2025_2026学年山东临沂第三中学高二上学期1月月考物理试卷 [含解析]

这是一份2025_2026学年山东临沂第三中学高二上学期1月月考物理试卷 [含解析]，共41页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1. 如图所示为电流天平，可用来测定磁感应强度。天平的右臂上挂有一匝数为的矩形线圈，线圈下端悬在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，当线圈中通有顺时针方向的电流时，发现天平的左端低右端高，下列调整方案有可能使天平水平平衡的是（ ）
A. 仅减小电流大小B. 仅改变电流方向
C. 仅将磁场反向D. 仅增加线圈的匝数
【答案】D
【解析】
【详解】天平是等臂杠杆，当线圈中通有电流I时，根据左手定则，右端线圈受到的安培力竖直向下，天平的左端低右端高，说明安培力偏小，要使天平水平平衡，必须增大安培力，根据可知，即增大匝数、电流、线框短边的长度；仅改变电流方向或仅将磁场反向时，安培力方向变为竖直向上，天平不可能水平平衡。
故选D。
2. 下列各图表示电流及其产生的磁场，其中正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】AB．根据右手螺旋定则，可判断通电直导线周围磁场分布情况，故A正确；B错误；
CD．根据右手螺旋定则，可判断通电螺线管周围磁场分布情况，故C错误；D错误。
故选A。
3. 一枚50g的鸡蛋从50m高空静止落下，对地面产生的冲击力为其重力的34倍。不计空气阻力，已知重力加速度取10m/s2，则这枚鸡蛋与地面的接触时间大约为（ ）
A. 0.1sB. 0.2sC. 0.05sD. 0.25s
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】落到地面时的速度
，
由动量定理得：
解得
故选A.
4. 如图所示，a、b、c为电场中一条水平方向的电场线上的三点，c为ab的中点，a、b两点的电势分别为、。下列说法正确的是（ ）
A. c点的电势可能为5V
B. 电场线方向可能为由b指向c
C. 带负电的试探电荷在c点的电势能一定大于在b点的电势能
D. 试探电荷在c点时，电场力方向由c指向b
【答案】A
【解析】
【详解】A．若该电场是匀强电场，则c点的电势为
选项A正确；
B．电场线由电势高处指向电势低处，则电场线方向为由a指向b，选项B错误；
C．负电荷在电场中所处位置的电势降低时，电势能增大。c点的电势高于b点，则带负电的试探电荷在c点的电势能一定小于在b点的电势能，选项C错误；
D．带正电的试探电荷在c点时电场力方向由c指向b，带负电的试探电荷在c点时电场力方向由b指向c，选项D错误。
故选A。
5. 将电阻R1和R2分别单独与同一电源相连，在相同的时间内，两电阻发出的热量相同，则电源内阻应为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】根据闭合电路欧姆定律得
，
根据焦耳定律得
，
根据题意可知
Q1=Q2
则
解得
故选C
6. 铅蓄电池的电动势为2V，下列对于电动势理解正确的是（ ）
A. 铅蓄电池两极间的电压为2V
B. 铅蓄电池在1S内将2J的化学能转变为电能
C. 电动势、电压虽然名称不同，但是单位相同，物理意义也相同，是同一个物理量
D. 电路中每通过1C电荷量，电源把2J的化学能转变为电能
【答案】D
【解析】
【详解】A．铅蓄电池处于开路状态时两极间的电压才等于电源的电动势为2V，所以A错误；
BD．电动势的物理意义为，移动1C的正电荷在电源内从负极到正极，非静电力做功2J，即有2J的化学能转化为电能。所以B错误；D正确；
C．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，但是电压是表征电流做功本领大小的物理量，两者物理意义不同，所以C错误；
故选D。
7. 一束初速度不计的电子流经过加速电场加速后，在距两极板等距离处垂直进入平行板间的匀强电场（两极板间的电压是400 V）中，如图所示，若板间距离d=2.0 cm，板长l=10.0 cm，（电子带电荷量为e，质量为m），则下列说法正确的是
A. 加速电压U=2 500 V时，电子可以穿过偏转电场
B. 若电子可以穿过偏转电场，在其他条件相同的情况下，把电子换成α粒子也一定可以穿过偏转电场
C. 若保证偏转电场两极板的电荷量不变，把上极板向上移动，其他条件不变，则电子离开偏转电场的位置也向上移动
D. 若保证加速电场两极板的电荷量不变，把左边极板向上移动，其他条件不变，则电子离开偏转电场的位置不变
【答案】B
【解析】
【详解】加速过程，由动能定理得：，解得；进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上做匀速运动；在垂直于板面的方向上做匀加速直线运动，加速度，偏转距离；能飞出的条件为；解得与带电粒子的比荷无关，所以电子可以通过，α粒子也一定能通过（偏转的方向相反），故B正确，代入数值得：，故A错误．电荷量不变，d改变，根据，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变，加速度不变，运动时间也不变，所以电子离开偏转电场的位置不会发生改变，故C错误；电荷量不变，把左边极板向上移动，正对面积减小，电容减小，电压U增大，电子离开偏转电场的偏转距离将变小，电子离开偏转电场的位置也向上移动，故D错误．故选B.
8. 翠鸟的食物以鱼类为主，翠鸟入水之后是凭借触觉来抓捕猎物的，因此在入水之前，翠鸟事先看清楚鱼的位置，在时机成熟时会张开翅膀，以俯冲的姿势，快速地冲入水中将猎物捕获。若开始时翠鸟停在距离水面1.5m高的苇秆上，看到与水面成的方向有一条鱼，鱼的实际位置在水面下方处。已知水对光线的折射率为，，，则下列说法正确的是（ ）
A. 鱼的实际深度比翠鸟观察到的要浅
B. 鱼看到的翠鸟比实际位置要高
C. 翠鸟以与水面成的方向俯冲做直线运动即可捕获鱼
D. 鱼距离翠鸟的实际水平距离为2.5m
【答案】B
【解析】
【详解】A．水里的鱼反射的光线射出水面时发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，翠鸟逆着折射光线看过去会看到比实际位置高的鱼的虚像，故鱼的实际深度比翠鸟观察到的要深，故A错误；
B．翠鸟反射的光线射入水中时发生折射，折射角小于入射角，折射光线靠近法线，鱼逆着折射光线看过去会看到比实际位置高的翠鸟的虚像，故B正确；
C．鱼的实际深度比翠鸟观察到的要深，故翠鸟以与水面成的方向俯冲做直线运动不能捕获鱼，故C错误；
D．光路如图所示

其中A点为翠鸟所在位置，B点为鱼所在位置，图中
由
解得
根据几何关系有
，
则鱼距离翠鸟的实际水平距离
故D错误。
故选B。
二、多选题（4分*4=16分）
9. 某款手机防窥屏的原理如图所示；在透明介质中有相互平行排列的吸光屏障，屏障垂直于屏幕，改变某些条件时可实现对像素单元可视角度的控制，已知相邻两屏障间距离为L，透明介质折射率为,发光像素单元紧贴防窥屏的下表面，可视为点光源，位于相邻两屏障的正中间，下列说法正确的是（ ）
A. 屏障的高度d越大，可视角度θ越小
B. 防窥屏的厚度越大，可视角度θ越大
C. 透明介质的折射率越大，可视角度θ越小
D. 当可视角度θ=90°时，屏障高度为
【答案】AD
【解析】
【详解】A．根据几何关系可知，屏障的高度d越大，图中可视角度对应的入射光折射时的入射角越小，根据折射定律
可知，光在空气中的折射角越小，可知，可视角度越小，故A正确；
B．根据几何关系可知，当屏障的高度一定时，图中可视角度对应的入射光折射时的入射角一定，与防窥屏的厚度无关，即可视角度与防窥屏的厚度无关，可知，防窥屏的厚度变大，可视角度不变，故B错误；
C．根据上述，当入射光折射时的入射角一定时，透明介质的折射率越大，则在空气中的折射角越大，则可视角度越大，故C错误；
D．可视角度时，根据透明介质的折射率为
可解得光线在透明介质中的入射角为，根据几何关系得屏障高度为
故D正确。
故选AD。
10. 如图所示，处在匀强电场中，，边。B点的电势为2V，将电荷量为的带正电的点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了的功，再从B点移到C点，静电力做了的功。下列说法正确的是（ ）
A. A、B两点间的电势差
B. B、C两点间的电势差
C. 该电场的电场强度为
D. 该电场的电场强度为3V/m
【答案】BC
【解析】
【详解】AB．带正电的点电荷从电场中的A点移到B点过程中，电场力做功
代入数据可解得，同理可得，A错误，B正确；
CD．由电势差与电势关系式可得
代入数据可得，，由匀强电场的特点可知B、C中点D的电势
即A、D连线为一等势面，场强方向垂直于等势面并指向电势较低一侧，如图所示，由几何关系可知，该电场的电场强度为
C正确，D错误。
故选BC。
11. 波源位于坐标原点并沿轴方向上下振动，振动周期为，时刻，波恰好传到的质点处，波形图如图所示。质点位于处，质点位于处，下列说法正确的是（ ）
A. 波源起振方向沿轴正方向
B. 波在介质中的传播速度为
C. 时刻质点第一次达到波峰
D. 时刻质点通过的路程为
【答案】BD
【解析】
【详解】A．波在传播过程中x轴上每个质点的起振方向都与波源相同。根据同侧法可以判断时刻，处的质点恰好向下振动，故波源起振方向沿y轴负向，A错误；
B．由图像可知，波长为20cm，故波速为
B正确；
C．质点位于处，波峰传递到Q需要的时间为
C错误；
D．质点位于处，波传递到P需要的时间为
故时，质点P振动的时间为
所以质点P通过的路程为
D正确。
故选BD。
12. 如图所示，竖直固定的半圆轨道ABC与水平长直轨道在C点相切，半径为R，AC是半圆轨道的竖直直径。将小物块b从半圆轨道与圆心等高的B点由静止释放，在水平轨道上与以速度向左运动的小物块a发生弹性正碰，两小物块的质量均为m，不计一切摩擦，重力加速度为g。下列说法正确的是（ ）
A. 若小物块a速度足够大，则小物块a可以经过半圆轨道的A点
B. 小物块b在返回半圆轨道最低点C时，所受的向心力大小与成正比
C. 碰撞过程中，小物块b受到小物块a的冲量大小为
D. 若小物块b碰后返回半圆轨道且恰好能经过A点，则
【答案】CD
【解析】
【详解】A．小物块b从B点由静止释放，到达水平轨道时，有
解得
a、b两小物块在水平轨道上发生弹性正碰，则动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，则有，
解得，
即a、b两小物块碰后交换速度，所以小物块a的速度方向向右，小物块a不会经过半圆轨道的A点，A错误；
B．交换速度后，小物块b的速度大小为，小物块b返回到C点时，有
可知小物块b所受向心力大小与成正比，B错误；
C．a、b碰撞过程，以向左为正方向，对小物块b由动量定理，有
则小物块b所受的冲量大小为，C正确；
D．若小物块b碰后返回半圆轨道且恰好能经过A点，在A点根据牛顿第二定律，有
解得
根据机械能守恒定律，有
解得，D正确。
故选CD。
三、实验题
13. 小花同学在做“用单摆测定重力加速度”的实验。
（1）该同学用游标卡尺测量摆球的直径时示数如图甲所示，则摆球的直径D=______m，把摆球用细线悬挂在铁架台上，用毫米刻度尺测得摆线长为l。
（2）实验装置的示意图如图乙所示，P、Q分别为运动过程中左、右侧的最高点，O为平衡位置，应该从____（填“O”、“P”或“Q”）点开始计时，该同学用秒表记下单摆做n次全振动的时间为t。
（3）该同学通过计算测得数据，发现他得到的重力加速度的数值偏大，其原因可能是______。
A.单摆的振幅较小
B.单摆的悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线变长了
C.把单摆n次摆动的时间误记为（n+1）次摆动的时间
D.以摆线长l作为摆长进行计算
（4）小丽同学改进了处理数据的方法，她测量了5组摆长（摆线长L与小球半径之和）和对应的周期T，画出L-T2图线，然后在图线上选取A、B两个点，坐标如图丙所示。则当地重力加速度的表达式为g=______。（用图丙中涉及的物理量符号表示）
【答案】 ①. ②. O ③. C ④.
【解析】
【详解】（1）[1]游标卡尺的主尺读数为8mm，游标读数为
则
（2）[2]为了方便计时，应从单摆的最低点即点开始计时；
（3）[3]根据摆周期公式可得
A．只有摆动的角度小于时才能看成单摆，所以单摆的振幅较小不影响重力加速度的测量，故A错误；
B．单摆的悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了，则摆长的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏小，故B错误；
C．把n次摆动的时间误记为次摆动的时间，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，故C正确；
D．以摆线长l作为摆长来计算，则摆长的测量值偏小，导致重力加速度测量值偏小，故D错误。
故选C。
（4）[4]根据单摆的周期公式，可得
整理可得
即L-T2图线斜率代表，有
又
联立，可得
14. 某实验小组准备测量一节干电池的电动势和内电阻。
(1)他们准备用多用电表的两表笔分别接触电池的两极，如图甲所示，选择直流电压挡粗测电池的电动势，是否可行？_____（填“行”或“不行”）；选电阻挡粗测电池的内阻，是否可行？___ （填“行”或“不行”）。
(2)实验提供有以下器材：
A．电流表A1（量程0-0.6A，内阻约0.1Ω），电流表A2（量程0-3A，内阻约0.1Ω）
B．电压表V（量程0-3V，内阻约10kΩ）
C．滑动变阻器R1（0-10Ω，2A），滑动变阻器R2（0-100Ω，1A）
D．定值电阻R0=2Ω
E．干电池一节，开关一个，导线若干
以上器材中，电流表选用___（填“A1”或“A2”），滑动变阻器选用___（填“R1”或“R2”）。
(3)请完成图乙中实验器材的电路连接（ ）。
(4)根据测得的实验数据，画出图丙所示的图像，根据图像可知，电池的电动势为___，内阻为______（结果保留2位小数）。
【答案】 ①. 行 ②. 不行 ③. A1 ④. R1 ⑤. ⑥. 1.48V(1.47V~1.49V) ⑦. ()
【解析】
【详解】(1)[1]干电池的电动势为1.5V，选择直流电压挡粗测其电动势是完全可以的；
[2]选电阻挡粗测电池的内阻时，万有表内部有电源接通，容易和电池的电源反接，容易带来安全问题，故此法不行。
(2)[3]根据伏安法测干电池的电动势和内阻的实验电流不宜过大，量程选大了读数不够精确，且图像的最大电流为0.20A，故选择0.6A的量程，即选A1；
[4]干电池的内阻一般较小，若滑动变阻器阻值太大，外电压大，不能引起电压表明显的示数变化，会产生较大的误差，故滑动变阻器应选总阻值较小电阻，即选R1。
(3)[5]干电池的内阻较小，选用伏安法的电流表内接法可以减小系统误差，同时滑动变阻器采用限流式接法，如图连接如图所示
(4)[6]根据全电路的欧姆定律有
可知图像的总截距表示干电池的电动势，读得
（1.47V~1.49V）
[7]图像斜率表示干电池的内阻和保护电阻R0之和，有
故可得
()
四、解答题
15. 如图为某同学改装的两用电表的电路图，图中表头（G）的满偏电流为，内阻， 和为定值电阻。当使用A、B两个接线柱时，可视为量程的电流表；当使用A、C两个接线柱时，可视为量程的电压表。求：
（1）的阻值；
（2）的阻值。
【答案】（1）；（2）
【解析】
【详解】（1）当使用A、B两个接线柱时，可视为量程的电流表，根据并联分流规律
解得
（2）当使用A、C两个接线柱时，可视为量程的电压表，根据串联分压规律可得
解得
16. 如图所示，质量M=4kg、高度为h=1.25m的小车放在水平光滑的平面上，质量为m=2kg的小物块位于小车的右端，现给小物块和小车分别向左、向右大小均为v0=4m/s的初速度，物块与小车间的动摩擦因数μ=0.5，当小物块对地位移最大时恰好滑离小车，取g=10m/s2。求：
（1）小物块刚好滑离小车时，小车的速度多大？
（2）小车的长度？
（3）小物块滑离小车落地瞬时，小车左端与小物块的水平距离？
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）小物块对地位移最大时恰好滑离小车，即小物块滑到小车左端时速度为零；物块在小车上滑行时，根据动量守恒可得
解得小车的速度大小为
（2）小物块在车上滑行的过程中，根据能量守恒可得
解得小车的长度为
（3）小物块滑离小车后做自由落体运动，则有
解得
小车左端与小物块的水平距离为
17. 如图所示为一玻璃砖的横截面，其中OAB是半径为R的扇形，，OBD为等腰直角三角形。一束光线从距O点的P点垂直于OD边射入，光线恰好在BD边上发生全反射，最后由AB边射出。已知光在真空中的传播速度为c，求：
（i）玻璃砖对该光线的折射率；
（i）光在玻璃砖中传播的时间。
【答案】（i）；（ii）
【解析】
详解】（i）作出光路图，如图所示
由几何关系知
又光线恰好发生全反射，所以为临界角C，根据
解得
（ii）由几何关系知，边与边平行，光线在边上也恰好发生全反射
因此
则
因此光在玻璃砖中传播的路程
光在玻璃砖中传播的时间
解得
18. 如图所示，质量m=0.02kg的通电细金属杆ab置于倾角θ=37°的平行放置的导轨上，导轨间的距离d=0.2m，杆ab与导轨间的动摩擦因数μ=0.4，磁感应强度大小B=2T的匀强磁场与导轨平面垂直且方向向下，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8，求：
（1）现调节滑动变阻器的触头，使杆ab恰好不受摩擦力，通过杆ab电流大小；
（2）现调节滑动变阻器的触头，仍然保持杆ab静止不动，通过杆ab电流大小的范围。
【答案】（1）0.3A
（2）
【解析】
【小问1详解】
杆ab中的电流方向为由a到b，所受的安培力方向平行于导轨向上，调节滑动变阻器的触头，使杆ab恰好不受摩擦力，根据受力平衡可得
可得通过杆ab电流大小为
【小问2详解】
当电流较大时，杆有向上的运动趋势，所受静摩擦力向下，当静摩擦力向下达到最大时，安培力最大，此时通过ab的电流最大，为，根据平衡条件可得
又
联立解得
当电流较小时，杆有向小的运动趋势，所受静摩擦力向上，当静摩擦力向上达到最大时，安培力最小，此时通过ab的电流最小，为，根据平衡条件可得
又
联立解得
则保持杆ab静止不动，通过杆ab电流大小的范围为