广东揭阳市2025-2026学年度高三下学期教学质量测试物理试卷（含解析）高考模拟

这是一份广东揭阳市2025-2026学年度高三下学期教学质量测试物理试卷（含解析）高考模拟，共26页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁等内容，欢迎下载使用。
本试卷共8页，15小题，满分100分。考试用时75分钟。
注意事项：
1．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上将对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试卷上。
2．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先画掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，将答题卡交回。
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1. 对下列图片的描述正确的是（ ）
A. 图（a）证实电子具有波动性
B. 图（b）中射线3的电离本领最弱
C. 图（c）中为了减缓核反应速度，需将镉棒抽出一些
D. 图（d）中的β射线穿透能力比γ射线强
【答案】A
【解析】
【详解】A．图（a）中的电子束通过铝箔时的衍射图样证实电子具有波动性，故A正确；
B．图（b）中根据左手定则可知射线2为射线，电离本领最弱，故B错误；
C．图（c）中用石墨或重水使中子减速，为了减缓核反应速度，需将镉棒插入一些，吸收更多的中子减缓核反应速度，故C错误；
D．β射线能穿透塑料板却难以穿透钢板，射线可穿透钢板，故图（d）中的β射线穿透能力比射线弱，故D错误。
故选A。
2. 下列关于光的描述正确的是（ ）
A. 光的偏振现象说明光是纵波，能证明光具有粒子性
B. 光通过三棱镜发生色散，频率越高的光，偏折程度越大
C. 发生光电效应时，入射光强度越大，光电子的最大初动能越大
D. 光纤通信是利用了光的全反射原理，光导纤维的内芯比包层折射率小
【答案】B
【解析】
【详解】A．偏振是横波特有的现象，光的偏振说明光是横波，证明光具有波动性，故A错误；
B．光的频率越高，在同种介质中的折射率越大，通过三棱镜时根据折射定律，偏折程度越大，故B正确；
C．根据光电效应方程
光电子的最大初动能只与入射光的频率、金属逸出功有关，与入射光强度无关，故C错误；
D．光发生全反射的条件之一是从光密介质射入光疏介质，因此光纤内芯的折射率比包层大，才能让光在内芯发生全反射实现信号传输，故D错误。
故选B。
3. 下列关于声波的描述正确的是（ ）
A. 人能辨别不同乐器同时发出的声音，说明声波不会发生干涉
B. 把耳朵贴在铁轨上可以听到远处的火车声，这属于声波的衍射现象
C. 绕正在发音的音叉走一圈，听到忽强忽弱的声音，这是声音的共振现象
D. 从火车的汽笛声判断火车的运行方向和快慢，这是利用声波的多普勒效应
【答案】D
【解析】
【详解】A．不同乐器发出的声波频率大多不同，不满足相干波条件，不会发生稳定干涉，但干涉是波的固有属性，满足条件时声波可以发生干涉；人能辨别不同乐器的声音是因为音色不同，故A错误；
B．耳朵贴在铁轨上听到远处火车声，是因为声波在固体中传播速度比空气中快、能量损耗小，与衍射现象（波绕过障碍物传播）无关，故B错误；
C．音叉的两个叉股是相干波源，发出的声波在空间发生干涉，形成振动加强区和减弱区，绕音叉走一圈听到忽强忽弱的声音是干涉现象，不是共振（共振是驱动力频率等于物体固有频率时振幅大幅增大的现象），故C错误；
D．波源与观察者存在相对运动时，观察者接收到的波的频率会发生变化，该现象为多普勒效应；火车靠近时接收到的汽笛频率更高、音调更高，远离时频率更低、音调更低，可据此判断火车的运行方向和快慢，是多普勒效应的应用，故D正确。
故选D。
4. 如图所示，1、2轨道分别是“天宫二号”在变轨前后的轨道，关于“天宫二号”，下列说法正确的是（ ）
A. 在1轨道的线速度大于在2轨道的B. 在1轨道的周期大于在2轨道的
C. 在1轨道的加速度小于在2轨道的D. 在1轨道的线速度大于7.9 km/s
【答案】A
【解析】
【详解】AB．根据
解得，，
“天宫二号”在轨道1的半径小于轨道2的半径，可知“天宫二号”在1轨道的线速度大于在2轨道的，“天宫二号”在1轨道的周期小于在2轨道的，“天宫二号”在1轨道的加速度大于在2轨道的，故A正确，BC错误；
D．根据可知7.9 km/s是第一宇宙速度，轨道半径等于地球半径，“天宫二号”在1轨道的轨道半径大于地球半径，所以其在1轨道的线速度小于7.9 km/s，故D错误。
故选A。
5. 如图所示，交流发电机中的线圈ABCD沿逆时针方向匀速转动，产生的电动势随时间变化的规律为，下列说法正确的是（ ）
A. 该交流电的方向在1s内变化50次
B. 线圈转到图示位置时，交流电流表的示数达到最大值
C. 线圈转到图示位置时，CD边受到的安培力方向向上
D. 仅线圈转速加倍，电动势的有效值变为440V
【答案】D
【解析】
【详解】A．交流电的角速度为，根据
可得频率为
一个周期内电流方向改变2次，可知该交流电的方向在1s内变化100次，故A错误；
B．线圈转到图示位置时，磁通量为零，感应电动势和感应电流的瞬时值最大，但是交流电流表的示数为交流电的有效值，不随时间变化，电流表的示数保持不变，故B错误；
C．线圈沿逆时针方向转动，图示位置CD边向上运动切割磁感线，AB边向下运动切割磁感线，根据右手定则可知感应电流方向为逆时针，即由D到C，再根据左手定则可知CD边受到的安培力方向向下，故C错误；
D．电动势随时间变化的规律为，有效值为。仅线圈转速加倍，电动势的有效值
角速度加倍，可知有效值变为440V，故D正确。
故选D。
6. 如图所示，两光滑直导轨AB、CD放在水平桌面上，右端连接一个定值电阻，左端放一根导体棒。导轨之间有竖直方向等大的匀强磁场，磁场分界线ab、cd、ef、mn之间的距离均为L，不计导轨和导体棒的电阻，导体棒以速度v水平向右匀速运动，且始终保持与导轨良好接触，以俯视时顺时针方向为电流的正方向，从导体棒经过ab分界线开始计时，通过电阻的电流i、电阻两端的电势差UBD随时间t变化的图像正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】 A．在 时间内，磁场垂直纸面向里，导体棒向右运动，由右手定则可知，感应电流方向为 ，即顺时针方向，为正值；由于导轨间距 随时间均匀减小，根据 、
解得，故电流 随时间均匀减小。
在 时间内，无磁场，感应电流为零。
在 时间内，磁场垂直纸面向外，由右手定则可知，感应电流方向为 ，即逆时针方向，为负值；电流大小随时间均匀减小，根据 、
解得，故电流 随时间均匀减小。 图A中第三段电流为正值，故A错误；
B．结合A选项的分析，电流先为正且减小，中间为零，后为负且绝对值减小。由于导轨向右运动过程中，接入电路的有效长度均匀减小， 时刻的导轨间距大于 时刻的导轨间距，故 时刻的电流值大于 时刻的电流绝对值。图B符合该规律，故B正确；
C．电阻两端电势差 ，其变化规律与电流 一致。即先为正且减小，中间为零，后为负且绝对值减小。且 时刻的电压值应大于 时刻的电压绝对值。图C中第三段起始值的绝对值明显大于第一段结束值，不符合导轨间距减小的事实，故C错误；
D．在 时间内，磁场垂直纸面向外，由右手定则可知，感应电流方向为 ，即逆时针方向，流过电阻的电流方向为 ，故电阻两端的电势差；图D中 时间内电势差大于零，故D错误。
故选B。
7. 图示为变速自行车的传动部件，变速自行车有三个飞轮和三个链轮，飞轮的齿数有24、18、12三种，链轮的齿数有48、36、24三种。当某同学以恒定的转速踩脚踏板时，下列说法正确的是（ ）
A. 链轮齿数不变，换用齿数更多的飞轮；自行车行驶速度变大
B. 飞轮齿数不变，换用齿数更少的链轮，自行车行驶速度变大
C. 该自行车行驶的最大速度与最小速度之比为
D. 该自行车行驶的最大速度与最小速度之比为
【答案】C
【解析】
【详解】链轮与脚踏板同轴，其齿数为；飞轮与后轮同轴，其齿数为；链条连接前后齿轮，则
所以飞轮与后轮角速度为
自行车行驶速度为
A．链轮齿数不变，换用齿数更多的飞轮；即不变，增大，则自行车速度减小，故A错误；
B．飞轮齿数不变，换用齿数更少的链轮，即减小，不变，自行车行驶速度变小，故B错误；
CD．该自行车行驶的最大速度与最小速度之比为，故C正确，D错误。
故选C。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8. 某同学两次在同一地点同一高度投掷同一铅球，1、2两次轨迹如图中曲线1、2所示，铅球两次达到的最大高度相同。忽略空气阻力，比较两次投掷过程，第2次比第1次（ ）
A. 从掷出到最高点的时间长B. 铅球在最高点的速度大
C. 铅球着地前瞬间重力的功率大D. 该同学投掷对铅球做的功多
【答案】BD
【解析】
【详解】A．从掷出到最高点过程，可逆向看成做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，由于下落高度相等，所以第2次与第1次运动时间相等，故A错误；
B．从最高点到落地铅球做平抛运动，竖直方向有
由于下落高度相等，所以第2次与第1次运动时间相等；水平方向有
由于第2次的水平位移大于第1次的水平位移，则第2次的水平速度大于第1次的水平速度，即第2次比第1次铅球在最高点的速度大，故B正确；
C．根据
由于从最高点到落地两次运动时间相等，所以两次运动铅球着地前瞬间重力的功率相等，故C错误；
D．该同学两次投掷时，铅球的竖直分速度相等，第2次的水平速度大于第1次的水平速度，则第2次的合速度大于第1次的合速度，即第2次的铅球的初动能大于第1次的铅球的初动能，根据动能定理可知，第2次比第1次该同学投掷对铅球做的功多，故D正确。
故选BD。
9. 图a为全超导托卡马克核聚变实验装置的核心部件示意图，其工作原理是利用洛伦兹力将高温等离子体约束在磁场中。受此启发，小明研究了带电量为+q的粒子在环形磁场中的运动情况，如图b所示，磁感应强度，大小圆的半径分别为3R、R。有粒子从小圆上的P点射出，下列说法正确的是（ ）
A. 若沿半径向外以2v射出的粒子会被约束在大圆内部运动
B. 若沿半径向外以v射出的粒子会被约束在大圆内部运动
C. 若沿切线以射出的粒子可能被约束在大圆内部运动
D. 若沿切线以射出的粒子可能射出大圆
【答案】BC
【解析】
【详解】A．若沿半径向外以2v射出的粒子，由洛伦兹力提供向心力得
解得粒子在磁场中的轨迹半径为
作出粒子的运动轨迹如图所示
可知粒子不会被约束在大圆内部运动，故A错误；
B．若沿半径向外以v射出的粒子，由洛伦兹力提供向心力得
解得粒子在磁场中的轨迹半径为
作出粒子的运动轨迹如图所示
根据对称性可知粒子会被约束在大圆内部运动，故B正确；
C．若沿切线以射出的粒子，由洛伦兹力提供向心力得
解得粒子在磁场中的轨迹半径为
若粒子在P点的速度方向是沿切线向下，如图所示
可知粒子可能被约束在大圆内部运动，故C正确；
D．若沿切线以射出的粒子，由洛伦兹力提供向心力得
解得粒子在磁场中的轨迹半径为
可知轨迹的直径为
由于粒子的轨迹直径小于小圆与大圆之间的宽度，所以粒子不可能射出大圆，故D错误。
故选BC。
10. 如图甲所示，倾角的足够长的光滑斜面体固定在水平地面上，底端附近垂直斜面固定一挡板，可视为质点的小物块A、B用轻弹簧拴接后置于斜面上。A的质量为m，初始静止时，弹簧压缩量为d。某时刻在A上施加一沿斜面向上的恒力，当弹簧第一次恢复原长（此时弹性势能为零）时撤去恒力，A到最高点时B刚要离开挡板，此后A在斜面上做往复运动。A的重力势能和弹簧弹性势能随位移变化如图乙（以A的初始位置处为重力势能零势面），重力加速度为g，弹簧始终在弹性限度内。下列说法正确的是（ ）
A. 弹簧的劲度系数为B. B的质量为2m
C. A运动到最低点时的加速度大小为D. 弹簧的最大弹性势能为
【答案】AD
【解析】
【详解】A．初始静止时，弹簧压缩量为d，以A为对象，有
解得弹簧的劲度系数为，故A正确；
B．由图乙可知，当A到最高点时，A沿斜面向上运动的位移为，由于初始时弹簧压缩量为d，则A到最高点时，弹簧的伸长量为d，此时B刚要离开挡板，对B有
解得B的质量为，故B错误；
C．A运动到最高点时，以A为对象，根据牛顿第二定律可得
解得A运动到最高点时的加速度大小为
由于A做简谐运动，根据对称性可知，A运动到最低点时的加速度大小为，故C错误；
D．撤去力后，A的重力势能、动能与弹性势能之和保持不变，当A处于最高点与最低点时，A的动能均为0，由图乙可得
可得弹簧的最大弹性势能为，故D正确。
故选AD。
三、非选择题：共54分，考生根据要求作答。
11. 电磁阻尼是楞次定律在电磁感应现象中的一种典型表现，我们利用这种运动特性研究金属的电阻率。如图（a）所示，将一金属管竖直放置，其内径、外径大小分别为D1、D2。取一直径小于管内径的圆柱形强磁体放入管口，在强磁体沿金属管轴线下落的过程中会产生电磁阻尼。若金属管足够长，忽略空气阻力，根据有关理论，强磁体最终速度v与金属管材料的电阻率ρ成正比。
（1）如图（b）所示，用游标卡尺测得黄铜管的内径______mm。
（2）如图（c）所示，若测得强磁体通过光电门1与光电门2的遮光时间______，说明强磁体已在金属管内做匀速直线运动。
（3）在满足（2）的前提下，实验测得同一强磁体在尺寸相同的黄铜管、合金铝管内通过光电门的速度分别是、，已知黄铜的电阻率，则可计算出该合金铝管的电阻率______Ω·m（结果保留3位有效数字）。
【答案】（1）53.50
（2）相等 （3）
【解析】
【小问1详解】
20分度游标卡尺的精确值为，由图（b）可知黄铜管的内径为
【小问2详解】
若测得强磁体通过光电门1与光电门2的遮光时间相等，可知强磁体通过光电门1与光电门2的速度相等，说明强磁体已在金属管内做匀速直线运动。
【小问3详解】
由题意可知强磁体最终速度v与金属管材料的电阻率ρ成正比，则有
可得该合金铝管的电阻率
12. 某工厂的苹果自动分拣装置如甲图所示，该装置能按一定质量标准自动分拣大苹果和小苹果。图中R1为半导体薄膜压力传感器，轻质托盘置于R1上，苹果经过托盘时对R1产生压力，R1的阻值随压力F变化图像如图乙所示。初始状态衔铁水平，当电阻箱R2两端电压U2≥3V时，控制电路使电磁铁吸动衔铁，并保持一段时间，确保苹果在衔铁上运动时电磁铁保持吸合状态。已知电源电动势E＝9V，内阻r＝1.0Ω，重力加速度g取10m/s2。
（1）当质量较大的苹果通过托盘时，对应的压力传感器R1的阻值______（填“较大”或“较小”）
（2）如图乙，现以0.3kg为标准质量将苹果分拣开，此时R1的阻值为______Ω；根据题述条件可知，质量小于0.3kg的小苹果将通过______（填“上通道”或“下通道”）；为使该装置达到分拣标准，电阻箱R2的阻值应调为______Ω（结果保留一位小数）
（3）若电源长时间未使用，内阻增大但电动势不变，则分拣标准质量将会______（填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）较小 （2） ①. 20.0 ②. 上通道 ③. 10.5
（3）变大
【解析】
【小问1详解】
苹果通过托盘时，质量较大的苹果托盘对R1的压力较大，根据图乙可知，对应的R1的阻值较小。
【小问2详解】
[1]当苹果质量为0.3kg时，此时R1受到的压力为
由图乙可知此时R1的阻值为；
[2]根据题述条件可知，质量小于0.3kg的小苹果，对R1的压力较小，对应的R1的阻值较大，R2两端电压较小，电磁铁没有吸动衔铁，则小苹果将通过上通道；
[3]为使该装置达到分拣标准，根据比例可得
其中，，，，解得电阻箱R2的阻值应调为
【小问3详解】
若电源长时间未使用，内阻r增大，但电动势不变，根据
由于内阻r增大，则实际要吸引衔铁打开通道时对应的R1的阻值变小，需要的压力变大，即分拣标准质量将会变大。
13. 如图所示，深海潜水器舱内搭载的应急氧气瓶是导热良好的刚性密闭罐体，容积V0＝6.0L，氧气瓶内的氧气可视为理想气体。舱内初始温度为t1＝27℃，氧气瓶内气体压强p1＝200bar。已知1bar＝1.0×105 Pa，0℃取273K。
（1）若舱内气温缓慢降至t2＝3℃，求氧气瓶内气体的压强p2；
（2）若上述降温过程瓶中气体向外放热2000J，求此过程瓶中气体内能的变化量△U；
（3）若将初始温度下应急氧气瓶中的氧气通过吸氧系统供乘员呼吸。乘员每分钟呼吸12次，每次吸入压强为1bar、体积为V＝1.0L的氧气。忽略供氧过程的温度变化，当瓶内氧气压强缓慢下降至50bar时，求该吸氧过程经历的时间t。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
瓶内气体发生等容变化，由查理定律得
其中，
解得
【小问2详解】
由于气体体积不变，外界对气体不做功，即
由热力学第一定律有
由题意可知
解得
即气体内能减小。
【小问3详解】
设可支持呼吸次，瓶内气体发生等温变化，由玻意耳定律可得
解得
吸氧过程经历的时间为
14. 图甲为某智能分装系统工作原理示意图，每个散货经水平传送带Ⅰ由A运动到B后水平抛出，撞击冲量式传感器使其输出一个脉冲信号，随后竖直掉入与水平传送带Ⅱ共速的货箱中，实现按规格分装。传送带Ⅰ以速度v₀匀速运行，从轻放某个散货时开始计数，当放置第2个散货时，第1个散货恰好与传送带Ⅰ共速且被水平抛出。散货与传送带Ⅰ间的动摩擦因数为μ，撞击后竖直方向速度不变，水平速度变为0。每个长度为d的货箱，需装总质量为M的一批散货。若货箱之间无间隔，重力加速度为g。分装系统稳定运行后，连续装货，散货对传感器的冲击力F随时间t变化如图乙（F0、Δt已知），传感器输出的每个脉冲信号都相同。求这段时间内：
（1）每个散货由静止加速到与传送带Ⅰ共速所用的时间t；
（2）每个散货的质量m和传送带Ⅱ的速度大小v；
（3）因运送散货，传送带Ⅰ的电动机多消耗的电功率P。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
散货在传送带Ⅰ上受摩擦力加速，由牛顿第二定律有
解得
散货由静止加速到，由运动学公式得
解得
【小问2详解】
稳定运行后，由图可知，在冲击力F作用的时间内，冲击力F均匀增大后又均匀减小，图像对称，故平均冲击力大小为，撞击后散货水平速度变为0，竖直速度不变，因此每个散货水平方向动量变化大小为
由动量定理得
解得每个散货的质量​
每个货箱装总质量，共装散货个数
装完一个货箱的总时间
货箱随传送带Ⅱ运动位移为
解得
【小问3详解】
每个散货加速过程中，传送带位移
电动机克服摩擦力做功
解得运送单个散货多消耗的能量
每时间运送一个散货，因此平均功率
解得
15. 如图所示，在竖直面MGAF右侧足够大的空间内有垂直平面MPRG向外的匀强磁场，在竖直面MGAF左侧有线状粒子源，粒子源与MF棱平行且与MPQF共面。带电粒子无初速度逸出，经垂直于MF棱的水平匀强电场加速后，以一定的水平速度从MS段（S为MF的中点）进入正方体区域内，从M点射入的粒子恰好从R点射出。已知正方体的棱长为L，磁感应强度大小为B，带电粒子的质量为m、电荷量为+q，粒子重力和粒子间的相互作用忽略不计。
（1）求该粒子入射速度的大小v0；
（2）若撤去磁场，其他条件不变，施加垂直平面MPRG向外的匀强电场，电场强度大小，从S点射入的粒子，从PQ边上的某点射出，求该点距Q点的距离Δy；
（3）以G为坐标原点建立空间直角坐标系，，，分别为x，y，z轴的正方向，若该正方体区域内同时存在原匀强磁场B和（2）中匀强电场E，其他条件不变，请通过计算写出从S点射入的粒子离开该正方体区域时的坐标和速度的大小v'．
【答案】（1）
（2）
（3）,
【解析】
【小问1详解】
从点射入的粒子恰好从点射出的轨迹为圆周，设运动半径为，则
解得
【小问2详解】
粒子在该区域内电场中做类平抛运动，将运动分解为垂直于方向的匀速直线运动和平行于方向的匀加速直线运动，可得
垂直于方向
平行于方向
解得
【小问3详解】
该区域内同时存在上述磁场与电场时，从S点进入的粒子在正方体区域内做不等距螺旋线运动，可将其运动分解为沿方向的初速度为零的匀加速直线运动，和平行于平面的线速度为，半径为的匀速圆周运动。
分运动为匀速圆周运动的周期
假设粒子可完成个圆周运动，则
粒子在方向的位移为
解得
假设成立，且该粒子在边射出，射出坐标为
离开该区域时沿方向的速度为
解得