2026年山东省阳谷县中考一模物理试题（含解析）

这是一份2026年山东省阳谷县中考一模物理试题（含解析），文件包含山东名校联盟2026届高三下学期5月核心素养评估物理试题pdf、山东名校联盟2026届高三下学期5月核心素养评估物理答案pdf等2份试卷配套教学资源，其中试卷共16页， 欢迎下载使用。
一、单项选择题（每题2分，共30分）
1. 月季花送来沁人心脾的花香，“花香扑鼻”主要是因为（ ）
A. 分子之间存在着空隙B. 分子的体积小
C. 分子不停地做无规则运动D. 分子之间存在引力
【答案】C
【解析】
【详解】月季花送来沁人心脾的花香，“花香扑鼻”是扩散现象，说明花香分子在不停地做无规则运动，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
2. 如图所示，2025年春节晚会《星汉耀江城》中，古琴与编钟、古筝等乐器共同演奏一场超级听觉盛宴。下列说法正确的是（ ）
A. 古筝发出的声音通过空气传播B. 鼓声是由空气的振动产生的
C. 用力敲击编钟，发出声音的音调变高D. 合奏时各种乐器发出声音的响度相同
【答案】A
【解析】
【详解】A．我们听到的古筝声是通过空气传播到人耳的，故A正确；
B．鼓声是由鼓面的振动产生的，故B错误；
C．用力敲击编钟，增大了编钟的振幅，编钟发声的响度变大；编钟本身振动的频率不变，音调不变，故C错误；
D．响度由发声体的振幅决定，合奏时不同乐器发声的振幅不同，发出声音的响度不同，故D错误。
故选A。
3. 小明透过爷爷的老花镜看远处楼房，发现楼房成倒立缩小的像。下列说法正确的是（ ）
A. 老花镜是平面镜B. 老花镜对光有发散作用
C. 老花镜不能当放大镜使用D. 远视眼是因为晶状体变薄
【答案】D
【解析】
【详解】ABC．老花镜的镜片是凸透镜，对光有会聚作用。当物距小于凸透镜的一倍焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，这是放大镜的成像原理，老花镜是凸透镜，能当放大镜使用，故ABC错误；
D．远视眼的成因是晶状体变薄，折光能力减弱，导致像成在视网膜后方，故D正确。
故选D。
4. 如图所示的生活用具中，使用时能省距离但费力的杠杆是（ ）
A. 筷子B. 托盘天平
C. 核桃夹D. 瓶起子
【答案】A
【解析】
【详解】A．筷子在使用过程中，阻力臂大于动力臂，是费力杠杆，费力省距离，故A符合题意；
B．托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不省距离，故B不符合题意；
C．剥核桃的夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力费距离，故C不符合题意；
D．瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力费距离，故D不符合题意。
故选A。
5. 科技创新小组用如图所示的实验装置验证阿基米德原理，通过调节升降台让金属块浸入盛满水的溢水杯中（金属块始终未与容器底接触），溢出的水会流入右侧空桶中。金属块浸没在水中的深度越深，弹簧测力计A的示数（ ）
A. 变大B. 变小C. 不变D. 无法判断
【答案】C
【解析】
【详解】金属块浸没在水中的深度越深，排开水的体积不变，根据F浮=ρ液V排g可知，受到的浮力不变，根据称重法F浮=G-F拉可知，弹簧测力计A的示数不变，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
6. 近年来，“冰雪旅游”热度高涨，工人在雕刻冰块之前，要用水把冰块“粘”在一起才安全，这个过程发生的物态变化是（ ）
A. 熔化B. 凝固
C. 汽化D. 凝华
【答案】B
【解析】
【详解】熔化：物质从固态变为液态的过程。
凝固：物质从液态变为固态的过程。
汽化：物质从液态变为气态的过程。
凝华：物质从气态直接变为固态的过程。
工人用水把冰块 “粘” 在一起，是因为水由液态变成了固态，将冰块连接起来，这个过程符合凝固的定义（液态变为固态）。
故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
7. 2025年1月7日，我国使用“长征三号乙”运载火箭，成功将“实践二十五号”卫星发射升空。卫星在随火箭加速直线升空的过程中（ ）
A. 动能不变B. 重力势能变大C. 机械能不变D. 含有热量增加
【答案】B
【解析】
【详解】ABC．卫星加速升空过程中质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能变大；机械能等于动能与势能的总和，机械能增大，故B符合题意，AC不符合题意；
D．热量是过程量，只能描述为“吸收热量”或“放出热量”，不能说物体“含有热量”，故D不符合题意。
故选B。
8. 商场里的娃娃机深受顾客们的欢迎，有一款娃娃机上的机械爪是由电动机带动的，电动机既可以通过扫码（该开关闭合），也可以通过投币（该开关闭合）来完成自动启动。若用S1表示“扫码”开关，S2表示“投币”开关，下列电路设计符合该要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合，都能启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响，则开关S1和开关S2应并联，再与电动机、保护电阻串联接入电路中，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
9. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在如图所示位置时，光屏上成清晰的烛焰的像。关于该实验，下列判断正确的是（ ）
A. 此时的成像特点可以制成照相机
B. 凸透镜的焦距可能是
C. 透镜位置不动，将蜡烛移至刻度线处，光屏向右移动才可以承接到清晰的像
D. 保持蜡烛和光屏的位置不动，只将凸透镜向右移，光屏上可以再次承接到清晰的像
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由图可知，此时物距为
像距为
即物距小于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、放大的实像，对应的应用是投影仪，则，，代入数值得，，解得，故AB错误；
C．透镜不动，蜡烛移到15cm刻度线处，物距变大，根据凸透镜成像规律，像距会变小，光屏应向左移动才能承接清晰的像，故C错误；
D．凸透镜成像中光路可逆，保持蜡烛和光屏不动，向右移动凸透镜，当新的物距等于原来的像距时，新的像距等于原来的物距，光屏上可以再次承接到清晰的倒立缩小实像，故D正确。
故选D。
10. 小华观察发现：同一河流，狭窄处比宽阔处水流更快。受此启发，他结合所学物理知识，设计了四种装置吸取液体肥，用于学校劳动基地水肥一体化灌溉，各装置剖面如图所示。在左端管口横截面积和水流流速相同的情况下，下列设计中吸肥最快的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】如图A 装置中间管道最窄，在水流量相同的情况下，水在A装置狭窄处流速最快，根据流速越大压强越小，此处压强会变得很小，与外界大气压形成较大的压强差，从而能快速将液体肥吸上来。故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
11. 2025年2月7日第九届亚冬会在哈尔滨举行。下列关于冰雪运动的说法正确的是（ ）
A. 甲图，用力向后撑雪杖，人会向前运动，说明物体间力的作用是相互的
B. 乙图，弯道滑行时，运动员受到的是平衡力
C. 丙图，运动员在冰面上快速滑行时，惯性变大
D. 丁图，运动员挥杆击球时，球杆可看成省力杠杆
【答案】A
【解析】
【详解】A．用力向后撑雪杖时，人对雪面施加向后的力，根据物体间力的作用是相互的，雪面对人施加向前的反作用力，使人向前运动，故A正确；
B．物体受平衡力时运动状态保持不变，弯道滑行时运动员运动方向不断改变，运动状态发生变化，因此受到的不是平衡力，故B错误；
C．惯性大小只和物体质量有关，运动员滑行时质量不变，因此惯性大小不变，故C错误；
D．挥杆击球时，球杆的支点在手握位置，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选A。
12. 体育中考时，考生会穿上带磁卡的马甲进行长跑测试。当考生跑过终点时，地上的线圈内会产生电流从而记录跑步的时间，其原理类似图中的（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】体育中考跑步时会穿上带磁卡的马甲，跑过终点时，地上的线圈内会产生电流从而记录我们跑步的时间，利用的是电磁感应原理；
A．如图是奥斯特实验，反映电流周围存在着磁场，故A不符合题意；
B．如图是研究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，电磁铁是利用电流的磁效应工作的，故B不符合题意；
C．如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应，故C符合题意；
D．如图电路中有电源，探究通电导体在磁场中受力运动，故D不符合题意。
故选C。
13. 用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 甲液体的比热容大于乙液体的比热容B. 乙液体的比热容大于甲液体的比热容
C. 升高相同的温度，甲液体的加热时间比较长D. 加热相同的时间，甲液体升高的温度小于乙液体
【答案】B
【解析】
【详解】AB．根据Q吸=cmΔt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得多，它的比热容就小，由图可知在其它条件相同时，甲液体升高的温度较高，所以甲液体的比热容小于乙液体的比热容，故A错误，B正确；
C．由图象可以看出，升高相同的温度，乙的加热时间长，乙吸收的热量多，故C错误；
D．由图象可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，故D错误。
故选B。
14. 将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2连接在电路中，闭合开关后，发现灯L1较暗，灯L2较亮，电路图如图所示。假设灯丝电阻不变，下列关于电路分析正确的是（ ）
A. 通过灯L2的电流比通过灯L1的电流大B. 电灯L1两端电压比灯L2两端电压小
C. 灯L1灯丝的电阻比灯L2的灯丝细D. 灯L1的额定功率比灯L2的额定功率小
【答案】B
【解析】
【详解】A．由题图可知，小灯泡L1、L2串联在电路中，由于串联电路中电流处处相等，所以，通过灯L2的电流等于通过灯L1的电流，故A错误；
BD．灯泡的亮暗程度取决于灯泡的实际电功率，灯L1较暗，灯L2较亮，说明灯泡L1的实际电功率小，灯泡L2的实际电功率大，小灯泡L1、 L2串联在电路中，电流相等，根据可知，灯泡L1的灯丝电阻小于灯泡L2的灯丝电阻，即R1< R2, 由U=IR可知，电灯L1两端电压比灯L2两端电压小，已知两灯泡的额定电压相同，根据可知，灯泡L1的额定电功率大于灯泡L2的额定电功率，故B正确，D错误；
C．灯泡L1的灯丝电阻小于灯泡L2的灯丝电阻，在材料和长度相同时，电阻越小，横截面积越大，所以，灯L1的灯丝比灯L2的灯丝粗，故C错误。
故选B。
15. 如图甲所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关S，移动滑片P从B端滑到A端的过程中，R1、R2的U-I关系如图乙所示。下列判断正确的是（ ）
A. R1的阻值是20ΩB. 图线MN是R2电阻的I-U关系图像
C. 滑动变阻器R2的最大阻值为20ΩD. 滑片P在B端时电路消耗的电功率为3.2W
【答案】C
【解析】
【详解】AB．如图甲，R1、R2串联，如图乙MN为正比例函数图像，故MN是定值电阻R1的U-I关系图，则EF为R2的U-I关系图；由M点可知，当R1两端电压为4V时，通过R1的电流为0.4A，故R1的电阻为
故AB错误；
C．滑动变阻器R2的阻值最大时，其两端电压最大，对应E点，故滑动变阻器R2的最大阻值为
故C正确；
D．滑片P在B端时，R2最大，电流最小，对应图乙中E点，此时电流为I＝0.4A，电源电压为
U＝U1＋U2＝4V＋8V＝12V
电路消耗的电功率为
P＝UI＝12V×0.4A＝4.8W
故D错误。
故选C。
二、填空与作图题：（每空1分，第20题2分，共14分）
16. “哪吒2”所创造的电影神话仍在续写，饺子导演用细节告诉我们：修仙也要讲科学。
（1）一句“我命由我不由天”让我们闻声识人，依据的是声音的__________；
（2）如图所示，哪吒和敖丙在踢毽子。以地面为参照物，毽子是__________（选填“静止”或“运动”）的；毽子在最高点时，__________（选填“速度为零”或“受到的合力不为零”）；
（3）敖丙在深海中流泪，泪珠向上流动，这是因为泪珠所受的浮力__________（选填“大于”“小于”或“等于”）自身的重力。
【答案】（1）音色 （2） ①. 运动 ②. 受到的合力不为零
（3）大于
【解析】
【小问1详解】
不同发声体的发声特性不同，音色是由发声体本身决定，用来区分不同发声体的特性，因此“闻声识人”依据的是声音的音色。
【小问2详解】
以地面为参照物，毽子的位置相对于地面不断发生变化，因此毽子是运动的。斜抛的毽子到达最高点时，竖直方向速度为零，但仍有水平方向的速度，且不计空气阻力时毽子只受重力，因此受到的合力不为零。
【小问3详解】
根据物体浮沉条件，当物体上浮时，浮力大于自身重力；泪珠向上流动，说明泪珠所受浮力大于自身重力。
17. 如图甲所示，是一款抬头显示器（简称HUD），它的工作原理如图乙，能将水平显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃（看作平面镜）呈现在正前方，确保驾驶的舒适安全。通过挡风玻璃所成的像是_________（选填“实像”或“虚像”），挡风玻璃上所成的像与原物体比较是_________（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的，如果将显示器向图乙中A方向调整，像位置将_________（选填“调高”、“降低”或“保持不变”）。
【答案】 ①. 虚像 ②. 等大 ③. 降低
【解析】
【详解】[1]水平显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃（看作平面镜）呈现在正前方，前挡风玻璃相当于一块平面镜，根据平面镜成像特点可知，平面镜所成的像为虚像。
[2]根据平面镜成像特点可知，平面镜所成的像与物体大小相等，即该像是正立等大的虚像。
[3]如果将显示器向图乙中A方向调整，物体会靠近平面镜，即物距变小，根据平面镜成像特点可知，物距等于像距，物距变小，像距也会变小，结合物与像关于平面镜对称可知，像的位置将会降低。
18. 如图甲所示，闭合开关后，在滑片由端滑至端的过程中，电压表示数随滑动变阻器的电阻变化关系图像如图乙所示。当滑片在端时，滑动变阻器两端电压是__________，定值电阻是__________。
【答案】 ①. 4 ②. 10
【解析】
【详解】图甲中，定值电阻R1​与滑动变阻器R2​串联，电压表测两端电压。当滑片P在b端时，滑动变阻器接入电阻为0，电压表测电源电压，由图乙得电源电压U总=6V 。当滑片P在a端时，滑动变阻器接入电阻最大，由图乙可知：此时，电压表示数（的电压）。 根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压U2=U总−U1=6V−2V=4V
串联电路电流处处相等，此时电路电流I=U2R2=4V20Ω=0.2A
定值电阻为
19. 2024年11月16日，天舟八号货运飞船与中国空间站成功对接，如图甲所示。当飞船和核心舱靠近对接时，为减缓撞击带来的影响，需配置对接缓冲装置。某同学设计了如图乙所示的缓冲装置简化图。
（1）通电后，螺线管的端为__________极；
（2）当条形磁体和通电螺线管靠近时会产生相互作用力，为增大这种力应将滑动变阻器的滑片向__________（选填“左”或“右”）滑动；
（3）空间站的能源主要靠太阳能电池板提供，电池板主要材料是__________（选填“半导体”或“超导体”）。
【答案】（1）N （2）右
（3）半导体
【解析】
【小问1详解】
根据安培定则，可知b端为N极，a端为S极。
【小问2详解】
要增大相互作用力，需要增强通电螺线管的磁性；螺线管匝数不变时，电流越大磁性越强。要增大电流需要减小滑动变阻器接入电路的电阻，滑片向右滑动时，接入电阻变小，电流变大，磁性增强。
【小问3详解】
太阳能电池板的主要制作材料是半导体。
20. 物体AB在平面镜MN中所成的像为A'B'，在图中画出物体AB。
【答案】
【解析】
【详解】先作出像端点A'、B'关于平面镜的对称点A、B，用实线连接A、B即为物体AB的，如图所示：
三、实验题（每空1分，30分）
21. 春季诺如病毒传播较快，建议少喝果汁饮料，以避免胃肠疾病。某同学想使用托盘天平和量筒来测量某种橙汁的密度：
（1）把天平置于水平台面上，游码移到标尺左端的__________处，指针静止时如图甲所示，则接下来的操作是__________，直到天平横梁平衡；
（2）天平调平衡后，该同学按照下列步骤测量橙汁密度：
①在烧杯中装入适量的橙汁，放在调好的天平左盘上，用镊子向右盘加减砝码，发现加上最小的砝码，指针偏向分度盘的右边，取下的砝码，指针又略偏向分度盘的左边，这时应该__________，直到指针指在分度盘中央，测出烧杯和橙汁的总质量为；
②将烧杯中的部分橙汁倒入量筒，液面位置如图乙所示，则量筒中橙汁体积__________；
③用天平测出测量烧杯和剩余橙汁的质量，砝码和游码的位置如图丙所示，则烧杯和剩余橙汁的质量为__________；
④计算出橙汁的密度为________。
（3）经过进一步探索，该同学发现：不用量筒，只需添加两个完全相同的瓶子和适量的水，也可以完成该实验。他的实验操作是：先将两个容积为、完全相同的瓶子分别装满水和橙汁，放在已调平衡的天平左右两盘，然后移动游码使天平重新平衡，读出游码示数为，如图丁所示。则橙汁的密度__________（用字母、和来表示）。
【答案】（1） ①. 零刻度线 ②. 向右调节平衡螺母
（2） ①. 移动游码 ②. 30 ③. 77 ④.
（3）
【解析】
【小问1详解】
将天平放在水平台面，游码移到标尺左端的零刻度线处；图甲指针偏左，说明左侧偏重，则需要向右调节平衡螺母，直到横梁平衡。
【小问2详解】
① 加上最小砝码后指针偏右，取下最小砝码后指针偏左，说明此时不需要再加砝码，应移动游码，使横梁平衡。
② 由图乙可知，量筒分度值为1mL，橙汁液面对应刻度为30mL=30cm3
③ 由图丙可知烧杯和剩余橙汁的总质量为50g+20g+5g+2g=77g
④ 倒出橙汁的质量m=107.6g−77g=30.6g ，橙汁密度ρ橙汁=mV=30.6g30cm3=1.02g/cm3=1.02×103kg/m3
【小问3详解】
两个瓶子质量、容积都相同，天平平衡时满足：左盘总质量等于右盘总质量与游码示数之和，即
​ 消去瓶子质量后整理得ρ橙汁=ρ水+m0V
22. 某同学在探究“水在沸腾前后温度变化的特点”实验中。
（1）调整图甲装置的石棉网高度时，__________（选填“需要”或“不需要”）点燃酒精灯；固定夹高度“适当”的标准是温度计的玻璃泡__________。
（2）正确调整实验装置后，在水温升到90℃时开始计时，每隔记录一次温度。其中第时的温度计示数如图乙所示，此示数为__________℃；图__________（选填“①”或“②”）所示的现象表示水正在沸腾；记录的数据如表中所示，分析数据可得出结论：水沸腾时，__________。
（3）为了进一步验证水沸腾时的条件，该同学进行了创新实验，如图丙所示。当大烧杯中的水不断沸腾的过程中，小试管中的水__________（选填“会”或“不会”）沸腾，此时温度计、的示数大小关系是__________（选填“示数大”“示数大”或“、的示数相等”）。
【答案】（1） ①. 需要 ②. 玻璃泡要全部浸没在被测水中，且不能接触烧杯底和烧杯壁
（2） ①. 94 ②. ① ③. 持续吸热，温度保持不变
（3） ①. 不会 ②. 、的示数相等
【解析】
【小问1详解】
调整石棉网高度时，需要点燃酒精灯，才能根据酒精灯外焰的位置调整高度，保证实验用外焰加热；温度计的正确使用要求：玻璃泡要全部浸没在被测水中，且不能接触烧杯底和烧杯壁，才能准确测量水的温度。
【小问2详解】
乙温度计的分度值为，读数为；沸腾时整杯水的温度一致，水不断地发生汽化变成水蒸气，进入到气泡内，使气泡的体积逐渐变大，因此图①是水沸腾时的现象，图②是沸腾前的现象；分析表格数据可知，水沸腾后持续吸热，温度不再升高，因此结论为：水沸腾时持续吸热，温度保持不变。
【小问3详解】
水沸腾的条件是：达到沸点，且能持续吸热。大烧杯中的水沸腾后温度保持沸点不变，小试管中的水温度能达到沸点，但由于和烧杯中水温度相同，无法继续吸热，因此不会沸腾；此时试管和烧杯中水的温度都等于水的沸点，因此两支温度计的示数相等。
23. 小明用如图甲所示的装置探究“凸透镜成像的规律”，他先把凸透镜固定在光具座上处，然后将蜡烛从光具座刻度处逐渐向透镜靠近，移动光屏（未画出），观察到清晰的像，记录数据如下表所示.
（1）该凸透镜的焦距是__________。
（2）如图甲所示，将蜡烛移至刻度线处时，需要将光屏（未画出）移至__________（选填“A”“B”或“C”）区范围内才能承接到清晰的像，此时的像为倒立、__________（选填“放大”或“缩小”）。的实像
（3）保持（2）中凸透镜、光屏位置不变，将蜡烛向左移动，光屏上无法呈现清晰的像，此时成像位置和图乙中的__________（选填“a”或“b”）图的成像位置相同；若想在光屏上得到清晰的像，可以在蜡烛和凸透镜之间适当位置放一个__________（选填“近视”或“远视”）眼镜
（4）随着实验的进行，像超出了光屏的上边缘，出现这种情况的原因是________，请写出一种使得像重新回到光屏中央操作方法：__________。
【答案】（1）10.0
（2） ①. B ②. 缩小
（3） ①. a ②. 近视
（4） ①. 蜡烛燃烧变短，烛焰下移，导致像向上移动 ②. 将蜡烛向上移动
【解析】
【小问1详解】
凸透镜固定在50.0cm处，第3次实验蜡烛在30.0cm处，物距u=50.0cm−30.0cm=20.0cm ，此时成倒立等大的实像，根据凸透镜成像规律，可得焦距。
【小问2详解】
蜡烛移到25cm刻度处，物距，满足，凸透镜成倒立、缩小的实像，此时像距满足，则需要将光屏移至B区范围内才能承接到清晰的像。
【小问3详解】
蜡烛向左移动，物距变大，像距会变小，像成在原光屏位置的前方（靠近透镜一侧），对应乙图的a（像成在光屏前方）；要让像后移到光屏上，需要用对光线有发散作用的凹透镜，凹透镜是近视眼镜，因此放近视眼镜。
【小问4详解】
实验中蜡烛燃烧变短，烛焰向下移动，根据过光心的光线传播方向不变，像会向上移动，超出光屏上边缘，原因是烛焰、凸透镜、光屏三者中心不在同一高度。调整方法：将蜡烛向上移，或向下移动凸透镜、向上移动光屏，都可以使像重新回到光屏中央。
24. 某同学在“探究电流与电压、电阻关系”实验时，该同学选用了三节新的干电池、定值电阻6个（阻值分别为、、、、、）、滑动变阻器一个、电流表、电压表、开关、导线若干，设计了如图甲所示的实验电路：
（1）图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上画“×”，并在图上改正；
（2）正确连接电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该位于最__________（选填“左”或“右”）端；闭合开关后，该同学发现电流表几乎没有示数，电压表指针偏转超过量程，问题可能是因为__________；
A.定值电阻短路 B.定值电阻断路 C.滑动变阻器断路
（3）排除问题后，该同学利用器材进行实验“探究电流与电压的关系”，并将测得的数据绘制成图像，如图乙。
①该同学选择的定值电阻阻值为__________；
②分析图像得到实验结论：__________。（用文字表述）
（4）该同学发现可以不拆卸电路继续进行实验“探究电流与电阻的关系”：
①先将的电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为时，读出电流表的示数为。断开开关，将的电阻换成的后，再闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向__________（选填“左”或“右”）移动，直至电压表示数为__________时停止移动滑片，此时电流表的示数如图丙，为__________。
②实验数据如表所示，请在图丁中描绘出的关系图像。__________
③在接入的定值电阻时，该同学发现无论如何移动滑片，电压表的示数都无法达到，想要顺利完成该组实验，该同学需要更换一个最大阻值至少为__________的滑动变阻器。
【答案】（1） （2） ①. 右 ②. B
（3） ①. 5 ②. 电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比
（4） ①. 右 ②. 3 ③. ④. ⑤. 15
【解析】
【小问1详解】
原电路的错误是电压表错误串联，将电流表的正接线柱与定值电阻R的左接线柱导线上画×，改正：将电流表的正接线柱的导线改接到定值电阻R的右接线柱，保证定值电阻、电流表、滑动变阻器串联。
【小问2详解】
闭合开关前滑动变阻器需要调到最大阻值处，滑动变阻器接左下接线柱，滑片在最右端时接入电阻最大；故障中电流表几乎无示数说明电路断路，电压表偏转超量程说明电压表测量电源两端，符合定值电阻R断路的特点。
故选B。
【小问3详解】
根据图乙图像，由欧姆定律
图像为过原点的直线，所以结论为，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
【小问4详解】
换用更大电阻后，根据串联分压规律，定值电阻两端电压升高，要保持原来的电压，需要增大滑动变阻器的接入电阻，因此滑片向右移动；由初始数据得，定值电阻两端控制电压
电流表接量程，分度值，读数为；作图时，依次在丁图中描出坐标点，再用平滑曲线连接所有点；
三节新干电池总电压为，保持定值电阻电压为，滑动变阻器需要分压；接入定值电阻时，根据串联分压规律
代入数据得，即滑动变阻器最大阻值至少为。
四、综合应用题（第25题6分，第26题10分，第27题10分，共26分）
25. 2025年春节联欢晚会上表演节目的双足人形机器人舞步自然流畅，引起大家热议。如图所示，若该机器人总质量约，站立时与地面接触的总面积为，机器人在内沿水平地面匀速移动了，取。求：
（1）该机器人走路过程中对水平地面的压强；
（2）若该机器人穿上由碳纤维复合材料制造的外壳，外壳质量为。制造一个外壳需要的碳纤维复合材料，求该材料的密度。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
已知机器人总质量m=45kg ，，由重力公式得G=mg=45kg×10N/kg=450N
机器人在水平地面行走，对水平地面的压力等于自身重力，因此
机器人走路时单脚着地，受力面积为站立总接触面积的一半，已知站立总接触面积S总=0.03m2，因此走路受力面积S=12S总=12×0.03m2=0.015m2
根据压强公式计算压强p=FS=450N0.015m2=3×104Pa
【小问2详解】
已知外壳质量m壳=30kg ，V=15dm3=15×10−3m3，根据密度公式ρ=m壳V=30kg15×10−3m3=2×103kg/m3
26. 新能源汽车节能减排，绿色环保，成为未来汽车发展的方向。某种型号纯电动汽车的部分参数如表格所示。假如汽车上司机和乘客总重是，汽车以的速度匀速行驶，电动机消耗电能，汽车所受的阻力为汽车总重的0.02倍。
（1）电动汽车前进和倒车是通过改变__________来改变电动机的转动方向的；电动机的电源使用的是动力锂电池，给锂电池充电时，电能转化为__________能。
（2）该电动汽车以的速度行驶的过程中，电动机做功多少？
（3）在行驶的过程中，电动机消耗的电功率为多少？
【答案】（1） ①. 电流的方向 ②. 化学
（2）1.08×107J （3）7.5kW
【解析】
【小问1详解】
电动机的转动方向由电流方向和磁场方向共同决定，实际车辆中是通过改变电流的方向切换转动方向，实现前进和倒车；给锂电池充电时，电能转化为电池内部储存的化学能。
【小问2详解】
汽车总重力G总=G空车+G人=1.38×104N+1200N=1.5×104N
汽车受到的阻力 f=0.02G总=0.02×1.5×104N=300N
汽车匀速行驶，牵引力与阻力平衡，即F=f=300N
电动机做功为W=Fs=300N×3.6×104m=1.08×107J
【小问3详解】
行驶时间 t=sv=36km60km/h=0.6h
则消耗的电功率 P=W电t=4.5kW⋅h0.6h=7.5kW
27. 高温超导低压直流电缆是一种新型电缆，采用高温超导材料，能够在低温下实现零电阻，从而减少电缆输电过程中的能量损耗，同时具有承载能力大、占用空间小等优点；在输电方面，高温超导低压直流电缆大大提高了电能传输的效率。
该项目使用的铜氧（YBCO）第二代高温超导带材为国产化材料，其特点是使超导界温度提高到-183.15℃，当温度低于临界温度-183.5℃时，该材料实现超导，电阻为零。结合杜瓦管的低温技术，实现超导电缆系统核心材料的国产化，杜瓦管的结构如图。高温超导低压直流电缆在国内首次采用正负极同轴的方式，相当于2根电缆合二为一，是目前结构最紧凑的超导电缆，其好处是，电缆中相反的电流方向使得正负极产生的磁场相互抵消，实现完全磁场自屏蔽，从而消除对外电磁干扰，并且在故障状态下可兼具限流器作用，保护系统中其他电气设备，使电力系统更可靠。
与相同电压等级的常规电缆（PVC钢芯）相比较，截面积不到常规电缆的一半，由于制冷和漏热会带来一定能量损耗，但整体损耗只有常规电缆的10%。（补充：液氮的沸点是-196.56℃）
（1）以下关于高温超导低压直流电缆的优点说法正确的是______。
A. 减少利用电缆输电过程中的能量损耗
B. 承载能力大、占用空间小
C. 提高了电能传输的效率
D. 能够在常温下实现超导
（2）常规电缆一般横截面积会比较大，这是为了______。
（3）杜瓦管的作用就是让导体实现在自然环境下常温超导，杜瓦管中的液氮主要作用是______（选填“制冷”或“保温”）；
（4）发电厂使用常规电缆给某片区供电时，输电过程损耗约为5%，该片区一个月消耗电能1.9×106kW·h，则发电厂需要提供多少kW·h的电能_______？（效率用η表示）
如果使用高温超导低压直流电缆输送这些电能，与采用常规电缆供电相比，可节约的电能是多少_______kW·h？
【答案】（1）ABC （2）见解析
（3）制冷 （4） ①. 2×106 ②. 9×104
【解析】
【小问1详解】
高温超导低压直流电缆是一种新型电缆，采用高温超导材料，能够在低温下实现零电阻，从而减少电缆输电过程中的能量损耗，同时具有承载能力大、占用空间小等优点；在输电方面，高温超导低压直流电缆大大提高了电能传输的效率，故ABC正确，D错误。
故选ABC。
【小问2详解】
导体对电流的阻碍作用与导体的横截面积有关，常规电缆一般横截面积会比较大，这是为了减小导体对电流的阻碍作用（减小电能的损耗）。
【小问3详解】
杜瓦管的作用就是让导体实现在自然环境下常温超导，杜瓦管中的液氮主要作用使周围温度达到材料超导现象需要的温度，故需要制冷。
【小问4详解】
[1]发电厂使用常规电缆给某片区供电时，损耗约为，则供电效率为η=1-5%=95%
该片区一个月消耗电能电能时，则发电厂需要提供电能为
[2]高温超导低压直流电缆导体损耗只有常规电缆的10%，则发电厂一个月能节省的电能为时间
0
0.5
1
1.5
2
2.5
3
3.5
4
温度
90
92
95
96
98
98
98
98
实验序号
1
2
3
4
5
6
蜡烛所在刻度/cm
10.0
20.0
30.0
35.0
40.0
45.0
像所在刻度/cm
63.3
65.0
70.0
80.0
/
/
像的特点
倒立、缩小、实像
倒立、缩小、实像
倒立、等大、实像
倒立、放大、实像
不成像
正立、放大、虚像
实验次数
1
2
3
4
5
6
电阻
5
10
15
20
25
30
电流
0.6
0.2
0.15
0.12
0.1
空车重
轮胎与地面总接触面积
电池容量
最高时速