2026年山东省烟台市招远市中考物理适应性试卷（含答案+解析）

这是一份2026年山东省烟台市招远市中考物理适应性试卷（含答案+解析），共11页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.下列估测符合实际的是( )
A. 中学生正常步行速度约为0.4km/ℎB. 一枚一元硬币的质量约为6mg
C. 人体的密度约为1g/cm3D. 令人舒适的温度为37∘C
2.手机防窥膜是一种通过光学设计来保护用户隐私的功能性贴膜，主要通过限制屏幕可视角度，防止他人偷窥屏幕内容。如图甲所示为手机防窥膜结构图，贴在手机屏上的效果如图乙所示，其原理类似百叶窗，只能通过一定角度的光线，两侧看不清屏幕内容。下列说法正确的是( )
A. 由于光的直线传播，结合不透明材料进行遮挡，防窥结构层便可达到防窥目的
B. 当用户使用手机时，各个方向都能有效防窥
C. 为达到更好的防窥效果，可适当降低不透明百叶窗的高度h
D. 由于防窥膜厚度很薄，当光线到达屏幕与防窥膜界面时，将不发生折射
3.同学们根据所学的物理知识对图中的情景进行分析，其中判断错误的是( )
A. 甲：水流不动时，若左侧水渠中液面到达A点，则右侧水渠液面高于B点
B. 乙：空间站与地面联系是通过电磁波实现的
C. 丙：拦河大坝设计成上窄下宽利用了液体压强随深度的增加而增大
D. 丁：飞机机翼上方气流的速度较大，气流对机翼上表面压强较小
4.如图，是古人利用龙骨水车提水灌溉的场景。提水时，用脚踩动脚踏板，拐木转动，木链条带动叶板转动，将水从低处提升至高处，实现灌溉。下列说法正确的是( )
A. 踩动脚踏板越快，对水做功越多B. 增大拐木的长度，可以更省力
C. 水在上升的过程中，机械能不变D. 使用龙骨水车提水，可以省功
5.隔水炖是指将原料放入炖盅内，加盖，再将炖盅放入装水的锅内(水位在炖盅口以下)，盖上锅盖，慢火长时间加热，把原料炖熟。关于这种烹饪方法，说法正确的是( )
A. 持续加热，炖盅内汤水一定可以沸腾B. 炖盅内汤水与锅内的水温度一定不同
C. 持续加热，锅内的水一定可以沸腾D. 炖盅内汤水达不到沸点
6.心肺机用“电动泵”替代心脏，推动血液循环，“电动泵”的工作原理如图所示，将线圈ab固定在活塞一端，利用其与固定磁铁间的相互作用带动活塞运动，从而使血液定向流动。阀K1、K2都只能单向开启，反向则封闭管路，当线圈中的电流从a流向b时，下列说法正确的是( )
A. 线圈周围有磁场和磁感线B. 线圈左端是N极
C. 活塞将向右运动D. 此时“电动泵”处于抽血状态
7.实验是科学探究的重要形式，关于下面四个实验，说法正确的是( )
A. 甲实验：玻璃板很难被拉离水面，说明分子之间有斥力
B. 乙实验：墨水在热水中扩散快，说明温度越高分子无规则运动越剧烈
C. 丙实验：沙子中温度计示数升高快，说明沙子吸热能力比水强
D. 丁实验：风车越转越快，说明风车的动能正在减小
8.用带指示灯的开关控制阳台的电灯；闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭。使用过程中发现：指示灯因断路不亮，电灯照常发亮。下列连接方式符合上述现象的是( )
A. B.
C. D.
9.潜水艇从海水高密度区驶入低密度区，急剧下降的过程称为“掉深”。如图所示，某潜水艇从a处驶入低密度海水区，“掉深”到b处。与a处相比，潜水艇在b处( )
A. 受到的重力大小变小B. 受到的浮力大小变小
C. 排开液体的体积变大D. 排开液体的重力变大
10.如图所示是创新小组设计的肺活量检测装置原理图。电源电压恒定，R0是滑动变阻器，R1、R2是定值电阻。检测时从吹气口向气球中吹气，气球膨胀通过可移动隔板带动滑片向上运动，此时显示仪的示数变大(显示仪由图中两电表之一改装而成)。在吹气过程中下列判断正确的是( )
A. 电路总电阻变大B. 电压表示数变大
C. 电路中消耗的总功率变小D. 显示仪由电流表改装而成
二、多选题：本大题共4小题，共12分。
11.如图所示，这是一张初四毕业创意照片。利用视觉错位技术一次拍摄而成，不需经过后期再处理。在拍摄过程中，下列说法正确的是( )
A. 照相机的镜头与远视镜片为同一类透镜
B. 手通过镜头成正立、放大的虚像
C. 学生和手到镜头的距离一样
D. 学生通过镜头成倒立、缩小的实像
12.小王画了四个与物理有关的图像，如图所示，下列分析不正确的是( )
A. 同种液体中，液体压强与深度的关系可以用①图表示
B. 均匀圆柱体静止时对水平面的压强与其高度的关系可用②图表示
C. 铁块落入水中、铁块受到的浮力与下降深度的关系可以用③图表示
D. 大气压强的大小随海拔高度变化的关系可以用④图表示
13.某学习小组连接了如图所示的实物电路，闭合开关，移动滑片P的过程中，关于电流表A1的示数I1、电流表A2的示数I2，以及灯泡的亮度，不可能出现的现象是( )
A. I1变大，I2变小，灯泡亮度不变
B. I1变小，I2变大，灯泡亮度变暗
C. I1变小，I2变小，灯泡亮度不变
D. I1变大，I2变大，灯泡亮度变亮
14.用滑轮组进行“一瓶水提升一个人”活动，如图所示，水瓶匀速直线下降10m，使人匀速升高0.5m，水瓶对绳a的拉力为F1=30N，绳b对人的拉力为F2=480N。此过程( )
A. 有用功为300J
B. F1做的功等于F2做的功
C. F1做功的功率大于F2做功的功率
D. 滑轮组的机械效率为80%
三、填空题：本大题共5小题，共15分。
15.如图描绘了古诗《所见》中的田园意境。“牧童骑黄牛，歌声振林樾”中，若以黄牛为参照物，牧童是 的；歌声是由牧童的声带 产生的。“意欲捕鸣蝉，忽然闭口立”中，牧童能识别出蝉的声音，主要是依据了声音的 (填“响度”或“音色”)。
16.如图所示为一起交通事故，两辆同向行驶的汽车发生“追尾”。虽B车驾驶员紧急刹车，由于 仍撞击了A车碰撞的一瞬间，B车对A车的撞击力 (选填“大于”、“小于”或“等于”)A车对B车的撞击力。A车驾驶员因受到 (选填“安全带”或“汽车头枕”)保护而未严重受伤。
17.听到信号出警时，消防员为了尽快从二楼下到一楼车库，抱着竖直的滑杆匀速滑下，如果消防员重700N，下滑过程中，受到的摩擦力为 N，重力势能 (填“变大”“变小”或“不变”)，动能 (填“变大”“变小”或“不变”)。
18.小明用光敏电阻设计了一种“智能家居照明灯”，其电路如图甲所示。其中R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，电源电压U0恒定，电磁继电器线圈的电阻不计。该照明灯能实现在天暗时自动点亮，天亮时自动熄灭。要实现小明的设计目的，光敏电阻的阻值应随光照强度的增大而 。闭合开关S后，保持滑片P的位置不变，光照强度变化时，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示，则电源电压为 V，滑动变阻器接入电路的阻值为 Ω。
19.2024年4月，两辆氢能源汽车实现了从北京到上海1500公里长距离运输测试，这是中国氢能源车辆首次大范围、长距离、跨区域的实际运输测试。如图所示是某款氢能源汽车，该款氢能源汽车在公路上行驶30km，用时0.4ℎ，受到的牵引力为1.4×103N，消耗氢气0.8kg，则此过程中汽车行驶的平均速度为 km/ℎ，氢气燃烧放出的热量为 J，利用氢能的效率为 。(q氢气=1.4×108J/kg)
四、作图题：本大题共1小题，共3分。
20.如图所示，人随电梯一起匀速运动，请作出人所受各力的示意图。
五、实验探究题：本大题共3小题，共24分。
21.在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验，如图所示。
(1)实验前要把弹簧测力计在 (填“水平”或“竖直”)方向上调零。
(2)实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其在木板表面或毛巾表面做 运动，根据 的条件，可知此时摩擦力和拉力大小相等。
(3)比较甲、乙图中弹簧测力计的示数，可知滑动摩擦力的大小与 有关。
(4)利用如图甲的实验装置重复操作，下列哪几个选项的木块所受摩擦力大小仍为1.6N (填字母)。
A.将水平拉力增大到3N
B.让木块以更大的速度运动
C.将木块从中间竖直切开后叠放
D.将木块水平切去一半
(5)有同学利用拉力传感器和木板改进实验，如图丁所示。请写出该实验的两条优点： ； 。
22.小明发现，向水中加入食盐能使沉入水底的鸡蛋上浮至漂浮，加入的食盐越多，鸡蛋排开盐水的体积就越小。于是提出问题：能否利用漂浮的物体排开液体的体积与液体密度之间的关系制成密度计？小明用大烧杯、金属丝、刻度尺、食盐、水、密度已知的不同液体、直杆(轻质均匀的圆柱体)等器材进行实验探究。(水的密度为1g/cm3)
(1)如图−1，小明将直杆放入水中，直杆倾倒后漂浮在水面上，此时直杆受到的浮力______重力。
(2)为了让直杆能立在水中，小明将金属丝缠绕在直杆的不同位置，分别放入水中，直杆在水中所处的状态如图−2所示。分析①、②、③可知：要使直杆竖直漂浮在水中，应在直杆的______位置缠绕金属丝；分析③、④、⑤三幅图可知：当金属丝缠绕的位置一定时，适当______(选填“增加”或“减少”)金属丝的缠绕量，直杆更容易竖直漂浮在水中。
(3)直杆竖直漂浮在密度不同的液体中时，浸在液体中的深度也不同。因此，将直杆上液面所对应的位置，标注为该液体的密度。则在图−3中的a点标注的密度值为______g/cm3。
(4)将直杆放入密度已知的不同液体中，当直杆在液体中稳定竖直漂浮时，在直杆上液面所在的位置做标记，并测量出直杆浸入液面以下部分的长度H；将数据记录在表中，并将对应的密度值标注在直杆上，制成密度计。
分析表中数据可知：此密度计所标刻度的位置越靠上，对应液体的密度值越______(选填“大”或“小”)，刻度线分布越______(选填“疏”或“密”)。
(5)如图−4，是A、B两支密度计在水中漂浮时的情景，若要测量密度稍小于水的另一种液体的密度，选______(选填“A”或“B”)密度计测量更准确。(A、B放入另一种液体中，均不会沉入底部)
23.探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池(电压为4.5V)、电流表、电压表、滑动变阻器(标有“20Ω，2A”字样)、定值电阻5个(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω)，开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图：
(1)请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片向右移动时电阻变大；
(2)闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，并接近电源电压，则故障原因是：______；
(3)排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向______(选填“左”或“右”)适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变；
(4)图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I−R图像，其中阴影部分面积表示的物理量是______，其数值为______；
(5)实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小静同学无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，小静采取的措施可行的是______(多选)；
A.调高电源电压；
B.更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器；
C.在电路中再串联一个10Ω的电阻；
D.将电压表改接到滑动变阻器两端；
(6)如图图像中能大致反映本实验中各物理量之间关系的是______。
A.甲：电流表示数I与R阻值的关系；
B.乙：电压表示数U与R阻值的关系；
C.丙：变阻器接入电路阻值RP与R阻值的关系；
D.丁：电阻的功率PR与R阻值的关系。
六、计算题：本大题共2小题，共20分。
24.随着人工智能的兴起，小文和屈原在AI视频对话时，屈原问到“圜则九重，孰营度之？”随即“问天”兴趣小组畅想未来有一天人类能够登陆火星，他们为航天员设计了一款航天服，既能保温又能照明。其简化电路如图1所示，若电源电压恒为24V，发热电阻R的阻值为6Ω，小灯泡标有“24V12W”。小灯泡的电阻随温度的变化可忽略不计，闭合开关S1、S2。
(1)通过发热电阻R的电流是多少？
(2)小灯泡的电阻是多少？
(3)发热电阻R的电功率是多少？
(4)为了节约用电，兴趣小组的同学将开关S2更换为光敏开关，当光照强度大于50Lux时，开关会自动断开(光照强度是指单位面积上所接受可见光的光通量)。假设某时段火星表面的光照强度随时间的变化如图2所示，则从0−100s内航天服消耗的电能是多少？
25.长江口二号古船是用整体打捞技术提取的宝贵水下文化遗产。如图甲所示，打捞船可看作中间开着方井的长方体，俯瞰为型结构，型打捞船上表面阴影部分面积取3.3×103m2。如图乙所示，将古船及周围泥沙封闭成总质量为8×106kg、体积为6×103m3的箱体，打捞船甲板上的机械通过钢缆将箱体匀速提升至方井中。(g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3,不计水的阻力和钢缆质量)
(1)求箱体的重力。
(2)求箱体出水前所受的浮力和钢缆的总拉力。
(3)箱体出水前，打捞船浸入水中的深度为1.5m，如图丙所示。求打捞船的重力。
(4)箱体部分出水后在方井中静止时，钢缆总拉力为5.3×107N，求此时打捞船浸入水中的深度。
七、综合题：本大题共1小题，共6分。
26.阅读短文，回答问题。
钱学森弹道是中国著名科学家钱学森于20世纪40年代提出的一种新型导弹弹道的设想，即“助推-滑翔”弹道。这种弹道的特点是将弹道导弹和飞航导弹的轨迹融合在一起，其核心理念是导弹通过火箭助推迅速爬升至大气层边缘，随后利用先进的气动设计实现高速滑翔，如同打水漂般在大气层边缘穿梭，直至精确打击目标。这种设计充分利用了大气层边缘的特殊环境让导弹在大气层边缘类似“打水漂”地高速滑翔，使之既有弹道导弹的突防性能力，又有飞航式导弹的灵活性。
(1)如图1所示的火箭将导弹助推爬升至大气层边缘，在这个阶段，下面说法正确的是 。
A.火箭内燃料燃烧释放的能量全部转化为导弹的机械能；
B.导弹在加速上升阶段，导弹的动能转化为重力势能；
C.推动火箭向上运动的力的施力物体是火箭喷出的燃气；
D.导弹在加速上升阶段动能增加、机械能保持不变。
(2)如图甲所示M点为导弹刚好离开大气层，N点为导弹刚好再次进入大气层的位置，导弹从M点运动到N点的过程中，重力势能Ep与时间t关系的大致图线是图乙中的序号 。
(3)导弹再次进入大气层，在进入过程中与大气层发生剧烈摩擦导弹内能会 ，其原理与热机的 冲程相同。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、中学生正常步行速度大约是1.1m/s=1.1×3.6km/ℎ≈4km/ℎ，故A不符合实际。
B、一枚一元硬币的实际质量约为6g，6mg只有6克的千分之一，相当于一粒灰尘的质量，故B不符合实际。
C、人体的密度和水的密度相近，约为1g/cm3，故C符合实际。
D、37∘C是人体的正常体温，令人感觉舒适的环境温度大约在22∘C−26∘C之间，故D不符合实际。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：AB、可视范围外无法看到屏幕亮光，是因为光的直线传播原理，故A正确，B错误；
C、相同条件下，超细百叶窗高度越低，防窥视效果越差，为达到更好的防窥效果，可适当升高不透明百叶窗的高度h，故C错误；
D、由于透明层厚度很薄，当光线到达屏幕与透明层界面时，将会发生反射，故D错误。
故选：A。
(1)光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
(2)相同条件下，超细百叶窗高度越低，可视范围越大，防窥视效果越差。
(3)为了使防窥效果更好，可适当减小超细百叶窗的间距。
本题考查的是光的直线传播，属于基础题目。
3.【答案】A
【解析】解：A.涵洞是利用连通器原理工作的，所以水不流动时，路面两侧水渠液面在同一高度，而AB两点在同一高度，所以右两侧水渠液面高度到达B点，故A错误；
B.电磁波能在真空中传播，空间站与地面联系是通过电磁波实现，故B正确；
C.液体压强随深度的增加而增大，拦河大坝设计成上窄下宽，可增大大坝的承压能力，故C正确；
D.飞机机翼上凸下平，空气经过机翼时，上表面的流速比下表面的大，压强比下表面的小，故D正确。
故选：A。
(1)上端开口，下部连通的容器叫做连通器；
(2)电磁波能在真空中传播；
(3)液体压强随深度的增加而增大；
(4)流体流速快的地方压强小。
此题考查了连通器、电磁波的应用、液体压强的特点及流体压强与流速的关系，属于基础知识。
4.【答案】B
【解析】解：A.踩动脚踏板越快，对水做功的功率变大，但是时间未知，所以对水做功不一定越多，故A错误；
B.增大拐木的长度，动力臂变长，在阻力和阻力臂不变的条件，由杠杆的平衡条件可知，需要的动力减小，可以更省力，故B正确；
C.水在上升的过程中，重力势能增加，动能基本不变，所以机械能增加，故C错误；
D.使用龙骨水车提水，可以省力，但根据功的原理，使用任何机械都不能省功，故D错误。
故选：B。
A.根据W=Pt分析；
B.增大拐木的长度，动力臂变长，根据杠杆的平衡条件分析；
C.水在上升的过程中，重力势能增加，动能基本不变，据此分析；
D.使用任何机械都不能省功。
本题考查功的公式、杠杆的平衡条件及影响重力势能的大小因素和功的原理的运用。
5.【答案】C
【解析】解：开始锅内的水与炖盅内的汤水都会吸热升温，但当锅中的水达到沸点后持续吸热会沸腾起来，但温度不变，此时炖盅内的汤水也会达到沸点，但由于炖盅内的汤水与锅中水的温度相同，所以不能继续吸热，所以炖盅内的汤水不会沸腾，故C正确，符合题意，ABD错误，不符合题意。
故选：C。
液体沸腾时的温度叫沸点，液体在沸腾过程中不断吸热，温度不变。
此题考查的知识点是液体沸腾时的特点，常见题目。
6.【答案】D
【解析】解：A、通电线圈周围有磁场，不存在磁感线，磁场是真实存在的，磁感线是不存在的，故A错误；
B、当线圈中的电流从a流向b时，由安培定则可知，螺线管右端为N极，左端是S极，故B错误；
CD、由异名磁极相互吸引可知，活塞将向左运动，泵内容积变小，则阀门K2打开，K1关闭，此时“电动泵”处于抽血状态，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)磁体周围存在磁场，磁感线是人们为了形象方便的描述磁场而假想的曲线；
(2)由安培定则判断线圈的磁极；
(3)由磁极间的相互作用可知活塞的移动方向；
(4)根据阀门的打开或闭合，可知血液的流动方向，从而确定是否是送血状态。
本题为物理知识在生产生活中的应用题，题目中给出了必要的信息，应注意提取有用信息并结合相关物理知识求解。
7.【答案】B
【解析】解：A、玻璃板很难被拉离水面，说明分子之间有引力，故A错误；
B、墨水在热水中扩散快，说明温度越高分子无规则运动越剧烈，故B正确；
C、沙子中温度计示数升高快，由Q吸=cmΔt可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度变化小，说明沙子比热容比水大，故C错误；
D、风车越转越快，说明风车的动能越大，故D错误。
故选：B。
(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；
(2)切分子都在不停地做无规则运动；
(3)由公式Q吸=cmΔt分析解答；
(4)动能大小与物体的质量和速度有关。
本题考查了动能和比热容的概念、分子动理论的内容，难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭，这说明开关能同时控制两盏灯；指示灯因断路不亮，电灯照常发亮，这说明电灯与指示灯是并联的，为了用电的安全，开关应接在用电器和火线之间，根据选项的电路图可知，C正确。
故选：C。
本题考查了用电器的连接方式，难度不大；
闭合开关，两灯都亮；断开开关，两灯都灭，这说明开关能同时控制两盏灯；指示灯因断路不亮，电灯照常发亮，这说明电灯与指示灯是并联的，再根据正确的家庭电路连接方式即可。
9.【答案】B
【解析】解：A、由题意知潜水艇在“掉深”过程中，自身重力并没有发生变化，故A错误；
BD、根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排，潜水艇从高密度海水区驶入低密度海水区，其排开海水的体积V排不变(因为潜水艇浸没在水中，自身大小不变)，海水密度减小，g不变，所以浮力F浮变小，排开液体重力变小，故B正确，D错误。
C、潜水艇从a处到b处，一直处于浸没状态，其排开液体的体积等于自身的体积，大小不变，故C错误。
故选：B。
根据阿基米德原理和物体浮沉条件进行分析即可。
本题考查潜水艇的浮沉原理、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，难度不大。
10.【答案】D
【解析】解：ABD、图中R0与R2串联后再与R1并联，电压表测量电源电压，电流表测量R0与R2串联支路的电流，气球膨胀通过可移动隔板带动滑片向上运动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，则串联后的总电阻减小，与定值电阻并联后的总电阻减小，根据并联各支路电压等于电源电压，结合欧姆定律知，该支路的电流变大，而电压表测量电源电压，电压表示数保持不变，只能通过电流表显示肺活量，故AB错误，D正确；
C、根据P=UI知，电源电压不变，总电阻减小，总电流增大，故总功率变大，故C错误。
故选：D。
(1)图中R0与R2串联后再与R1并联，电压表测量电源电压，电流表测量R0与R2串联支路的电流，气球膨胀通过可移动隔板带动滑片向上运动，根据串联和并联电路的特点分析电阻变化，得出电流变化，以及电压表示数的变化，根据变化的电表可以显示肺活量；
(2)结合P=UI分析电功率的变化。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律以及电功率的分析，属于中档题。
11.【答案】AD
【解析】解：A、照相机的镜头相当于凸透镜，远视镜片是凸透镜，故A正确；
BD、摄像机的镜头相当于凸透镜，它的成像原理与照相机相同，当手和学生到镜头的距离大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，故B错误，D正确；
C、由图可知，人的手所成的像大于学生所成的像，这说明人手成像时的物距更小一些，故C错误。
故选：AD。
(1)远视镜片是凸透镜；
(2)凸透镜成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头。凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；若物距变小，像距变大，像变大。
凸透镜成像的三种情况和应用的凸透镜成像习题的重要依据，一定要掌握。
12.【答案】ACD
【解析】解：A、在液体密度一定时，液体压强跟液体深度成正比，图中不是正比例函数图象，故A错误。
B、均匀圆柱体静止时对水平面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρSℎgS=ρgℎ，即均匀圆柱体静止时对水平面的压强与其高度成正比，图中是正比例函数图象，故B正确。
C、铁块落入水中，排开水的体积先变大后不变，根据F浮=ρ水gV排可知，铁块受到的浮力先变大后不变，图中反映的浮力先不变后变大再不变，故C错误。
D、大气压强随着高度的增加而减小，图中反映的是大气压强的大小随海拔高度的增加而增大，故D错误。
故选：ACD。
(1)液体的压强跟液体密度和深度有关，根据压强和深度的关系判断。
(2)水平面上静止的质量均匀，形状规则的物体，其对水平面的压强大小可以利用p=ρgℎ计算。
(3)物体受到的浮力大小与液体的密度和物体排开液体的体积有关。
(4)大气压强随着高度的增加而减小。
本题考查不同物理量之间的关系，理解图象中物理量之间的比例关系是解题的关键。
13.【答案】ABD
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测变阻器支路的电流，电流表A2测干路电流；
当滑动变阻器R的滑片P移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻改变，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流改变，即I1示数会变大或变小；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以移动滑片P的过程中，通过灯泡的电流不变，灯泡的实际功率不变，亮度不变；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，若I1示数变大，则电流表A2示数I2变大，若I1示数变小，则电流表A2示数I2变小；
综上所述，C可能出现，ABD不可能出现。
故选：ABD。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测滑动变阻器支路的电流，电流表A2测干路电流；根据滑片的移动可知该支路接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路各支路独立工作可知通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
14.【答案】CD
【解析】解：A、克服人的重力所做的功为有用功，绳b对人的拉力为F2=480N，所以人的重力G=F2=480N，W有=Gℎ=480N×0.5m=240J，故A错误；
B、F1做的功为总功，即：W总=F1s=30N×10m=300J，F2做的功为W′=F2ℎ=480J×0.5m=240J，故B错误；
C、根据以上计算可知，F1做的功大于F2做的功，时间相同，由P=Wt知，F1做功的功率也大于F2做功的功率，故C正确；
D、滑轮组的机械效率为η=W有W总=GℎF1s=480N×0.5m30N×10m=240J300J=80%，故D正确。
故选：CD。
(1)根据有用功的概念和题目的条件计算有用功。
(2)根据功和功率的公式进行计算。
(3)根据机械效率的公式计算机械效率。
本题主要考查的是滑轮组的机械效率，关键是会根据题目的条件进行简单的计算。
15.【答案】静止
振动
音色

【解析】解：(1)牧童骑黄牛时，牧童与黄牛之间没有位置的变化，以黄牛为参照物，牧童是静止的；
(2)声音是由物体的振动产生的，歌声是由牧童的声带振动产生的；
(3)不同发声体的音色不同，牧童能识别出蝉的声音，主要是依据了声音的音色。
故答案为：静止；振动；音色。
(1)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的；
(2)声音是由物体的振动产生的；
(3)音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
本题考查了机械运动、声音的产生和声音的特性，属于基础题。
16.【答案】惯性
等于
汽车头枕

【解析】 解：
(1)一切物体在任何时候任何情况下都具有惯性，汽车B刹车后由于惯性仍要保持原来的运动状态，所以仍撞到汽车A；
(2)B汽车对A汽车的撞击力与A汽车对B汽车的力是一对相互作用力，大小相等；
(3)在车辆发生追尾时，人体由于惯性会向后倒，此时车辆加速或减速的压力都集中在人体脆弱的颈部和头部，而头枕则对此起缓冲作用，保护人体头部。
故答案为：惯性；等于；汽车头枕。
(1)一切物体在任何时候都有保持原来运动状态的性质，即一切物体在任何时候任何情况下都具有惯性；
(2)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
(3)汽车从前面发生撞击，对人起保护作用的是安全气囊；从后面发生撞击对人起保护作用的是汽车头枕。
本题涉及的知识点有惯性、相互作用力的特点，要熟练掌握相关的知识，会应用它解决生活中的实际问题，知道物理知识与生活息息相关。
17.【答案】700
变小
不变

【解析】解：如果消防员重700N，因做匀速直线运动，故下滑过程中，受到的摩擦力大小等于人的重力，为700N；因高度变小，故重力势能变小；因匀速直线运动，故速度不变，动能不变。
故答案为：700；变小；不变。
根据二力平衡条件分析；动能的大小与物体的质量和运动的速度有关：物体质量越大、速度越大，具有的动能越大；重力势能的大小与物体的质量和高度有关；物体的质量越大，位置越高，它具有的重力势能就越大。
本题考查二力平衡的条件和影响重力势能、动能大小的因素，为基础题。
18.【答案】减小
12
10

【解析】解：根据照明灯能实现在天暗时自动点亮，图中的衔铁必须释放，使得开关闭合，故此时线圈中电流变小，根据欧姆定律知，控制电路的电阻必须变大，故光强减弱时电阻变大，则光敏电阻的阻值应随光照强度的增大而减小；
控制电路变阻器与光敏电阻串联，电压表测量光敏电阻的电压，
根据串联电路的特点和欧姆定律，电源电压U=IR+U1；
1.0A时有：U=1A×R+2V；
0.2A时有：U=0.2A×R+10V；
解得U=12V，R=10Ω。
故答案为：减小；12；10。
根据照明灯能实现在天暗时自动点亮，必须衔铁释放分析，控制电路变阻器与光敏电阻串联，电压表测量光敏电阻的电压，根据串联电路的特点和欧姆定律列方程求出电源电压和变阻器的电阻。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律，以及电磁铁的应用，属于中档题。
19.【答案】75
1.12×108
37.5%

【解析】解：该款氢能源汽车在公路上行驶30km，用时0.4ℎ，在这个过程中汽车行驶的平均速度为：
v=st=30km0.4ℎ=75km/ℎ；
0.8kg氢气完全燃烧放出的热量为：
Q放=mq=0.8kg×1.4×108J/kg=1.12×108J；
牵引力做的功为：W=F牵s=1.4×103N×3.0×104m=4.2×107J；
汽车利用氢能的效率：η=WQ放=4.2×107J1.12×108J=37.5%。
故答案为：75；1.12×108；37.5%。
(1)根据v=st求出在这个过程中汽车行驶的平均速度；
(2)根据放热公式Q放=mq求出氢气完全燃烧放出的热量；
(3)根据W=Fs可以求出牵引力做的功，根据η=WQ放可得效率。
本题考查了速度、功和热机效率的计算，属于基础题，要求掌握。
20.【答案】解：因为人站在匀速上升的电梯上，在水平方向上人与电梯之间没有发生相对运动，也没有发生相对运动的趋势，所以水平方向上不受力；在竖直方向上受重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力；过重心作竖直向下的力(即重力)和竖直向上的力(即支持力)；如图所示：

【解析】物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受到的一定是平衡力的作用，然后根据二力平衡的条件对受力物体进行分析，并确定人的重心，最后表示出人所受的力。
本题考查物体受力情况分析和示意图表示力的方向和作用点，注意牢记重力的方向是固定不变的。
21.【答案】水平
匀速直线
二力平衡
接触面的粗糙程度
ABC
不用匀速拉动长木板
测力计静止读数方便

【解析】解：(1)实验中是沿水平方向拉动木块，所以实验前要把弹簧测力计在水平方向上调零。
(2)实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其在木板面或毛巾面做匀速直线运动；此时木块处于平衡状态，根据二力平衡的条件，可知此时摩擦力和拉力大小相等。
(3)比较题图甲和题图乙可知，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数不同，可知滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。
(4)A、滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，将水平拉力增大到 3N，木块对接触面的压力和接触面粗糙程度不变，木块所受摩擦力大小仍为 1.6N，A 符合题意；
B、让木块以更大的速度运动，木块对接触面的压力和接触面粗糙程度不变，木块所受摩擦力大小仍为 1.6N，B 符合题意；
C、将木块从中间竖直切开后叠放，木块对接触面的压力和接触面粗糙程度不变，木块所受摩擦力大小仍为 1.6N，C 符合题意；
D、将木块水平切去一半，压力减小，木块所受摩擦力减小，D 不符合题意。
故选：ABC。
(5)有同学利用拉力传感器和木板改进实验，如图丁所示，木块相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到的摩擦力为一对平衡力，大小相等，故该实验的两条优点：不用匀速拉动长木板，测力计静止读数方便。
故答案为：(1)水平
(2)匀速直线；二力平衡；
(3)接触面的粗糙程度；
(4)ABC；
(5)不用匀速拉动长木板；测力计静止读数方便。
(1)测力计使用前在测力的方向上调零。
(2)根据二力平衡的条件分析。
(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答。
(4)滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，据此分析。
(5)如图丁所示，木块相对地面处于静止状态，根据二力平衡的条件分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
22.【答案】等于； 下端；增加； 1； 小；疏； B
【解析】(1)直杆倾倒后漂浮在水面上，由物体的沉浮条件知：直杆受到的浮力和重力相等；
(2)从①、②、③可知，当同一金属丝缠绕的位置越靠底部，倾斜程度越小，所以要使直杆竖直漂浮在水中，应在直杆的下端位置缠绕金属丝；分析③、④、⑤可知在直杆的底部缠绕金属丝的质量越大，直杆越容易竖直漂浮在水中，故为了使杆竖直漂浮在水中，可适当增加金属丝的缠绕量；
(3)在图−3是直杆漂浮在水中的情形，所以对应的a点标注的密度值为1.0g/cm3；
(4)从表中数据可知所标刻度的位置越靠上，对应液体的密度值越小，刻度线分布越疏；
(5)如图−4，A、B两支密度计在水中漂浮时的情况可知，密度计B在水浸入的深度h较大，所以密度计B能测量的最大密度值小，直杆长度一定，单位长度对应的密度值小，即B密度计的分度值小，测量的密度越准确。
故答案为：(1)等于；(2)下端；增加；(3)1；(4)小；疏；(5)B。
(1)当物体漂浮在液面上时，浮力和重力相等；
(2)从①、②、③可知，当同一金属丝缠绕的位置越靠底部，倾斜程度越小，分析③、④、⑤可知在直杆的底部缠绕金属丝的质量越大，直杆越容易竖直漂浮在水中；
(3)在图−3是直杆漂浮在水中的情形，所以对应的a点标注水的密度；
(4)从表中数据说明密度的大小与直杆浸入液体中的深度及浸入深度越大，深度的变化与对应密度变化的情况来说明；
(5)如图−4，A、B两支密度计在水中漂浮时的情况可知，密度计B在水浸入的深度h较大，所以密度计B能测量的最大密度值小，直杆长度一定，单位长度对应的密度值小。
本题考查了密度制作及工作原理，物体的沉浮条件，阿基米德原理的应用。
23.【答案】 定值电阻断路 右 电阻两端的电压;3V BC C
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，所以滑动变阻器要接左下接线柱，如图所示：
(2)若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相通，所以故障为与电压表并联的定值电阻断路。
(3)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数恢复到原来的数值。
(4)图中阴影为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得U=IR可知，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为
UV=IR=0.6A×5Ω=3V
(5)A.设电源电压为U′，定值电阻两端的电压为UV，当接入50Ω的定值电阻时，由串联电路电压特点可知
UVU′−UV=R0R滑大
代入数据得
3VU′−3V=50Ω20Ω
解得电源电压为U=4.2V，所以降低电源电压可以完成这次实验，故A不可行；
BC.为了能完成这次实验，由串联电路电压特点可得
UVU−UV=R0R滑大′
即
3V4.5V−3V=50ΩR滑大′
解得滑动变阻器的最大电阻为R滑大′=25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验；再串联一个10Ω的电阻，则滑动变阻器最大阻值与串联的电阻的总阻值为
R总=20Ω+10Ω=30Ω
故BC可行；
D.将电压表改接到滑动变阻器两端，不能改变电阻的分压作用，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故D不可行。
故选：BC。
(6)A.因电压表示数不变，即电流与R乘积为一定值，故电流随R的变化关系为反比例函数，故A不正确；
B.实验中要控制定值电阻两端电压一定，换用不同的电阻时，电压表示数不变，故B不正确；
C.定值电阻的电压为3V，变阻器的电压为1.5V，由分压原理，滑动变阻器阻值与R的比值为1：2，故变阻器连入电路的电阻与R的关系为一过原点的直线，故C正确；
D.定值电阻的功率为P=U2R，即
P=U2R=(3V)2R
电阻的电功率与R乘积为一定值，电阻的电功率随R变化关系为反比例函数，故D不正确。
故选：C。
故答案为：(1)；
(2)定值电阻断路；
(3)右；
(4)电阻两端的电压；3V；
(5)BC；
(6)C。
(1)滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，按照甲电路图连接实物图；
(2)若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连，据此判断出故障；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向，由欧姆定律分析；
(4)根据画出I−R图象(如图丙)知图中阴影面积为长方形，由欧姆定律分析；
(5)由欧姆定律求出在接入50Ω的电阻进行实验时变阻器连入电路中的电阻与和电源电压，据此分析；
(6)A、根据电流与R之积为一定值分析；
B、换用不同的电阻时，电压表示数不变，据此分析；
C、由分压原理可知变阻器与R的比值，据此分析；
D、根据P=UI=U2R得出定值电阻的功率，据此分析。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、控制变量法。
24.【答案】通过发热电阻R的电流是4A；
小灯泡的电阻是48Ω；
发热电阻R的电功率是96W；
从0−100s内航天服消耗的电能是10080J
【解析】(1)灯泡、电阻并联，根据欧姆定律可知通过发热电阻R的电流I=UR=24V6Ω=4A；
(2)根据P=U2R可知灯泡电阻RL=U2PL=(24V)212W=48Ω；
(3)发热电阻R的电功率P=UI=24V×4A=96W；
(4)0−100s内，灯泡工作时间t1=40灯泡消耗的电能是：
WL=PLtl=12W×40s=480J，
0−100s内，发热电阻工作时间：t2=100s，发热电阻R消耗的电能是：
WR=Pt2=96W×100s=9600J，
从0−100s内航天服消耗的电能是：
W=WL+WR=480J+9600J=10080J。
答：(1)通过发热电阻R的电流是4A；
(2)小灯泡的电阻是48Ω；
(3)发热电阻R的电功率是96W；
(4)从0−100s内航天服消耗的电能是10080J。
(1)灯泡、电阻并联，根据欧姆定律可知通过发热电阻R的电流；
(2)根据P=U2R可知灯泡电阻；
(3)根据P=UI可知发热电阻R的电功率；
(4)根据W=Pt可知从0−100s内航天服消耗的电能。
本题考查电功率和电能的计算，是一道综合题。
25.【答案】箱体的重力是8×107N 箱体出水前所受的浮力是6×107N；钢缆的总拉力是2×107N 打捞船的重力为2.95×107N 此时打捞船浸入水中的深度是2.5m
【解析】解：(1)总质量为8×106kg箱体的重力为G=mg=8×106kg×10N/kg=8×107N。
(2)由题意知，箱体出水前，排开水的体积等于箱体的体积，即V排=V箱，根据阿基米德原理知，箱体出水前所受的浮力为F浮箱=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×103m3=6×107N；
钢缆将箱体匀速提升，所以箱体受到向下的重力和向上的拉力、浮力是平衡力，即G=F浮箱十F拉，所以钢缆的总拉力F拉=G−F浮箱=8×107N−6×107N=2×107N。
(3)箱体出水前，对打捞船进行受力分析，受竖直向上的F浮船1、竖直向下的重力G和钢缆对打捞船竖直向下的拉力F拉1，F拉1=F拉=2×107N；
V排1=S船ℎ=3.3×103m2×1.5m=4.95×103m3；
F浮船1=ρ水gV排1=1.0×103kg/m3×10N/kg×4.95×103m3=4.95×107N；
打捞船静止，所以F浮船1=G船十F拉1，即G船=F浮船1−F拉1=4.95×107N−2×107N=2.95×107N。
(4)捞船上表面阴影部分面积取3.3×103m2；
箱体部分出水后，对打捞船进行受力分析，受竖直向上的浮力F浮船2，竖直向下的重力G船和钢缆对打捞船竖直向下的拉力F拉2，打捞船静止，根据平衡条件知，F拉+G船=F浮船=ρ水gV排′；
出水前：2×107N+G=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.3×103m2×1.5m；
出水后：5.3×107N+G=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.3×103m2×ℎ；
解得：ℎ=2.5m。
答：(1)箱体的重力是8×107N。
(2)箱体出水前所受的浮力是6×107N；钢缆的总拉力是2×107N。
(3)打捞船的重力为2.95×107N；
(4)此时打捞船浸入水中的深度是2.5m。
(1)根据G=mg计算重力；
(2)根据阿基米德原理计算浮力，结合平衡条件分析拉力；
(3)箱体出水前，对打捞船进行受力分析，受竖直向上的浮力，竖直向下的重力和钢缆对打捞船竖直向下的拉力，据此分析计算；
(4)根据浸入的深度和阿基米德分析船的重力，结合平衡条件分析打捞出水后的浸入深度。
本题考查浮沉条件与阿基米德原理的综合应用，属于较难题。
26.【答案】C
②
增大
压缩

【解析】解：
(1)A、导弹升空时燃料燃烧放出的能量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量，故A错误；
BD、导弹刚加速上升时，其质量不变，速度和高度都变大，则动能和重力势能都增大，即机械能增大，所以此过程中是燃料燃烧时化学能转化内能，再通过导弹发动机将内能转化为机械能(动能和重力势能)，故BD错误；
C、因为燃料的热值是燃料的特性，东风17火箭发动机用一种新型常温液体燃料，主要是利用燃料的热值大的特点，故C正确；
故选：C。
(2)大气层以外不存在阻力，则导弹在大气层以外运动时其机械能守恒；由图可知M、N两点的高度相同，导弹的质量不变，则导弹在M、N两点时重力势能相同，且从M到N，高度先增大后减小，则导弹的重力势能先增大后减小，所以重力势能Ep与其离开大气层通过路程s关系的大致图线是图中的②。
(3)当火箭在大气层中快速飞行时，会与大气层发生剧烈摩擦，其温度会升高，内能会增大，这是通过做功的方式改变物体的内能，能量转化与热机的压缩冲程相同。
故答案为：(1)C；(2)②；(3)增大；压缩。
(1)导弹升空时燃料燃烧放出的热量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量；
分析能量的转化时，主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，因为总是消耗的能量转化为得到的能量；
燃料的热值是燃料的特性；
(2)大气层以外不存在阻力，即机械能守恒；重力势能的影响因素：质量、高度；
(3)做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；压缩冲程是将机械能转化为内能。
此题考查能量的转化、燃料的热值等，特别需要注意的是：判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。液体密度ρ/(g⋅cm−3)
0.8
0.9
1.0
1.1
1.2
浸入液面以下部分的长度H/cm
15.95
14.22
12.80
11.64
10.67