高考物理二轮复习考点精讲精练14讲 电学实验专题强化训练（2份，原卷版+解析版）

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14讲 电学实验解析版专题强化训练
一、单选题
1．关于有效数字和误差，下列说法正确的是（ ）
A．有三位有效数字
B．与含义是一样的
C．多测几次求平均值可减小系统误差
D．测出物体长为，采用测量工具的最小刻度是1厘米
【答案】D
【详解】A．有效数字是从左边第一个不是0的数字开始的，0.082cm是两位有效数字，A错误；
B．0.92cm是两位有效数字，采用的测量工具的最小刻度是1mm，而0.920cm是三位有效数字，采用的测量工具的最小刻度是0.1mm，它们的含义是不同的，B错误；
C．多测几次求平均值，可以减小偶然误差，不能减小系统误差，C错误；
D．测出一个物体长为123.6cm，最后一位是估读的，而倒数第二位3cm是准确的，所以采用的测量工具的最小刻度是1厘米，D正确。
故选D。
2．国际单位制中，可直接测量出三个力学基本单位各自对应的物理量的一组器材是（ ）
A．量筒、天平、秒表
B．刻度尺、天平、秒表
C．刻度尺、弹簧秤、秒表
D．刻度尺、弹簧秤、打点计时器
【答案】B
【详解】三个力学基本量分别是：长度、质量、时间；三者在国际单位制中单位分别为：米、千克、秒；对应的测量器材分别是：刻度尺、天平、秒表。所以ACD错误，B正确。
故选B。
3．（2022秋·福建龙岩·高一福建省龙岩第一中学阶段练习）关于误差和有效数字下列说法正确的是（ ）
A．两次测量值之差是绝对误差B．真实值与测量值的比值是相对误差
C．刻度尺刻度线不均匀会导致测量时产生偶然误差D．测量值一共有3位有效数字
【答案】D
【详解】A．绝对误差是测量值与真实值之差的绝对值，A错误；
B．绝对误差与真实值的比值是相对误差，B错误；
C．刻度尺刻度线不均匀会导致测量时产生系统误差，C错误；
D．测量值一共有3位有效数字，D正确。
故选D。
二、读数练习
4.（1）用螺旋测微器，测量金属丝直径，读数为___________。
（2）用游标卡尺，测量小钢球直径，读数为___________。
【答案】 1.980 11.4
【详解】（1）[1]螺旋测微器的精确值为，由图可知金属丝直径为
（2）[2]10分度游标卡尺的精确值为，由图可知小钢球直径为
5．（1）某同学用20分度游标卡尺测量小球的直径，读数如图甲所示，小球直径为____mm；
（2）乙图中螺旋测微器读数为_______mm。
【答案】 10.20 0.725
【详解】（1）[1]甲是20分度的卡尺，其精确度为0.05mm，主尺读数为：1cm，游标上第4个刻度与上面对齐，读数为4×0.05mm=0.20mm=0.020cm
故最终读数为1cm+0.020cm=1.020 cm=10.20mm
（2）[2]螺旋测微器：固定刻度为0.5mm，可动刻度为22.5×0.01mm=0.225mm
则读数为0.5 mm +0.225 mm =0.725mm
6.螺旋测微器的读数练习
（1）读数为：___________ mm
（2）读数为：_________mm
（3）读数为：_________mm
【答案】
【详解】（1）[1]读数为
10mm+0.01×19.5mm=10.195mm
（2）[2]读数为
4.5mm+0.01×9.3mm=4.593mm
（3）[3]读数为
2.5mm+0.01×29.5mm=2.795mm
7．图甲中游标卡尺的读数为___________mm。图乙中秒表的读数为_____________s。
【答案】 11.30 57.0
【详解】[1] 游标卡尺的读数
11mm+6×0.05mm=11.30mm
[2] 从小表盘上可知接近1min，因此秒表的读数57.0s7.
二、多选题
8．（2022秋·福建莆田·高一期中）以下误差属于系统误差的是（ ）
A．测量小车质量时天平不等臂、或砝码不标准，天平底盘未调平所致的误差
B．用有毫米刻度的尺测量物体长度，毫米以下的数值只能用眼睛估计而产生的误差
C．用百米绳测量物理课本的宽度
D．电压偶然起伏引起电表读数不准
【答案】AC
【详解】A．天平不等臂、砝码不标准、天平底盘未调平等是由于仪器本身不精确而引起的误差属于系统误差，故A正确；
B．读数误差属于偶然误差，故B错误；
C．用百米绳测量物理课本的宽度，是由实验方法粗略引起的误差，属于系统误差，故C正确；
D．电压偶然起伏是由于偶然因素对测量仪器产生的影响，属于偶然误差，故D错误。
故选AC。
9．（2022·全国·高二竞赛）测量误差可分为系统误差和偶然误差，属于系统误差的有（ ）
A．由于电表存在零点读数而产生的误差
B．由于多次测量结果的随机性而产生的误差
C．由于量具没有调整到理想状态，如没有调到垂直而引起的测量误差
D．由于实验测量公式的近似而产生的误差。
【答案】ACD
【详解】偶然误差是由各种偶然因素对实验者、测量仪器、被测物理量的影响而产生的。系统误差是由于仪器本身不精确，或实验方法粗略，或实验原理不完善而产生的。故ACD符合题意，B不符合题意。
故选ACD。
10．（2022·全国·高二竞赛）测量误差可分为系统误差和偶然误差，属于系统误差的有（ ）
A．由于电表存在零点读数而产生的误差
B．由于测量对象的自身涨落所引起的误差
C．由于实验者在判断和估计读数上的变动性而产生的误差
D．由于实验所依据的理论和公式的近似性引起的测量误差
【答案】AD
【详解】偶然误差是由于在测定过程中一系列有关因素微小的随机波动而形成的具有相互抵偿性的误差，其产生的原因是分析过程中种种不稳定随机因素的影响；系统误差是由于仪器结构缺陷、实验方法或原理不完善造成的。
A．由于电表存在零点读数而产生的误差属于系统误差，故A符合题意；
B．由于测量对象的自身涨落所引起的误差属于偶然误差，故B不符合题意；
C．由于实验者在判断和估计读数上的变动性而产生的误差属于偶然误差，故C不符合题意；
D．由于实验所依据的理论和公式的近似性引起的测量误差属于系统误差，故D符合题意。
故选AD。
11．（2022·全国·高二竞赛）请选出下列说法中的正确者（ ）
A．一般来说，测量结果的有效数字多少与测量结果的准确度无关。
B．可用仪器最小分值度或最小分度值的一半作为该仪器的单次测量误差。
C．直接测量一个约1mm的钢球，要求测量结果的相对误差不超过5%，应选用最小分度为1mm的米尺来测量。
D．在记录测量数据时，其有效位数既不能多写，也不能少写，应根据仪器的精度来定。
【答案】BD
【详解】A．对准确度和精确度的要求决定有效数字多少，是处理一切有效数字的原则和根据，A错误；
B．可用仪器最小分值度或最小分度值的一半作为该仪器的单次测量误差，B正确；
C．要求测量结果的相对误差不超过5%，即测量结果为，小数点后应该有两位小数，故应该选用最小分度为0.1mm的刻度尺来测量，C错误；
D．有效数字的位数应根据仪器的精度来确定，D正确。
故选BD。
12．（2021·全国·高一专题练习）关于实验误差，下列说法中正确的是
A．实验误差是实验中产生的错误，是由于测量不仔细或测量工具不精密产生的
B．实验误差是不可避免的，但可以通过采用精密仪器或改进实验原理和方法来减小误差
C．多次测量取平均值，可以减少系统误差
D．采用图象法处理实验数据可以减少偶然误差
【答案】BD
【分析】测量值与被测物理量的真实值之间的差异叫误差，实验误差分为偶然误差与系统误差．
【详解】测量值与被测物理量的真实值之间的差异叫误差，并不是错误，故A错误；实验误差是不可避免的，但可以通过改进仪器和谨慎操作来减小误差，故B正确；实验时可以采用多次测量取平均值的方法来减小偶然误差，但不能减小系统误差，故C错误；偶然误差是由于实验操作、实验读数而造成的误差，采用图象法处理实验数据可以减小偶然误差，故D正确；故选BD．
实验题
13．（2021·全国·高三专题练习）某同学采用伏安法测量阻值约为5的铅笔芯的电阻值。
（1）现有的实验器材如下：
A．电压表V1（量程0～3V，内阻约3k）
B．电压表V2（量程0～15V，内阻约15k）
C．电流表A1（量程0～3A，内阻约0.01）
D．电流表A2（量程0～0.6A，内阻约0.1）
E．滑动变阻器R1（0～20）
F．滑动变阻器R2（0～500）
G．电源E（电动势为3.0V）及开关和导线若干
该同学从以上器材中选择合适的器材连接好电路进行测量，则电压表应选择________，电流表应选择________，滑动变阻器应选择________，（选填各器材前的字母）。
（2）某同学根据测量数据在U-I坐标系中描点，如图所示，请画出U-I图线____。
（3）由图线可计算出铅笔芯的电阻为_____Ω（保留两位有效数字）。
【答案】 A D E 5.0Ω
【详解】(1)[1][2][3]．因电源电动势为3V，则电压表应选择A；电路中最大电流不超过，则电流表应选择D；滑动变阻器应选择与待测电阻阻值相当的E；
(2)[4] ．画出的U-I图像如图
(3)[5]．由图线可计算出铅笔芯的电阻为
14．（2018秋·云南保山·高二期中）一个小灯泡的额定电压为2.0V，额定电流约为0.5A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小灯泡的伏安特性曲线。
A．电源E：电动势为3.0V，内阻不计；
B．电压表V1：量程为0~3V，内阻约为1kΩ；
C．电压表V2：量程为0~15V，内阻约为4kΩ；
D．电流表A1：量程为0~3A，内阻约为0.1Ω；
E．电流表A2：量程为0~0.6A，内阻约为0.6Ω；
F．滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω，额定电流为0.5A；
G．滑动变阻器R2：最大阻值为15Ω，额定电流为1.0A；
H．滑动变阻器R3：最大阻值为150Ω，额定电流为1.0A；
I．开关S，导线若干。
（1）实验中电压表应选用________；电流表应选用_______；滑动变阻器应选用______ ；（请填写选项前对应的字母）
（2）请在方框内画出满足实验要求的电路图______。

【答案】 B E G
【详解】（1）[1]小灯泡额定电压为2.0V，则电压表选B。
[2]小灯泡额定电流约为0.5A，则电流表选E。
[3]描绘小灯泡的伏安特性曲线时，需要小灯泡两端电压从零开始变化，所以滑动变阻器应采用分压式接法，为了便于控制分压，应选择最大阻值较小的，考虑到F的额定电流为0.5A，G的额定电流为1.0A，而当通过小灯泡的电流达到额定电流时，通过滑动变阻器的电流将超过0.5A，所以滑动变阻器应选择G。
（2）[4]小灯泡正常发光时的电阻约为
且小灯泡的电阻随温度升高而增大，即小灯泡电流小于额定电流时，其电阻将小于4Ω，所以实验过程中小灯泡的电阻将始终满足
为减小系统误差，电流表应选择外接法，电路图如图所示。
15．（2022秋·福建厦门·高一福建省厦门第六中学校考期中）任何实验都存在误差，根据测量误差的性质和来源，误差分为系统误差和偶然误差，减小偶然误差的方法是__________；国际比赛用乒乓球和篮球的规格分别为40.0mm和246.0mm。一位同学用毫米刻度尺测量了一只乒乓球的直径和篮球的直径，记录的数值分别为40.1mm和246.4mm，则测乒乓球时的测量值的相对误差为__________，测篮球时的测量值的绝对误差为__________。
【答案】 多次测量取平均值； 25% 0.4mm
【详解】[1]偶然误差是由于读数等偶然因素造成的，减小偶然误差的方法是多次测量取平均值；
[2] 测乒乓球时的测量值的相对误差为
[3] 测篮球时的测量值的绝对误差为
16.（2022秋·四川攀枝花·高二攀枝花七中校考阶段练习）欧姆表调零后，用“”档测量一个电阻的阻值，发现指针偏转角度很小，则做法正确的是将档位调至______（或者），然后______，再进行测量。如图为一简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流，内阻，可变电阻R的最大值为，电池的电动势，内阻，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是______色，按正确使用方法测量电阻的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则______。
【答案】 欧姆调零 红 5
【详解】[1]当欧姆表选“×100Ω”挡，调零后，用它测量某一电阻的阻值，指针的偏转角度很小，说明该被测电阻的阻值较大，为测得更准确，应将挡位调高至×1kΩ。
[2]换挡后要重新欧姆调零，再进行测量。
[3]根据红进黑出原理，可得图中与接线柱A相连的表笔颜色应该是红色。
[4]当两表笔短接（即Rx=0）时，电流表应调至满偏电流，设此时欧姆表的内阻为，此时有关系得
当指针指在刻度盘的正中央时有
代入数据可得
17．（2022秋·云南玉溪·高二云南省玉溪第三中学校考阶段练习）为测量某金属丝的电阻率，小明同学取来一段粗细均匀、长为L的金属丝进行实验。
（1）用螺旋测微器测金属丝的直径d，读数如图甲所示，则d = _________mm。
（2）用多用电表测其电阻，倍率为 × 1，表盘的示数如图乙所示，其读数为_________Ω。
（3）实验中所用电流表的内阻约为2Ω，电压表的内阻约为1kΩ，滑动变阻器的最大阻值为5Ω。为了减小实验误差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，在测量其电阻时应选择的电路是_________。
A．B．C．D．
（4）测得电阻为R，则电阻率ρ = _________（用相关字母表示），由于（3）中的理论误差，使得电阻率最后的计算结果_________（填“偏大”或“偏小”）。
【答案】 1.848 18.0 D 偏小
【详解】（1）[1]螺旋测微器读数为
（2）[2]倍率为，表盘读数为
（3）[3]由于要求在实验中获得较大的电压调节范围故选择分压接法，电阻阻值较小，电流表选择外接法，故选择电路图D。
（4）[4]根据电阻与电阻率的关系有
圆柱体的横截面积
解得
[5]由于电流表外接导致电阻率最后的计算结果偏小。
18．（2023·河南·校联考模拟预测）某实验小组要测量一段金属丝的电阻率。
（1）先用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，则金属丝的直径__________；
（2）要测量金属丝的电阻，小组成员先用多用电表欧姆挡粗测金属丝的电阻，选用挡测量电阻，欧姆表的示数如图乙所示，则测得的金属丝的电阻为_____________；
（3）要精确测量金属丝的电阻，小组成员设计了如图丙所示电路，已知定值电阻阻值为R0，两个电流表：一个量程为Ia、内阻为ra，另一个量程为Ib、内阻为rb，Ia=2Ib调节滑动变阻器，使两电流表的指针偏转角度均较大，当电流表A1的示数为I1时、电流表A2的示数为I2，若金属丝的长度为L，则测得金属丝的电阻率___________。（用已知和测得的物理量符号表示）
【答案】 1.200 11
【详解】（1）[1]螺旋测微器的读数为
（2）[2]读数为；
（3）[3]电流表A1的量程应比A2小，因此A1的量程为，内阻为，当电流表A1的示数为时、电流表A2的示数为，测得电阻
则电阻率
19．（2023秋·甘肃天水·高二天水市第一中学校考期末）如图所示，图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为的电阻，测量步骤如下：
（1）在使用多用电表前先调节A，使电表指针停在“电流”的“0”刻线。
（2）将选择开关旋转到“”挡的______（填“”、“”、“”或“”）位置。
（3）将红、黑表笔分别插入“”“”揷孔，并将两表笔短接，调节______（填图中字母A、B、C，使电表指针对准______（填“电阻”或“电流”）的“0”刻线。
（4）将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为______。
（5）测量完毕，将选择开关旋转到“”位置。
【答案】 B 电阻 130
【详解】（2）[1]由于待测电阻的阻值约为150Ω，将选择开关旋转到“Ω”挡的×10位置，指针读数会在15Ω附近，在刻度盘中间区域，误差较小。
（3）[2][3]将红、黑表笔分别插入“＋”“－”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，即B，使电表指针对准电阻的“0”刻线。
（4）[4]将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，指针停在13Ω处，倍率×10，故该电阻的阻值为130Ω。
20．（2023秋·浙江绍兴·高二统考期末）请正确读出下列实验中所用仪器的示数。
（1）多用电表的选择开关打到“”档，表盘指针如图甲所示，则该阻值为______；
（2）电压表所选的量程为，指针位置如图乙所示，则测量的电压值为______V；
（3）螺旋测微器的固定刻度和可动刻度位置如图丙所示，则被测物体的长度为______mm。
【答案】 ##5.798##5.799##5.801##5.802
【详解】（1）[1]多用电表测电阻的阻值为
（2）[2]电压表所选的量程为，分度值为，则所测量的电压值为
（3）[3]由图丙所示，根据螺旋测微器读数规则，可得被测物体的长度为
21．（2023秋·四川凉山·高二统考期末）某同学用多用电表欧姆挡“×100”挡估测某一电压表内阻时，发现指针位置如图中虚线所示。
（1）应将挡位换为______挡（选填“×10”或“×1k”），然后将红、黑表笔短接，进行______（选填“机械调零”或“欧姆调零”）后再测量；
（2）重新正确测量后，刻度盘上的指针位置如图中实线（实线为刻度盘的中线）所示，则电压表的内阻为______Ω，该欧姆表在此挡位时的内阻为______；
（3）如图所示为用多用电表测量电压表内阻的电路图，其中a表笔是______表笔（选填“红”或“黑”）。
【答案】 欧姆调零 15000 15000 黑
【详解】（1）[1][2]用多用电表欧姆挡“×100”挡估测某一电压表内阻时，发现指针偏角太小，表示所测电阻阻值太大，为使测量更准确，应该换用大挡，故应将挡位换为“×1k”，每次换挡都要重新欧姆调零，将红、黑表笔短接，进行“欧姆调零”后再测量。
（2）[3]根据欧姆表的读数原理，刻度值×倍率，则所测电压表的内阻为15000Ω。
[4]欧姆表的内阻即等于欧姆表的中值刻度，该欧姆表在“×1k”挡位时的内阻为15000Ω。
（3）[5]根据多用电表两表笔的电流从黑表笔流出红表笔流入，图中a表笔接电压表正接线柱，故a表笔是黑表笔。
22．（2023·甘肃·统考一模）多用表是由电流表改装的，现有一个量程为、内阻的表头，用它改装成如图的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个不同的档位。电流表的两个档位中，大量程是小量程的10倍。

（1）当转换开关旋到位置___________时，是电流档的量程较大档。
（2）若用欧姆档测二极管的反向电阻，则图中的端应与___________（填“红”或“黑”）色表笔连接。
（3）图中的电源的电动势为，当把转换开关旋到位置3，在之间接电阻时，表头的指针刚好半偏。已知之前已经进行了必要的、正确的操作，则转换开关旋到位置“1”时，量程是___________；且可得___________，___________。
【答案】 1 红 10 90
【详解】（1）[1]当转换开关S旋到位置1或2时，是电流挡，并联电阻越小量程越大，故接1时的量程较大。
（2）[2]红表笔应接电源的负极，黑表笔应接电源的正极，故A表笔为红表笔，B表笔为黑表笔。
（3）[3] 已经将A、B短接调零了（即让表头满偏），在AB之间接电阻时，表头G刚好半偏，说明：当表头半偏时，改装后的电流表的总内阻
则转换开关S在2时电流表的量程为
转换开关S在1时，电流表的量程为
[4][5] 接2时
接1时
解得，
23．（2023·高三课时练习）某同学设计了探究铅笔芯伏安特性曲线的实验，得到如下数据（I和U分别表示通过铅笔芯的电流和其两端的电压）：
实验室提供如下器材：
A．电流表A1（量程0~0.6A，内阻约为1.0Ω）；
B．电流表A2（量程0~3A，内阻约为0.1Ω）；
C．电压表V1（量程0~3V，内阻为3kΩ）；
D．电压表V2（量程0~15V，内阻为15kΩ）；
E．滑动变阻器R1（阻值0~10Ω，额定电流为2A）；
F．滑动变阻器R2（阻值0~2kΩ，额定电流为0.5A）；
G．稳压直流电源E（6V），开关和带夹子的导线若干以及长约14cm的绘图2B铅笔芯。
（1）为了完成实验，电流表应该选择____，电压表应该选择___，滑动变阻器应该选择_____。（均填器材前的选项字母）
（2）下图的实验电路图中合理的是____________。（填选项字母）。
【答案】 A C E B
【详解】（1）[1][2][3]根据测量的数据可知，测得的电路中的最大电流为0.48A，故电流表选用A；测得的电压最大值为2V，故电压表选C；因为电压要从零开始调节，故滑动变阻器采用分压接法，用总阻值较小的滑动变阻器可方便调节，因此滑动变阻器选E。
（2）[4]根据表中数据可知铅笔芯的电阻较小，为减小测量误差，电流表采用外接法。
故选B。
24.在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验时，实验室备有下列器材供选择：
A．待测小灯泡（3.0V、1.5W）
B．电流表（量程3A，内阻约为1Ω）
C．电流表（量程0.6A，内阻约为5Ω）
D．电压表（量程3.0V，内阻约为10kΩ）
E．电压表（量程15.0V，内阻约为50kΩ）
F．滑动变阻器（最大阻值为100Ω，额定电流50mA）
G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1.0A）
H．电源（电动势为4.0V，内阻不计）
I.电键及导线等
(1)为了使实验完成的更好，电流表应选用______；电压表应选用______；滑动变阻器应选用_______。（只需填器材前面的字母即可）
(2)某次测量时电流表的示数如图，其读数为_______。
(3)请在虚线框中画出上实验的电路原理图。( )
【答案】 C D G 0.33A
【详解】(1)[1][2][3] 灯泡额定电压为3V，电压表应选D，灯泡额定电流为
电流表应选C，为方便实验操作应选滑动变阻器G；
(2)[4] 电流表最小分度值为0.02A，故读数为0.33A；
(3)[5] 描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时的电阻为
故电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示
25．（2020春·河北邢台·高一校联考阶段练习）在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，实验室备有下列器材供选择：
A．待测小灯泡“3V，2W”
B．电流表A1（量程3A，内阻约为1Ω）
C．电流表A2（量程0.6A，内阻约为5Ω）
D．电压表V1（量程3V，内阻约为10kΩ）
E．电压表V2（量程15V，内阻约为50kΩ）
F．滑动变阻器器（最大阻值为100Ω，额定电流50mA）
G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1A）
H．电源（电动势为4V，内阻不计）
I．电键及导线等
（1）电流表应选用 ______ ；电压表应选 ______ ；滑动变阻器应选用 ______ （填器材前面的字母）
（2）在图甲实物图中，有部分线已连好，要求小灯泡的电压从零开始测量，请连成符合要求的完整的电路图 ___________
（3）开关闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于 ______ （选填“A端”、“B端”或'“AB中间”）

（4）某同学实验后作出的I-U图象如图乙所示，则当灯泡两端的电压为2.4V时，灯泡的实际功率是 ______ W （结果保留两位有效数字）
【答案】 C D G A端 1.3
【详解】（1）电压表和电流表读数超过量程时误差较小．待测小灯泡“3V，2W”，则电流表应选用C．电流表A2（量程0.6A，内阻约为5Ω） ，电压表应选D．电压表V1（量程3V，内阻约为10kΩ）；
描述小灯泡的伏安特性曲线，滑动变阻器采用分压式接法，宜采用阻值相对较小的，则滑动变阻器应选用G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω，额定电流1A）
（2）小灯泡电阻相对电压表内阻较小，采用电流表的外接法，则实物连接如图：
（3）开关闭合前，应调节滑动变阻器使开关闭合时流过小灯泡的电流最小，则滑动变阻器的滑片应该置于A端
（4）由图知，当灯泡两端的电压为2.4V时，流过灯的电流为0.55A，则灯泡的实际功率
U/V
0.00
0.40
0.80
1.20
1.60
2.00
I/A
0.00
0.10
0.18
0.34
0.38
0.48