2025-2026学年广东省广州市中考联考物理试卷（含答案解析）

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1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．两个相同的烧杯中分别装有水和浓盐水，选用下列器材不能将水和浓盐水区分开的一组是
A．铁块 弹簧测力计 细线
B．铁块 量筒 细线
C．玻璃瓶 天平 细线
D．两端开口的玻璃管 薄橡皮膜 细线
2．为了揭示大自然的奥秘，无数科学家进行了不懈的探索．下列说法错误的是
A．汤姆生发现了电子，从而揭示了原子是可以再分的
B．卢瑟福最早提出了原子的核式结构模型
C．近代科学家提出质子和中子都是由被称为夸克的更小粒子组成的
D．组成大自然的天体和微观粒子都在不停地运动，其中太阳是宇宙真正的中心
3．为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带．当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光．符合上述要求的电路图是
A．B．
C．D．
4．如图是一款新型水杯，在杯的夹层中封入适量的固态物质，实现了“快速降温”和“快速升温”的功能．使用时，将水杯上下晃动几分钟，可以将100 ℃的开水降温至55 ℃左右的温水，也可以将冷水升温至55 ℃左右的温水，这款水杯被广泛称为“55°杯”．“55°杯”的工作原理是( )
A．首次使用时，必须加注热水；降温时利用物质熔化吸热；升温时利用凝固放热
B．首次使用时，必须加注冷水；降温时利用物质凝固放热；升温时利用熔化吸热
C．首次使用时，加注冷热水均可；降温时利用物质熔化吸热；升温时利用凝固放热
D．首次使用时，加注冷热水均可；降温时利用物质凝固放热；升温时利用熔化吸热
5．小江进行了如下测量：①用天平测石片的质量m．②往烧杯中加适量水浸没石片，在水面位置做标记．取出石片，用量筒取水缓慢倒入烧杯，让水面升至标记处，如图所示．量筒内倒出水的体积V即为石片的体积．③计算出石片的密度ρ．根据以上步骤，测出的密度值会( )
A．偏大B．无偏差
C．偏小D．无法确定
6．中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是
A．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
7．某同学用自制的水凸透镜完成凸透镜成像的实验。某次实验中在光屏上得到清晰倒立、缩小的像（如图所示），下列说法正确的是
A．此时凸透镜的焦距大于15 cm
B．将蜡烛远离凸透镜，应使光屏远离凸透镜才能再次得到清晰的像
C．继续向水凸透镜内注水，发现光屏上的像不清晰了，这时将光屏向透镜方向移动，又能得到清晰的像，说明透镜越凸，焦距越小
D．继续向水凸透镜内注水，发现光屏上的像不清晰了，这时将光屏向透镜方向移动，又能得到清晰的像，这可以解释远视眼的形成原因
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝10Ω．当闭合开关S，滑动变阻器滑片P在中点时，电流表的示数为0.3A；当把滑片P移到最右端时，电流表的示数为0.2A．则电源电压为___V，滑动变阻器的最大阻值为_____Ω．
9．某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车，汽车运动时蓄电池为车上的电动机供电，电动机为汽车提供动力。总质量为3×103 kg，当它在水平路面上匀速行驶时，电动机工作电流为50A，工作电压为300V，汽车所受阻力为车重的0.04倍。 该汽车用于牵引汽车前进的机械功率和电动机电功率的比值为4：5，则该车匀速前进的速度为_____，该车正常行驶2h消耗的电能为_____。
10．小明用嘴紧贴着小空瓶子的瓶口，吸口气后，空瓶就能“挂”在嘴唇上．这是由于瓶内的气压，瓶外大气压，屏内外的空气形成压强差造成的（均选真“增大”、“减小”或“不变”）．
11．如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，图乙是小灯泡L和定值电阻R1的电流与电压关系的图象．当只闭合S1、S2时，电压表示数为2V；当只闭合S2、S3时，电压表示数为4V．则电源电压U=_____V，R2=_____Ω．
12．在如图甲、乙、丙所示的一些与物理相关的生活现象中，图_____主要表示力能使物体发生形变；图_____主要表示力能使物体的运动状态发生改变；图_____主要表示物体具有惯性．
13．星期天，小华和爸爸到公园游玩，在湖面上划船时，她乘坐的小船的底部距水面50cm，则船底受到水的压强是 Pa，这时一艘快艇从静止的小船旁边急速驶过，小华发现小船向快艇方向靠近，这是因为在流体中，流速越大的位置 越小．
14．定值电阻R消耗的电功率P随通过R的电流I变化的图象如图所示．请根据图象判断，当通过R的电流I为0.4A时，电阻R消耗的电功率P为_____W．
三、作图题（共7分）
15．在图中，标出通电螺线管的N极和A点的磁感线方向。
（_____）
16．如图所示，轻质杠杆OA在路灯和轻绳AB的共同作用下，在水平方向处于静止状态，请画出轻绳AB对杠杆的动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图．
17．如图所示，用笔画线组装一个向下拉绳的滑轮组．
（_____）
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．在探究“杠杆平衡条件”的实验中，采用了如图甲所示的实验装置：
实验前，小明同学发现实验装置处于如图甲所示的状态，使用时，首先应将杠杆两端的平衡螺母向_____（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是_____；
（2）一实验小组在正确操作过程中，得出的实验数据如上表．小明同学分析实验数据后认为杠杆平衡的条件是：动力+动力臂＝阻力+阻力臂；小华同学分析实验数据后认为杠杆平衡的条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂．两个同学都认为自己是对的，对方是错误的．那么你认为他们中正确的应该是_____同学．原因是_____；把图乙中A点的钩码取下，在A点用弹簧测力计施加一个竖直向下的拉力F时，杠杆仍能在水平位置平衡，如图丙所示．当拉力F向左倾斜时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）；小红同学采用了图丁所示的装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，与其他同学得出的正确的杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是_____．
19．小玲想测量一只额定电压为4V的小灯泡的额定功率,已知电源电压为6V。
(1)请用笔画线代替导线,把实验电路(图b)连接完整(要求:滑片P左移时,灯变亮)。
（___________）
(2)闭合开关后发现小灯泡不发光,电流表几乎没有示数,电压表示数接近于电源电压，原因可能是灯泡___(选填“开路”或“短路”)；
(3)排除故障后,调节滑片的位置,当电压表的示数为4V时,电流表的示数如图c所示, 则电流表A的示数为____A，小灯泡的额定功率是_____W；
(4)小玲同学还利用刚才的电路探究了电流跟电阻的关系,分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω,的定值电阻替代小灯泡进行了实验。实验中多次改变R的阻值,调节滑动变阻器的滑片,使电压表示数保持不变,记下电流表的示数,得到丙图的电流I随电阻R变化的图像。
①上述实验中,小玲用5Ω的电阻做完实验后,接下来的操作是,将10Ω的电阻接入电路,闭合开关,向_____ (选填“左”或“右”)移动滑片,使电压表示数为_______ V时,读出电流表的示数。
②分析上图,可以得到结论:当电压一定时,电流与电阻成___________；
③本实验用到的探究方法与下列哪个实验的探究方法相同_______ (填序号)
A．通过灯泡发光认识电流的存在 B．探究摩擦力的大小与哪些因素有关
20．为了测量标有“2.5V”小灯泡的额定功率，小华同学设计了图甲所示的电路图，电源电压为6V，小灯泡电阻约为10Ω．
（1）为了完成实验，在标有“10Ω 1A”、“50Ω 2A”的两种滑动变阻器中应选用_____的滑动变阻器．
（2）图乙为小华同学连接的电路，闭合开关后，小灯泡不发光，电压表无示数，但电流表有示数，经仔细检查，发现多连接了一根导线，将其拆掉后，电路恢复正常，请在多连接的导线上画“×”．
（______）
（3）拆除多余导线后，闭合开关又发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是______（填选项前的字母）
A．更换小灯泡 B．检查电路是否断路 C．移动滑动变阻器的滑片
（4）实验中，小华看到电压表示数为2V，则要使灯泡L正常发光，应向______（选填“左”或“右”）端移动滑片P，同时视线应注意观察_________（选填“电流表”或“电压表”）示数，当灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是
______W．
（5）小华还想探究电流与电阻的关系，于是将图中的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数．在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，他更换的定值电阻R的阻值不能大于______Ω．
21．小明小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下表所示．
（1）实验中应竖直向上_____拉动弹簧测力计．
（2）第4次实验测得弹簧测力计示数如图，是_____N，机械效率η＝_____%．
（3）比较第_____次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关；比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组，_____越大，机械效率越高：第4次拉力做的额外功与第3次相比_____（增大减小/不变）．
（4）在测拉力时，某同学觉得很难使测力计做匀速直浅运动，不便于读数，就让测力计处于静止状态时读数，测得的机械效率与实际相比_____（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．
（5）小强小组也按正确方法操作测量滑轮组的机械效率，如图是他实验中的情景，下表是他记录的一组数据．根据计算进行比较，发现表中数据的不合理之处是_____
22．小明利用一个烧杯、天平、水，测出不规则小石块（不吸水）的密度请将他的步骤补充完整.
调节天平横梁平衡时，发现指针静止在分度盘上的位置，如图甲所示，此时应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）移动.用调节好的天平测小石块的质量，天平平衡时，所用砝码和游码的位置，如图乙所示，则小石块的质量是________g.如图丙所示，A往烧杯中加入适量的水，把小石块浸没，在水面到达的位置做上标记．
B．取出小石块，测得烧杯和水的总质量为122g.
C．往烧杯中加水，直到________，再测出此时烧杯和水的总质量为142g.计算出小石块的体积为________m1.计算出小石块的密度为________kg/m1．若从水中取出小石块表面上有小水滴，这样导致测缝的密度值选填________ （“偏大”或“偏小”）
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．小明家每天所消耗的天然气能将1标准气压下30kg、20℃的水烧开，通过燃气计量表，查出每天消耗的天然气约0.5m3，天然气的热值为3.6×107J/m3，水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），求小明家
（1）烧水时有效利用的热量；
（2）每天消耗天然气放出的热量；
（3）所用烧水炉具的能量利用效率．
24．3D打印即快速成型技术的一种，它是一种以数字模型文件为基础，运用粉末状金属或塑料等可粘合材料，通过逐层打印的方式来构造物体的技术．如图是小米打印的作品，他想知道该作品材料的密度，于是他用一只玻璃杯、水和天平测该作品材料的密度．他把杯子装满水后称得总质量是300g，杯中放入作品溢出一部分水以后称得总质量是315g，把作品从杯中取出，称得水和杯子的质量为290g．（作品从杯中带出水不计）
求：（1）作品的质量是多少？作品的体积是多少？作品的密度是多少？
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．释放化学能的过程不断地发生在人体内,食物也是一种“燃料”．营养成分在人体细胞里与氧结合,提供细胞组织所需的能量．人体摄入的能量(营养师常称之为热量)过多或过少，都有损于健康． 某种巧克力的营养成分表上标有“每100g能量2000kJ”，该标识的含义与以下物理量含义类似 ___________．
A.热量 B.内能 C.热值 D.比热容 小华同学质量为50kg,正常情况下步行上一层楼需要12s,他克服重力做多少功______?他克服重力做功的功率是多少______?(每层楼高3m，g=10N/kg）
(3) 跳绳测试之前，小华同学吃了一块净含量50g的上述巧克力，如果他从巧克力获得的能量全部用于跳绳，若他每次跳起高度为5cm，他需要跳起多少次才能将这块巧克力的能量消耗完______? （g=10N/kg）
26．阅读短文，回答问题：
太阳能路灯
城市大力发展绿色能源，如图甲是城市道路两边的太阳能路灯，它由太阳能电池板、控制器、24V的蓄电池组、LED发光二极管、灯杆及灯具外壳组成．它的结构示意图如图乙，工作时能量流程图如图丙．

LED发光二极管是一种半导体器件，它具有工作电压低（2﹣4V）、耗能少、寿命长、稳定性高、响应时间短、对环境无污染、多色发光等优点．它与普通的白炽灯发光原理不同，可以把电直接转化为光．实验测得LED发光二极管两端加不同电压时的电流，数据如表：
（1）太阳能电池板将太阳能转化为____能，给蓄电池充电时转化为____能．太阳能是____能源（选填“一次”或“二次”）．为使LED发光二极管正常工作，应将几个LED发光二极管____（选填“串联”或“并联”）才能安全使用．如图乙所示，晚上LED发光二极管点亮时控制开关S与____（选填“a”或“b”）触点接触．这种LED发光二极管的电压从2.5V变化到3.6V时，LED的电功率增加了____W．
27．如图为某家用电热水器的电路图，R1为发热板，当热水器处于加热状态时，水迅速被加热；达到预定温度后，S自动切换到另一挡，处于保温状态．已知R1＝100Ω，饮水机加热时的功率是保温时的功率的4倍，电热水器正常工作时：
（1）用公式分析，当S分别接a和b时，哪种情况为加热状态？哪种情况为保温状态？
（2）求R2的阻值．
（3）当S接b时，求电阻R2在6min内消耗的电能．
参考答案
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、B
【解析】弹簧测力计吊着铁块分别让铁块浸没到两种液体中，根测力计的示数能区分两种液体，故A可以；用玻璃瓶分别装满两种液体，放在天平上测质量，根据质量的不同能区分出两种液体，故C可以；将橡皮膜盖住玻璃管的一端，分别向玻璃管中装入体积相同的两种液体，根据橡皮膜的形变大小，可区分出两种液体，故D可以；利用B选项中的三种器材是不能区分出两种液体的，故B不可以；故应应选B。
2、D
【解析】
A、汤姆逊发现了电子，从而揭示了原子是可以再分的．此项是正确的，不符合题意．
B、卢瑟福建立了原子结构的行星模型，即原子的核式结构．此项是正确的，不符合题意．
C、近代科学家提出质子和中子都是由被称为夸克的更小粒子组成的．此项是正确的，不符合题意．
D、太阳是太阳系的中心，太阳系只是银河系中的一部分，而整个宇宙中有无数个类似银河系的星系．故此项错误，符合题意．
故选D．
3、C
【解析】
AB、由图知，无论开关断开还是闭合，灯泡都发光．故A. B不符合题意；
C. 由图知，开关断开，灯泡和保护电阻串联能够发光；开关闭合时只有保护电阻连入电路中，灯泡被短路不能发光．故C符合题意；
D. 由图知，开关断开，灯泡与保护电阻串联能够发光；开关闭合造成电源短路．故D不符合题意．故选C．
4、A
【解析】
首次使用时，必须加注开水倒入杯中，此时海波晶体被熔化，此过程海波会吸收热量，当水的温度下降55℃以下时，此时海波会凝固，会放出热量，在此过程中水能较长时间保持水温不变．故选A.
5、C
【解析】
采用“补水法”测石片的体积，由于石片上附着水，使得所测体积偏大，密度偏小，故C符合题意为答案．
6、A
【解析】
（1）物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．
（2）物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华．
【详解】
露的形成是液化现象，需要放热，A正确；雾是悬浮在空气中的小水珠，水水蒸气液化形成的，需要放热B.错误；C. “霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要放热故C错误；D. “已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要放热，故D错误．故选A.
此题考查了生活中的物态变化现象，要求学生运用所学知识解答生活、自然现象．
7、C
【解析】
A、由图可知，此时物距为30cm，成倒立、缩小的实像，则30cm＞2f，即f＜15cm，故A错误；
B、将蜡烛远离凸透镜，物距变大，像距应变小，应使光屏靠近凸透镜才能再次得到清晰的像，故B错误；
CD、当他继续向凸透镜内注水，使水凸透镜的焦距变小，透镜的聚光能力变强，光线会比注水前要提前交汇，所以像会向透镜方向移动，这说明透镜越凸，焦距越小；远视眼的成因是晶状体的折光能力变小，像呈现在视网膜的前方，故C正确，D错误；
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、6 20
【解析】
电源电压保持不变，R1＝10Ω．当闭合开关S，滑动变阻器滑片P在中点时，电流表的示数为0.3A；①, 当把滑片P移到最右端时，电流表的示数为0.2A．②．解得电阻的电阻是，电源电压为．
9、10m/s 30kW•h
【解析】
电动机的电功率：
P电＝UI＝300V×50A＝1.5×104W＝15kW，
因该汽车用于牵引汽车前进的机械功率和电动机电功率的比值为4：5，
所以，该汽车用于牵引汽车前进的机械功率：，
因该车匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，汽车受到的牵引力：F＝f＝0.04G＝0.04mg＝0.04×3×103kg×10N/kg＝1200N，
由可得，该车匀速前进的速度：，
由可得，该车正常行驶2h消耗的电能：
W＝P电t＝15kW×2h＝30kW•h。
10、减小 不变
【解析】
试题分析：在一定的空间内，空气的质量越小，大气压越小.大气压是存在的，通过改变压强差可以看到大气压存在的现象. 小明用嘴紧贴着小空瓶子的瓶口，吸口气后，空瓶就能“挂”在嘴唇上．这是由于瓶内的气压减小，瓶外大气压不变，瓶内外的空气形成压强差造成的.
考点：大气压
11、8 5
【解析】
（1）由图象知，R1的电流为0.2A时，电压为2V，所以R1的阻值为：
；
根据电路图，当只闭合S1、S2时，R1与L串联，电压表测灯泡两端电压．
由图象知，灯泡两端电压为2V时的电流为0.6A，串联电路中电流处处相等，即通过R1的电流也为0.6A，所以R1两端的电压为：
所以电源电压为：
；
（2）当只闭合S2、S3时，R2与L串联，电压表仍测灯泡两端电压；
灯泡两端电压为4V，由图象知，此时通过灯泡的电流为0.8A，
串联电路电流处处相等，所以，
R2两端的电压为：
根据得R2的阻值为：
．
点睛：重点是欧姆定律的应用，要能根据图象获得有用信息是关键，再利用串联电路电流和电压的规律可解答电源电压，以及R2的阻值．
12、甲 丙 乙
【解析】
（1）图甲，运动员腾空后，撑杆的形状发生改变，表示力能使物体发生形变；
（2）图丙，运动员头球攻门，足球的运动方向发生改变，表示力能使物体的运动状态发生改变；
（3）图乙，汽车刹车时，由于惯性，乘客保持原来的运动状态会向前倾．
13、4.9×103；压强
【解析】
试题分析：（1）知道船底到水面的深度，根据p=ρgh求出船底受的压强；
（2）流体压强和流速的关系：流速越大的地方压强越小．一艘快艇从静止的小船旁边急速驶过，在小船内外两侧形成一个压强差，使小船向快艇方向靠近．
（1）船底受到水的压强：
p=ρgh=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.5m=4.9×103Pa；
（2）一艘快艇从静止的小船旁边急速驶过，两船之间的水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压力差，使船向快艇方向靠近．
考点：液体的压强的计算；流体压强与流速的关系
点评：此题主要考查的是学生对液体压强计算公式以及流体压强和流速关系的理解和掌握，弄清楚哪里的流体流速大是解决此题的关键．
14、16
【解析】
试题分析：由图像可知，当时，；时，，根据公式可以求出；则当时，．
考点：电功率
三、作图题（共7分）
15、
【解析】
由图可知，螺旋管中电流的方向是向上的，根据安培定则可知，螺旋管的右端为S极，左端为N极，磁感线总是从磁铁的N极出发，回到磁体的S极的，故A点的磁感线的方向是向右的，如图：
16、
【解析】
试题分析：由图可知，杠杆的支点为O，过支点O向动力F1作用线引垂线段，即为其力臂L1，阻力是灯对杠杆A点的拉力，过A点沿竖直向下的方向画一条有向线段，用F2表示，即为阻力的示意图．如上图所示．
【考点定位】力臂的画法
17、
【解析】
滑轮组绕绳如下图所示：
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、右 便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响 小华 小华充分利用实验数据，结论具有普遍性，小明直接将力和力臂两个不同的物理量相加的处理数据方法不正确； 变大 杠杆自身的重力对实验有影响
【解析】
（1）实验中为了便于测量力臂，消除杠杆自身重力对实验的影响，应调节杠杆在水平位置平衡，调节时，需将平衡螺母向上翘的一端调节；
（2）实验结论必须要具有合理性、科学性，要符合物理规律；同时要多做几次实验，合理分析才能得出正确的结论；
（3）当拉力F向左倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化；
（4）图丁中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响．
【详解】
（1）图甲可知，杠杆的右端上翘，应将杠杆的平衡螺母向右调节，使杠杆处于水平位置平衡，这样做便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响；
（2）小明组是：动力+动力臂＝阻力+阻力臂，不同单位的物理量之间相加，是没有意义的，故错误；
分析所有实验数据后认为杠杆平衡的条件是：动力×动力臀＝阻力×阻力臂，故正确的是小华同学，科学的；
（3）若拉力F向左倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂一定，动力F的力臂变短，则动力F变大；
（4）利用如图丁所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响．
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂．
19、 开路 0.24 0.96 右 2.5 反比 B
【解析】
(1) 要求滑片P左移时灯要变亮，则须滑片左移时，滑动变阻器阻值减小，所以滑动变阻器下端应接左端接线柱。即将开关右端接线柱与滑动变阻器C接线柱连接即可。如图：

(2)小灯泡不发光、电流表没有示数，说明电路发生了断路。电压表示数接近于电源电压，说明所有电压都加在了电压表两端（即小灯泡两端），说明小灯泡断路（开路）。
(3)c图中电流表使用小量程，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.24A，则小灯泡的额定功率是P=UI=4V×0.24A=0.96W。
(4)图像中，当使用5Ω电阻时，通过其电流为0.5A，说明电阻两端的电压为U=IR=0.5A×5Ω=2.5V。要探究电流跟电阻的关系，须控制电压不变，所以后面再换用10Ω、15Ω、20Ω、25Ω电阻进行实验时，电压表示数都要调节到2.5V。
①小玲用5Ω的电阻做完实验后，将10Ω的电阻接入电路，此时由于接入的电阻值10Ω比之前的5Ω大，根据串联电路电压分配规律，则电阻两端将分配更多电压，即此时电压表示数会变得比原来的2.5V大。要将电压表示数调回原来的2.5V，则须将滑动变阻器滑片向右移动使滑动变阻器电阻增大，进而使得滑动变阻器电压升高，从而将定值电阻两端电压降低至2.5V。具体操作为：手移动滑片，眼睛看电压表，直到电压表示数回到原来的2.5V时停止移动滑片。
②由图像分析可知，当电压一定时，电阻越大，通过电阻的电流越小，且成反比例关系。
③本实验探究电流与电阻关系，控制了电压不变，此方法为控制变量法。用到这一方法的是“探究摩擦力的大小与哪些因素有关”，探究摩擦力大小与压力和接触面粗糙程度有关实验中要控制压力或接触面粗糙程度不变。而通过灯泡发光认识电流的存在，这是转换法。
20、50Ω C 左 0.6 25
【解析】
(1)测灯泡功率实验的原理是： ，由串联电路电压特点知，灯正常发光时变阻器两端电压： ，根据分压原理有： ，所以变阻器连入电路的阻值： ，故应选用50Ω1A的变阻器；
(2)由电路图知，灯泡、开关、滑动变阻器应串联在电路中，电压表并联在小灯泡的两端，连接灯泡的右接线柱与电压表的左接线柱之间的导线有误，应去掉此根导线，如图所示：
（3）拆除多余导线后，闭合开关发现小灯泡不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，只是电流太小，不用更换小灯泡，向左移动滑动变阻器的滑片，使电流逐渐变大，小灯泡就会逐渐亮起来，故C正确，AB错误．
故选C.
（4）电压表示数为2V，低于额定电压，所以应减小滑动变阻器的阻值，滑动变阻器滑片应向左端移动，使电压表的示数等于2.5V；将电压表示数调到2.5V时小灯泡正常发光，电流表分度值为0.02A，示数为0.24A，则小灯泡的额定功率： ；
（5）电压表的示数始终保持 2V 不变，滑动变阻器分到的的电压是：，电路中的最小电流： ，故更换的定值电阻 R 的阻值不能大于： .
21、匀速 2.2 75.8% 1、2 提升物体的重力 增大 偏大 弹簧测力计的读数错误
【解析】
（1）实验中应该竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小；
（2）第4次实验测得弹簧测力计示数如图，分度值为0.2N，大小是2.2N；根据表格第4次实验数据，则机械效率为：；
（3）探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提升的高度，由表格数据可知，应比较1、2两次实验；
比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高；
根据可得第3次做的额外功：，
第4次做的额外功： ，所以第4次拉力做的额外功与第3次相比增大；
（4）在测拉力时，若让测力计处于静止状态时读数，则没有测量出绳子与机械之间的摩擦，导致拉力变小，总功变小，根据，故测得的机械效率与实际相比偏大；
（5）由表中实验数据可知：
，；
由计算结果可知，有用功大于总功，这是不可能的；由图示弹簧测力计可知，弹簧测力计分度值是0.2N，弹簧测力计所示应该是0.8N，而不是0.4N；故数据的不合理之处是弹簧测力计的读数错误．
22、右 52 水面到达标记 20 2.6×101 偏小
【解析】
（1）由图甲知道，天平指针偏向分度盘的左侧，故应向右调节平衡螺母，使天平平衡；
（2）由图乙知道，石块的质量是：m=50g+2g=52g；
（1）A．往烧杯中加入适量的水，把小石块浸没，在水面到达的位置做上标记．
B．取出小石块，测得烧杯和水的总质量为122g．
C．往烧杯中加水，直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为142g；
（4）小石块排开水的质量是：m=142g﹣122g=20g，由ρ=知道，石块的体积V=V水===20cm1；
（5）由ρ=知道，石块的密度是：ρ===2.6g/cm1=2.6×101kg/m1；
（6）在把石块从水中取出时，石块上有附着的水，向烧杯中加水直到标记处，所加水体积大于石块排开水的体积，所测量石块的体积偏大，由密度公式知道，所测石块的密度会偏小．
点睛：本题考查的是固体的密度测量实验，涉及天平的使用注意事项、天平的调节、天平读数，求物体的密度等问题，注意运用排水法测固体体积的方法．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）1.008×107J；（2）1.8×107J；（3）56%
【解析】
（1）知道水的质量、水的比热容、水升高的温度，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量，即每天烧水需要的热量；
（2）利用Q放=Vq计算燃烧0.5m3天然气放出的热量；
（3）每天烧水做饭需要的热量为有用能量，燃烧0.5m3天然气放出的热量为总能量，利用效率公式求能量利用效率．
【详解】
（1）一个标准大气压下水的沸点为100℃，水吸收的热量为：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×30kg×（100℃﹣20℃）=1.008×107J；
（2）燃烧0.5m3天然气放出的热量：
Q放=Vq=0.5m3×3.6×107J/m3=1.8×107J，
（3）所用烧水炉具的能量利用效率：
．
24、（1）25g（2）10cm1（1）2.5g/cm1
【解析】
(1) 作品的质量：
m作品=m2−m1=115g−290g=25g；
(2)溢出水的质量：
m水=m1−m1=100g−290g=10g，
由=得，溢出水的体积：
V水===10cm1，
作品浸没时,则有：V作品=V水=10cm1；
(1) 作品的密度：
作品═==2.5g/cm1．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、C 1500 125 40000
【解析】
（1）热值表示1kg燃料完全燃烧时放出的热量；
（2）功的计算公式为W=Gh；功率的计算公式为P=；代入题目提供的信息可求功和功率；
（3）根据巧克力提供的能量，即跳绳所做的功，再运用W=Gh变形后可求总高度h，进而求跳绳的次数．
【详解】
(1)巧克力的营养成分表上标有“每100g能量2000kJ”，该标识的含义为每100g巧克力能够提供的能量为2000kJ；
则1kg提供的能量为20000kJ,即2×107J,可表达为：2×107J/kg；
可见其含义与热值相似；热值表示1kg燃料完全燃烧时放出的热量；故选C；
(2)克服重力做功为：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×3m=1500J；
克服重力做功的功率：
P===125W；
(3)50g(即0.05kg)的巧克力提供的能量为：E=2×107J/kg×0.05kg=106J；
从巧克力获得的能量全部用于跳绳,则所做的功为：W=E=106J；
由W=Gh得：提高完成的总高度为：
h总====2000m；
每次跳绳高度为h=5cm=0.05m，故跳绳次数为：
n===40000次．
26、（1）电能；化学；一次；（2）串联；（1）b；（4）1．215
【解析】
试题分析：（1）太阳能电池板是把太阳转化成电能，给蓄电池充电时转化为 化学能．太阳能是一次能源；
（2）由于太阳能电池板产生的电压较大，而LED发光二极管是一种半导体器件，它工作电压低（2-4V），所以将它们串联接在电路中；
（1）当开关与a点接触时，LED灯断路，不工作．当开关与b点接触时，LED灯才接入电路正常工作；
（4）当电压为2．5V时，电流为13mA，由P=UI得P1 =U1I1=2．5V×3．31A=3．325W，当电压为1．6V时，电流为933mA，由P=UI得P2=U2I2=1．6V×3．9A=1．24W，增加的电功率P=P2-P1=1．24W-3．325W=1．215W
考点：太阳能的转化；欧姆定律的应用；电功率的计算
27、（1）保温状态；（2）100Ω；（3）43560J．
【解析】
（1）由电路图可知，开关S接a时电路为R1的简单电路，开关接b时电路为R1、R2串联，
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，
所以，开关S接a时电路的总电阻最小，电路中的电流最大，由P＝UI＝I2R可知，R1的电功率最大，电热水器处于加热状态；
同理可知，开关接b时电路的总电阻最大，电路的电流最小，R1的电功率最小，电热水器处于保温状态；
（2）开关S接a时，电路为R1的简单电路，热水器处于加热状态，
则电热水器的加热功率：；
因饮水机加热时的功率是保温时的功率的4倍，所以保温时R1的功率：，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P＝UI＝I2R可得，保温时电路中的电流：，由可得，此时电路的总电阻：，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R2的阻值：
R2＝R总﹣R1＝200Ω﹣100Ω＝100Ω；
（3）当S接b时，电热水器处于保温状态，则电阻R2在6min内消耗的电能：
W2＝I2R2t＝（1.1A）2×100Ω×6×60s＝43560J．
答：（1）开关S接a时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电路的电流最大，由P＝UI＝I2R可知，R1的电功率最大，电热水器处于加入状态；开关接b时电路的总电阻最大，电路的电流最小，R1的电功率最小，电热水器处于保温状态；
（2）R2的阻值为100Ω；
（3）当S接b时，电阻R2在6min内消耗的电能为43560J．
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
2
5
5
2
3
6
6
3
4
2
2
4
3
4
2
6
3
6
9
2
4
4
2
8
次序
钩码所受的重力
钩码提升高度
拉力
绳端移动距离
机械效率
1
1
0.1
0.7
0.3
47.6%
2
1
0.2
0.7
0.6
47.6%
3
2
0.1
1.1
0.3
60.6%
4
5
0.1
0.3
钩码重量G（N）
钩码上升距离h（m）
测力计拉力F（N）
测力计移动距离s（m）
2
0.05
0.4
0.15
电压/V
1
1.5
2.0
2.3
2.5
2.8
3.0
3.3
3.5
3.6
3.7
电流/mA
0
0
0
5
10
60
160
380
690
900
1250