2026浙江稽阳联谊学校高三下学期4月联考试题物理PDF版含答案

这是一份2026浙江稽阳联谊学校高三下学期4月联考试题物理PDF版含答案，共26页。试卷主要包含了非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题Ⅰ（本题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符
合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C A C B D D A C C B
二、选择题Ⅱ（本题共 3 小题，每小题 4 分，共 12 分，每小题列出的四个备选项中至少有一个是符
合题目要求的。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分）
11 12 13 BD BC AC
三、非选择题（本题共 5 小题，共 58 分）
14．Ⅰ（6 分）【最后一空 2 分，其余每空 1 分】
（1）①B；②C；（2）A； （3）C；（4） （1.1-1.3 均算对）。 14．Ⅱ（6 分）【最后一空 2 分，其余每空 1 分】
（1）B；（2）①87Ω（86Ω-89Ω均算对）；②应变片电阻变化太小（或：电流变化太小/金属横梁形变
太小/钩码太轻/应变片安装不牢固等）（3）① ；②12V。
14．Ⅲ（2 分）AC。【半对得 1 分，全对得 2 分，见错得 0 分】
15. （1）① 晶体；② 各向同性； ……2 分
（2）① 过程 ：理想气体状态方程
代入 ，得 ； ……2 分
② 过程 ：由玻意耳定律
代入 ，得 ； ……2 分
（3）过程 ，由热力学第一定律 ，
代入数值： ，解得： 。 ……2 分
16. （1）①由欧姆定律有： ； ……3 分
②线框转动受力平衡： ，解得： ……3 分
（2）① ……3 分
②相对于 ，环境温度为 引起的热电动势误差为：
应有 ，即 ，得 。 ……2 分
2026 年 4 月稽阳联考物理科（选考）参考答案 第 1 页 共 10 页
17.
（1） ……2 分
（2）较小速率刚好到达圆心等高，较大速率刚好过顶，所以
， ……2 分
， ……2 分
（3）向前和向后的小滑块质量分别记为 、 ：
若 向前、 向后：
，得 … … 2
分
若 向前、 向后：
，得 ……2 分
（4）水平位移相等的两个平抛运动只能分别是：较大速率的小滑块在最低点平抛，较小速率的 小滑块在最高点（即与轴线等高处）平抛。即：
，解得： ……2 分
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18.
（1）由 ，得 ， ……………2 分
等效电流 ， ……………2 分
磁感应强度大小 ； ……………2 分
（2）
①加磁场 B2 的过程，对电子列动量定理方程：
即 ，得
也可：由 ，且 ，
考虑 ，两式相减有 ，得
=
故 ， ………3 分
② ； ………2 分
（3）
①B1 和 B2 的方向相同，则电子所受洛伦兹力背离圆心，向心力减小，速度减小，
等效电流减小，B1 减小，即 的方向与 B2 相反；
②B1 和 B2 的方向相反，则电子所受洛伦兹力指向圆心，向心力增大，速度增大，
等效电流增大，B1 增大，即ΔB 的方向与 B2 相反；
即， 的总与 B2 反向，与 B1 方向无关，宏观上表现为材料对外加磁场的 抗磁性； ………2 分
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2026 年 4 月稽阳联考物理科（选考）
答案和解析
一、选择题Ⅰ（本题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符
合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C A C B D D A C C B
1.选 C。
2.选 A。【解析】
研究机身姿态时，飞机的形状、大小、转动是关键因素，不能忽略，因此不能视为质点。研究
时间、轨迹、半径时，飞机的大小形状可忽略，可视为质点。
3.选 C。【解析】
考虑到轻杆受到铰轴对杆、球对杆两个弹力且二力平衡，所以杆对球的弹力由铰轴指向球。球
的受力分析如图，所以拉力 。
4.选 B。【解析】
A.错，参考课本上肥皂膜的干涉现象。
B.对，因为任意水平方向均不受力，竖直方向合力为零，所以动量都守恒。
C.错，若浸润，接触层的表面张力竖直方向的合力向下，水黾会沉下去。
D.错，波长越长衍射越明显, 桥墩右侧的“平静区”范围越小。
5.选 D。【解析】
A.错，克服阻尼做功，机械能减小。
B.错，对不同圆轨道，
C.错，由于轨道降低缓慢，所以近似认为每一周都是一个独立的椭圆，由开三，知不变。 D.对，如图：
24 年 1 月轨道为 1，P 点为近地点，24 年 5 月轨道为 3，P 点为远地点，假设轨道 2 是过 P 点的
圆轨道，且三个轨道经过 P 点的速度分别为 、 、 。则由 。D 对。
6.选 D。【解析】
光路如图，考察 P 处的临界光线： ，折射角 ，光线偏折角度为
，所以最大张角为 。
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7.选 A。【解析】
A. 对，交流发电机直接输出交流电，需要接的是不具有换向功能的电刷。 B. 错，直流才有利于减少线路上的容抗、感抗。
C. 错，记 为 R 与降压变压器的等效电阻，如下：
D. 错： ， ，得： ，可知， 减半， 未到四倍。
8. 选 C。【解析】
A. 错。受迫振动的频率都等于振源的频率，为 48Hz。
B. 错。考虑任意时刻的照片，M 与 N 的相位总是相反。
C. 对。闪光频率是波的频率 48Hz 的 2 倍，相当于绳子每振动一个周期会被照亮两次，且照亮
的是两个对称振动位置的状态，每个周期如此，所以视觉上形成 2 条“静止”的绳。
D. 错。转速 2 倍，但波速不变，故波长减半，但绳长不变，故节长减半，节数加倍，为 8 个。
9. 选 C。
A. 错，混淆了两种反应的持续机制，核聚变是靠自身产生的热持续下去的，核裂变是靠放出的 快中子减速成为慢中子之后继续轰击其它原子核。
B. 错，初动能用来克服电势能，释放的能量来自核力锁定的核能，前者远小于后者。
C. 对。由于释放的核能远大于初动能，所以可近似认为系统总动量为零。根据动能和动量的关
系 ，由氦核与中子的质量大约 知，动能比大约 。
D. 错。计算各自的比结合能： ，
所以， 。
【补充】由于未知中子质量和质子质量，比结合能值无法算出。若已知，则：
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10.选 B。【解析】
第一步，电子从 A 加速至 B： ；
第二步，基态氢原子被电子激发：
， ，故激发态氢原子最
高能级为 ，能量为 ，多余的能量由电子带走；
第三步，激发态氢原子退激：释放光子的最大能量 ；
第四步，光子轰击 D 板：最大初动能 ；
第五步，最大初动能电子在光电管中加速：末动能 。
二、选择题Ⅱ（本题共 3 小题，每小题 4 分，共 12 分，每小题列出的四个备选项中至少有一个是符
合题目要求的。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分）
11 12 13
BD BC AC
11. 选 BD。
A. 错，1 导体的电阻一定比 2 导体的电阻小，但尺寸未知，无法判断。
B. 对， 。
C. 错，纵坐标起点不是零。
D. 对， ，由 、 知 。
12. 选 BC。
A. 错。断开前后电流不变。补充解析：断开前线圈电流 ，电阻中电流 ，而
， 得 。 断 开 前 线 圈 电 压 ， 刚 断 开 后 线 圈 电 压 ：
。
B. 对。由欧姆定律 ，得 ，即电流的变化率正比于电流，类比放
射性元素的衰变规律可知线圈电流衰减也具有确定的“半衰期”。
C. 对。由欧姆定律 ， ，对放电的全过程求和
得： ，解得 。
D. 错。充磁过程对线圈 ，充磁功率 ，
故峰值为 。
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13. 选 AC。
图 1 图 2
如图 1 所示，对阴影三角形有： ，故 A 对 B 错。
记细线原长为 ，由胡克定律知细线中拉力为
对细线分析如图 2，受两端拉力和表面张力，其中表面张力类比安培力取细线原长为等效长度：
结合上述两式解得 ，故 C 对 D 错。
三、非选择题（本题共 5 小题，共 58 分）
14．Ⅰ（6 分）（1）①B；②C；（2）A； （3）C；（4） （1.1-1.3 均算对）。 【解析】 （1）
①从左到右分别是：学生电源（可输出低压交流、低压直流）、220V 交流、干电池组（6V 直流），
电火花计时器需要搭配 220V 交流电使用。 ②
A.近似认为下滑力与阻力都与质量成正比，故不需要重新补偿阻力； B.这种做法可以减小偶然误差；
C.槽码所受重力等于系统沿绳方形的合力，只要将右端垫高以平衡阻力即可，与失重无关，
不需要满足悬挂物质量远小于小车（及其载重）质量。
（2）
A.反比规律不便手工验证；
B.化曲为直，线性关系便于用直尺验证；
C.该做法是科学探究中合理利用现代技术的体现。
（3）C 项操作既改变了力（槽码重力），又保证了研究对象（槽码和小车（及其载重））质量不变。
（4）方法不唯一。方法 1：考虑 1、3 求出 2 的瞬时速度，考虑 10、12 求出 11 的瞬时速度，利用 2
和 11 的速度差求解加速度；方法 2：考虑 1、11、21 三个点（也可选择 4、12、20 三个点），用逐差
法求解加速度。
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14．Ⅱ（6 分）（1）B；（2）①87Ω（86Ω-89Ω均算对）；②应变片电阻变化太小（或：电流变化太小
/金属横梁形变太小/钩码太轻/应变片安装不牢固等）；（3）① ；②12V。
【解析】
（1）从左至右分别是光敏电阻、应变片、干簧管。
（3） ①
②由 得 ，所以
所以：
14．Ⅲ（2 分）AC。 【解析】
A.对，磁体与导体有相对速度才能产生驱动力。 B.错，润滑主要是为了防止漏气。
C.对，锌板预带负电，用紫外线照射后光电子逸出，验电器张开的指针夹角变小。
D.错，由 可知减小 S 与 d 效果相反。
15.
（1）① 晶体；② 各向同性； ……2 分
（2）① 过程 ：理想气体状态方程
代入 ，得 ； ……2 分
② 过程 ：由玻意耳定律
代入 ，得 ； ……2 分
（3）（3 分）过程 ，由热力学第一定律 ，
代入数值： ，解得： 。 ……2 分
16. （1）①由欧姆定律有： ； ……3 分
②线框转动受力平衡： ，解得： ……3 分
（2）① ……3 分
②相对于 ，环境温度为 引起的热电动势误差为：
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应有 ，即 ，得 。 ……2 分
17.
（1） ……2 分
（2）较小速率刚好到达圆心等高，较大速率刚好过顶，所以
， ……2 分
， ……2 分
（3）向前和向后的小滑块质量分别记为 、 ：
若 向前、 向后：
，得 ……2 分
若 向前、 向后：
，得 ……2 分
（4）水平位移相等的两个平抛运动只能分别是：较大速率的小滑块在最低点平抛，较小速率的 小滑块在最高点（即与轴线等高处）平抛。即：
，解得： ……2 分
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18.
（1）由 ，得 ， ……………2 分
等效电流 ， ……………2 分
磁感应强度大小 ； ……………2 分
（2）
①加磁场 B2 的过程，对电子列动量定理方程：
即 ，得
也可：由 ，且 ，
考虑 ，两式相减有 ，得
=
故 ， ………3 分
② ； ………2 分
（3）
①B1 和 B2 的方向相同，则电子所受洛伦兹力背离圆心，向心力减小，速度减小，
等效电流减小，B1 减小，即ΔB 的方向与 B2 相反；
②B1 和 B2 的方向相反，则电子所受洛伦兹力指向圆心，向心力增大，速度增大，
等效电流增大，B1 增大，即ΔB 的方向与 B2 相反；
所以，ΔB 的总与 B2 反向，与 B1 方向无关，宏观上表现为材料对外加磁场 的抗磁性； ………2 分
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