【期中试卷】东北三省2025-2026学年度高二下学期期中联考测试卷 物理试卷 （含答案）

这是一份【期中试卷】东北三省2025-2026学年度高二下学期期中联考测试卷 物理试卷 （含答案），文件包含四川省宣汉中学2025-2026学年高一下学期期中考试数学试题原卷版docx、四川省宣汉中学2025-2026学年高一下学期期中考试数学试题Word版含解析docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共4页， 欢迎下载使用。
物理试卷
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图所示，半径为r的金属环放在光滑绝缘水平桌面上，磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直桌面向上。当环中通入逆时针方向的恒定电流I后，以下说法正确的是( )

A．金属环将发生移动
B．金属环有收缩的趋势
C．金属环内部张力为BIr
D．金属环内部张力为零
2．如图为地磁场的示意图，赤道上方的磁场可看成与地面平行。若有来自宇宙的一束粒子流，其中含有质子流（氢核）、α射线（氦核）、β射线（电子），沿与地球表面垂直的方向射向赤道上空，则在地磁场的作用下( )

A．α射线向南偏转
B．β射线向北偏转
C．β射线向西偏转
D．质子流向西偏转

3．如图所示，a为带正电的小物块，b是一不带电的绝缘物块(设a、b间无电荷转移)，a、b叠放于粗糙的水平地面上，地面上方有垂直纸面向里的匀强磁场，现用水平恒力F拉b物块，使a、b一起无相对滑动地向左加速运动，在加速运动阶段( )

A．a、b一起运动的加速度减小
B．a、b一起运动的加速度增大
C．a、b物块间的摩擦力不变
D．a、b物块间的摩擦力增大
4．电阻R、电容器C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁位于线圈的正上方，N极朝下，如图所示。现使磁铁N极远离线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是( )

A．从b到a，下极板带正电
B．从a到b，下极板带正电
C．从b到a，上极板带正电
D．从a到b，上极板带正电
5．电磁炉采用感应电流（涡流）的加热原理，其原理图如图所示。它是通过电子线路产生交变磁场，把铁锅放在炉面上时，在铁锅底部产生交变电流。它具有升温快、效率高、体积小、安全性好等优点。下列关于电磁炉的说法正确的是( )

A．电磁炉面板可采用陶瓷材料，发热部分为铁锅底部
B．电磁炉面板可采用金属材料，通过面板发热加热锅内食品
C．电磁炉可以用陶瓷器皿作为锅具对食品加热
D．电磁炉的锅具一般用铁锅，是因为铝锅、铜锅中不能形成涡流
6．如图所示，坐标平面内有边界过P（O，L）点和坐标原点O的圆形匀强磁场区域，方向垂直于坐标平面，一质量为m、电荷量为e的电子（不计重力），从P点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场区域，从x轴上的Q点射出磁场区域，此时速度与x轴正方向的夹角为60°，下列说法正确的是( )

A．磁场方向垂直于坐标平面向外
B．磁场的磁感应强度为
C．圆形磁场区域的半径为2L
D．圆形磁场的圆心坐标为（L，L）
7．如图甲所示，将阻值R＝5 Ω的电阻接到内阻不计的正弦交变电源上，电阻上电流随时间变化的规律如图乙所示，电流表为理想电表，下列说法正确的是( )

A．电阻R两端电压变化规律的函数表达式为u＝2.5sin100πt(V)
B．电阻R消耗的电功率为1.25 W
C．若此交变电流由一矩形线框在匀强磁场中匀速转动产生，如图丙所示，当线圈的转速提升一倍时，电流表的示数为1 A
D．图乙交变电流与图丁所示电流的有效值之比为1∶
8．如图甲所示，导体棒MN置于水平导轨上，PQMN所围成的矩形的面积为S，PQ之间有阻值为R的电阻，不计导轨和导体棒的电阻，导轨所在区域内存在沿竖直方向的匀强磁场，规定磁场方向竖直向上为正，在0～2t0时间内磁感应强度的变化情况如图乙所示，导体棒MN始终处于静止状态，下列说法正确的是( )

A．在0～2t0时间内，导体棒受到的导轨的摩擦力方向先向左后向右，大小不变
B．在0～t0时间内，通过导体棒的电流方向为N到M
C．在t0～2t0时间内，通过电阻R的电流大小为
D．在0～t0时间内，通过电阻R的电荷量为
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
9．电动汽车越来越被人们所喜爱，某一种无线充电方式的基本原理如图所示，路面下依次铺设圆形线圈，相邻两个线圈由供电装置通以反向电流，车身底部固定感应线圈，通过充电装置与蓄电池相连，汽车在此路面上行驶时，就可以进行充电。若汽车正在匀速行驶，下列说法不正确的是( )

A．感应线圈中产生的是方向不变、大小不变的电流
B．感应线圈中产生的是方向改变、大小不变的电流
C．感应线圈一定受到路面线圈磁场的安培力，且该安培力会阻碍汽车运动
D．若给路面下的线圈通以同向电流，不会影响充电效果
10．如图所示为某种质谱仪的工作原理示意图。此质谱仪由以下几部分构成：粒子源N，P、Q间的加速电场，静电分析器，磁感应强度为B的有界匀强磁场、方向垂直纸面向外，胶片M。若静电分析器通道中心线半径为R，通道内有均匀辐射电场，在中心线处的电场强度大小为E；由粒子源发出一质量为m、电荷量为q的正离子（初速度为零，重力不计），经加速电场加速后，垂直场强方向进入静电分析器，在静电分析器中，离子沿中心线做匀速圆周运动，而后由S点沿着既垂直于磁分析器的左边界，又垂直于磁场方向射入磁分析器中，最终打到胶片上的某点。下列说法正确的是( )

A．P、Q间加速电压为ER
B．离子在磁场中运动的半径为
C．若一质量为4m、电荷量为q的正离子加速后进入静电分析器，离子不能从S射出
D．若一群离子经过上述过程打在胶片上同一点，则这些离子具有相同的比荷
11．图甲为家用燃气灶点火装置的电路原理图，转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交流电加在理想变压器的原线圈上，设变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2。当两点火针间电压大于5000 V就会产生电火花进而点燃然气，闭合S，下列说去正确的是( )

A．电压表的示数为50 V
B．在正常点燃然气的情况下，两点火针间电压的有效值一定大于5000 V
C．当＞100时，才能点燃燃气
D．某正弦交流发电机要产生与图乙相同频率的交流电，其线圈在磁场中的转速为100转/秒
12．如图所示，水平面内有一平行金属导轨，导轨光滑且电阻不计，匀强磁场与导轨平面垂直。阻值为R的导体棒垂直于导轨静止放置，且与导轨接触良好。t＝0时，将开关S由1掷到2。q、i、v和a分别表示电容器所带电荷量、棒中的电流、棒的速度和加速度。下列图像正确的是( )

三、非选择题：本题共6小题，共60分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13．(4分)有一个教学用的可拆变压器，如图甲所示，它有两个外观基本相同的线圈A、B（内部导线电阻率、横截面积相同），线圈外部还可以绕线。
(1)某同学用一多用电表的同一欧姆挡先后测量了A、B线圈的电阻值，指针分别对应图乙中的a、b位置，由此可推断______（选填“A”或“B”）线圈的匝数较多。

(2)如果把它看做理想变压器，现要测量A线圈的匝数，提供的器材有：一根足够长的绝缘导线、一只多用电表和低压交流电源，请完成实验步骤的填空：
①用绝缘导线在线圈的外部或变压器的铁芯上绕制n匝线圈；
②将______（选填“A”或“B”）线圈与低压交流电源相连接；
③用多用电表的______挡分别测量A线圈的输入电压UA和绕制线圈的输出电压U；
④则A线圈的匝数为______。
14．(6分)研究自感的实验电路图如图甲所示，并用电流传感器显示出在t＝1×10－3 s时断开开关前后一段时间内各时刻通过线圈L的电流（如图乙所示）。已知电源电动势E＝6 V，内阻不计，灯泡R1的阻值为5 Ω，电阻R的阻值为1 Ω。

(1)线圈的直流电阻RL＝___________。
(2)闭合开关瞬间，看到电灯___________。
A．逐渐变亮
B．立即变亮，然后变暗
C．立即变亮，亮度不变
(3)闭合开关一段时间后，再断开开关瞬间，看到电灯___________。
A．立即熄灭
B．闪亮一下再逐渐熄灭
C．逐渐熄灭
(4)断开开关后，通过电灯的电流方向___________（填a→b或b→a）。
15．(10分)如图所示，边长为L的N匝正方形金属线框质量为m、电阻为R，用细线把它悬挂于有水平边界的方向垂直纸面向内的匀强磁场中，线框的上一半处于磁场内，下一半处于磁场外，磁场的磁感应强度大小随时间的变化规律为B＝kt（k＞0）。重力加速度为g，细线能够承受的最大拉力为2mg。

(1)请在图中标出感应电流的方向；
(2)求线框静止时线框中感应电流的大小；
(3)求从计时开始到细线断裂经历的时间。








16．(12分)如图所示，在水平面上固定一倾角θ＝60°的光滑绝缘斜面OA，斜面所处空间存在垂直斜面向下的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场，电场强度大小E＝5 V/m，磁感应强度大小B＝ T。一个比荷＝2 C/kg的带正电小球从斜面顶端O点由静止释放，小球经过斜面上C点时离开斜面，运动到斜面下端A点正上方h＝1.8 m高处的D点（图中未画出）时加速度为0，此时撤去磁场，最终小球落在水平面上的M点，重力加速度g＝10 m/s2，求：

(1)小球经过斜面上C点时加速度的大小和小球从O点运动到C点的时间；
(2)小球经过D点时的速度大小和M点与斜面下端A点间的距离。






17．(13分)如图所示，在xOy坐标平面的第Ⅰ像限内有沿－y方向的匀强电场，在第Ⅳ像限内有垂直平面向外的匀强磁场，现有一质量为m，带电量为+q的粒子（重力不计）以初速度v0沿x轴的负方向从坐标为（3L，L）的P点开始运动，接着进入磁场后由坐标原点O射出，射出时速度方向与y轴正方向的夹角为45°，求：

(1)粒子从O点射出的速度v大小；
(2)电场强度E和磁感应强度B的大小；
(3)已知第Ⅱ像限某区域（边界未知）存在与第Ⅳ像限大小方向相同的匀强磁场。粒子从O点进入第Ⅱ像限一段时间后进入该有界磁场区域，运动一段时间后该粒子刚好沿y轴负方向返回O点（y轴上无电场），求该粒子从进入第Ⅱ像限到再次返回到O点过程所用的时间。









18．(15分)如图所示，两根金属棒甲和乙分别放在左侧和右侧光滑的水平导轨上，左侧和右侧导轨间距分别为L和2L，金属棒甲和乙的质量分别为m和2m，电阻分别为R和2R，它们的长度均与导轨间距相等，导轨足够长且电阻忽略不计，两棒与导轨良好接触且各自只能在对应的导轨上运动。导轨间有磁感应强度大小均为B、方向相反的匀强磁场；现用水平向右的恒力F作用于甲棒，

(1)若固定乙棒，求甲棒产生焦耳热的功率的最大值；
(2)若不固定乙棒，已知当F作用时间为t时，甲的加速度大小为a，求此时乙棒的速度大小；
(3)若不固定乙棒，当F作用时间t后撤去该恒力。若以向右为速度的正方向，以撤去力F瞬间为计时起点，请定性作出两棒的速度（v）－时间（t）图像。所作图像要大致反映两棒运动过程中的加速度关系和最终的速度关系。










物 理答 案
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．【答案】C
【解析】将圆环分分割成无数的小段，每一段可看成直线，由左手定则可知，每一段受到沿半径背离圆心方向的安培力，则金属有扩张的趋势，且各段的安培力的合力为0，则金属环静止不动，故AB错误；每个半圆环所受的安培力大小，每个半圆环在两个端点处受到两个张力均为F'，合力方向与安培力F等大反向，则，故C正确，D错误。
2．【答案】C
【解析】地磁场的方向由地理南极指向北极，α射线和质子均带正电，根据左手定则，知α射线、质子均向东偏转，AD错误；β射线带负电，根据左手定则知，β射线向西偏转，B错误，C正确。
3．【答案】A
【解析】据左手定则可知，在运动过程a受到的洛伦兹力向下，a、b整体由牛顿第二定律可得，其中摩擦力为，因速度v的增大，滑动摩擦力f增大，加速度a减小，A正确，B错误；隔离a由牛顿第二定律可得，由于加速度a减小，a、b之间的静摩擦力减小，CD错误。
4．【答案】D
【解析】当磁铁开始由图示位置向上运动时，N极远离线圈，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律可知，感应电流磁场方向与原磁场方向相同，即向下，再由安培定则可得感应电流的方向沿线圈盘旋而上，所以通过电阻R的电流从a到b，a点电势高于b点，所以电容器上极板带正电，故ABC错误，D正确。
5．【答案】A
【解析】电磁炉面板可采用陶瓷材料，如果采用金属材料，在交变磁场中产生涡流发热，会使线圈烧毁，故A正确，B错误；用陶瓷器皿作为锅具不能形成涡流，不能对食品加热，故C错误；铝锅、铜锅在电磁炉上也能形成涡流，但由于铝、铜导磁性弱，通过它们的磁场只是一小部分，因此在铝锅、铜锅中形成的涡流远比铁锅中的小，不是不能形成涡流，故D错误。
6．【答案】B
【解析】粒子运动的轨迹如图，根据左手定则可知磁场垂直纸面向里，故A错误；根据几何知识可知，粒子的轨道半径为，又洛伦兹力提供向心力，得，所以，故B正确；根据几何知识可知，由于，所以为圆形磁场区域的直径，所以，则磁场区域的半径，故C错误；由题意和上图的几何关系可得，过、、三点的圆的圆心在连线的中点，所以轴坐标为，轴坐标为，故点坐标为（L，L），故D错误。

7．【答案】D
【解析】图乙所示电流的最大值为，由欧姆定律得周期为，，所以R两端电压的表达式为，A错误；该电流的有效值为，电阻R消耗的电功率为，解得，B错误；该交变电流由图丙所示矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生，当转速提升一倍时，电动势的最大值为原来的2倍，电路中电流的有效值也是原来的2倍，即，C错误；图乙中的正弦交变电流的有效值为，图丁所示的交变电流虽然方向发生变化，但大小恒为，所以二者电流的有效值之比为1∶，D正确。
8．【答案】B
【解析】由图乙可知，0～t0时间内磁感应强度减小，穿过回路的磁通量减小，由楞次定律可知，导体棒具有向右的运动趋势，导体棒受到向左的摩擦力，同理可知在t0～2t0时间内，导体棒受到向右的摩擦力；0～t0时间内产生的感应电动势与感应电流的大小不变，但磁感应强度是变化的，所以安培力是变化的，同理，在t0～2t0时间内安培力也是变化的，故A错误；在0～t0时间内磁感应强度减小，由楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，通过导体棒的电流方向为N到M，故B正确；在t0～2t0时间内感应电动势E2＝＝，，故C错误；在0～t0时间内，E1＝，，电荷量q1＝I1t0＝，故D错误。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
9．【答案】ABD
【解析】由于路面上的线圈中的电流不知是怎么变化，即产生的磁场无法确定变化情况，所以感应线圈中的电流大小不能确定，故AB错误；应线圈随汽车一起运动过程中会产生感应电流，在路面线圈的磁场中受到安培力，根据“来拒去留”可知，此安培力阻碍相对运动，即阻碍汽车运动，故C正确；给路面下的线圈通以同向电流时，路面下的线圈产生相同方向的磁场，穿过感应线圈的磁通量变化率变小，所以产生的感应电流变小，影响充电效果，故D错误。
10．【答案】AD
【解析】直线加速过程，根据动能定理得qU＝mv2，电场中偏转过程，根据牛顿第二定律得qE＝m，在磁场中偏转过程，根据牛顿第二定律得qvB＝m，解得U＝ER，r＝＝，故A正确，B错误；只要满足R＝，所有粒子都可以在弧形电场区通过，故C错误；由r＝可知，打到胶片上同一点的粒子的比荷一定相等，故D正确。
11．【答案】C
【解析】根据图(b)得到原线圈电压的最大值为50V，加在变压器原线圈上正弦交流电压的有效值为，故电压表的示数为，故A错误；两点火针间的瞬时电压大于5000V即可产生电火花，所以有效值一定大于，而不一定大于5000V，故B错误；原、副线圈的电压关系为，由于原线圈最大电压为50V，副线圈最大电压要大于5000V，所以，故C正确；根据电压的图像可读出周期为，则相同频率的交流电，转速为，故D错误。
12．【答案】AD
【解析】开关S由1掷到2，电容器放电，在电路中产生放电电流，导体棒通有电流后会受到向右的安培力作用，向右加速运动，导体棒将切割磁感线，产生感应电动势，此感应电动势将电容器的电压抵消一些，随着速度增大，感应电动势增大，则回路中的电流减小，导体棒所受的安培力减小，加速度减小，因导轨光滑，所以在有电流通过棒的过程中，棒是一直加速运动（变加速），当感应电动势等于电容器的电压时，电路中无电流，导体棒不受安培力，做匀速运动。当棒匀速运动后，棒因切割磁感线有感应电动势，所以电容器两端的电压能稳定在某个不为0的数值，则由Q＝CU知，电容器的电量应稳定在某个不为0的数值，不会减少到0，这时电容器的电压等于棒的电动势，棒中无电流，故A正确；由于通过棒的电流是按指数递减的，最后电流减至零，故B错误；导体棒先做加速度减小的变加速运动，由于电容器放电产生电流使得导体棒受安培力作用而运动，当感应电动势等于电容器的电压时，电路中无电流，导体棒不受安培力时，导体棒做匀速运动，故v－t图像是曲线后应是直线，故C错误；根据上面分析可知，杆的加速度逐渐减小直到为零，故D正确。
三、非选择题：本题共6小题，共60分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13．(4分)
【答案】(1)A (2)A 交流电压 (每空1分)
【解析】(1)根据电阻定律，导线越长，电阻越大，因为A的电阻比B大，所以A线圈匝数多。
(2)因为要测量A线圈匝数，所以要把A线圈与低压交流电源相连接；变压器输入输出电压都是交流电，所以要用交流电压档测输入和输出电压，根据变压器电压比等于匝数比，有，所以。
14．(6分)
【答案】(1)3(2分) (2)C(1分) (3)B(2分) (4)b→a (1分)
【解析】(1)由图像可知S闭合稳定时IL＝1.5A，则有。
(2)开关S接通瞬间，L相当于断路，有电通过灯泡，灯泡立即变亮；AB之间的电压不变，则随后灯泡的亮度不变，故选C。
(3)电路中电灯的电阻R的阻值为5欧，则通过灯泡的电流，开关S接通一段时间后，L相当于一直流电阻，由以上的分析可知，L中的电流大于灯泡中的电流，断开瞬间，L相当于电源，给灯泡供电，灯泡将闪亮一下再逐渐熄灭，故选B。
(4)断开开关后，L中的电流方向不变，所以通过电灯的电流方向为b→a方向。
15．(10分)
【解析】(1)根据磁场大小随时间的变化规律为B＝kt(k＞0)，可知磁场在均匀增加，依据楞次定律可知，穿过线图垂直纸面向里的磁场增强，那么感应磁场垂直纸面向外，由右手螺旋定则，则有感应电流的方向逆时针方向。 (2分)
(2)根据法拉第电磁感应定律得 (1分)


由闭合电路欧姆定律有 (1分)
解得。(2分)
(3)安培力大小公式为 (1分)
对线框处于平衡状态，设拉力为T，则有 (1分)
解得。(2分)
16．(12分)
【解析】(1)对小球受力分析可知，小球离开斜面前做匀加速直线运动，离开斜面时小球对斜面的压力为0，沿斜面方向有 (1分)
小球经过斜面上点时的加速度大小为 (1分)
垂直于斜面方向有 (1分)
代入数据可得小球从点运动到点的时间为。 (2分)
(2)小球在点加速度为，小球受力平衡，经计算可知小球所受电场力与重力大小相等，则小球所受电场力、重力的合力大小和所受洛伦兹力的大小相等，即
(1分)
可得，与竖直方向夹角为斜向左下
撤去磁场后，小球在重力和电场力合力作用下做类平抛运动竖直方向有
(1分)
(1分)
水平方向有
(1分)
(1分)
联立解得点与斜面下端A点的距离为。 (2分)
17．(13分)
【解析】(1)粒子运动轨迹如图所示，由对称性可知，粒子在Q点时速度大小为v，方向与－x轴方向成45°，则vcs45°＝v0 (2分)
解得v＝v0。 (1分)

(2)在P到Q的过程中，由动能定理得
(1分)
联立以上两式解得 (1分)
在Q点的竖直速度等于水平速度，则从P到Q竖直方向的平均速度等于水平速度的一半，则水平位移为2l，则OQ＝l
由几何知识可知 (1分)
粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：
(1分)
解得。 (1分)
(3)粒子从M点进入磁场区域，运动半径仍为 (1分)
因为沿y轴负方向射出，则轨迹与y轴相切，如图所示，由几何关系可知
(1分)
粒子从M点到N点转过的角度为225°；在磁场中的周期为 (1分)
则该粒子从进入第Ⅱ像限到再次返回到O点过程所用的时间
。 (2分)
18．(15分)
【解析】(1)设甲向右运动的最大速度为，对应电流为I，甲受到的安培力为，则
(1分)
而 (1分)
所求甲棒产生的焦耳热功率的最大值应为 (1分)
由以上各式求得。 (2分)
(2)设当F作用时间为t时，甲和乙的速度大小分别为和
对甲有 (1分)
对乙有 (1分)
此时电路中的电流为 (1分)
对甲 (1分)
由以上各式求得乙的速度大小为。 (2分)
(3)要两棒的加速度相同且逐渐变小，则两条图线的斜率逐渐变小，同一时刻切线斜率相同。稳定后两速度关系为 (2分)
所以图像如图所示。 (2分)