青海西宁市2026年普通高等学校招生全国统一考试高三年级复习检测(二) 数学试卷（含解析）高考模拟

这是一份青海西宁市2026年普通高等学校招生全国统一考试高三年级复习检测(二) 数学试卷（含解析）高考模拟，共8页。试卷主要包含了答卷前，考生务必将自己的姓名等内容，欢迎下载使用。
数学试卷
注意事项：
1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．
1. 若复数，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由复数，得，
所以.
2. 已知集合，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】，则.
3. 已知为两条不同直线，为三个不同平面，则下列说法正确的是（ ）
A. 若，，则B. 若，，则
C. 若，，则D. 若，，则
【答案】D
【解析】
【分析】根据线面平行、面面平行的性质对选项逐一判断即可.
【详解】对于选项A：
若，所以可能平行也可能异面，所以A错误；
对于选项B：
若，所以可能与平面平行，也可能在平面内，所以B错误；
对于选项C：
若，那么，也可能平面相交，所以C错误；
对于选项D：
根据平行平面的传递性，若，则.所以D正确.
故选：D.
4. 已知数列满足，若，则为（ ）
A. 3B. 9C. 27D. 81
【答案】B
【解析】
【分析】由题意可知，数列为等比数列，可求解与，再求解与即可.
【详解】因为，所以，
所以数列为等比数列，公比为，因为，
所以，则，
即，解得，所以，，
所以.
5. 如图，在圆中，已知弦的长度为2，则（ ）
A. 1B. 2C. 3D. 4
【答案】B
【解析】
【分析】过点作，则，即，即可求解.
【详解】过点作，则，所以，
所以，
故选：B.
6. 已知函数的最小正周期为，若，且，则的最小值是（ ）
A. 1B. 2C. 3D. 4
【答案】D
【解析】
【分析】函数的最小正周期，可转化为，解方程求，由可得，由此可得结论.
【详解】因为函数的最小正周期为，所以，
所以，因为，所以，
因为，所以，
所以，因为，
所以的最小值是4.
7. 已知曲线：，过点作该曲线的条弦，这些弦的长度构成一个递增的等差数列，则该数列公差的取值范围是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】由直线与圆的位置关系求出最短弦长和最长弦长，然后利用等差数列基本量运算求解即可．
【详解】曲线：，即，
所以曲线是以为圆心，为半径的圆，
因为，
所以在圆内，且，
所以过点的最短弦，最长弦，
从而公差，
又因为数列是递增的，所以，
所以公差的取值范围是．
8. 用1，2，3，4，5组成没有重复数字的五位数，其中满足的五位数有个，则在的展开式中，的系数为（ ）
A. 15B. 20C. 35D. 45
【答案】C
【解析】
【详解】可知满足，则，此时不同的五位数的个数为n=C42=6 ，
1+1+x1+1+x2+1+x3+⋯+1+x6的展开式含的项为，
则的系数为.
二、选择题；本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分．
9. 为了研究某款新上市智能手环的直播间展示时长（单位：分钟）与即时下单量（单位：件）之间的关系，某电商平台随机记录了5场直播带货的数据，如下表所示：
若与的经验回归方程为，样本相关系数为，则（ ）
A.
B. 回归直线过点
C.
D. 当直播间展示时长为10分钟时，即时下单量的值估计为63
【答案】ACD
【解析】
【详解】对于A，由数据可知，即时下单量随着直播间展示时长的增大而增大，
因此直播间展示时长与即时下单量为正相关，即样本相关系数，故A正确；
对于B，由数据可知，，，
则回归直线过中心点，不过点，故B错误；
对于C，将点代入，可得，解得，故C正确；
对于D，由C知，与的经验回归方程为，
则时，，故D正确.
10. 已知是定义在上的奇函数，且对任意，有，当时，，则（ ）
A. 是以4为周期的周期函数
B. 点是函数的一个对称中心
C.
D. 函数有4个零点
【答案】BC
【解析】
【分析】根据函数的性质求函数的周期可判断A的真假；探究与的关系判断B的真假；根据函数的周期性求函数值，判断C的真假；分别作出函数与的草图，数形结合，根据两函数图象交点的个数，判断函数的零点个数，判断D的真假.
【详解】因为是定义在上的奇函数，所以，
又因为，所以函数的图象关于直线对称.
所以，
所以.
所以函数是周期为8的周期函数，所以选项A错误；
因为，，所以，所以函数的图象关于点中心对称，故选项B正确；
因为函数是周期为8的周期函数，所以， ，所以，故选项C正确；
当时，，所以.
由；由.
所以函数在上单调递减，在上单调递增.
且，，.
作出函数与函数的图象，如图所示：
可知两个函数的图象有3个交点，因此函数有3个零点，所以选项D错误.
故选：BC
11. 在圆锥中，轴截面是边长为2的等边三角形，是的中点.用一个平面截圆锥，下列四个图中的截口曲线分别为圆、椭圆（截面经过点A）、抛物线的一部分、双曲线的一部分（截面垂直于平面），则（ ）
A. 圆的面积为B. 椭圆的长轴长为
C. 抛物线的焦点到准线的距离为1D. 双曲线的离心率为
【答案】AD
【解析】
【分析】利用平面几何知识可判断AB，建立直角坐标系分别求出抛物线和双曲线的方程可判断CD.
【详解】由题意底面半径为1，圆锥高，
对于A，为母线的中点，截面圆的半径为底面圆的半径的，
即截面圆半径为，则圆的面积为，A正确；
对于B，如图，在圆锥的轴截面中，作，垂足为，
为母线的中点，，，
椭圆的长轴长，B错误；
对于C，如图，设抛物线与底面圆的一个交点为，
以为原点，为x轴，在平面中建立平面直角坐标系，
则，，
设抛物线方程为，则，解得：，
则抛物线的焦点到准线的距离为，C错误.
对于D，如图，在与平面垂直且过点的平面内，建立平面直角坐标系，
坐标原点与点到底面的距离相等，且在轴上，

则点坐标为，双曲线与底面圆的一个交点为，其坐标为，
设双曲线方程为，
则，将代入双曲线方程得，解得，
所以，故双曲线的离心率为，D正确.
三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分．
12. 已知Sn为数列{an}的前n项和，且lg2(Sn＋1)＝n＋1，则数列{an}的通项公式为_________.
【答案】an＝
【解析】
【分析】根据an与Sn的关系：即可求得结果.
【详解】由lg2(Sn＋1)＝n＋1，得Sn＋1＝2n＋1，
当n＝1时，a1＝S1＝3；
当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2n，
显然a1不符合上式，
所以数列{an}的通项公式为an＝.
所以本题答案为an＝.
本题考查根据an与Sn的关系求数列通项的方法，注意检验a1是否符合表达式，属基础题.
13. 在平面直角坐标系中，已知双曲线的左焦点为，点在双曲线上，若四边形为菱形，则双曲线的离心率为________.
【答案】##
【解析】
【分析】设右焦点为，过作轴于，根据长度关系求出，最后根据双曲线的定义即可求出.
【详解】设右焦点为，连接，过作轴于，
因为双曲线关于轴对称，四边形为菱形，所以，
则，则，所以，
则为等边三角形，则，所以，所以，
根据双曲线的定义可知，所以.
故答案为：.
14. 若关于的不等式恒成立，则实数的最大值为______．
【答案】
【解析】
【分析】变形为同构不等式，结合的单调性得在上恒成立，利用导数求出的最小值即可得解.
【详解】由，得，得．
令，因为，所以函数在上单调递增，
则不等式转化为，所以，即在上恒成立．
令，则，
当时，，单调递减，当时，，单调递增，
所以当时，有最小值，即，则的最大值为．
故答案为：.
四、解答题：本题共5小题，共77分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．
15. 在中，角对应边分别是．已知成等差数列，且．
（1）求的值；
（2）若，求的面积．
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
由，得，即，
由题意可知，所以，
可知.
【小问2详解】
当时，，
因为，所以，
则.
16. 如图，在四棱锥中，底面ABCD是直角梯形，且，，平面，．
（1）求证：；
（2）已知三棱锥的体积为，求直线PC与平面PAB所成角的正切值．
【答案】（1）证明见解析
（2）
【解析】
【分析】（1）根据题意分析证明平面PAC，进而可得结果；
（2）由体积可得，可证平面PAB，结合线面夹角的定义分析求解.
【小问1详解】
在梯形ABCD中，
由，，，得，
所以，所以，
又因为平面ABCD，且平面ABCD，则，
因为平面，平面PAC，且，
所以平面PAC．
又平面PAC，
所以．
【小问2详解】
由（1）知，
所以，解得，
又因为平面，平面ABCD，则，
因为，所以，
因为平面，平面PAB，且，
所以平面PAB，
故PB是PC在平面PAB上的投影，
所以即为直线PC与平面PAB所成的角的平面角，
在中，解得，
所以，
所以直线PC与平面PAB所成角正切值为.
17. 某企业使用新技术对某款芯片进行试生产．在试生产初期，该款芯片的生产有四道工序，前三道工序的生产互不影响，第四道是检测评估工序，包括智能自动检测与人工抽检．已知该款芯片在生产中，前三道工序的次品率分别为．第四道工序中智能自动检测正确率为，第四道工序中智能自动检测为次品的芯片会被自动淘汰，合格的芯片进入流水线并由工人进行抽查检验．
（1）求前三道工序后产品芯片的次品率；
（2）求在第四道工序中芯片智能自动检测得到的产品合格率，并求工人在流水线进行人工抽检时，抽检一个芯片恰为合格品的概率；
（3）某手机生产厂商获得了该新技术芯片的试用权，并在某款新型手机上使用．现对使用这款手机的用户回访，对开机速度进行满意度调查．据统计，回访的100名用户中，使用未安装新技术芯片手机的有40人，其中对开机速度满意的有28人；使用安装新技术芯片手机的有60人，其中对开机速度满意的有57人．判断是否有的把握认为安装新技术芯片与用户对开机速度满意度有关？
附：
【答案】（1）
（2），
（3）有的把握认为安装新技术芯片与用户对开机速度满意度有关
【解析】
【分析】（1）根据相互独立事件及对立事件求前三道工序后产品芯片的次品率；
（2）设芯片智能自动检测合格为事件，芯片为合格品为事件，利用全概率公式求，利用独立事件得，最后由条件概率公式即可求解；
（3）列出联表，计算卡方，与临界值比较得出结论.
【小问1详解】
芯片的次品率为；
【小问2详解】
设芯片智能自动检测合格为事件，芯片为合格品为事件，
由全概率公式，
所以，
所以；
【小问3详解】
由数据可建立22列联表如下：（单位：人）
根据列联表得：
，
因此，有的把握认为安装新技术芯片与用户对开机速度满意度有关．
18. 已知函数．
（1）当时，若，求实数的取值范围；
（2）若，求证：．
【答案】（1）
（2）证明见解析
【解析】
【分析】（1）构造函数，利用导数分情况讨论其在时的单调性，结合，判断不同下的符号，从而确定的取值范围；
（2）利用（1）的结论，令，得，对到求和，通过对数裂项相消化简，结合证得不等式．
【小问1详解】
已知时，，即，
设，，则，
当时，因为，所以，所以，
在上单调递增，所以，满足；
当时，，解得，
时，，单调递减，
此时，不满足；
当时，，在上单调递减，
此时，不满足；
综上，实数的取值范围为；
【小问2详解】
由（1）知，当时，对恒成立，
令，则，
所以，，，…，，
将以上不等式左右分别相加得，
因为，且在上单调递增，所以，
所以．
19. 椭圆的光学性质是：从椭圆的一个焦点发出的光线，经过椭圆反射后，反射光线过椭圆的另一个焦点.已知椭圆（）的左顶点为，点在E上，且在x轴的上方，从E的左焦点发出的光线，经过E反射后，交E于点.按照如下方式依次构造点和（）：光线经过E反射后，交E于点；光线经过E反射后，交E于点.
（1）求E的方程；
（2）设直线的斜率为，求证：数列是等比数列，并求出其公比；
（3）求证：直线恒过定点，并求出该定点的坐标.
【答案】（1）
（2）数列是等比数列，公比为
（3）直线恒过定点
【解析】
【分析】（1）根据的关系即可求出；
（2）设，直线的方程为，联立得到，再求直线的斜率之积，设直线的斜率为，求出即可证明；
（3）直线的方程为，根据（2）的结论求出即可证明.
【小问1详解】
由题意得，，
故E的方程为.
【小问2详解】
设，直线的方程为，
由，消去，整理得，
，
直线的斜率之积为
，
设直线的斜率为，依题意可知均存在且不为零，
由经过E的右焦点，知①，
由经过E的左焦点，知②，
②①得，故数列是等比数列，公比为.
【小问3详解】
直线的方程为，由（2）知，
故，解得，
故直线恒过定点.
直播间展示时长
1
2
3
4
5
即时下单量
12
18
25
30
34
0.050
0.010
0.005
0.001
3.841
6.635
7.879
10.828
开机速度满意度
未安装
已安装
合计
不满意
12
3
15
满意
28
57
85
合计
40
60
100