影响原磁场的强弱及方向，所以测量磁感应强度大小时，通过“很短”的一小段导线的电流应小一些，A错误；
B．这“很短”的一小段通电导线所受的安培力方向与B的方向垂直，B错误；
CD．这“很短”的一小段通电导线垂直于磁场放有无数种放法，C正确，D错误。选C。
3.【答案】D
设刚开始弹簧压缩量为，有，据题意，时A和B即将分离，它们之间的弹力为0，设此时弹簧的压缩量为，对A有，在前1.0s内，做匀加速直线运动的位移为，有，解得，当两物块即将开始运动时拉力最小，有，当A、B即将分离时拉力最大，故AB错误；对B有，得，故C错误，D正确。
4.【答案】D
小球a落地时的速度为，小球a从静止释放到落地的时间为，小球a反弹时的速度为，反弹到最高点的时间为，反弹到最高点的距离为，b球下落到与a球相遇过程中运动距离为，所以b球下落的时间为，所以先后释放两小球的时间间隔为，选D。
5.【答案】B
由A状态到B状态，等容变化，温度降低，则压强减小，故A错误；由B状态到C状态，温度不变，体积减小，则压强增大，根据压强的微观解释可知，器壁单位面积在单位时间内受到撞击的分子数增加，故B正确；由C到D，体积变大，气体对外界做功，由于该图线过原点且不变，则压强不变，故C错误；从D到A的过程中，温度不变，则内能不变，，气体的体积增大，气体对外界做功，，由热力学第一定律，气体吸热，故D错误。
6.【答案】D
7.【答案】C
根据理想变压器电压关系有，副线圈有，则原线圈可以等效为一个电阻，闭合S后，副线圈并联电阻增多，副线圈总负载电阻减小，因此等效电阻减小。原线圈侧总电阻为，总电压不变，因此原线圈电流（电流表示数）增大；原线圈电压，减小，因此减小，副线圈电压也减小（电压表示数减小）， 故AB错误；滑动变阻器滑片向左移动，接入电路的电阻增大，原侧总电阻增大，总电压不变，因此原线圈电流（电流表示数）减小；原线圈电压，增大，因此减小，副线圈电压也减小（电压表示数减小），因此电流表、电压表示数均变小，故C正确，D错误。
8.【答案】D
A．时刻质点向轴负方向运动，由同侧法知该波沿轴负方向传播，选项A错误；
B．由图（b）知波长为
由图（c）知周期为
则波速为
选项B错误；
C．时质点位于平衡位置，加速度为0，速度最大，选项C错误；
D．由图（c）知质点振动的振幅为
又
则10s内质点运动的路程为
选项D正确。
故选D。
9.【答案】BD
热门考点：点电荷周围的电场强度分布与叠加
设P点的电场强度大小为EP,Q1、Q2两点电荷在P点产生的电场强度大小分别为E1、E2，如图所示，根据三角形相似有E1E2=PNPM=1.25d5d=12,EPE2=MNPM=1.55，根据库仑定律有E1=kQ1(5d)2, E2=kqd2+(0.5d)2，解得Q1=2q,EP=65kq25d2,A错误；S点的电场强度大小ES=k4q9d2-k2q9d2=2kq9d2,B正确；空间中到两点电荷距离之比等于2的集合为球面，所以两点电荷在此球面上任意一点对应的电势互为相反数，此球面上的任意一点的电势均为零，即此球面为等势面，由电场线与等势面垂直可知，球上每个点的电场方向均指向球心，D正确；M、N之间电场强度最小的点在等势面凸起的一侧，根据T点的等势面形状知，M、N之间电场强度最小的点在T点左侧，C错误。

【一题多解】函数极值
在M、N之间任取一点A，设A点的电场强度大小为E，该点到M点的距离为x，则有E=k2qx2+kq3d2−x2，对上式求导得E'=-4kqx3+2kq3d2−x3，令E'=0，得x=3d2+34，显然电场强度最小的点在T点左侧，C错误。三、非选择题：本题共14小题，共174分。
10．【答案】BD
由图可知，在 内，线圈中磁通量的变化率相同，所以内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，即电流为正方向； 同理可知，磁通量不变，感应电流为零，内电路中的电流为逆时针，即为负方向，根据，，两段时间内电流大小相等，故A错误，B正确； 两段时间内电流大小相等，由F＝BIL，可知，F与B成正比，根据左手定则可知，与内安培力方向向右，为正，与内安培力方向向左，为负，故C错误，D正确。
11.【答案】 不需要 沙和沙桶的总质量
（1）[1]根据实验过程：先将沙和沙桶通过滑轮悬挂于小车一端，调节平板的倾角θ，使小车沿斜面向下做匀速直线运动，由于小车所受的合力等于悬挂的沙和沙桶的重力，所以不需要满足沙和沙桶的质量远小于小车的总质量；
（2）[2]根据牛顿第二定律
变形得
图像的斜率
可得重力加速度
（3）[3]根据牛顿第二定律可知要得到小车加速度与质量的关系，应该控制合外力保持不变，即沙和沙桶的总质量不变。
12．【答案】(1)
(2)10;
(3)3.0;1.2±0.1;
（1） 用笔画线代替导线按照图甲电路在图乙中连接实物如图
（2）根据欧姆定律可得毫安表的内阻
（3）图中与毫安表并联的电阻，由并联电路分流规律可得电阻中的电流为毫安表中电流的5倍。由闭合电路欧姆定律有
对照图丙所示的U-I图像，可得电源的电动势
解得内阻
（1.2±0.1都正确）
13．【答案】（1）
(2)
（1）设临界角为C，由题意可知光束在边的入射角为，则
解得
又
解得。
（2）由几何关系得，
则为等腰三角形，则有
光束在边的入射角为，光束在边发生全反射，由几何关系可知反射光线平行于边且
光束在棱镜中的传播速度为
光从射入棱镜到射出棱镜的时间为
解得。
14.【答案】（1）3mv02qL；（2）π+6L6v0；（3）粒子经过x轴的坐标x=n3Ln=0，1，2，⋯
（1）粒子在电场中做类平抛运动，运动轨迹如图所示
竖直方向有L=v0t1
解得t1=Lv0
水平方向有32L=12at12
由牛顿第二定律，有qE=ma
联立解得E=3mv02qL
（2）粒子到达O点时，沿x轴方向的分速度大小vx=at1=3v0
粒子在O点的速度大小v=v02+v02=2v0
设速度方向与y轴正方向夹角为θ，有tanθ=vxv0=3，解得θ=60∘
粒子在第一象限内做匀速圆周运动，有qvB1=mv2r1，解得r1=L
周期T1=2πr1v=πLv0
可知粒子在第一象限内运动的时间t2=16T1=πL6v0
则粒子从P点到第一次进入第四象限的时间t=t1+t2=π+6L6v0
（3）粒子在第四象限内做匀速圆周运动，有qvB2=mv2r2
解得r2=23L
粒子从第一象限进入第四象限经过x轴的坐标x=nr1-n-1r2=n+2L3n=1，2，3，⋯
粒子从第一象限进入第四象限经过x轴的坐标x=nr1-r2=nL3n=0，1，2，⋯
综上，可知粒子经过x轴的坐标x=n3Ln=0，1，2，⋯
15．【答案】（1）；（2）；（3），
（1）设小车C与小车A碰后瞬间的速度大小为，对小车A与小车C系统根据动量守恒定律有，
解得，
由题可知，小车A、滑块B与小车C的速度相等时滑块B达到最大高度，设此时的速度大小为，由动量守恒定律有，
解得，
小车C与小车A碰后到三者共速，根据机械能守恒定律有，
解得。
（2）小车C与小车A碰撞直到滑块B返回最低点的过程中小车A与小车C一直未分离，当滑块B返回水平轨道后小车A开始做加速运动，小车A与小车C分离。此后，小车C的速度不变，以水平向右为正方向，设小车A与小车C分离时滑块B的速度为，小车A与小车C的速度为，小车C与小车A碰撞到二者分离，根据动量守恒定律有，
根据机械能守恒定律，
解得，。
（3）滑块B到达右侧圆弧轨道最高点时小车A与滑块B的速度相同，从小车A与小车C分离到小车A与滑块B共速，根据动量守恒定律有，
解得，
整个过程中小车A与滑块B组成的系统能量守恒，根据能量守恒定律有，
根据动量守恒定律可知，当滑块B滑回水平轨道中点时，小车A与滑块B的速度也为，此过程中，根据能量守恒定律有，
解得，。