2026年江苏省无锡市江阴市中考物理一模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年江苏省无锡市江阴市中考物理一模试卷（含答案+解析），共13页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.《天工开物》中记载“凡钟为金乐之首，其声一宣，大者闻十里，小者亦及里之余，”主要描述钟发出的声音( )
A. 响度大B. 音色好C. 音调高D. 速度大
2.月壤砖是月球建房的基础材料，我国科学家研发的月壤砖已被送往空间站。在月球上建房，建筑材料必须满足轻便、结实且易于搬运的条件，还必须具备防辐射、防微尘和保温隔热等功能特性。下列关于月壤砖的物理属性的表述，错误的是( )
A. 隔热性能好B. 密度大C. 抗辐射性能好D. 抗压强度高
3.东北原始森林监控系统发现，一只狐狸远远地尾随一只随地小便的东北虎，待老虎走后，狐狸在虎尿里打滚。虎尿气味有助于狐狸吓退远处的狼、豹等天敌，原理是( )
A. 分子间有空隙
B. 分子间存在吸引力
C. 分子间存在排斥力
D. 分子不停地做无规则运动
4.如图4甲是“研究固体熔化时温度的变化规律”的实验装置。在0∼35min内对物质加热，得到如图4乙所示的温度随时间变化的图像。下列说法正确的是( )
A. 该物质是非晶体，熔点是80∘C
B. 该物质熔化过程持续了大约25min，在第20min时物质处于“固液共存态”
C. 采用“水浴法”对试管内物质加热，是为了缩短实验时间
D. 该物质在15∼20min内，温度不变，但需要不断吸热
5.“金陵金箔”是国家级非物质文化遗产，手工打造的金箔轻薄柔软，不能用手直接拿取，正确拿取的方法是：手持羽毛轻轻扫过纸垫，如图甲所示；再将羽毛靠近工作台上方的金箔，羽毛即可将金箔吸住，如图乙所示。羽毛扫过纸垫的结果和吸住金箔的原因，分别是( )
A. 摩擦使得羽毛和纸垫带异种电荷；异种电荷相互吸引
B. 摩擦使得羽毛和纸垫带异种电荷；带电物体吸引轻小物体
C. 摩擦使得羽毛和纸垫带同种电荷；异种电荷相互吸引
D. 摩擦使得羽毛和纸垫带同种电荷；带电物体吸引轻小物体
6.美国《发现》网站于2023年10月报道：“牛能感知地球磁场，吃草、休息时，其身体朝向习惯与地磁场磁感线平行(如图所示)。”为求证真伪，同学们设计如下实验方案：在四周无明显差异的草地上，多次观察牛吃草、休息时的身体朝向，若报道真实，则牛的身体朝向习惯性呈现四个场景中的( )
A. ①和②B. ③和④C. ①和③D. ②和④
7.“身上”背着传感器，“眼睛”是一只可360度旋转并具备夜视功能的高清摄像头，轻松翻过门槛，顺利完成上下楼梯运动，将巡检到的实时数据实时回传，这是中国电信打造的机房5G巡检四足机器人每日“工作”场景。下列说法正确的是( )
A. 摄像头拍摄到的是倒立、放大的实像
B. 摄像头的成像原理和投影仪一致
C. 当被拍摄的物体远离摄像头时，经摄像头成的像会变小
D. 在拍摄时，物体成的像到摄像头的距离大于二倍焦距
8.2026年央视春晚武术节目《武BOT》中，宇树科技的机器人与武校学员同台竞技。机器人完成腾空跳跃动作后稳稳落地，下列说法正确的是( )
A. 机器人腾空时不受重力作用
B. 机器人落地时的重力势能比腾空最高点时大
C. 机器人起跳时，地面对它的支持力大于它的重力
D. 机器人在水平地面静止时，对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力
9.课外活动中，小亮将刚喝完水的空矿泉水瓶的瓶盖拧上但不拧紧，用手握住瓶子的上下两部分，用力迅速拧成图示状态时，瓶盖被弹出并伴有爆响声，同时瓶口内出现白雾。关于上述过程，下列说法错误的是( )
A. 矿泉水瓶被用力拧成图示形状，说明力可以使物体发生形变
B. 瓶盖弹出前，拧瓶子的过程与汽油机的做功冲程类似
C. 瓶盖被弹出时，瓶内压缩气体的内能转化为瓶盖的机械能
D. 瓶口内出现的白雾，是水蒸气温度降低后液化形成的小水滴
10.塔吊是工程建设中经常采用的起重装置，如图甲是根据塔吊抽象出来的物理模型，其水平臂AOB可视为杠杆，O为其支点，配重可以在AO之间水平移动，起吊重物的滑轮组也可以在OB之间水平移动。图乙是滑轮组的局部放大图，它将重为500N的重物竖直匀速提升10m用时20s，滑轮组自由端绳子的拉力F为300N，若不计绳重及摩擦，以下说法正确的是( )
A. 拉力F的功率为300W
B. 滑轮组的机械效率为60%
C. 拉力所做的功为3000J
D. 当所吊重物向B端移动时，配重应适当向O点移动
11.“志向寰(ℎuán)宇，再赴天宫。”2025年4月24日，神舟二十号载人飞船发射取得圆满成功，是中国航天史上的又一座里程碑。下列描述正确的是( )
A. 点火前，火箭受到的重力和对发射台的压力是一对平衡力
B. 在火箭上升过程中，宇航员相对于发射台是静止的
C. 我们观看火箭发射过程的视频直播，是通过电磁波传播的
D. 宇航员进入太空后质量消失
12.如图甲所示电路中，电源电压不变，电流表的量程为0−0.6A，电压表的量程为0−15V，小灯泡参数“？V，？W”模糊不清。第一次只闭合开关S、S1，滑片P从a端移到b端；第二次只闭合开关S、S2，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表与电流表示数的关系图像。下列判断正确的是( )
A. 定值电阻R0的阻值为10Ω.
B. 小灯泡的参数为“4V，2W”
C. 只闭合开关S、S2，电路的总功率最大时，灯与滑动变阻器的功率之比为5：3
D. 只闭合开关S、S2，为保证电路安全，滑动变阻器的阻值范围为7.5−10Ω
二、填空题：本大题共10小题，共27分。
13.如图所示，小红敲击音叉发声，再使它与悬挂着的乒乓球 ，观察到乒乓球被弹开，说明声音是由物体 产生的。
14.水透镜在图甲位置能成清晰的像，此时光屏上成倒立 的实像，抽水后光屏上的像不再清晰，在透镜前放一副眼镜，光屏上的像又变得清晰，这就是 眼的形成原因和矫正方法，甲、乙两图中的眼镜 (是/不是)同一种透镜。
15.如图是世界上跨度最大的高速铁路桥南京大胜关铁路大桥，它全长约9500m，一列匀速行驶、速度为200km/ℎ的动车组列车完全通过该桥用时3分钟，功率为104kW，则该列车的长度 m，列车的牵引力为 N。以车上的行李箱为参照物，大桥是 的。某一时刻，乘客发现原本静止在水平桌面上的玻璃球突然向列车前进方向滚动，说明此时列车开始向前 速。
16.重力储能是一种新型储能方式，它通过提升或放下重物实现能量的储存或释放，能量转化过程如图1所示。空白处的能量形式是 。重力储能可有效提升风能、太阳能等新能源的综合开发利用水平。储能系统将2个质量均为3×104kg，重物从30m高处放回地面的发电过程中，产生的电能为1.44×107J，则该过程的发电效率是 。
17.用如图所示的装置探究物体的动能大小与速度的关系时，应让同一辆小车从斜面 高度处由静止滑下，撞击置于水平面上 (选填“相同”或“不同”)位置的同一木块。通过比较木块 来比较小车动能的大小。
18.如图所示是一辆暴雨时不慎驶入水中汽车的车门。随着水位升高，车门上A处受到水的压强将 (选填“变大”“不变”或“变小”)；紧急情况下，应挥动破窗锤砸向玻璃窗的边角逃生，破窗锤的敲击端做成锥形，是通过减小受力面积来 (选填“增大”或“减小”)压强。
19.如图是用来保持青藏铁路路基冻土稳定的热棒，其中间封闭有液态氨，上端装有散热片。当土壤温度升高时，液态氨 冻土深处的热量发生汽化，上升到散热片处散热后，气态氨又 成液态下沉。如此循环往复，不断通过 方式使路基的内能减小。
20.调节平衡螺母使杠杆处于水平平衡状态。在A点悬挂两个钩码，如图所示，要使杠杆水平平衡，需在B点悬挂 个钩码。取走悬挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉，使杠杆水平平衡，测力计的示数为 N。(每个钩码重0.5N)
21.小明自制一把有高、低挡位的电热切割器，其电路如图甲所示。已知电源电压为12V，电阻丝R1、R2阻值均为5Ω。只将R1接入电路时为低温挡，则此时低温挡的工作电流为 A；小明切换挡位后，高温挡的电功率为 W。小明使用电热切割器时，其功率与时间的关系如图乙所示，0∼30s内，电热切割器产生的总热量 J。
22.如图所示，用动滑轮将重180N的木箱在5s内沿竖直方向匀速提升2m，所用拉力为100N，不计绳重和摩擦。此过程中有用功是 J，拉力的功率是 W；若用此装置沿竖直方向匀速提升380N重物时，机械效率为 %。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
23.如图所示，嫦娥六号探测器静止在月球水平面上，O为其重心，请画出它所受重力和支持力的示意图。
24.如图，根据小磁针静止时N极的指向，标出A处的磁感线方向和电源正、负极。
25.小明家的洗衣机插头和墙上的插座始终相连，小明爸想安装如图甲所示的三孔带指示灯和开关的插座，开关闭合，指示灯亮，洗衣机通电；开关断开，指示灯灭，洗衣机断电。图乙虚线框内的是插座的内部结构图。请在图乙中用笔画线代替导线连接该插座的电路。
四、实验探究题：本大题共3小题，共21分。
26.小明和小华利用茶色玻璃板、刻度尺、白纸、两个相同的电子蜡烛等器材，探究平面镜成像的特点。
(1)如图甲，将白纸平铺在水平桌面上，再将玻璃板 放置在纸上；
(2)在玻璃板前放上电子蜡烛A，闭合开关使其发光，再将电子蜡烛B放到玻璃板后，调整B的位置使其与A的像 ，在纸上分别记录A、B的位置；
(3)多次改变A的位置，重复上述实验。在探究像到镜面距离l2与物到镜面距离l1的关系时，上述测量方法中，正确的是方法 (选填“1”“2”或“3”)；
(4)完成探究后，小明和小华利用左右两侧面开孔的正方体纸盒、茶色玻璃板和发光小灯制作了一个“魔盒”，如图乙所示，两人都可以通过孔看到对方，但只有小明能看到魔盒中发光小灯在他正前方成的像，则纸盒中玻璃板可沿 (ac/bd)方向放置，且发光小灯应贴在纸盒内 (M/N)处。(注意两空对应关系，同时答对得分，写出一种做法即可)
(5)完成实验探究后，小明模拟“蜡烛在水中燃烧”的现象，如图丙所示，他应该将点燃的蜡烛放在 (选填“玻璃板”或“平面镜”)前，将装满水的烧杯放在该光学元件后，图丁为装置的俯视图，调节时仅向 (选填“①”“②”“③”或“④”)方向移动图丁中的光学元件，可以观察到“蜡烛在水中燃烧”的现象。
27.某实践小组用正中间开孔的直尺、带挂钩的重物A、水和两个可读取液体体积的相同容器等，制作了可测算液体密度的装置。使用前，需将两容器挂在直尺两端固定的挂钩上，静止时如图甲，调节两端平衡螺母使直尺水平平衡，再将重物A挂在开孔处的“0g”刻度线处，某次使用时，小明向左侧容器中倒入体积V=30mL的水，再向右侧容器中倒入相同体积的待测液体，通过向右移动重物A，使直尺再次水平平衡(左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和)，如图乙，他根据相关数据，算出了该液体的密度。
(1)图甲中杠杆 (选填“是”或“否”)平衡；要使直尺水平平衡，应将平衡螺母向 调节；
(2)小明测出的待测液体密度为 g/cm3，液体的重力为 N；
(3)依照他的做法，不同的待测液体密度ρ液与重物A所示质量m满足一定的函数关系，图丙中图线 符合此关系；
(4)对小明的某些做法进行调整，可使该装置的测量范围变为1.0∼1.2g/cm3，且通过将重物A从“0g”移动到“10g”的过程来实现，请具体描述如何调整： 。
28.某学习小组采用“伏安法”探究某热敏电阻(阻值约为几十欧姆)的阻值随温度变化的规律，并利用其制作成一个简易的高温报警装置。主要实验器材如下：学生电源(电压为6V)，热敏电阻R1、滑动变阻器R2、电阻箱R3、温控装置、警报器、电压表、电流表、开关、导线若干。测量热敏电阻阻值的实验电路图如图甲所示。主要实验步骤如下：
(1)按照如图甲所示的电路连接实物。请用笔画线代替导线，在相应位置将实物图正确连接；
(2)设定温控装置内的温度为20∘C，闭合开关后发现电压表的示数过小，应将图乙中滑动变阻器的滑片向______移动，移动后电压表的指针位置如图丙所示，则电压表的示数为______ V，根据电压表和电流表的示数0.06A，计算出此温度下热敏电阻的阻值为______Ω(保留一位小数)；
(3)依次升高温控装置内的温度，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，根据电流表和电压表的示数，依次计算出热敏电阻的阻值，作出热敏电阻的阻值随温度变化的图像如图丁所示，由图像可知，该热敏电阻的阻值随温度变化的规律是______；
(4)学习小组利用热敏电阻R1，设计的高温报警装置的电路图如图戊所示，已知图中电源电压为6V，警报器两端的电压超过4V就发出声音报警。要想让该高温报警装置在温度超过30∘C时报警，须将警报器并联到图戊中______(选填“AB”“BC”或“AC”)两端，并设置电阻箱R3接入电路的阻值为______Ω。
五、计算题：本大题共1小题，共6分。
29.汉代青铜器长信宫灯及其结构如图−1所示，灯体为宫女造型，灯座底部可盛水，燃烧产生的烟尘通过宫女袖管(导烟管)进入内部，与灯座中的水接触后沉降，减少污染。
(1)若长信宫灯灯座中水的质量为2kg、初始温度为20∘C，燃烧1小时后水温升至40∘C，则水吸收的热量为多少？水的比热容为4.2×103J/(kg⋅∘C)。
(2)现代工业中我们时常看到冒“白烟”的“烟囱”(如图−2所示)，实际上这是冷却塔，其原理与长信宫灯类似。通过高大的烟囱状结构，利用热空气上升促进气流循环，加速水的蒸发散热。某火力发电厂采用冷却塔进行循环水降温。为提升能源利用率，工程师在冷却塔烟道中加装热电转换模块，将余热转化为电能。已知：热电转换模块的转换效率为5%，冷却塔余热的散热功率为5×107W，该发电厂燃煤发电效率为40%，则利用冷却塔余热发电1小时，相当于节约多少吨标准煤？(煤的热值为3×107J/kg)
六、综合题：本大题共3小题，共16分。
30.小明自制“悬浮式发声潜艇”，过程如图所示：(已知ρ水=1×103kg/m3，g取10N/kg)
①将底面积为300cm2的薄壁圆柱形容器置于水平地面，容器内装有深度为 cm的水；
②将装有手机的密闭玻璃罐放入水中，呈漂浮状态；
③用手借助细铁丝按压装有手机的密闭玻璃罐，使其浸没在水中，细铁丝体积忽略不计；
④在玻璃罐内放入适量沙子，再放入发声手机，盖紧盖子后放入水中，呈现悬浮状态。
在玻璃罐内放入的适量沙子受到的重力 N；换用其他液体开展如图④所示的实验，若将水更换为密度更大的盐水做实验，应 (适度减少/保持不变/适度增加)图④中罐内沙子的量。
31.在跨学科实践中，科技小组设计了如图所示的无土栽培营养液自动添加装置简图。控制电路电源电压U=10V，电磁铁线圈电阻R0=50Ω；当线圈中的电流I1≥25mA时，衔铁被吸合，当线圈中的电流I2≤20mA时，衔铁被释放。R2是阻值为600Ω的半圆形(O为圆心)电阻丝，其阻值与长度成正比；QP为电阻不计可绕O点转动的金属细杆，P端可在R2上滑动且接触良好，QO长50cm。当液面到达最高位置A处时，添加营养液的电动水泵停止工作，杆QP水平且P位于R2中点。
(1)电磁铁通电时上端为______极。电动水泵应接在______(选填“C、D”或“E、F”)之间。
(2)最高液面在A处时，电阻箱R1的阻值为多大？
(3)当液面从最高位置A处下降______cm时开始添加营养液。(设浮球随液面升降时，浸入液体中的体积不变，且细杆NQ始终处于竖直方向)
(4)该装置长期使用后，U会变小，营养液最高液面会如何变化？为保持最高液面位置不变，除更换电源外，再提出一个解决措施。
32.阅读短文，回答问题。
跨学科实践——制作智能垃圾箱模型
【任务要求】为保护环境、节约资源，同学们设计制作智能垃圾箱模型，实现对可回收垃圾的收集、自动称量、压缩的目的。
【设计制作】任务一：设计制作称重系统。
图甲是称重的原理图，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，压力传感器的电阻RF的阻值与压力的关系图线如图乙所示。某次测试中，将1kg的物体放在压力传感器上，电压表示数为8V电压表示数能反映回收垃圾质量的大小，可在电压表上标注对应的质量值。(g取10N/kg)
任务二：设计制作压缩系统。图丙是设计制作的工作流程图。
图丁为压缩系统的模型图。当雷达监测到回收物高度超过预设值时，压缩系统启动，电动机通过减速机带动转换结构中的螺杆转动，螺杆将转动转化为推拉杆向下的直线运动。从而使压板在收集箱内移动。压缩系统的部分参数如下表，“导程”指螺杆每旋转一周推拉杆移动的直线距离，“减速机的速比”指电动机的转速与减速机的输出转速的比值，“电动机效率”指电动机将电能转化为机械能的效率。设电动机的输出功率等于减速机的输出转速、导程以及推拉杆的推力三者的乘积。
【交流评价】同学间交流，对模型制作过程中遇到的问题、使用效果和创新改进等方面进行评价。
(1)压缩系统是利用雷达发射的超声波能传递 进行监测；
改变电动机中的 方向可改变压板运动的方向；
(2)“交流评价”“反思改进”是工作流程图中的两个环节，其中环节A为 ；C处提出的问题是 ；
(3)关于本次实践活动，下列说法正确的是 ；
A.压力传感器受到的压力越大，通过它的电流越大
B.压力传感器受到的压力越大，它的阻值越大
C.电压表刻度上标注的质量值从左向右逐渐变大
D.当电压表示数为6V时，可回收物的质量为2kg
(4)若h预设值为0.66H，雷达发射至接收到超声波的时间间隔小于 s时，电动机启动。电动机以额定功率工作时，压板与回收物的接触面积为800cm2，则压板对回收物的压强为 Pa。(超声波速度取340m/s)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：声音的大小叫响度，题干中描述钟越大，钟声传播的距离越远，说明钟声越大，振动的幅度越大，响度越大，钟声传播的越远，故A符合题意、BCD不符合题意。
故选：A。
声音的大小叫响度，响度与声源振动的幅度和距发声体的远近有关，振动幅度越大，响度越大。
本题主要考查了对响度的定义，以及影响因素的理解和应用，基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、题目提到月壤需具备“保温隔热”性能，隔热性能好意味着导热慢，能起到保温作用，故A正确；
B、题目明确要求月壤“轻便”，由密度公式可知，在体积一定时，密度小的物质质量小，才会轻便。所以月壤应密度小，而不是密度大，故B错误；
C、月壤要“防辐射”，说明其抗辐射性能好，能阻挡月球上的辐射，故C正确；
D、月壤需“经受住基于搬运的条件”，抗压强度高的材料更能承受搬运等过程中的压力，故D正确。
故选：B。
根据题目中月壤砖必须具备防辐射、防微尘和保温隔热等功能特性去分析各选项。
解决此类问题的方法要结合题目提供的信息进行分析。
3.【答案】D
【解析】狐狸在虎尿里打滚，狐狸身上的虎尿味会发生扩散现象，有助于狐狸吓退远处的狼、豹等天敌，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，故D正确，ABC错误。
故选：D。
4.【答案】D
【解析】解：A.由图乙知，该物体在第10min−25min处于熔化过程，熔化过程温度保持不变，所以该物质是晶体，熔点为80∘C，故A错误；
B.该物质熔化持续的时间：t=25min−10min=15min，在第20min时物质处于“固液共存态”，故B错误；
C.采用“水浴法”对试管内物质加热，是为了让实验物质的受热更均匀，故C错误；
D.该物质在15min∼20min内是熔化过程，温度不变，但需要不断吸热，故D正确。
故选：D。
A.晶体熔化时有固定的熔点；
B.晶体熔化时温度保持不变，温度不变的过程即熔化过程；
C.采用“水浴法”对试管内物质加热，是为了让实验物质的受热更均匀；
D.晶体熔化过程持续吸热，温度不变。
本题探究物质熔化时温度的变化规律实验，掌握晶体熔化的特点是关键。
5.【答案】B
【解析】解：手持羽毛轻轻扫过纸垫，羽毛与纸垫摩擦，根据摩擦起电的原因可知，羽毛和纸垫带上了异种电荷；羽毛带了电，靠近金箔，由于带电体会吸引轻小物体，故羽毛即可将金箔吸住，故B正确，ACD错误。
故选B。
手持羽毛轻轻扫过纸垫，羽毛与纸垫摩擦，根据摩擦起电的原因可知，羽毛和纸垫带上了异种电荷；羽毛带了电，靠近金箔，由于带电体会吸引轻小物体，故羽毛即可将金箔吸住，据此可得出结论。
本题主要考查摩擦起电的原因和带电体的性质，正确理解摩擦起电的原因是解题的关键，难度不大。
6.【答案】A
【解析】解：地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，地球周围的磁感线从磁北极指向磁南极；因牛的身体朝向习惯与地磁场磁感线平行，则牛的身体朝向习惯性呈现南北方向，即图中①②，故A正确，BCD错误。
故选：A。
地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，地球周围的磁感线从磁北极指向磁南极。
本题考查了磁感线方向，属于基础知识考查。
7.【答案】C
【解析】解：ABD.摄像头相当于一个凸透镜，其成像原理与照相机相同，在拍摄时，物体到摄像头的距离在二倍焦距以外，像距在一倍焦距与二倍焦距之间，成的是倒立、缩小的实像，投影仪成的是倒立、放大的实像，摄像头的成像原理和投影仪不同，故ABD错误；
C.根据凸透镜成实像规律，物距增大，像距减小，像变小，可知，当被拍摄的物体远离摄像头时，即经摄像头成的像会变小，故C正确。
故选：C。
(1)根据凸透镜成像的四种情况和应用进行判断：
u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，应用于照相机和摄像机。
u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f，一般用来求凸透镜的焦距。
2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用于幻灯机和投影仪。
uv，在光屏上得到倒立、缩小的实像，生活中照相机是应用这一成像规律制成的；
抽水后光屏上的像不再清晰，凸透镜变薄，焦距变大，在透镜前放一副眼镜，光屏上的像又变得清晰，眼镜对光线有会聚能力，所以是远视眼的形成和矫正方法；
凹透镜可以成正立缩小的虚像，故乙图中是凹透镜，甲是凸透镜，甲乙不是同一种透镜。
故答案为：缩小；远视；不是。
u>v，在光屏上得到倒立、缩小的实像，生活中照相机是应用这一成像规律制成的；凸透镜对光线的会聚能力更强，据此分析回答；凹透镜成正立缩小的像。
本题综合考查了凸透镜和凹透镜的结构特点、光学性质、成像原理。
15.【答案】500
1.8×105
运动
减

【解析】解：(1)列车的速度v=200km/ℎ=2003.6m/s，由v=st可得，列车完全通过大桥行驶的路程为：
s=vt=2003.6m/s×3×60s=10000m，
则列车的长度为：
L车=s−L桥=10000m−9500m=500m；
(2)由P=Wt=Fst=Fv可得，列车所受的牵引力为：
F=Pv=104×103W2003.6m/s=1.8×105N，
(3)以车上的行李箱为参照物，大桥的位置不断变化，大桥是运动的；
(4)最初玻璃球与车厢保持相对静止，它们的运动速度相等；如果列车减速前进，而玻璃球由于具有惯性，要保持原来的速度继续前进，则玻璃球的速度大于车厢的速度，所以玻璃球突然向列车行驶的方向滚动，说明此时列车开始向前减速。
故答案为：500；1.8×105；运动；减。
(1)已知列车通过大桥的速度和时间，根据v=st可求出列车完全通过大桥行驶的路程；列车完全通过大桥行驶的路程等于桥长与车长之和，据此求出车长；
(2)已知列车行驶的速度和牵引力的功率，根据公式P=Wt=Fst=Fv可求列车的牵引力，
(3)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的；
(4)物体由于惯性要保持原来的运动状态，根据观察到的现象，分析玻璃球突然向列车行驶的正前方滚动的原因，可推知列车的运动状态。
本题考查了速度公式、功率公式的应用、运动和静止的相对性以及利用惯性的知识解决问题，解题关键是要知道列车完全通过大桥行驶的路程等于桥长与车长之和。
16.【答案】机械能
80%

【解析】解：(1)重物被提升，高度增大，重力势能增大，所以机械能增大，因此将电能转化为机械能储存起来；
(2)2个重物的重力为：G=mg=2×3×104kg×10N/kg=6×105N，
重力储能系统对重物做的功为：W′=Gℎ=6×105N×30m=1.8×107J，
重力储能系统放下重物发电的效率为：
η1=W输出W′×100%=1.44×107J1.8×107J×100%=80%。
故答案为：机械能；80%。
(1)机械能包括动能和势能；
(2)发电效率η=W有W总，求出发电的效率。
本题考查机械能的相关知识，能量的转化和效率的应用，难度中等。
17.【答案】不同
相同
被推动的距离

【解析】要探究物体的动能大小与速度的关系，根据控制变量法，应控制小车的质量不变，改变小车的速度。让同一辆小车从斜面不同高度处由静止滑下，小车到达水平面时的速度不同，高度越高，速度越大；撞击置于水平面上相同位置的同一木块，这样能保证初始条件中木块的位置等因素一致。小车具有的动能越大，对木块做的功越多，木块被推动的距离就越远。所以通过比较木块被推动的距离，来比较小车动能的大小。
答案为：不同；相同；被推动的距离。
本题是探究动能的影响因素实验，掌握动能的影响因素是关键。
18.【答案】变大
增大

【解析】解：随着水位升高，车门上A处的水深h不断增加，由p=ρgℎ可知，A处受到水的压强将变大；
破窗锤的敲击端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。
故答案为：变大；增大。
(1)根据液体压强公式p=ρgℎ分析水的压强如何变化；
(2)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
此题考查液体压强公式的应用、增大压强的方法，属于基础知识考查，难度不大。
19.【答案】吸收
液化
热传递

【解析】解：当土壤温度升高时，液态氨吸收冻土深处的热量发生汽化，上升到散热片处散热后，气态氨又液化成液态下沉。如此循环往复，不断通过热传递方式使路基的内能减小。
故答案为：吸收；液化；热传递。
物质从液态变为气态的过程叫作汽化。
液化指物质由气态转变成液态。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
本题考查汽化和液化及改变内能的方法，属于基础题。
20.【答案】3
0.75

【解析】解：(1)一个钩码的重是0.5N，设杠杆一个小格长度为L，
在A点悬挂2个钩码时，根据杠杆平衡条件可得GAL1=GBL2，
代入数据有：2×0.5N×3L=GB×2L，
解得GB=1.5N，即在B处挂3个钩码。
(2)取走悬挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉，设测力计的拉力为FC；
杠杆水平平衡时，根据杠杆平衡条件可得GAL1=FCLC，
即：2×0.5N×3L=FC×4L，
解得FC=0.75N。
故答案为：3；0.75。
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出B点的钩码数和作用在C点的力的大小。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，难度不大；要明确杠杆在水平位置平衡，力要竖直作用在杠杆上，力臂才在杠杆上，否则力臂不在杠杆上。
21.【答案】2.4
57.6
1440

【解析】解：低温挡只接入R1，由欧姆定律可得：I低=UR1=12V5Ω=2.4A。
高温挡为R1、R2并联，总电阻：R并=R1R2R1+R2=5Ω×5Ω5Ω+5Ω=2.5Ω，
则高温挡功率为：P高=U2R并=(12V)22.5Ω=57.6W。
结合功率-时间图像(0∼20s高温、20∼30s低温)：
高温(0∼20s)：Q1=P高t1=57.6W×20s=1152J，
低温(20∼30s)：P低=U2R1=(12V)25Ω=28.8W，Q2=P低t2=28.8W×10s=288J，
总热量：Q总=Q1+Q2=1152J+288J=1440J。
故答案为：2.4；57.6；1440。
根据电路图分析可得低温挡只接入R1，然后由欧姆定律可得低温挡电流。
同理可得高温挡的电路联接情况和高温挡功率。结合功率-时间图像(0∼20s高温、20∼30s低温)，分别求出各时间段的热量，再相加可得总热量。
本题是加热挡位的基本题型，考查电路分析、热量和电功率的计算。
22.【答案】360
80
95

【解析】解：有用功：W有=Gℎ=180N×2m=360J；
由图可知n=2，则绳子自由端移动的距离：s=nℎ=2×2m=4m，
拉力做的总功：W总=Fs=100N×4m=400J，
拉力做功的功率：P=W总t=400J5s=80W；
W额=W总−W有=400J−360J=40J，
由于不计绳重和摩擦，则额外功就是克服动滑轮重力所做的功，即W额=G动ℎ=40J
可得G动=W额ℎ=40J2m=20N，
由于不计绳重和摩擦，若用此装置沿竖直方向匀速提升380N重物时，
滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=G物ℎG物ℎ+G动ℎ×100%=G物G物+G动×100%=380N380N+20N×100%=95%。
故答案为：360；80；95。
(1)利用W有=Gℎ求有用功；
(2)由图可知n=2，则绳子自由端移动的距离s=nℎ，利用W总=Fs求拉力做的总功；利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)由于不计绳重和摩擦，利用η=W有W总×100%=G物ℎG物ℎ+G动ℎ×100%=G物G物+G动×100%，求机械效率。
本题考查了使用动滑轮时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，难度一般。
23.【答案】
【解析】探测器静止，受力平衡，在竖直方向上受重力和支持力，是一对平衡力，作用点都画在重心上，如答案图所示。
本题考查平衡条件的应用与力的示意图，属于基础题。
24.【答案】
【解析】小磁针的左端为N极，右端是S极，由异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为N极，右端为S极；
在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以A处的磁感线的方向是向右的。
利用螺线管的左端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入、左端流出，从而可以确定电源的右端为正极，左端为负极。
25.【答案】解：开关闭合，指示灯亮，洗衣机通电；开关断开，指示灯灭，洗衣机断电，说明开关连接在干路中，且开关应连接在火线和用电器之间；
三孔插座接法：左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线，如图所示：

【解析】干路开关控制所有的用电器。
三孔插座接法：左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线。
本题考查了家庭电路的连接，属于常考题。
26.【答案】竖直
重合
2
ac
N
玻璃板
③

【解析】解：(1)在探究平面镜成像特点的实验中，玻璃板需要竖直放置在纸上，这样才能保证像与物在水平方向上重合，便于确定像的位置。
(2)将电子蜡烛B放到玻璃板后，调整B的位置使其与A的像完全重合，这样可以比较像与物的大小关系，同时在纸上记录A、B的位置。
(3)在探究像到镜面距离l2与物到镜面距离l1的关系时，需要测量物到玻璃板的距离和像到玻璃板的距离。正确的方法是：用刻度尺分别测量物体A到玻璃板反射面的距离(物距L)和像B到玻璃板反射面的距离(像距)，对应图丁中的方法2。
(4)平面镜成像的原理是光的反射，玻璃板相当于平面镜，成像时像与物关于镜面对称。玻璃板可沿ac/bd(竖直)方向放置(保证镜面竖直)；发光小灯应贴在纸盒内N/M，小明能看到魔盒中发光小灯在他正前方成的像。
(5)模拟“蜡烛在水中燃烧”的现象，需要让蜡烛的像成在水中，所以应将点燃的蜡烛放在玻璃板前，平面镜会挡住蜡烛，无法成像在水中。从图丁的俯视图看，蜡烛在①位置，像在③位置，要让像成在水中的杯子里，仅向③方向移动光学元件，可以使像向上移动到杯子中，从而观察到“蜡烛在水中燃烧“的现象。
故答案为：(1)竖直；(2)重合；(3)2；(4)ac；N；(5)玻璃板；③。
(1)在探究平面镜成像特点的实验中，玻璃板需要竖直放置在纸上，便于确定像的位置。
(2)若B的位置使其与A的像完全重合，这样可以比较像与物的大小关系。
(3)在探究像到镜面距离l2与物到镜面距离l1的关系时，需要测量物到玻璃板反射面的距离和像到玻璃板反射面的距离，据此分析。
(4)平面镜成像的原理是光的反射，玻璃板相当于平面镜，成像时像与物关于镜面对称。
(5)模拟“蜡烛在水中燃烧”的现象，应将点燃的蜡烛放在玻璃板前，才能观察到玻璃板后面的像。根据像与物到镜面的距离相等分析。
本题探究平面镜成像的特点实验，掌握平面镜成像规律是关键。
27.【答案】是
右
0.7
0.21
b
改成右侧容器装水，左侧容器装待测液体，且装入容器的液体体积为50mL

【解析】解：(1)杠杆停在如图甲所示的位置，保持静止状态，杠杆处于平衡状态；此时左端低、右端高，可将杠杆两端的平衡螺母向右调节；
(2)由图乙可知，重物A对应的刻度为9g，左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和，根据m=ρV可知，
1.0g/cm3×30cm3=ρ液×30cm3+9g，
解得：ρ液=0.7g/cm3；
该液体的重力为：
G液=m液g=ρ液V液g=0.7×103kg/m3×30×10−6m3×10N/kg=0.21N；
(3)左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和，根据m=ρV可知，ρ水V=ρ液V+m，即ρ液=ρ水V−mV=ρ水−1Vm=−1Vm+ρ水，
液体的体积和水的密度一定，所以待测液体密度ρ液与重物A所示质量m成一次函数关系，且重物A所示质量m越大，对应待测液体密度ρ液越小，所以图丙中图线b符合此关系；
(4)由(3)可知，重物A所示质量m越大，对应待测液体密度ρ液越小，因此可将右侧容器装水，左侧容器装待测液体，由于左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和，根据m=ρV可知，
ρ液V=ρ水V+m，即ρ液=ρ水V+mV=ρ水+1Vm，
重物A所示质量m越大，对应待测液体密度ρ液越大；
要使该装置的测量范围变为1.0∼1.2g/cm3，当液体密度为1.2g/cm3，重物A的质量为10g，代入上式，解得V=50cm3=50mL，故调整措施为：改成右侧容器装水，左侧容器装待测液体，且装入容器的液体体积为50mL。
故答案为：(1)是；右；(2)0.7；0.21；(3)b；(4)改成右侧容器装水，左侧容器装待测液体，且装入容器的液体体积为50mL。
(1)杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡；为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和结合密度公式求出待测液体的密度，并求出液体的重力；
(3)根据左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和结合密度公式写出待测液体密度ρ液与重物A所示质量m的表达式，据此分析；
(4)根据(3)待测液体密度ρ液与重物A所示质量m的表达式分析回答。
本题考查了利用杠杆测量密度，综合性较强，有一定的难度。
28.【答案】 右;1.7;28.3 热敏电阻的阻值随温度的升高而减小 BC;50
【解析】解：(1)电流表应与定值电阻串联，且由于电源电压为6V，而热敏电阻阻值约为几十欧姆，根据欧姆定律I=UR可知电路中电流最大不会超过0.6A，由此可知电流表选用小量程，电压表应与定值电阻并联，如图所示：
(2)闭合开关后发现电压表的示数过小，说明分得的电压过小，说明电路中的电流过小，需要增大电流，故减小滑动变阻器的电阻，将滑片向右移动；电压表用的是0−3V量程，分度值0.1V，示数为1.7V；
电压表测热敏电阻两端电压，电流表测串联电路中的电流，此温度下热敏电阻的阻值R=UI=≈28.3Ω。
(3)根据图像知，该热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；
(4)利用热敏电阻R1设计的高温报警装置，温度过高时电压超过4V而报警，根据图像知，温度升高，热敏电阻的阻值减小，分得的电压减小，故不能接在热敏电阻两端，应该接在电阻箱的两端，即BC；此时热敏电阻与电阻箱的电压之比为(6V−4V)：4V=1：2；根据串联电阻之比等于电压之比，故电阻之比为1：2；根据图丁可知30∘C时，热敏电阻为25Ω，故电阻箱的电阻为50Ω。
故答案为：(1)；
(2)右；1.7；28.3；
(3)热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；
(4)BC；50。
(1)电流表应与定值电阻串联，结合电源电压和热敏电阻的阻值判断电路中的最大电流，据此判断电流表应选用的量程，电压表应与定值电阻并联；
(2)根据电压表示数分析电流，得出电阻大小及其改变方法，结合电压表的量程和分度值读数，由欧姆定律可得此温度下热敏电阻的阻值；
(3)根据图像分析规律；
(4)根据串联分压原理分析和计算。
本题伏安法测电阻的实验，考查电路连接、电阻的测量与串联电路的特点等，属于中档题。
29.【答案】水吸收的热量为1.68×105J；
利用冷却塔余热发电1小时，相当于节约0.75吨标准煤
【解析】(1)水吸收的热量为：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅∘C)×2kg×(40∘C−20∘C)=1.68×105J；
(2)热电转换模块的转换效率为5%，冷却塔余热的散热功率为5×107W，则冷却塔余热1小时发电量为：
W=5%×Pt=5%×5×107W×3600s=9×109J；
该发电厂燃煤发电效率为40%，由η=WQ放得煤完全燃烧放出的热量：
Q放=Wη=9×109J40%=2.25×1010J；
由Q放=mq得煤的质量：
m煤=Q放q=2.25×1010J3×107J/kg=750kg=0.75t。
答：(1)水吸收的热量为1.68×105J；
(2)利用冷却塔余热发电1小时，相当于节约0.75吨标准煤。
(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)已知热电转换效率、冷却塔余热的散热功率，可以得到发电量W=5%×Pt；求出了1h发电量，利用效率公式求煤完全燃烧放出的热量，再利用Q放=mq计算需要完全燃烧煤的质量。
本题考查了吸热公式、功率公式、效率公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，考查的知识点多，要细心，易错题！
30.【答案】20.0
6
适度增加

【解析】(1)刻度尺的分度值为1cm，将底面积为300cm2的薄壁圆柱形容器置于水平地面，容器内装有深度为20.0cm；
(2)在玻璃罐内放入的适量沙子，漂浮的，此时浮力等于重力，
排开液体的体积V排=300cm2×23.0cm−300cm2×20.0cm=900cm2=9×10−4m3；
根据阿基米德原理知，G=F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×9×10−4m3=9N；
悬浮时，排开液体的体积V排′=300cm2×25.0cm−300cm2×20.0cm=1500cm3=1.5×10−3m3；
F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10−3m3=15N；
悬浮状态分析，G总′=F浮′=15N；
G沙=G总′−G=15N−9N=6N；
若将水更换为密度更大的盐水做实验，浸没时排开液体的体积不变，根据阿基米德原理知，浮力变大，故重力变大，因而需要适量增加沙子。
故答案为：①20.0；6；适度增加。
(2)根据刻度尺的分度值读数；
(3)根据浸入的体积结合阿基米德原理计算浮力，结合浮沉条件计算重力；
(4)根据声音必须经过包围着的水传播分析；
(5)根据阿基米德原理结合浮沉条件分析解答。
本题考查浮沉条件与阿基米德原理的应用，属于较难题。
31.【答案】N；EF； 电阻箱R1的阻值为50Ω； 25； 液面升高；R1变小
【解析】(1)根据电流的流向和安培定则可知：电磁铁通电时，上端为N极；
水位越高，R2的阻值越小，控制电路中电流越大当I1达到最小值时电磁铁吸附，应断开水泵，所以水泵应接在EF之间。
(2)最高液面在A处时，R2=300Ω；电流I1达到最小值，I1=25mA，依据欧姆定律得：I1=25mA=UR0+R1+R2=10V50Ω+R1+300Ω，解得R1=50Ω；
(3)在R1=50Ω，I2=20mA，依据欧姆定律可得：I2=UR0+R1+R2，所以R2=UI2−(R0+R1)=400Ω；
R2是阻值为600Ω的半圆形(O为圆心)电阻丝，其阻值与长度成正比，则每100Ω的阻值对应的圆心角为30∘；由几何关系可知：QP绕O旋转30∘角，又QO=50cm，所以浮子下降的高度ℎ=12QO=25cm。
(4)U变小，控制电路的电流变小，水泵继续供水，使水位升高；若增大电流，由欧姆定律可得，减小电路的电阻，即将电阻箱R1调小。
故答案为：(1)N；EF；(2)电阻箱R1的阻值为50Ω；(3)25；(4)液面升高；R1变小。
(1)根据安培定则判断磁铁的极性；水位越高，R2的阻值越小，控制电路中电流越大当I1达到最小值时电磁铁吸附，应断开水泵，据此判断；
(2)液面在A处，依据题意确定R2的阻值，此时水泵断开，再由断开时的电流和欧姆定律即可求解；
(3)需要添加营养液时的电流为I2=20mA，根据欧姆定律确定此时R2的阻值，再由几何关系判断；
(4)U变小，控制电路的电流变小，水泵继续供水，使水位升高；若增大电流，利用欧姆定律即可判断。
本题考查安培定则、欧姆定律及其应用的知识。
32.【答案】信息
电流
反思改进
如何将转动转换为直线运动
D
2×10−3
2×104

【解析】解：(1)当雷达监测到回收物高度超过预设值时，压缩系统启动，说明压缩系统是利用雷达发射的超声波能传递信息进行监测；
电动机转向与电流方向有关，改变电流方向可以改变转向而改变压板运动的方向；
(2)根据工作流程图的一般流程，先进行“交流评价”，再根据评价结果进行“反思改进”，所以环节A为反思改进；C处是在交流评价环节，结合“对模型制作过程中遇到的问题、使用效果和创新改进等方面进行评价”可知，C 处提出的问题如何将转动转换为直线运动？或“压缩系统的能耗是否过高等；
(3)A、电源为恒流源，通过压力传感器的电流不变，故A错误；
B、由压力传感器的电阻的阻值与压力的关系图线可知，压力越大，阻值越小，故B错误；
C、压力越大，电阻越小，根据U=IR，电流不变，电阻变小，根据U=IR知，电压表示数越小，而压力越大，垃圾质量越大，所以电压表刻度上标注的质量值从左向右逐渐变小，C 错误；
D、将1kg的物体放在压力传感器上，电阻为1600Ω，电压表示数为8V，电流I=UR=8V1600Ω=0.005A保持不变，
当电压表示数为6V时，R′=U′I=6V0.005A=1200Ω，
根据图像知，此时的压力为20N，G=F=20N，质量为m=Gg=20N10N/kg=2kg，故D正确；
故选：D；
(4)根据速度公式的变形公式s=vt，雷达发射至接收到超声波时，超声波传播的距离s=2×(1m−0.66m)=0.68m，已知v=340m/s，则时间间隔为：
t=sv=0.68m340m/s=2×10−3s；
电动机额定功率P=60W，电动机效率η=90%，则电动机输出功率P出=P×90%=60×90%=54W；
减速机的输出转速：n=电动机的额定转速减速机的速比=60r/s20=3r/s，
因P出=n×l×F (l为导程)，则可得推拉杆的推力：
F=P出n×l=54W3r/s×1.2×10−2m/r=1500N；
压板的重力G=mg=10kg×10N/kg=100N，压板对回收物的压力：
F压=F+G=1500N+100N=1600N，
接触面积S=800cm2=0.08m2，则压板对回收物的压强为：
p=FS=1600N0.08m2=2×104Pa。
故答案为：(1)信息；电流；(2)反思改进；如何将转动转换为直线运动；(3)D；(4)2×10−3；2×104。
(1)声音可以传递信息和能量；电动机转向与电流方向有关；
(2)根据探究的步骤分析回答；
(3)电源为恒流源，通过压力传感器的电流不变，结合欧姆定律分析解答；
(4)根据速度公式分析解答，根据功率P=Fv计算作用力得出压力，结合压强公式解答。
本题考查信息获取与压强和速度公式的应用以及欧姆定律的应用，属于难题。电动机额定功率/W
60
导程/(m⋅r−1)
1.2×10⁻ 2
电动机的额定转速/(r⋅s⁻1)
60
减速机的速比
20
电动机的效率/%
90
压板的质量/kg
10