四川省遂宁市射洪中学2025-2026学年高一下学期期中考试物理试卷（Word版附答案）

这是一份四川省遂宁市射洪中学2025-2026学年高一下学期期中考试物理试卷（Word版附答案），文件包含哈九中2025-2026学年度高三下学期第四次模拟考试地理pdf、哈九中2025-2026学年度高三下学期第四次模拟考试地理答案pdf等2份试卷配套教学资源，其中试卷共7页， 欢迎下载使用。
3.【答案】C 【详解】A．图甲中，脱水桶的脱水原理是水滴的附着力不足以提供做圆周运动的向心力时水滴做离心运动被甩出，选项A错误；B．图乙中，火车转弯时行驶速度超过设计速度时，火车受支持力和重力的合力不足以提供火车做圆周运动的向心力，此时火车有做离心运动的趋势，则车轮会挤压外轨，选项B错误； C．图丁中，“水流星”转动过程中，在最高点处当满足时，绳子的拉力等于0，选项C正确。D．图丙中，汽车通过拱桥最高点时，加速度向下，汽车失重，则汽车受到的支持力小于重力，选项D错误；
4. 【答案】C【详解】A．根据动能定理可知，运动员在P点的动能为
故A错误；B．运动员从M点到P点机械能减少量等于该过程克服阻力做的功，可知运动员从M点到P点机械能减少了，故B正确；C．以P点所在平面为零势能面，运动员在P点的重力势能为零，则运动员在P点的机械能等于该位置运动员的动能；从P点到Q点只有重力做功，机械能守恒，则有故C正确；D．运动员从M点到Q点重力势能减少量等于该过程重力做的功，该过程重力势能减少了，故D错误。
5.【答案】B 【详解】AB．物体在空中运动阶段，由动能定理有
解得,与成线性对称关系。故A错误，B正确；C．由
可判断与竖直方向位移成线性变化，故C错误；D．物体在空中只受重力作用，机械能守恒，故D错误。故选B。
6. 【答案】D 【详解】A．座椅所受重力和缆绳拉力的合力提供其做匀速圆周运动的向心力，故A正确；B．如图,由牛顿第二定律有,解得故B正确；
C．同理有,由几何关系有,解得 线速度大小为故正确；D.座椅由静止至达到稳定速度的过程中，由动能定理有,解得故D错误。
7.【答案】D 【详解】A．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，根据,可得
小球在最高点时，根据牛顿第二定律有,变形得
由F-v2图像可知，当时，,当时，
此时,则,X星球的第一宇宙速度，A错误；BC．由
又,化简可得,星球密度，B错误，C错误；
D．卫星轨道半径,根据万有引力提供向心力,结合,解得，D正确。
8.【答案】AB 【详解】根据题意可知在点蹦床对运动员的弹力等于运动员的重力：A．在到过程，除了重力对运动员做功外，还有蹦床弹力对运动员做负功，运动员的机械能减少，故A正确；
B．运动员从到过程做自由落体运动，速度增大，从到过程所受的弹力小于其重力，所以速度继续增大，从到过程所受的弹力大于其重力，做减速运动，可知在B点，速度达到最大，动能最大，故B正确；C．运动员从到C过程中，重力一直对其做正功，重力势能一直减小，故C错误；D．从到过程，蹦床对运动员的弹力竖直向上，运动员向下运动，可知蹦床对运动员的弹力做负功，蹦床的弹性势能增大，故D错误。故选AB。
9.【答案】AD 【详解】A．根据图像可知，物体A、B的加速度大小为
对物体A，根据牛顿第二定律可得,解得A、B间的动摩擦因数，故A正确；
B．对物体B，根据牛顿第二定律可得,解得木板A的质量，故B错误；
C．时间内，二者的相对位移为,解得，故C错误；
D．根据能量关系可得系统损失的机械能代入数据解得，故D正确。
10.【答案】CD 【详解】A．从A到B，环和重物系统的机械能守恒，故A不正确；BD．环到B时，由几何关系知,故,设环到B时，重物上升高度为h，则
设到B时环的速度为v，则重物的速度为,则根据环和重物组成的系统机械能守恒有,解得,显然，从A到B，环重力势能的减少量等于重物机械能的增加量与环动能的增量，故B错误，D正确。C．环下降到最低点时，设此时滑轮到环的距离为，根据环与重物系统机械能守恒，有
求得,则环下降的高度为,故C正确。故选CD。
11. （1） AB （2） ①. 0.629 ②. 0.600 （2） 2g （3）C
（2）①.重锤的重力势能减少量
②. 打点间隔为,打B点时重锤速度为
重锤动能的增加量为
(3).根据机械能守恒定律得,解得,斜率为
(4).由于纸带在下落过程中，重物和空气之间存在阻力，纸带和打点计时器之间存在摩擦力，所以减小的重力势能一部分转化为动能，一部分克服空气阻力和摩擦力做功，故重力势能的减少量大于动能的增加量，故选C。
12. 【答案】(1) 匀速 (2) B
【详解】（1）[1]若气垫导轨水平，则滑块不挂钩码时在气垫导轨上受的合外力为零，能在气垫导轨上静止或能在导轨上匀速直线运动，或滑块经过两个光电门的时间相等；
[2]如果要验证动能定理表达式，则需满足，其中，
即需满足
（2）A．因钩码向下运动的位移大小为x时，滑块运动的位移大小就是2x，所以滑块的加速度大小就是钩码加速度的2倍，则A错误；B．弹簧测力计的读数为滑块所受合外力大小，故B正确；
C．实验过程中钩码合力竖直向下，则处于失重状态，故C错误；D．滑块的合力可以由弹簧测力计直接测量，所以不需要钩码的总质量应远小于滑块和遮光条的总质量，故D错误。故选B。
13.【答案】(1).16J (2). (3).
【详解】（1）选所在平面重力势能为零，物体在点相对零势能面的高度为，根据重力势能定义式（2分） ⇒（1分）
（2）.物体从点下滑至点的过程中，轨道光滑，只有重力做功，机械能守恒。根据机械能守恒定律有（2分）,解得（1分）
（3）.对物体从点开始运动直到在水平轨道上停止的全过程应用动能定理，重力做正功，摩擦力做负功，初末动能均为零。方程为（3分）,代入数据解得（1分）
14. 【答案】(1). (2) (3).720m
【详解】（1）.根据（2分），可得汽车所受的阻力大小（1分）
（2）.∵V3>V1，∴当汽车的速度V3=25m/s时，由（2分），得F=3200N，
根据（2分），解得a=0.6m/s2 （1分）
（3）.0~20s的位移：（1分）
20s~38s内对汽车由动能定理：
（2分）,解得（1分）
0~38s的位移: （2分）
15.【答案】(1).EP=4.5J (2).6m/s (3).80N,方向竖直向下（4）.Q=2J， △E电=6J
【详解】(1).小物块在P点处：（1分），（1分）
（2）.水平台NO段对系统由能量守恒：△E增=△E减
（1分），（1分）
（3）.PA段对小物块由动能定理：
（1分）， 解得
在A点，根据牛顿第二定律可得:（1分）,解得
由牛顿第三定律，小物块在A点对轨道的压力大小（1分）
（4）.小物块恰好过C点时，NC=0,即（1分），可得
CE段对小物块由动能定理： （1分），解得（1分）
小物块滑上传送带时由牛顿第二定律：，解得（向右）（1分）
设小物块一直匀加速到V的位移，解得
∵，∴小物块先做匀加速直线运动再做匀速直线运动（1分）
在小物块加速阶段，系统产生的摩擦热（1分），加速时间
解得Q=2J（1分）。
小物块和传送带系统由能量守恒：△E增=△E减
（1分），解得（1分）