专题10 简单机械（培优 专题专练）（全国通用）2026年中考物理二轮复习高效培优系列+答案

这是一份专题10 简单机械（培优 专题专练）（全国通用）2026年中考物理二轮复习高效培优系列+答案
1．【新情境+日常工具・钓鱼竿考察杠杆动态变化】如图所示的钓鱼竿可看成是一个杠杆，一手握住O点不动，另一手施加动力且其方向始终与鱼竿垂直。把鱼向上缓慢提起的过程中，的大小（ ）
A．逐渐变小B．逐渐变大C．保持不变D．先变小，后变大
【答案】A
【详解】把钓鱼竿看成是一个杠杆，O点是支点，动力F1始终与鱼竿垂直，故动力臂L1不变，把鱼向上缓慢提起的过程中，阻力F2始终竖直向下，抬起时阻力臂L2逐渐减小，根据杠杆平衡条件，L1和F2不变，L2逐渐减小，所以F1逐渐减小，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2．【新情境+电力设施・输电线牵引装置考察滑轮组】如图是铁路输电线的牵引装置原理图，采用坠砣牵引来自动补偿输电线的张紧，以此保障列车集电与输电线的接触。钢绳通过滑轮组悬挂配重为6000N的坠砣，输电线的一端P点与B滑轮相连。若某段时间坠砣竖直下降了10cm，不计滑轮和钢绳自重、摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．A滑轮可以省力 B．B滑轮可以改变力的方向
C．输电线P点向右移动了5cm D．输电线对B滑轮的拉力为12000N
【答案】D
【详解】A．A滑轮是定滑轮，定滑轮不省力，只能改变力的方向，故A错误；
B．B滑轮是动滑轮，动滑轮的作用是省力，不能改变力的方向，故B错误；
C．坠砣下降10cm，A滑轮左侧钢绳缩短10cm，这部分长度由B滑轮两侧的钢绳分担，因此P点移动距离为，方向向左，故C错误；
D．因为不计滑轮和钢绳自重、摩擦，而B滑轮为动滑轮，会承担2段钢绳拉力，每段拉力等于坠砣重力6000N，所以输电线对B滑轮的拉力为
故D正确。
故选D。
3．【新情境+古代采矿・天工开物考察杠杆与压强】《天工开物》“穴取铜铅”（图）中，矿工开采铜铅矿时使用的工具蕴含丰富的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．挖掘用的镐是省力杠杆，利用动力臂大于阻力臂的原理
B．挖掘用的镐是费力杠杆，因为动力臂大于阻力臂
C．编织筐满载矿石静止在地面上时，矿石的重力与筐对矿石的支持力是一对相互作用力
D．铲状辅助工具的刃部较窄，是通过增大受力面积来增大压强的
【答案】A
【详解】A．挖掘用的镐在使用时，动力臂大于阻力臂，符合省力杠杆的定义，能省力但费距离，故A正确；
B‌．费力杠杆的动力臂小于阻力臂，镐的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；
‌C．矿石的重力和筐对矿石的支持力，都作用在矿石上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，而非作用力与反作用力（相互作用力需作用在两个不同物体上），故C错误；
D．铲状工具刃部较窄，是通过减小受力面积来增大压强，便于切割或铲取矿石，故D错误。
故选A。
4．【新情境+生活安装・空调支架考察杠杆平衡】安装空调外机时，要坚实耐用，不容易倾翻而造成意外伤害。如图，用固定在竖直墙上的直角三角形支架ABC放置空调室外机，A处受到膨胀螺丝水平方向的拉力为F（支架重力不计）。下列安装方式最合理的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】D
【详解】将支架的C点看作支点，A点受到的水平拉力是动力，空调室外机对支架的压力是阻力，大小等于外机的重力，AB中动力臂和阻力不变，B中室外机最靠近墙体（A点），阻力臂较小，由杠杆平衡条件可知A点拉力较小；CD中动力臂和阻力不变，D中室外机最靠近墙体（A点），阻力臂较小，由杠杆平衡条件可知A点拉力较小；BD中，阻力臂和阻力相同，D中动力臂较大，由杠杆平衡条件可知A点的拉力较小，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
5．【新情境+道路救援・斜面模型考察机械效率】道路救援车拖移故障车辆时可构建成图所示的模型，将重为的小车A从斜面底端沿斜面匀速拉至斜面顶端用时200s，钢绳对小车A施加的沿斜面的拉力为5000N，已知斜面高为2m，斜面长为5m。在小车从斜面底端被拖上救援车的过程中，不计钢绳重和钢绳与滑轮间的摩擦，下列说法不正确的是（ ）
A．拉力所做的功为 B．斜面的机械效率为80%
C．拉力做功的功率为125W D．小车受到的摩擦力大小为2000N
【答案】D
【详解】A．拉力做的总功
故A正确，不符合题意；
B． 克服小车重力做的有用功
斜面机械效率
故B正确，不符合题意；
C．拉力做功的功率
故C正确，不符合题意；
D．克服摩擦力做的额外功
得摩擦力
不是2000N，故D错误，符合题意。
故选D。
6．【新情境+传统器具・杆秤考察杠杆应用】杆秤是我国度量衡三大件（尺、斗、秤）之一，凝聚了丰富的物理智慧。我校学生在实践课上制作了一把双秤纽杆秤，其结构如图所示。关于该杆秤，下列判断正确的是（ ）
A．杆秤是利用二力平衡原理进行称量的
B．若秤砣磨损，则测量结果会比真实质量偏小
C．与使用秤纽B相比，使用秤纽C时可以减小杆秤的量程
D．称量同一筐枇杷，用秤纽B比用秤纽C时，秤砣悬挂的位置更靠右
【答案】C
【详解】A．杆秤利用杠杆平衡原理称量，不是二力平衡原理，故A错误；
B．根据杠杆平衡条件，若秤砣磨损，变小，不变，需要的力臂变大，测量结果比真实质量偏大，故B错误；
C．最大称量满足：使用秤纽C时，货物的力臂比使用B时更大，因此最大称量值更小，即量程减小，故C正确；
D．称量同一货物时不变，由得：使用秤纽B时货物的力臂更小，因此秤砣的力臂更小，秤砣悬挂位置更靠左，故D错误。
故选C。
7．【新情境+生活场景・兄弟抬水考察杠杆平衡分析】如图是兄弟二人抬水的场景。扁担相当于杠杆，若以哥哥的肩为支点，弟弟对扁担的作用力是动力，哥哥将水桶悬挂点向弟弟移动一段距离，弟弟对扁担的作用力________（填“变大”或“变小”），请根据杠杆的平衡条件分析原因：________。
【答案】 变大 根据杠杆的平衡条件可知，动力臂及阻力不变（水桶对扁担的拉力不变），阻力臂变大，则动力会变大，即弟弟对扁担的作用力变大
【详解】[1][2]见答案。
8．【新情境+家居用品・升降晾衣架考察定滑轮】如图所示是一款晾衣架，天花板上安装的是________滑轮（选填“定”或“动”）。若不计滑轮重、绳重及摩擦，当晾衣架静止时绳子上的拉力F为20N，则杆和衣架的总重为________N。
【答案】 定 80
【详解】[1]天花板上的方框内安装的滑轮不会随物体一起移动，是定滑轮，用来改变作用力方向。
[2]同一根绳子上的力相同，杆子向上受四根绳子的拉力，向下受杆和衣架总重力，由二力平衡可知，杆和衣架总重力
9．【新情境+体育赛事・龙舟比赛考察杠杆、声速】5月11日，湖北省龙舟公开赛（武汉·洪山站）在南湖水域举行。如图为比赛现场图片。
(1)比赛过程中，运动员所用船桨为_________（填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆。
(2)运动员通过鼓声来控制自己节奏，确保与其他运动员动作同步，这是利用声音传递_____。
(3)某参赛队伍用时1min20s完成200米直道竞速赛，该队伍比赛过程中平均速度为_______m/s。
【答案】(1)费力
(2)信息
(3)2.5
【详解】（1）因为船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，但省距离。
（2）鼓声作为一种信号，向运动员传递了节奏和同步的指令，因此这是利用声音传递信息。
（3）由已知条件可知，参赛队伍用时，根据速度公式可得，队伍比赛过程中平均速度为
10．【新情境+智能制造・机械臂考察杠杆计算】某智能制造车间里，自动化机械臂正在搬运工件，将其OAB部分简化为如图乙所示的杠杆模型，忽略杠杆自重。当杠杆水平平衡时，作用在B点的工件重力为150N，F的力臂l1=15cm，OB=60cm，则作用在A点的动力为______N；此杠杆属于______杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂）。
【答案】 600 费力
【详解】[1][2]由图中杠杆的使用情况可知，动力为F、动力臂为、阻力为G、阻力臂为
根据杠杆的平衡条件可得，动力
动力臂比阻力臂短，故此杠杆为费力杠杆。
11．【新情境+畜牧养殖・自动喂水器考察杠杆与连通器】如图所示，是乳牛自动喂水器的装置原理图。水箱中，带浮子的硬杆AB相当于一根杠杆，可以绕O点转动，用于控制进水管的“开”和“关”。
(1)牛喝水后，若饮水槽中水位下降1cm，则饮水槽底受到水的压强减小______Pa；自动喂水装置的设计主要利用了杠杆原理和______原理，实现水的自动补给（，取）；
(2)当停止进水时，浮子所受的浮力大小为3牛，若不计浮子所受重力，，则进水管中水对A点的压力是______N。
【答案】(1) 100 连通器
(2)12
【详解】（1）[1]根据压强公式，若饮水槽中水位下降1cm，则饮水槽底减少的水的压强为
[2]如图，水箱和饮水槽上端开口，底部相连通，构成了一个连通器；装置同时结合浮子与杠杆控制进水，因此主要利用了连通器原理和杠杆原理，从而实现水的自动补给。
（2）当停止进水时，根据杠杆平衡条件有
已知，则进水管中水对A点的压力
12．【新情境+健身运动・深蹲考察重力与力臂作图】深蹲运动是靠腿部肌肉收缩产生动力，克服人体上部的重力G，从而达到锻炼目的。图乙是将人体抽象为杠杆的示意图，O为支点，请在图乙中画出G的示意图及其力臂L（A点为人体上部的重心）。
【答案】
【详解】过A点沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，标注字母G，即为重力G的示意图；已知支点为O，过O点向重力G的作用线作垂线段，这条垂线段就是G的力臂，标注字母L，据此作图。
13．【新情境+交通设施・高速指示牌考察杠杆作图】在高速路边常看到如图甲的指示牌，指示牌可以简化为一个杠杆模型，牌子整体重力可看成阻力，如图乙O为支点，固定在杆上面横拉杆的力为动力，请在图乙中画出动力和动力臂。
【答案】
【详解】由图乙可知，牌子的重力让牌子沿逆时针转动，根据杠杆平衡条件，固定在杆上面横拉杆的力应该让牌子沿顺时针转动，因此动力的方向水平向右，过支点作动力作用线的垂线段即为动力臂，如图所示
14．【新情境+便民设施・无障碍通道斜面考察机械效率】图甲是某居民楼前的无障碍通道，扬扬正用轮椅推着他不慎摔伤脚踝的母亲缓缓上行，帮助母亲尽快恢复。图乙是该通道斜面示意图。为了解扬扬推轮椅时所用力的大小，兴趣小组的同学们进行了探究。他们从斜面底端A点沿斜面确定了相距1m处的B点。
(1)使刻度尺“0”刻度线与水平地面对齐，正确测量B点高度，结果如图乙为______cm；
(2)选用车轮与轮椅相同材质、花纹的小车为研究对象，进行了如下操作：
①正确使用弹簧测力计，测出小车重为2.0N；
②将弹簧测力计与斜面平行放置并______，然后沿斜面方向匀速拉动小车，如图乙所示，弹簧测力计示数为______N；
③计算出将小车从A点拉到B点的过程中，拉力所做的功为______J；利用斜面将小车从水平地面提升到B点时的机械效率为______；
(3)在小车上逐渐添加重物，测出小车的总重G，测出沿斜面匀速拉动小车需要的力，计算出拉小车从A点到B点所做的功W1；计算出竖直向上将小车从水平地面提升到B点所做的功W2。以功为纵坐标，以小车总重为横坐标，建立平面直角坐标系，作出W1和W2与小车总重G的关系图像，分别如图丙中的线段a和b；
①由图像可知：用该通道斜面提升物体，增大物重G则斜面的机械效率______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
②若这位母亲的质量为60kg，所坐的轮椅质量为20kg，则扬扬用沿着通道斜面方向的力推轮椅匀速上坡时，推力的大小为______N，轮椅所受斜面摩擦力为______N。（g取10N/kg）
【答案】(1)9.00
(2) 调零 0.3 0.3
(3) 不变 120 48
【详解】（1）如图乙，刻度尺分度值为0.1cm，则B点高度为9.00cm。
（2）[1]弹簧测力计使用前要先在所测力的方向上调零，所以应将弹簧测力计与斜面平行放置并调零。
[2]如图乙所示，弹簧测力计分度值为0.02N，示数为0.3N。
[3]拉力所做的功为
[4]有用功为
则机械效率为
（3）[1]图丙中图线a、b均为正比例函数，设图丙中图线a的关系式为，图线b的关系式为，则斜面的机械效率
因为图线a、b的斜率为定值，所以增大物重G，斜面的机械效率不变。
[2]这位母亲和轮椅的总重力为
有用功为
总功为
则推力的大小为
[3]额外功为
则轮椅所受斜面摩擦力为
15．【新情境+手工制作・蜡烛跷跷板考察杠杆平衡】同学们利用蜡烛、细铁丝、杯子等制作了一个蜡烛“跷跷板”，如图甲。一端烛油滴下时，此端就上升，两端交替上下。为了寻找上述现象的原因，同学们用铁架台、杠杆（已在水平位置平衡）、质量相等的钩码等器材进行以下探究。
(1)图乙中杠杆水平平衡，分别改变一侧钩码的个数或悬挂位置，发现杠杆不再平衡。
小聪认为：影响杠杆平衡的因素是力的大小和支点到力的作用点的距离；
小明认为：影响杠杆平衡的因素是力的大小和支点到力的作用线的距离。
为判断谁的观点正确，同学们利用图丙中水平平衡的杠杆（）进行实验，保持B处悬挂钩码的个数和位置不变。
①把A处悬挂的钩码改挂在C处，发现杠杆不再平衡。与A处相比，支点到力的作用点的距离___________（选填“变小”“不变”或“变大”）；
②把A处悬挂的钩码改挂在D处，发现杠杆仍保持平衡，与A 处相比，___________的距离不变；
③由此初步判断___________的观点是正确的；
(2)明确影响因素后，同学们利用图乙的器材探究杠杆平衡的条件，将实验数据记录在设计的表格中。
①表格中a处应填写的内容是___________b处应填写的内容是___________；
②若在图乙中杠杆两侧钩码下端各加挂一个钩码，杠杆___________端下沉；
③交替上下的蜡烛“跷跷板”，一端烛油滴下时，此端上升，原因是___________。
【答案】(1) 不变 支点到力的作用线 小明
(2) 动力臂/cm 阻力/N 左 此端蜡烛的质量减小，重力减小，力和力臂的乘积变小，杠杆失去平衡
【详解】（1）[1]由题意知，
当把A处悬挂的钩码改挂在C处，支点到力的作用点的距离不变，但杠杆不再平衡。
[2]把A处悬挂的钩码改挂在D处时，杠杆仍保持水平，此时重力方向竖直向下，支点到重力作用线的垂直距离，即力臂与OA长度相等，因此支点到力的作用线的距离不变。
[3]由①②可知影响杠杆平衡的因素是力的大小和支点到力的作用线的距离，故小明的观点是正确的。
（2）[1]探究杠杆平衡条件需要测量动力、动力臂、阻力、阻力臂，a位于动力一侧，故填动力臂/cm；b位于阻力一侧，故填阻力/N。
[2]设每个钩码重力为G，每格长度为L。若在图乙中杠杆两侧钩码下端各加挂一个钩码，左侧挂2个钩码，力臂为2格，乘积为
右侧挂3个钩码，力臂为1格，乘积为
因为左侧乘积大于右侧，所以杠杆左端下沉。
[3]蜡烛“跷跷板”的原理基于杠杆平衡条件。一端烛油滴下导致质量减小，重力减小，虽然力臂可能不变，但“力与力臂的乘积”减小，导致杠杆失去平衡，从而上升。
16．【新情境+工程机械・爬梯式搅拌机考察机械效率】如图甲是一种用于建筑工地、道路、桥梁的爬梯式混凝土搅拌机。工作时，搅拌机将原料加工成混凝土后自动倒入运料斗，运料斗能通过爬梯顶端的滑轮沿爬梯上升到一定高度，然后将混凝土倾倒卸下，其原理简图如图乙所示。某次运送混凝土时，提升电机将装有500kg的混凝土运料斗匀速提升10m，提升部分钢丝绳拉力为1500N。（不计绳重及摩擦，g取10N/kg）。求：
(1)该次运送混凝土时，所做的有用功；
(2)该装置运料部分的机械效率。（百分号前保留一位小数）
【详解】（1）该次运送混凝土时，所做的有用功
（2）由图乙，提升动滑轮的绳子段数有4段，该次运送混凝土时，钢丝绳拉力做的功
该装置运料部分的机械效率
17．【新情境+井下作业・气压升降平台考察机械效率】如图所示，是我国自主研发的某款气压式升降平台，该平台采用滑轮组传动实现平稳升降，适配井下作业。滑轮组由气压驱动装置驱动，某次作业中，驱动装置输出功率为1250W，5秒内将放在吊篮中总质量为160kg的检修工具匀速提升2.5m高度。已知吊篮重400N。g取10N/kg。求
(1)滑轮组对检修工具做的功，
(2)该升降平台的机械效率。
【详解】（1）检修工具的重力
滑轮组对检修工具做的功
（2）驱动装置做的总功
该升降平台的机械效率
压 轴 提 速 练
1．（2025·山东滨州·中考真题）如图是节选自我国古代科技巨著《天工开物》中的劳动情景，用独轮车运输货物时需左右对称，否则不稳定，极易倾倒。下列说法正确的是（ ）
A．独轮车是费力杠杆 B．车上物体的重力为阻力
C．推车人的手越靠近车轮越费力 D．倾倒时，车以车轴为支点转动
【答案】C
【详解】A．独轮车在使用中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B．车上物体和车的重力之和会阻碍杠杆的转动，故为阻力，故B错误；
C．推车人的手越靠近车轮，动力臂越短越费力，故C正确；
D．杠杆可以绕其转动的点就叫支点，独轮车左右倾倒时，是以地面为支点转动，故D错误。
故选C。
2．（2025·青海西宁·中考真题）如图甲所示，快递员用推力将重为800N的快递，先沿水平面推行一段距离，再推至长4m、高2m的斜面顶端，推力始终与快递运动方向相同；快递在整个运动过程中，路程与时间变化关系和推力与时间变化关系分别如图乙、丙所示（g取），下列分析正确的是（ ）
A．内快递所受的摩擦力为800NB．内推力的功率为800W
C．内快递克服重力做的功为3200JD．内快递受到的摩擦力为100N
【答案】D
【详解】A．根据题意，由图乙可知，0~4s内快递在水平面做匀速直线运动，则所受的摩擦力与推力是一对平衡力，由图丙可知，0~4s内快递所受的摩擦力f=F=200N，故A错误；
B．由图乙可知，0~4s内快递移动的距离为4m，则推力F的功率
故B错误；
C．4~12s，快递从斜面底端运动到顶端，快递克服重力做的功W有=Gh=800N×2m=1600J
故C错误；
D．由图乙可知，4~12s内快递在斜面上做匀速直线运动，由图丙可知，推力F'=500N，推力做的总功W总=F's'=500N×4m=2000J
克服快递重力做的有用功W有=1600J，则克服快递所受摩擦力做的额外功W额=W总-W有=2000J-1600J=400J
快递受到的摩擦力
故D正确。
故选D。
3．（2025·山东日照·中考真题）2024年，日照港跻身全球5亿吨大港阵营。如图所示，工人用电动机驱动的起重机搬运质量为10t的集装箱。先在100s内将集装箱匀速提升10m，此过程电动机的功率为1.2×104W。然后起重机又在100s内将集装箱沿水平方向匀速移动了5m，此过程的电动机的功率为1×102W。不计空气阻力，g取10N/kg。下列说法正确的是（ ）
A．在上升过程中，起重机对集装箱做的功为1.2×106J
B．在上升过程中，起重机对集装箱做功的功率为1×104W
C．在上升过程中，起重机的机械效率为100%
D．在水平移动过程中，起重机对集装箱做的功为1×104J
【答案】B
【详解】A．由题意知，集装箱的重力为G=mg=10×103kg×10N/kg=1×105N
则在上升过程中，起重机对集装箱做的功为W=Gh=1×105N×10m=1×106J
故A错误；
B．在上升过程中，起重机对集装箱做功的功率为
故B正确；
C．任何机械在使用时，都不可避免的会克服摩擦等做额外功，因此机械效率不可能达到100%，故C错误；
D．在水平移动过程中，起重机对集装箱的力是竖直方向上的，集装箱在水平方向上移动，因此不做功，为0J，故D错误。
故选B。
4．（2025·山东济南·中考真题）如图为载有重物的家用“L”形小车的示意图，在挡板顶端对挡板施加一个始终垂直挡板的力，使小车绕点慢慢转动到图中虚线位置忽略小车受到的重力，此过程中力的大小（ ）
A．一直减小B．一直增大C．先减小后增大D．先增大后减小
【答案】A
【详解】以O点为支点，重物对小车的拉力为阻力，阻力大小等于重物的重力，在转动过程中阻力大小不变；阻力臂是支点O到阻力作用线的垂直距离，随着小车绕O点转动，阻力臂逐渐变小。力F为动力，动力臂是支点O到动力F作用线的垂直距离，由于F始终垂直挡板，动力臂大小始终等于挡板的长度，保持不变。根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”，动力臂和阻力大小不变，阻力臂变小，所以动力F的大小一直减小。故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
5．（2026·陕西西安·模拟预测）如图所示是《墨经》中记载的古代提升重物的工具——“车梯”，当此“车梯”匀速提升质量为100kg的重物时（忽略绳重和摩擦，g取10N/kg），下列说法错误的是（ ）
A．图中A可以简化为定滑轮模型 B．人将绳子向下拉1m，重物上升4m
C．使用该装置可以省力但不能省功 D．使用该装置提升重物的质量越小机械效率越低
【答案】B
【详解】A．定滑轮的轴的位置固定不动，图中A处滑轮的轴固定在支架上，可以简化为定滑轮模型，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，该滑轮组承担物重的绳子段数为，由可知，当人拉绳子移动的距离为时，重物上升高度为
故B错误，符合题意；
C．该滑轮组组成部分中有两个动滑轮，动滑轮可以省力，根据功的原理可知，任何机械都不能省功，故C正确，不符合题意；
D．忽略绳重和摩擦时，滑轮组机械效率为，提升重物的质量越小，物重越小，机械效率越低，故D正确，不符合题意。
故选B。
6．（2026·山东济南·一模）如图所示为锅炉安全阀的工作示意图，锅炉正常工作时为密闭加压环境，内部水蒸气对阀门C产生向上的压力，又通过在B端悬挂钩码压住阀门来维持锅炉内气压稳定。下列说法正确的是（ ）
A．要控制锅炉内气压较大时，可适当减小钩码重力
B．要控制锅炉内气压较小时，可适当增大钩码重力
C．要控制锅炉内气压较小时，可适当将钩码向远离O点移动
D．要控制锅炉内气压较小时，可适当将钩码向靠近O点移动
【答案】D
【详解】支点为，动力是水蒸气对阀门的向上压力，动力臂；阻力的大小是钩码的重力大小，阻力臂；锅炉气压越小，阀门需在更小的下被顶开，即要减小。根据杠杆平衡条件变形得，不变时，与成正比。
A．控制气压较大，需增大，即增大。减小钩码重力会使变小，则变小，变小，锅炉内气压较小，故A错误；
B．控制气压较小，需减小，即减小。增大钩码重力会使变大，则变大，变大，锅炉内气压较大，故B错误；
C．控制气压较小，需减小，即减小。钩码远离点会增大，使变大，变大，锅炉内气压较大，故C错误；
D．控制气压较小，需减小，即减小。钩码靠近点会减小，使变小，变小，锅炉内气压较小，故D正确。
故选D。
7．（2026·河北·一模）某同学在家利用一模一样的两个衣架组装成简易滑轮组。如图所示，他将重为3N的矿泉水瓶匀速提升0.5m，绳端拉力大小只有0.8N（不考虑绳子的自重和摩擦g取10N/kg），下列说法正确的是（ ）
A．甲衣架与天花板之间那段绳子的拉力为4.8N B．乙衣架的质量为1kg
C．自由端绳子通过的距离为3m D．拉力F所做的有用功为1.5J
【答案】D
【详解】由图可知，甲衣架相当于定滑轮，乙衣架相当于动滑轮，承担物重的绳子段数；
B．不考虑绳子的自重和摩擦，根据
可知，动滑轮（乙衣架）的重力
则乙衣架的质量，故B错误；
A．甲衣架的重力
绕过甲衣架的绳子有6段，不考虑绳子的自重和摩擦，则甲衣架与天花板之间那段绳子的拉力，故A错误；
C．自由端绳子通过的距离，故C错误；
D．拉力F所做的有用功，故D正确。
故选D。
8．（2025·山东日照·三模）我国民俗活动丰富多彩，在立夏时节，有的地区有给孩子称体重的习俗（如图甲），祈求孩子快速成长。如图乙所示的杆秤，秤砣的质量为3kg。将孩子放在篮子内，调整秤砣的位置，使秤杆水平位置平衡，不计绳重杆重，此时。下列说法正确的是（ ）
A．换成质量较大的孩子，若秤砣悬挂的位置不变，则杆秤的左端将上升
B．若换成质量较大的孩子，当秤杆水平平衡后，秤砣的悬挂点应在B点左侧
C．要使杆秤的量程变大，应该使用质量更大的秤砣
D．图乙中小孩和篮子的总质量为12kg
【答案】C
【分析】根据杠杆的平衡条件进行分析。
【详解】AB．设人和篮子总重为G，根据杠杆平衡可得，，秤砣悬挂的位置不变，动力与动力臂大小不变，换成质量较大的孩子，总重变大，则阻力变大，阻力臂不变，故大于，则杆秤的左端将下降，要使秤杆水平平衡，秤砣重力不变，则应该增大动力臂，故秤砣应该向B点右端移动，故AB错误；
C．根据，，可得，故m与秤砣的重力成正比，篮子的重力不变，故要使杆秤的量程变大，应该使用质量更大的秤砣，故C正确；
D．根据杠杆平衡条件求出小孩和篮子的总质量，故D错误。
故选C。
9．（2025·山东潍坊·中考真题）如图甲所示，电动机通过滑轮组沿斜面匀速拉动重为的货物，电动机的输出功率恒为。内货物运动的路程随时间变化关系如图乙所示，货物被提升的高度为。不计滑轮重、绳重及滑轮与绳的摩擦，则内（ ）
A．斜面对货物的支持力做功为
B．电动机对绳子的拉力为
C．货物受到斜面的摩擦力为
D．滑轮组的机械效率为
【答案】C
【详解】A．支持力的方向垂直于斜面向上，而货物的运动方向是沿斜面向上，支持力与货物的运动方向相互垂直。根据功的计算公式W=Fs，当力的方向与物体运动方向垂直时，力对物体不做功，即支持力做的功为0J，故A不符合题意；
B．由图乙可知，10秒内货物匀速移动了4m，因为滑轮组由4段绳子拉动物体，所以绳子自由端移动的距离s绳=4s物=4×4m=16m
电动机的输出功率 P=240W，整个过程的时间 t=10s，可先计算出电动机做的总功W总=Pt=240W×10s=2400J
再根据功的计算公式W=Fs，变形可得电动机对绳子的拉力
故B不符合题意；
C．货物的重力G=900N，被提升的高度h=2m，克服货物重力所做的功为有用功W有= Gh=900N×2m=1800J
因为不计滑轮重、绳重及滑轮与绳的摩擦，所以额外功仅来自克服货物与斜面之间的摩擦力，即W额= W总－W有= 2400J－1800J=600J
额外功是克服摩擦力所做的功，其计算公式为W额= fs物，变形可得摩擦力
故C符合题意；
D．机械效率η是有用功与总功的比值，不计滑轮重、绳重及滑轮与绳的摩擦，则使用滑轮组时没有做额外功，所以滑轮组的机械效率为100%，故D不符合题意。
故选C。
10．（2025·新疆·中考真题）如图所示，若一根重心在B点的木棒可绕O点无摩擦转动，在D点施加竖直向上的力缓慢提升重物。已知木棒的长度为1m，将同一重物分别挂在A点、B点、C点时，重物被提升的高度分别为0.1m、0.2m、0.3m，对应的机械效率分别为、、。则（ ）
A．ηAηCC．ηA