2026年吉林省中考物理一模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年吉林省中考物理一模试卷（含答案+解析），共15页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.吉他的琴弦有粗有细，是为了改变声音的( )
A. 响度B. 音调C. 音色D. 振幅
2.下列现象与小孔成像原理相同的是( )
A. 杯子形成的影子B. 月亮在水中形成的像
C. 放大镜把字放大D. 雨后出现彩虹
3.如图所示，用线将灯悬挂在天花板上。当灯静止时，灯所受拉力的平衡力是( )
A. 线所受的重力
B. 灯所受的重力
C. 灯对线的拉力
D. 线对天花板的拉力
4.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 空调改用两脚插头B. 发现用电器失火时，先切断电源
C. 控制电灯的开关接在中性线上D. 空气开关跳闸，一定是短路造成的
5.小明帮妈妈做饭时，对几个物理量进行了估测，他的估测中合理的是( )
A. 10个鸡蛋的质量约是500gB. 煮熟一锅米饭约需10s
C. 铁锅的直径约是28mmD. 刚蒸熟的馒头温度约是37∘C
6.如图所示，用F=250N的拉力，在20s内将重为400N的物体匀速提升了4m，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是( )
A. 此时滑轮的作用是改变力的方向
B. 物体匀速上升时机械能不变
C. 滑轮的机械效率为62.5%
D. 此滑轮的重力为100N
二、填空题：本大题共4小题，共16分。
7.如图所示为某市高架桥上修建的一段全封闭“光伏声屏障”试验路段，“光伏声屏障”既可以控制噪声，又可以提供电能，比传统的声屏障设备更节能环保。
(1)“光伏声屏障”是通过阻断噪声 的方式来控制噪声的。
(2)光伏电池板利用太阳能的方式是将太阳能转化为 。太阳能属于 能源。
(3)桥上的汽车可以用北斗卫星导航系统进行导航，导航仪与北斗卫星之间通过 传递信息。
8.2025年，我国首艘电磁弹射型航母福建舰完成电磁弹射试验并正式入列，标志着我国海军进入三航母时代。
(1)在同一海面，航母吃水深度变小时，舰底受到的压强 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(2)航母以重油为燃料，燃烧时产生高温高压蒸汽，蒸汽推动蒸汽轮机转动，此过程的能量转化与内燃机 冲程相似。
(3)航母上战斗机翅膀做成下平上凸形状，飞行时飞机翅膀上部空气流速 压强小，使飞机获得升力。
(4)战斗机受到电磁弹射装置的巨大推力而向前加速，说明力可以改变物体的 。
9.如图所示是某款人形机器人参加半程马拉松比赛。
(1)其腹部安装有摄像头，远处的物体成倒立、 的实像。
(2)该机器人跑步由电动机驱动，电动机的工作原理是 对通电导体有力的作用。
(3)机器人关节里装轴承，是为了 摩擦力。
(4)机器人跑完21km路程用时2h20min，平均速度为 km/h。
10.超载存在安全隐患，交通部门常用“地磅”检测货车是否超载。图甲是小枫设计的模拟地磅原理的简化电路图，电源电压恒为3V，定值电阻R0规格可选，电压表(选0∼3V的测量范围)，力敏电阻R的阻值随所受压力F变化关系如图乙所示。力敏电阻R上方紧密连接一轻质绝缘平板，检测时将货车模型静置于其上。
(1)货车超载，会导致惯性 (选填“大”或“小”)，运动状态不容易改变。
(2)由图甲、乙可知，当定值电阻R0一定时，静置在绝缘平板上的货车模型总质量越大，电压表示数越 (选填“大”或“小”)。
(3)小强将电压表改接到定值电阻R0两端后，如图丙所示，将电压表2V刻度线处设置为货车模型总重力最大值，超过此刻度线代表超载。如果设定检测的货车模型总重力不超过20N，则R0阻值应为 Ω。若要使超载总重力最大值变小，可适当 (选填“增大”或“减小”)R0的阻值。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
11.请在图中画出光线a、b对应的出射光线和入射光线。
12.请在对应括号内标出图中通电螺线管左端磁极和小磁针静止时右端的磁极。
四、实验探究题：本大题共5小题，共24分。
13.小文利用图甲装置“探究冰熔化时温度的变化规律”。(不考虑质量变化)
(1)某时刻温度计的示数如图乙所示，其示数为 ∘C。
(2)根据实验数据绘制的温度随时间变化关系图像如图丙，冰在熔化过程中的特点是持续吸热，温度 。B点时的内能 (选填“大于”“小于”或“等于”)C点时的内能。
(3)由图像可知，水的比热容 (选填“大于”“小于”或“等于”)冰的比热容。
14.在“探究平面镜成像特点”的实验中：
(1)点燃蜡烛A，眼睛应在图中 (选填“a”或“b”)处观察A在玻璃板后的像。
(2)将蜡烛B移走，换成一个光屏，光屏上不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜成 像。
(3)若换用面积更大的玻璃板进行实验，蜡烛A的像的大小 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)若将玻璃板竖直上移10cm，蜡烛A的像 (选填“上移10cm”“下移10cm”或“位置不变”)。
15.小明利用图甲装置探究杠杆的平衡条件。
(1)以杠杆中点作为支点，可以排除 对实验的影响。安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆右端下沉，如图甲所示。则应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调节，直到杠杆在水平位置平衡。
(2)如图乙所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N。
(3)如图丙所示，始终垂直于杠杆向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度。此过程中，弹簧测力计的示数 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)某脚踩式垃圾桶的示意图如图丁所示，脚踩F点，通过BD对B点施加向上的力，使盖打开，其中 (选填“ABC”或“DEF”)属于费力杠杆。
16.某小组做“探究电流与导体两端电压的关系”的实验，其中电压恒定的电源(6V)，滑动变阻器(50Ω,0.5A)。
(1)连接电路前，应将开关 。
(2)小文按图甲连接好电路后，闭合开关，若只有定值电阻R断路，则电压表 (选填“有”或“无”)示数。
(3)小文根据实验数据绘制的I−U图像，如图乙所示，分析图像初步得到结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 。
(4)小曲在实验过程中误将定值电阻接成了小灯泡，所绘制的I−U图像如丙图所示，发现图像并不是一条直线，原因是 。
(5)做完该实验后，小雨又找来阻值分别为5Ω、15Ω、20Ω、25Ω的四个定值电阻，用来做“探究电流与电阻的关系”的实验，为了保证每个定值电阻都能完成该实验，小雨能选取的定值电阻两端的电压范围是 V∼2.5V。
17.小曲同学利用天平和量筒测量某液体的密度。
(1)将天平放在水平台上，把 移到零刻度线处，若指针未指在分度盘中央，再调节平衡螺母使天平平衡。
(2)小曲的实验步骤如下：
①将空烧杯放在天平上，测出其质量为40.8g；
②在烧杯中倒入适量待测液体，天平示数如图甲所示，测出烧杯和液体的总质量为 g；
③将烧杯中的液体全部倒入量筒中，读出液体的体积如图乙所示。
(3)根据实验数据可知待测液体的密度为 kg/m3。
(4)该方法测量的待测液体密度比其真实值 (选填“偏大”或“偏小”)。
(5)小星自制一个上部玻璃管粗细均匀的密度计如图丙所示，密度计会漂浮在液体中。他将密度计放入密度为ρ1的液体中，液面在A处；放入密度为ρ2的液体中，液面在B处。利用它测量待测液体的密度，待测液体的液面位置恰好在A、B的中点C处，则待测液体密度的表达式为ρ= 。(用ρ1、ρ2表示)。
五、简答题：本大题共2小题，共4分。
18.青藏铁路在冻土区两侧安装有许多热棒，使冻土层保持低温不会融化，保护路基，如图甲所示。热棒是封闭的中空长棒，上端装有散热片，下端插在冻土中，里面填充低沸点的液态氨作为“制冷剂”，如图乙所示。请你从物态变化的角度解释热棒能够循环制冷的原因。
19.在扫帚上套一个干燥的塑料袋，用其清扫地板，可以轻松地将地板上的毛发吸走。请解释其中的道理。
六、计算题：本大题共2小题，共10分。
20.如图所示，质量为1.8kg的书本，静止放置在水平桌面上，与桌面的接触面积为0.06m2。(g取10N/kg)
(1)书本的重力是多少？
(2)静止在水平桌面上的书本对桌面的压强是多少？
21.如图所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为10Ω，只闭合开关S1，通过R1的电流为0.3A，再闭合S2，通过R2的电流为0.2A。求：
(1)电源电压。
(2)S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高，频率越小，音调就越低。吉他不同粗细的琴弦，在松紧相同的条件下，振动频率不同：粗琴弦振动频率更低，音调更低；细琴弦振动频率更高，音调更高，因此琴弦做得有粗有细是为了改变声音的音调。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。
此类问题要结合音调与频率的关系分析解答。
2.【答案】A
【解析】解：A、杯子形成的影子，是光在同一均匀介质中沿直线传播形成的，故A符合题意；
B、月亮在水中形成的像属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B不符合题意；
C、放大镜把字放大是利用凸透镜成虚像，凸透镜成像的实质是光的折射，故C不符合题意；
D、雨后出现彩虹，是由于光的折射造成的现象，故D不符合题意。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】B
【解析】解：
A、灯所受拉力与线所受的重力没有作用在同一个物体上，故A错误；
B、当灯静止时，灯受到竖直向上的拉力和竖直向下的重力的作用，拉力和重力满足二力平衡的四个条件，是一对平衡力，故B正确；
C、灯所受拉力与灯对线的拉力是一对相互作用力，故C错误；
D、灯所受拉力与线对天化板的拉力没有作用在同一个物体上。故D错误。
故选：B。
(1)如果物体只受两个力的作用下处于静止或匀速直线运动状态时，则这两个力一定是一对平衡力；
(2)二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
本题考查二力平衡的判断，在不知道二力三要素的情况下，可以根据二力平衡的定义判断，即判断物体是否处于平衡状态---静止或匀速直线运动状态。
4.【答案】B
【解析】解：A.空调是带金属外壳的大功率用电器，需要用三脚插头将外壳接地，防止漏电时发生触电事故，故A错误；
B.用电器失火时，首先要切断电源，再进行施救，故B正确；
C.控制电灯的开关必须接在相线上，若接在中性线上，断开开关后电灯仍与相线相连，易发生触电，故C错误；
D.空气开关跳闸是因为电路电流过大，原因可能是短路，也可能是总功率过大，不一定是短路造成的，故D错误。
故选：B。
(1)金属外壳的用电器需要接地；
(2)发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再进行救援；
(3)开关与用电器的连接方法：从火线先接入开关，再接入用电器，从用电器出来后回到零线；
(4)空气开关跳闸是因为电路中电流过大，电流过大的原因是短路或总功率过大。
此题考查了安全用电，属于基础知识。
5.【答案】A
【解析】解：A、一个鸡蛋的质量大约为50g，10个鸡蛋的质量约是500g，故A正确；
B、煮熟一锅米饭约需要30min，故B错误；
C、铁锅的直径约是28cm，故C错误；
D、刚蒸熟的馒头温度约是100∘C，故D错误。
故选：A。
估算题首先对题目中涉及的物理量有所了解，再对选项中的单位进行换算或转换，排除与生活实际相差较大的，选出符合生活实际的选项。
物理与社会生活紧密联系，多了解一些生活中的常见量有助于我们对物理的学习，同时可以将物理运用于生活中去。属于基础题目。
6.【答案】D
【解析】解：A.图中的滑轮是物体一起上升，该滑轮是动滑轮，动滑轮的作用是省力，故A错误；
B.物体匀速上升时，质量、速度不变，动能不变；高度增加，重力势能增大，机械能增大，故B错误；
C.有用功W有=Gh=400N×4m=1600J；该动滑轮承担物重的绳子段数n=2，拉力移动距离s=2h=2×4m=8m；
总功W总=Fs=250N×8m=2000J；机械效率为：η=W有W总×100%=1600J2000J×100%=80%≠62.5%，故C错误；
D.不计绳重和摩擦，拉力满足F=G+G动2，因此动滑轮重力为：G动=2F−G=2×250N−400N=100N，故D正确。
故选：D。
(1)定滑轮的作用是改变力的方向，动滑轮的作用是省力。
(2)机械能与质量、速度和高度等有关。
(3)根据机械效率的公式进行计算。
(4)不计绳重和摩擦力，拉力满足F=G+G动2，据此计算滑轮的重力。
本题考查的是机械效率的计算；知道定滑轮、动滑轮的特点及应用；知道滑轮组的特点。
7.【答案】传播
电能
可再生
电磁波

【解析】解：(1)“光伏声屏障”是通过阻断噪声传播的方式来控制噪声的，属于在传播过程中控制噪声。
(2)光伏电池板吸收太阳能，产生电能，利用太阳能的方式是将太阳能转化为电能。
太阳能可以从自然界源源不断得到，属于可再生能源。
(3)电磁波可以传递信息，且能在真空中传播，桥上的汽车可以用北斗卫星导航系统进行导航，导航仪与北斗卫星之间通过电磁波传递信息。
故答案为：(1)传播；
(2)电能；可再生；
(3)电磁波。
(1)减弱噪声的三种途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在声源处减弱。
(2)光伏电池板利用太阳能转化为电能。
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。
(3)电磁波可以传递信息，且能在真空中传播。
本题考查了减弱噪声的途径、能量的转化、能源的分类和电磁波的应用，属于基础题。
8.【答案】变小
做功
大
运动状态

【解析】解：(1)海水密度ρ不变，吃水深度变小即深度h减小，根据液体压强公式p=ρ液gh可知舰底受到的压强变小。
(2)蒸汽推动蒸汽轮机转动的能量转化是内能转化为机械能，内燃机的做功冲程同样是内能转化为机械能，因此二者能量转化相似。
(3)机翼下平上凸，相同时间内空气通过机翼上部的路程更长，因此机翼上部空气流速大，根据流体压强规律“流速越大，压强越小”，上部压强小于下部，获得向上的升力。
(4)战斗机受推力后加速运动，速度大小发生改变，说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：(1)变小；
(2)做功；
(3)大；
(4)运动状态。
(1)根据液体压强公式p=ρ液gh分析；
(2)内燃机工作过程中能量的转化：
①压缩冲程：机械能→内能；
②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能；
(3)流体流速越大的地方，压强越小；
(4)力的作用效果：力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态。
此题考查了热机冲程的能量转化、液体压强的特点、流体压强与流速的关系、力的作用效果。
9.【答案】缩小
磁场
减小
9

【解析】解：(1)摄像头的镜头相当于凸透镜，其成像原理与照相机相同，当u>2f时，远处的物体成倒立、缩小的实像；
(2)该机器人跑步由电动机驱动，电动机的工作原理是磁场对通电导体有力的作用，将电能转化为机械能；
(3)机器人关节里的轴承，其作用是将滑动摩擦力变为滚动摩擦力，是为了减小摩擦力；
(4)机器人跑完21km所用的时间为t=2h20min=73h；
则机器人运动的平均速度为：v=st=21km73h=9km/h。
故答案为：(1)缩小；(2)磁场；(3)减小；(4)9。
(1)摄像头的镜头相当于凸透镜，其成像原理与照相机相同，当u>2f时，照相机成倒立、缩小的实像，据此分析；
(2)电动机的工作原理是磁场对通电导体有力的作用；
(3)将滑动摩擦变为滚动摩擦，是为了减小摩擦力；
(4)已知机器人跑步的路程和所用的时间，根据v=st计算机器人运动的平均速度。
本题考查凸透镜成像规律、电动机的工作原理、减小摩擦的方法、平均速度的计算等知识点，难度不大。
10.【答案】大
小
1000
增大

【解析】解：(1)惯性与质量有关，货车超载，货车的总质量变大，会导致惯性变大；
(2)由图甲可知，R与R0串联，电压表测R两端电压，
当R0一定时，货车模型总质量越大，R受到的压力越大，由图乙可知，R的阻值越小，由串联分压可知，R两端的电压越小，即电压表示数越小；
(3)当货车模型总重力为20N时，由图乙可知，此时力敏电阻R的阻值为R=500Ω，电压表示数为U0=2V，
则R0的阻值为：R0=U0U−U0R=2V3V−2V×500Ω=1000Ω；
当超载的总重力最大值变小时，力敏电阻的阻值变大，为了使定值电阻两端电压仍为2V，根据串联电路的分压原理，此时可以增大R0的阻值。
故答案为：(1)大；(2)小；(3)1000；增大。
(1)惯性与质量有关，质量越大，惯性越大；
(2)图甲中两电阻串联，电压表测R两端电压；R0一定时，货车模型总质量越大，R受到的压力越大，由图乙可知，R的阻值越小，由串联分压可判断R两端电压变化；
(3)当货车模型总重力为20N时，从图乙中找到此时的R的阻值，根据串联分压规律算出R0的阻值；要使超载的总重力最大值变小，则要使力敏电阻R的最小阻值变大，由串联分压可知，R两端电压将变大，为了使电压表2V仍为重力最大值，此时应适当增大R0的阻值。
本题考查惯性的影响因素，串联电路的电流和电压规律，欧姆定律的应用。
11.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过凸透镜光心的光线其传播方向不变，如图

【解析】凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点．③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
此题考查了利用凸透镜三条特殊光线的作图，属于基础知识。
12.【答案】解：根据图示可知，电流从螺线管的右上端流入，左下端流出，根据安培定则可知，螺线管的右端为S极、左端为N极；根据磁极间的相互作用规律：异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为N极、右端为S极，如图所示：

【解析】根据螺线管中电流的方向，利用安培定则判定螺线管的磁性，根据磁极间的相互作用规律分析小磁针的磁性。
本题考查了磁极间的相互作用规律的应用、安培定则的应用，属于基础题。
13.【答案】−4
不变
小于
大于

【解析】解：(1)由图乙可知，温度计的分度值为1∘C，液柱在0∘C以下第4格，所以示数为−4∘C；
(2)冰是晶体，熔化过程中持续吸热，温度保持不变，B点到C点，冰的温度虽然不变，但是冰在持续吸热，所以冰的内能增加，B点的内能小于C点的内能。
(3)冰化成水后质量不变，由乙图可知，冰和水吸收相同热量(相同时间)时，冰升温更快，水升温更慢，因由c=QΔmt可知，冰的比热容小于水的比热容。
故答案为：(1)−4；(2)不变；小于；(3)大于。
(1)用温度计测量液体的温度，读数时先看清是零上还是零下的，然后认清量程和分度值，最后读出示数；
(2)晶体有固定的熔点；物体吸收热量，内能增大；
(3)由乙图可知，冰和水升高相同的温度时，水需要的加热时间更长，吸收的热量更多，因由c=QΔmt可知比热容的关系。
本题考查探究熔化和凝固实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，认真审题分析。
14.【答案】a
虚
不变
位置不变

【解析】解：(1)点燃蜡烛a，眼睛应在蜡烛a的一侧观察a在玻璃板后的像；
(2)光屏上是没有蜡烛的像，说明平面镜所成的像为虚像；
(3)得到平面镜成像规律后，若换用面积较大的玻璃板进行实验，平面镜成像像与物的大小相等，则蜡烛a的像的大小将不变；
(4)平面镜成像中，像与物关于镜面对称。当玻璃板竖直上移时，蜡烛A的位置不变，其像的位置也不变。
故答案为：(1)a；
(2)虚；
(3)不变；
(4)位置不变。
(1)平面镜成像的原理是光的反射；
(2)平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏；
(3)平面镜成像像与物大小相等；
(4)平面镜成像时，像与物关于平面镜对称。
本题为探究平面镜成像特点的实验，重点考查学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
15.【答案】杠杆自身重力
左
2
变小
ABC

【解析】解：(1)杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，直到杠杆在水平位置静止。
(2)设杠杆每格长度为L，阻力F1=3×0.5N=1.5N，
阻力臂L1=4L，动力臂L2=3L，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，代入得1.5N×4L=F2×3L，
解得F2=2N。
(3)拉力始终垂直杠杆，因此拉力的力臂保持不变；杠杆转动过程中，钩码的重力(阻力)不变，但阻力的力臂逐渐变小，根据杠杆平衡条件可知，弹簧测力计的拉力会变小。
(4)ABC杠杆的支点为C，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；DEF杠杆的支点为D，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
故答案为：(1)杠杆自身重力；左；(2)2；(3)变小；(4)ABC。
(1)调节杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究；
(2)根据杠杆平衡条件可求出弹簧测力计的示数；
(3)图丙使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，求出各自的力臂根据杠杆平衡条件即可求判断F的大小变化；
(4)解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的长度关系。
本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂；还考查了学生对物理模型的抽象、分析能力。判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断。
16.【答案】断开
有
正比
小灯泡的电阻随温度的升高而增大
2

【解析】解：(1)连接电路前，为了保护电路，应将开关断开。
(2)若只有定值电阻R断路，电压表会通过滑动变阻器、开关与电源连通，此时电压表测量电源电压，所以电压表有示数。
(3)图乙的I−U图像是一条过原点的直线，说明在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
(4)“探究电流与电压的关系”实验需要控制电阻不变，因此用小灯泡做实验时，I−U 图像不是直线，原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大。
(5)将25Ω的定值电阻接入电路，并将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，根据串联电路的分压原理，可得UR(6V−UR)=25Ω50Ω，
解得UR=2V，所以小雨能选取的定值电阻两端电压至少为2V，因此定值电阻两端的电压范围为2V∼2.5V。
故答案为：(1)断开；(2)有；(3)正比；(4)小灯泡的电阻随温度的升高而增大；(5)2。
(1)连接电路前，为了保护电路，应将开关断开。
(2)若只有定值电阻R断路，电压表会通过滑动变阻器、开关与电源连通，此时电压表测量电源电压。
(3)在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
(4)小灯泡的灯丝电阻会随温度升高而增大。
(5)根据串联电路的分压原理，可得选取的定值电阻两端的至少电压，最后可得此定值电阻两端的电压范围。
本题为探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查故障分析、操作过程、数据分析、实验结论等知识。
17.【答案】游码
82.4
0.8×103
偏大
2ρ1ρ2ρ1+ρ2

【解析】解：(1)天平调平前，需先将游码移到标尺零刻度线处，再调节平衡螺母；
(2)游码分度值0.2g，示数为2.4g，因此总质量为m总=50g+20g+10g+2.4g=82.4g；
(3)待测液体质量m=82.4g−40.8g=41.6g，
量筒测得液体体积V=52mL=52cm3，
液体密度ρ=mV=41.6g52cm3=0.8g/cm3=0.8×103kg/m3；
(4)烧杯中的液体倒入量筒时，烧杯壁会残留部分液体，导致测得的体积偏小，根据ρ=mV，m准确、V偏小，因此测量的密度比真实值偏大。
(5)密度计的重力不变，密度计处于漂浮状态，浮力等于重力，即浮力也不变。
设A、C、B三点显示的密度分别为ρ1、ρ、ρ2；
则可得：ρ1gV1=ρgV=ρ2gV2=G，
约去g可得：ρ1V1=ρV=ρ2V2=m，
V1−V=mρ1−mρ；
V−V2=mρ−mρ2；
由题意知，V1−V=V−V3，即mρ1−mρ=mρ−mρ2，
则ρ=2ρ1ρ2ρ1+ρ2。
故答案为：(1)游码；(2)82.4；(3)0.8×103；(4)偏大；(5)2ρ1ρ2ρ1+ρ2。
(1)将天平放在水平台上，把游码移到零刻度线处，调节横梁左右两端的平衡螺母时，遵循“左偏右调”的原则；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)根据(2)中数据利用密度公式求出待测液体的密度；
(4)烧杯中的液体倒入量筒时，烧杯壁会残留部分液体，导致测得的体积偏小，据此解答；
(5)因为已知密度计的测量范围，则可根据物体的浮沉条件得出液面在A和B点时密度计排开水的体积，则利用AC、CB两段的体积相等可得出液面在中点时的所测密度与液面分别在A、B两点时的密度关系，则可求得液面在C点时的所示密度。
本题考查了液体密度的测量与误差分析以及阿基米德原理、物体漂浮条件的应用等，利用好物体漂浮条件F浮=G是解此类题目的关键。
18.【答案】热棒内的液态氨因低沸点，在冻土层处受热汽化吸热，使冻土降温；气态氨上升至上端散热片处遇冷液化放热，将热量排向大气；液态氨再流回下端，重复汽化过程，形成循环，持续带走冻土层的热量，防止冻土融化，保护路基。
【解析】答：热棒内的液态氨因低沸点，在冻土层处受热汽化吸热，使冻土降温；气态氨上升至上端散热片处遇冷液化放热，将热量排向大气；液态氨再流回下端，重复汽化过程，形成循环，持续带走冻土层的热量，防止冻土融化，保护路基。
液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。物质从液态变为气态的过程叫作汽化，‌这一过程需要吸收热量。‌
本题考查物态变化的实际应用，核心在于理解低沸点物质的汽化与液化过程的方向性(吸热与放热)，以及循环系统的构建逻辑，体现了物理知识在工程实践中的巧妙运用。
19.【答案】答：扫地时，扫帚套上塑料袋后，塑料带和地面会摩擦带电，而带电体会吸引轻小物体，故扫地时，扫帚套上塑料袋后可以吸附灰尘与头发。
【解析】塑料带和地面会摩擦带电，而带电体会吸引轻小物体。
本题考查了摩擦起电，属于基础题。
20.【答案】书本的重力是18N；
静止在水平桌面上的书本对桌面的压强是300Pa
【解析】(1)书本的重力为G=mg=1.8kg×10N/kg=18N；
(2)静止在水平桌面上的书本对桌面的压力等于自身的重力，即F=G=18N，则静止在水平桌面上的书本对桌面的压强为：
p=FS=18N0.06m2=300Pa。
答：(1)书本的重力是18N；
(2)静止在水平桌面上的书本对桌面的压强是300Pa。
(1)根据G=mg求出书本的重力；
(2)静止在水平桌面上的书本对桌面的压力等于自身的重力，利用p=FS求出静止在水平桌面上的书本对桌面的压强。
本题考查了重力公式、压强公式的应用，关键是知道物体对地面的压力等于物体重力。
21.【答案】电源电压为3V S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率为1.5W
【解析】解：(1)只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测量电路电流；通过R1的电流为0.3A，则电源电压为：
U=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
(2)S1、S2都闭合后，R1与R2并联，由于干路总电流等于各支路电流之和，则干路电流为I=I1+I2=0.3A+0.2A=0.5A，则电路总功率为：
P=UI=3V×0.5A=1.5W。
答：(1)电源电压为3V；
(2)S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率为1.5W。
(1)只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出电源电压；
(2)S1、S2都闭合后，R1与R2并联，根据并联电路电流规律求出干路电流，利用P=UI求出电路消耗的总功率。
此题主要是考查学生对欧姆定律和电功率公式的理解和应用。