2025年江苏省南京市中考物理试题（原卷版＋解析版）

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1. 关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A. 声音能在液体中传播B. 声音的频率越高响度越大
C. 人耳可以听到超声波D. 禁止鸣笛是在传播途中控制噪声
【答案】A
【解析】
【详解】A.声音传播需要介质，固体、液体、气体都能作为传声介质，因此声音可以在液体中传播，故A正确；
B.频率决定音调，振幅决定响度，频率高低与响度大小无关，故B错误；
C.人耳听觉范围为 20Hz~20000Hz，超声波频率高于 20000Hz，故人耳无法听到，故C错误；
D.禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，不是在传播途中，故D错误；
故选A。
2. 如图所示，日晷是我国古代的一种计时工具，通过观察直杆在太阳下影子的位置就可以知道时间。下列现象的成因与日晷工作原理相同的是（ ）
A. 水中的倒影B. 树荫下的光斑
C. 空中的彩虹D. “放大”的邮票
【答案】B
【解析】
【详解】日晷利用光沿直线传播形成影子计时。
A．水中倒影是光的反射形成，故A不符合题意；
B．树荫光斑是小孔成像，属于光的直线传播，故B符合题意；
C．彩虹是光的色散，由折射形成，故C不符合题意；
D．放大镜成像是光的折射，故D不符合题意。
故选B。
3. 实施人工降水的一种方法是通过飞机在高空云层中播撒干冰（固态二氧化碳），使云层中的水蒸气变成小冰晶或小水滴，小冰晶、小水滴增多形成降水。下列说法正确的是（ ）
A. 干冰在云层中要放出大量热量B. 干冰在云层中汽化成二氧化碳
C. 云层中的水蒸气凝华成小冰晶D. 云层中的水蒸气凝固成小水滴
【答案】C
【解析】
【详解】A．干冰升华吸热，使周围温度降低，故A错误；
B．干冰由固态直接变为气态是升华，不是汽化，故B错误；
C．水蒸气直接变成小冰晶，是凝华现象，故C正确；
D．水蒸气变成小水滴是液化，不是凝固，故D错误。
故选C。
4. 下列估测符合实际的是（ ）
A. 中学生正常步行速度约为5km/hB. 一枚一元硬币的质量约为6mg
C. 教室内一盏日光灯额定功率约为400WD. 中学生从一楼走到三楼做功约为300J
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生正常步行速度约 1.1m/s，换算后接近 5km/h，故A符合题意；
B．一元硬币质量约 6g，不是 6mg，故B不符合题意；
C．日光灯额定功率约 40W，不是 400W，故C不符合题意；
D．中学生的质量约为50kg，一层楼的高度为3m，从一楼到三楼上升的高度h=6m；则中学生从一楼走到三楼做功约为W=Gh=500N×6m=3000J，一楼到三楼做功约 3000J，不是 300J，故D不符合题意；
故选A。
5. 下列事例中改变内能的方式与其他三个不同的是（ ）
A. 弯折铁丝发烫B. 压缩空气升温
C. 点火后盒盖飞出D. 勺子在热汤中升温
【答案】D
【解析】
【详解】ABC ．弯折铁丝发烫、压缩空气升温、点火后盒盖飞出，均通过做功改变内能，故ABC不符合题意；
D．勺子在热汤中升温，是热汤的内能转移到勺子上，属于通过热传递改变内能，与其他三项不同，故D符合题意。
故选D。
6. 如图所示，计算机中央处理器（CPU）可以将产生的热量迅速传导到与之紧密接触的散热片上。为达到散热目的，制作散热片的材料主要考虑的物理属性是（ ）
A. 导热性B. 弹性C. 导电性D. 磁性
【答案】A
【解析】
【详解】散热片需要快速传递 CPU 热量，核心要求是导热性好，与弹性、导电性、磁性无关。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
7. 对以下四幅图中的情景解释正确的是（ ）
A. 说明分子间有引力
B. 说明铝箔条一定带正电
C. 说明锤头具有惯性
D. 说明流体流速越大，压强越小
【答案】C
【解析】
【详解】A．水和酒精混合体积变小，说明分子间有间隙，故A错误；
B．带电体可吸引轻小物体，铝箔条不一定带电，故B错误；
C．锤柄停止，锤头因惯性继续运动，从而套紧，故C正确；
D．乒乓球不掉落是大气压作用，不是流体压强，故D错误。
故选C。
8. 以下实验反映的规律能解释电动机工作原理的是（ ）
A. 图中，闭合开关，铁钉被吸引
B. 图中，闭合开关，水平移动金属棒，灵敏电流计指针偏转
C. 图中，闭合开关，线圈转动
D. 图中，闭合开关，小磁针偏转
【答案】C
【解析】
【详解】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力转动。
A．闭合开关，铁钉被吸引，这是电流磁效应，故A不符合题意。
B．闭合开关，水平移动金属棒，灵敏电流计指针偏转，这是电磁感应，属于发电机原理，故B不符合题意。
C．闭合开关，线圈转动，说明通电线圈在磁场中转动，与电动机原理一致，故C符合题意。
D．闭合开关，小磁针偏转，这是奥斯特实验，是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选C。
9. 乒乓球运动中蕴含着许多力学知识，下列说法正确的是（ ）
A. 发球时，球拍对球有力的作用，球对球拍没有力的作用
B. 击球时，乒乓球受到的弹力是由球拍的形变产生的
C. 击球后，乒乓球在空中飞行时，受到了向前的推力
D. 空中飞行的乒乓球，如果所受的力全部消失，它将立即静止
【答案】B
【解析】
【详解】A．力的作用是相互的，球拍对球施力，球对球拍也有反作用力，故A错误；
B．弹力由施力物体形变产生，所以乒乓球的弹力由球拍形变产生，故B正确；
C．飞行的乒乓球只受重力和空气阻力，无向前推力，故C错误；
D．根据牛顿第一定律，物体不受力时，运动物体将保持匀速直线运动状态或静止状态，故D错误。
故选B。
10. 在“探究阻力对物体运动的影响”和“探究动能大小与哪些因素有关”的两个实验中，都出现如图所示的情景。在提供图中器材的基础上，有以下判断：
①添加一条棉布和一块玻璃板，可完成“探究阻力对物体运动的影响”实验
②添加一个木块和若干砝码，可完成“探究动能大小与哪些因素有关”实验
③要完成上述两个实验，每次小车都需要从同一斜面同一位置由静止释放
④两个实验都需要在实验基础上通过科学推理得出结论
其中正确的是（ ）
A. ①②B. ②③C. ③④D. ①④
【答案】A
【解析】
【详解】①：添加棉布、玻璃板可改变阻力，可探究阻力对物体运动的影响，①正确。
②：添加木块、砝码可探究动能与质量、速度的关系，②正确。
③：探究动能大小与哪些因素有关，需改变高度，不必每次同一位置释放，③错误。
④：“探究动能大小与哪些因素有关”实验，是从实验现象中直接归纳结论，并未用科学推理，④错误。
综上，①②正确。故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
11. 如图所示，将同一个鸡蛋先后放入装满液体的甲、乙两个相同杯中，甲杯中鸡蛋漂浮，乙杯中鸡蛋沉底。下列说法正确的是（ ）
A. 与乙杯相比，甲杯中液体密度较小
B. 与乙杯相比，甲杯溢出的液体质量较小
C. 与甲杯相比，乙杯底部受到的液体压强较大
D. 与甲杯相比，乙杯对水平地面的压力较小
【答案】D
【解析】
【详解】A．鸡蛋在甲漂浮，说明；乙沉底，说明，故，故A错误
B．鸡蛋在甲漂浮，说明甲中浮力等于重力，乙沉底，说明乙中浮力小于重力，故甲排液质量更大，故B错误；
C．深度相同，由A可知，且，所以甲杯底压强更大，乙杯底部受到的液体压强较小，故C错误；
D．甲杯液体密度大，体积大，故甲杯中液体总重力更大，对地面压力更大，所以乙对地面压力更小，故D正确。
故选D。
12. 如图所示，电源电压U恒定，R1是定值电阻，滑动变阻器R2标有“20Ω 2A”，灯L标有“6V 6W”。滑片P在阻值最大端时，闭合开关S，电压表V1示数为2V，电压表V2（未画出）示数为4V；P移到某一位置时，V2示数为10V，电流表示数为1A。上述滑片移动过程中，R2阻值的变化量为ΔR，电路总功率的变化量为ΔP。下列说法正确的是（ ）
A. U=16VB. R1=5ΩC. ΔR=12ΩD. ΔP=7W
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由灯泡规格得正常电流，由题意可知，当滑动变阻器滑片P由最大阻值处移到某一位置时，滑动变阻器阻值变小，两端电压变小，而此时电压表V2示数由4V增大为10V，整个电路是串联电路，根据串联分压可知，电压表V2测灯L和定值电阻R1的电压；而此时电流表示数为1A，灯泡正常发光，所以R1两端的电压，可算出;
当滑动变阻器阻值最大时：电压表V1示数为2V，电压表V2示数为4V，所以此时定值电阻两端的电压U1′=2V，电流，根据串联电流处处电流相等可知，此时滑动变阻器两端的电压，所以电源电压U=10V+4V=14V；
故AB错误；
C．滑动变阻器阻值最大时为20Ω，P移到某一位置时，阻值，所以滑动变阻器R2阻值的变化量为；
故C错误；
滑动变阻器阻值最大时：电路的总功率，
P移到某一位置时：电路的总功率，
所以电路总功率的变化量为；
故D正确。
故选D。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）
13. 2025年5月29日，长征三号乙运载火箭托举天问二号探测器直冲霄汉，地面控制中心通过_______波与探测器传递信息，这种波在真空中的传播速度是__________m/s，探测器在随火箭加速升空过程中，机械能_______，以地面为参照物，探测器是_______的。
【答案】 ①. 电磁 ②. 3×108 ③. 增大 ④. 运动
【解析】
【详解】[1][2]地面控制中心与探测器通过电磁波通信，电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；
[3][4]探测器加速升空时动能、势能均增大，机械能变大；相对地面位置改变，是运动状态。
14. 如图所示，用红外灯加热质量相同的水和沙子，水和沙子吸收热量的多少通过_________来反映。加热过程中发现水升温较慢，原因是水的________较大，红外灯给水和沙子加热主要是利用了红外线的_____效应。
【答案】 ①. 加热时间 ②. 比热容 ③. 热
【解析】
【详解】[1]在实验中相同加热装置，加热功率相同，如果加热时间越长，说明吸收的热量就越多，所以红外灯加热质量相同的水和沙子，水和沙子吸收热量的多少通过加热时间反映；
[2]加热过程中水升温慢是因为水的比热容大；
[3]红外灯利用热效应加热。
15. 如图所示，擦窗机器人底部装有真空泵和吸盘，当真空泵将吸盘内的空气抽出时，由于________的作用，它吸附在竖直玻璃上；当它保持静止时，受到的摩擦力与_______是一对平衡力；它工作时带动清洁布擦拭玻璃，选用粗糙清洁布的目的是为了增大________。
【答案】 ①. 大气压 ②. 重力 ③. 摩擦力
【解析】
【详解】[1]擦窗机器人的吸盘能够吸附在玻璃上，是因为真空泵把吸盘内部空气抽出，吸盘内气压远小于外界大气压，外界大气压就把机器人紧紧压在竖直玻璃上，这是大气压的作用。
[2]机器人静止在竖直玻璃上时，竖直方向受到两个力：竖直向下的重力，竖直向上的摩擦力。这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，因此摩擦力与重力是一对平衡力。
[3]选用粗糙的清洁布，是因为在压力大小不变时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。增大摩擦力可以让清洁布更有效地擦除污渍，所以目的是为了增大摩擦力。
16. 如图所示是一台四冲程汽油机的某个冲程，在此冲程中_____能转化为_______能；若飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟完成_______个工作循环；在一段时间内消耗了500g汽油，若这些汽油完全燃烧，则放出的热量是____________J。（q汽油=4.6×107J/kg）
【答案】 ①. 内 ②. 机械 ③. 15 ④. 2.3×107
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，汽油机两个气门关闭，火花塞点火，活塞向下运动，这是做功冲程。在做功冲程中，燃料燃烧释放内能，推动活塞做功，将内能转化为机械能。
[3]飞轮转速为1800r/min=30r/s，说明飞轮每秒转 30 圈。四冲程汽油机工作规律：飞轮每转 2 圈，完成 1 个工作循环。因此 1s 内完成的工作循环数：30÷2=15个。
[4] 已知汽油质量m=500g=0.5kg，热值q=4.6×107J/kg。由热值公式 Q=mq 得：Q=0.5kg×4.6×107J/kg=2.3×107J。
17. 如图所示，用动滑轮将重180N的木箱在5s内沿竖直方向匀速提升2m，所用拉力为100N，不计绳重和摩擦。此过程中木箱上升的速度为________m/s，有用功是________J，拉力的功率是_______W；若用此装置沿竖直方向匀速提升380N重物时，机械效率为_______ %。
【答案】 ①. 0.4 ②. 360 ③. 80 ④. 95
【解析】
【详解】[1]由题意可知，木箱在5s内沿竖直方向匀速提升2m，所以木箱上升的速度为
[2]所做的有用功是木箱增加的重力势能，所以有用功W有=Gh=180N×2m=360J
[3]由图可知n=2，所以绳子自由端移动的距离s=nh=2×2m=4m
因此拉力做的总功W总=Fs=100N×4m=400J
拉力的功率
[4]根据上述解析可知W额=W总﹣W有=400J﹣360J=40J
不计绳重和摩擦，额外功是克服动滑轮重力所做的功W额=G动h=40J
解得
用此装置沿竖直方向匀速提升380N重物时，滑轮组的机械效率
18. 如图所示，电源电压U=6V，R1=5Ω，R2=10Ω；仅闭合S2，电路的总电阻为_______Ω；仅闭合S3，电压表示数为4.5V，R3=_______Ω；当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为_____A。R2消耗的功率为________W。
【答案】 ①. 15 ②. 15 ③. 1 ④. 3.6
【解析】
【详解】[1]通过分析电路可知，仅闭合S2，该电路为R1、R2串联电路，所以电路的总电阻为
[2]通过分析电路可知，仅闭合S3，该电路为R1、R3串联电路，此时电压表测R3两端电压，根据串联电路电压规律可知，R1两端电压为
由串联电路分压原理可知，，即
解得R3=15Ω。
[3]通过分析电路可知，当S1、S2、S3均闭合时，该电路为R2、R3并联电路，电压表测电源电压，电流表测干路电流。
通过R2电流
通过R3电流
干路电流
所以电流表示数为1A。
[4]R2消耗功率
19. 如图所示是某电水壶的电路简图，其中R1、R2均为电热丝，该水壶有加热、保温两个挡位，相关参数如表所示。
（1）在壶内装有额定容量的水，加热挡工作350s，水温升高了90℃，水吸收的热量为_____________J，电水壶对水加热的效率为_______%；若在此过程中，断开其他用电器的开关，标有1200imp/（kW•h）字样的电能表指示灯会闪烁________次。[c水=4.2×103J/(kg•℃)]
（2）若对该电水壶电路进行改造，保持电水壶的保温功率不变，将加热功率提高到1310W，请写出一条改造措施：_________________。
【答案】（1） ①. 3.78×105 ②. 90 ③. 140
（2）将R2阻值更换为40Ω
【解析】
【小问1详解】
[1] 水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3=1kg
水吸收热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×90℃=3.78×105J
[2] 电水壶消耗电能：W=P加t=1200W×350s=4.2×105J
加热效率
[3]由题意可知，电能表表盘标有“1200imp/（kW•h）”，所以电路中每消耗1kW•h电能，电能表的指示灯闪烁1200次，所以电水壶工作350s电能表指示灯闪烁的次数
【小问2详解】
保温功率不变即R1不变，提高加热功率需减小R2阻值，将加热功率提高到1310W，此时R2的功率为：
P2=1310W﹣100W=1210W，
计算得新，故更换R2为 40Ω。
三、解答题（本题共11小题，共50分.解答第29、30题时应有公式和解题过程）
20. 如图，OB是反射光线，画出其对应的入射光线AO并标出入射角的大小。
【答案】
【解析】
【详解】① 过入射点O作垂直于镜面的法线（虚线）；
② 反射光线与镜面夹角为30°，则反射角：90°−30°=60°；
③ 根据反射角等于入射角，在法线左侧画出入射光线，标注入射角为60°。
如图所示
21. 如图，木块静止在斜面上，画出木块重力G和木块对斜面压力F的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】① 重力：作用点在木块重心，方向竖直向下，标注符号G；
② 压力：作用点在木块与斜面接触面中点，方向垂直斜面向下，标注符号F。
如图所示：
22. 如图，用笔画线表示导线，将三孔插座正确接入家庭电路。
【答案】
【解析】
【详解】家庭电路三孔插座接线规则：左零右火上接地，即左侧孔接零线，右侧孔接火线，上方孔接地线，导线连接牢固且不交叉。如图所示：
23. 在“探究冰熔化的特点”实验中。
（1）将装有适量碎冰的试管置于温水中，在碎冰中插入温度计，图中温度计示数为_______ ℃。
（2）下列为该实验的记录表格，表格中（a）、（b）两处应填的内容是：
（a）_________ ；（b）_______ 。
（3）在熔化过程中，试管内冰水混合物的温度不变、内能_______ 。
【答案】（1）-6 （2） ①. 温度/℃ ②. 状态
（3）变大
【解析】
【小问1详解】
温度计分度值为℃，液柱在0℃以下，示数为﹣6℃；
【小问2详解】
[1][2]实验需记录随时间变化的温度和冰的状态（固态、固液共存、液态），故表格中为温度 /℃和状态；
【小问3详解】
冰熔化过程持续吸热，温度保持不变，内能随吸热不断变大。
24. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中。
（1）安装器材时，应使烛焰和光屏中心位于凸透镜的________ 上。
（2）图中光屏上恰好成清晰的像，该像的性质是倒立、_______ 的实像，透镜焦距可能为_____ （填字母）。
A.5cm B.10cm C.15cm D.20cm
（3）把蜡烛向左移动一小段距离，发现光屏上清晰的像变模糊了，为了使光屏上再次成清晰的像，可在蜡烛与凸透镜之间的适当位置放一个合适的_______ 眼镜。
【答案】（1）主光轴 （2） ①. 放大 ②. C
（3）近视
【解析】
【小问1详解】
为使像成在光屏中央，烛焰、凸透镜、光屏中心需在同一高度，即位于凸透镜主光轴上；
【小问2详解】
[1][2]图中物距u=20 cm，像距v=60cm＞2f，则20cm＞f＞10cm，成倒立、放大实像；此时满足f