2026届陕西省延安市中考考前最后一卷物理试卷（含答案解析）

这是一份2026届陕西省延安市中考考前最后一卷物理试卷（含答案解析），共14页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁，下列关于物理量的理解正确的是等内容，欢迎下载使用。
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示的四个电路中，开关均闭合后，通过两个灯泡的电流一定相等的是
A．B．C．D．
2．下列说法中正确的是
A．热机效率越高，所做有用功就越多
B．质量相等的两块金属，比热容大的吸收热量多
C．质量相等的两种燃料完全燃烧，热值大的放出热量多
D．压缩铁块时，铁块分子之间只存在斥力，不存在引力
3．关于粒子和宇宙，下列认识正确的是
A．自然界的电荷有质子、中子和电子三种
B．电子的发现说明原子核是可再分的
C．“谱线红移”说明星系在离我们远去
D．在电子、质子和原子中，尺度最小的是质子
4．王奶奶喜欢用放大镜看报，为了看到更大更清晰的字，她常常（ ）
A．报纸与放大镜不动，眼睛离报远一些
B．报纸与眼睛不动，放大镜离报稍远一些
C．报纸与放大镜不动，眼睛离报近一些
D．报纸与眼睛不动，放大镜离报稍近一些
5．想测量家里一个月消耗的电能，需要选用的仪表是
A．电流表B．电压表C．电能表D．变阻器
6．一凡同学用如图所示装置探究“物体动能大小跟哪些因素有关”，她经过思考设计了以下两个实验方案．方案一：用同一钢球将同一弹簧压缩至不同程度，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离；方案二：用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离．关于他的实验方案
A．两个方案均可行B．两个方案均不可行
C．只有方案一可行D．只有方案二可行
7．在探究“物体浮力的大小跟它排开液体的重力的关系“实验时，具体设计的实验操作步骤如图甲、乙、丙和丁所示．为方便操作和减小测量误差，最合理操作步骤应该是 （ ）
A．甲、乙、丙、丁B．乙、甲、丙、丁C．乙、甲、丁、丙D．丁、甲、乙、丙
8．下列关于物理量的理解正确的是
A．密度是物质的一种属性，与物质的种类、物体的温度、质量的大小有关
B．功率能够反映物体做功快慢的物理量
C．比热容反映物质吸热放热的能力，水的比热容大，吸收热量一定多
D．热机使用燃料的热值和热机效率都是一定的
9．科学家发明了一种给手机充电的摇椅，这种摇椅将摇晃产生的电量供给手机．下列实验与给手机充电的摇椅工作原理相同的是
A．B．
C．D．
10．电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S1．在行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作．如图电路符合要求的是（ ）
A．B．C．D．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图，底面积为S的圆柱形薄壁容器内装有质量为、密度为的液体，A、B是两个物块，重力分别为和，体积分别为和。现用力F将叠放在一起的A、B压入液体中，当撤去力F，A、B脱离，下列说法正确的是（ ）
A．液体对容器底的压强变化一定是
B．液体对容器底的压力变化可能是
C．液体对容器底的压力变化可能是
D．桌面受到的压力变化一定是
12．如图所示的电路中，闭合开关S，两只灯泡都不亮，且电流表和电压表的指针都不动，现将两灯L1和L2的位置对调，再次闭合开关时，发现两灯仍不亮，电流表指针仍不动，电压表指针却有了明显的偏转，该电路的故障不可能是（ ）
A．从a点经电流表到开关这段电路中出现短路
B．灯泡L1的灯丝断了
C．灯泡L2的灯丝断了
D．电流表和两个灯泡都坏了
13．如图所示，小亮将一个漏斗拿在手中，使其喇叭口朝下，用另一只手拿住一个乒乓球，让球对着漏斗内的细管处。当他对准漏斗细管口用力向下吹气时，发现松手后乒乓球并不掉下来，则下列关于乒乓球说法中正确的是
A．受到的重力较小
B．没有受到的重力作用
C．球上方受到的气体压强比球下方受到的气体压强小
D．球上方受到的气体压强比球下方受到的气体压强大
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．1kW•h的电能可以使“220V 40W”的电灯正常工作_____h。
15．核电站所用的核燃料属于_____（填“可再生”或“不可再生”）能源，在核反应堆中，核燃料发生_____释放出大量的核能，最后发电机利用_____原理发电．芜湖核电项目建成后，四台机组年发电总量约为3×1010kW•h，这些电能相当于完全燃烧_____kg的烟煤释放出的能量（烟煤的热值为3×107J/kg）．
16．如图1所示停表的读数为_____s；如图2所示，物体的直径为_____mm．
17．如图所示，货物重6×103N，动滑轮重10N，起重机将货物匀速提升10m。这个过程中，起重机对货物做功为_____J；若起重机的机械效率为80%，则起重机做的额外功为_____J。
18．往保温瓶里灌开水的过程中，听声音就能判断壶里水位的高低，因为随着水位的不断升高，音调逐渐_____（填“升高”或“降低”）．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．调好的天平放在水平桌面上物块A、B的体积相同，但密度不同．一底面积为的烧杯中装入适量的水（水的密度为），测得烧杯和水的总质量为紧接着将物块A 缓慢放入烧杯水中，静止时其漂浮，测得总质量为；用细针将物块A压入水中，使其完全浸没（不碰到烧杯侧壁和底），如图1所示，天平平衡时的测量值为将物块A取出（不计水的损失），再将物块B缓慢放入烧杯水中，静止后天平平衡时的测量值为；然后再用细针将物块B压在烧杯底部，如图2所示．求
（1）物块A的密度；
（2）当撤去压在物块B上的细针时，水对烧杯底部压强的变化量．
20．如图甲所示的电路中，电源电压为15V保持不变，滑动变阻器上标有“30Ω 2A”字样，小灯泡额定电压为6V，它的U-I图像如图乙所示．

求：（1）小灯泡的额定功率．
（2）为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值．
（3）用一阻值为24Ω的定值电阻R0替换小灯泡接入电路中，移动滑片使电流表和电压表分别能在某个量程下满偏，滑动变阻器连入电路的阻值范围．
21．如图所示的电路中，电源电压为9伏且保持不变，的阻值为10欧，滑动变阻器上标有“5Ω 2A”字样．闭合电键S后，电流表示数为0.6安．
①求R1两端的电压U.
②求10秒内电流通过所做的功W．
③若用定值电阻替换电阻，在移动滑片P的过程中，电流表示数都能达到0.4安，则：求电阻的阻值范围．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．请在图中的括号里标出小磁针静止时电源该端的“+’’或“-’’极及小磁针该端的磁极名．
23．通电螺线管下方的小磁针静止时如图所示，请在括号内标上电源的“+”或“—”．
（_____）
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小明用矿泉水瓶做实验．
（1）将两个相同的矿泉水瓶装满水后一个正放一个倒放，如图甲所示，此时水对瓶内最底 部的压强_____．
A．倒放时大 B．正放时大 C．一样大
（2）为了验证大气压的存在，他在空矿泉水瓶中装入少量热水，迅速倒出，再马上盖上瓶 盖看到瓶子瘪了，如图乙所示，其中向瓶中倒少量热水的目的是_____．
（3）他在矿泉水瓶中装水后，在侧壁不同位置扎了三个小孔，观察到水喷出，如图丙所示， 得到的结论是_____．
25．创新小组的同学们在学习“认识凸透镜”时，将一个凸透镜放在距物理书远近不同位置，惊奇地发现在从凸透镜中分别看到正立放大的像和倒立缩小的像，如图甲所示。于是，同学们决定探究“凸透镜成像的规律”
（1）由甲图可知，凸透镜成像情况可能与_____有关。
（2）小明同学选用一个焦距f为10cm的凸透镜进行实验。如图乙是他第一次进行实验时出现的现象。请你指出小明同学操作中存在的问题是_____。
（3）在解决了上述问题后，小明同学改变蜡烛的位置进行多次实验，并将收集的证据填入表格。
①由小明同学在实验中收集了多组证据，分析起来感觉很麻烦。针对表中数据的分析处理，请提出你的建议是_____。
②请你根据表中信息，归纳结论______。
（4）实验后，小明又选择不同焦距的凸透镜，又重复上述操作，发现凸透镜成像情况其实是由_____决定的。
26．小华的班做测量小灯泡功率的实验，各小组所用小灯泡的额定电压均为2.5V．
（1）小华实验中所用电压表在未接入电路时表盘如图甲所示，在使用它测量前应进行的操作是______．
（2）小华连接的电路如图乙所示，其中有一根导线连接不规范，导致开关没有闭合时______表就有读数．请在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将其改正．
（_____）
（3）实验中测出小灯泡在U=2.0V时的功率后，要测量其额定功率，应向______（左/右）移动滑动变阻器的滑片．当电压表示数达到额定电压时，小华观察到电流表示数如图丙所示，其值为______A，则小灯泡的额定功率为______．
（4）测量结束后，应断开开关，先拆除______两端的导线，再拆除其他导线．
（5）有同学建议将所测得的功率求平均值，请评价他的做法并说明理由______．
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1、B
【解析】
由图示可知，A图中两个灯泡是并联的，只有两个灯泡的电阻相等时通过的电流才相等，故A错；B图两个开关都闭合时，其中一个灯泡被短路，通过它的电流为零，故B错；C图中两个灯泡是并联的，只有两个灯泡的电阻相等时通过的电流才相等，故C错；D图中两个灯泡是串联的，通过它们的电流是一定相等的，故D正确；应选D．
2、C
【解析】
A．热机效率是热机所做有用功与所用燃料完全燃烧释放的热量之比．热机效率越高，说明有用功在总功中所占比例越大，不能反映有用功的多少，故A错误．
B．根据吸热公式，可知物体吸收的热量与物体的比热容、质量和温度变化量有关，质量相等的两块金属，由于升高的温度不确定，比热容大的吸收热量不一定多，故B错误．
C．根据Q=qm可知，质量相等的两种燃料完全燃烧，热值大的放出热量多，故C正确．
D．分子间的引力和斥力是同时存在的，压缩铁块时，分子间的距离变小，作用力表现为斥力，故D错误．
故答案为C．
3、C
【解析】
A．自然界的电荷有正电荷和负电荷两种，故A错误；
B．物质由分子组成，分子由原子组成，而原子又包括原子核和核外电子两部分。电子的发现说明原子是可再分的，故B错误；
C．谱线红移现象说明了光谱向长波方向偏移，谱线“红移”说明星系在离我们远去，故C正确；
D．原子核和电子构成原子，原子核由质子与中子组成，在电子、质子和原子中，尺度最小的是电子，故D错误。
4、B
【解析】
根据凸透镜的成像特点知，成正立放大的虚像时，离焦点越近时，像越大，故应保持报纸与眼睛不动，放大镜离报纸远一些。故B项符合题意。
5、C
【解析】
A、电流表是测量电流的仪表；故A错误；
B、电压表是测量电压的仪表；故B错误；
C、电能表是用来测量电功的多少也就是消耗电能多少的仪器；故C正确；
D、变阻器可以改变其接入电路中电阻大小，不能够测量电能；故D错误。
6、C
【解析】
方案一：质量相同的钢球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，钢球的速度不同，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，可以研究钢球的动能大小与速度的关系；方案二：若用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，不能说明动能的大小与质量的关系，所以不能完成实验．故C正确．
7、D
【解析】
为方便操作和减小测量误差，合理的实验顺序是：丁、测出空桶所受的重力，再把空桶置于溢水杯口的正下方；甲、用弹簧测力计测出物体所受的重力；乙、用弹簧测力计吊着物体浸没在装满水的溢水杯中，读出此时弹簧测力计的示数；丙、测出桶和排开水所受的总重力．
8、B
【解析】
密度是物质的特性，决定于物质的种类、状态和温度，与质量、体积无关，故A错误；
物体所做的功与所用时间之比叫功率，即功率反映的是物体做功的快慢，功率越大做功越快，故B正确；
水的比热容较大，但水吸收热量的多少还与质量及升高的温度有关，故C错误；
汽油和柴油都是热机，使用不同的燃料，热值是不同；汽油机和柴油机的效率也是不同的，故D错误．
9、D
【解析】
摇椅能给手机充电，即整个过程的能量转化是机械能转化为电能，说明给手机充电的摇椅与发电机的原理相同，即是电磁感应现象；AB、这两幅图分别是奥斯特实验和电铃，说明电流周围存在磁场；C. 图中的实验说明了通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的原理；D. 图中是探究电磁感应现象的实验，是发电机的原理，与给手机充电的摇椅工作原理相同．故选D.
点睛：（1）可充电摇椅是利用电磁感应现象制成的，摇椅转动时，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，给手机充电．（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案．
10、A
【解析】
由题意可知，开关S1和S1串联接在电路中，共同控制电动机的工作，故A符合题意，BCD不符合题意．故选A．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11、BCD
【解析】
用力F将叠放在一起的A、B压入液体中，则；
当撤去力F，A、B脱离，若A沉底，B漂浮或悬浮，则，
若A、B悬浮或漂浮，则；
所以，液体对容器底的压力变化可能是，也可能是。故BC正确。
因为，故，或者，故A错误。
用力F将叠放在一起的A、B压入液体中，桌面受到的压力，撤去外力F，桌面受到的压力；则桌面受到的压力变化一定是，故D正确。
12、ABD
【解析】A、从a点经电流表到开关这段电路中出现短路，无论是否对调灯的位置，灯泡始终有电流，灯泡发光电压表始终接在电源上，示数都不为零，故A不可能；B、灯泡L1的灯丝断，如图，电压表能通过灯丝、导线接到电源上，有示数，故B不可能；C、灯泡L2的灯丝断，如图，电压表接不到电源上，无示数；电路中无电流，电流表无示数；
将两灯泡L1和L2的位置对调，再次闭合开关，电压表能通过灯丝、导线接到电源上，有示数；电路中无电流，电流表无示数；故C可能；D、电流表和两个灯泡都坏，无论是否对调灯的位置，电压表始终不能接在电源上，示数为0，故D不可能．故选ABD．
13、AC
【解析】
AB、地球附近的一切物体都受到重力的作用，乒乓球也同样受到重力的作用，只不过受到的重力较小。故A正确，B错误；
CD、通过漏斗管向下吹气时，乒乓球上面的空气流速加快，压强变小，而球下方的压强仍是大气压，大于球上方的压强，故乒乓球不会掉下去。故C正确，D错误。
故选：AC。
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14、25
【解析】
电灯正常工作时的功率P＝40W＝0.04kW，
由P＝可得，1kW•h电能可使电灯正常工作的时间：
t＝＝＝25h。
15、不可再生, 裂变 电磁感应 3.6×109kg
【解析】
由于发生核反应的铀在短时间内部能形成，是不可再生能源，所以核电站所用的核燃料属于不可再生能源；核反应堆主要是利用核裂变产生的能量，带动发电机发电，发电机的原理是电磁感应现象；根据Q＝mq知道，完全燃烧的烟煤的质量是：m＝＝3.6×109 kg，化石能源可造成空气污染，为了减少有害物质的排放，需开发并利用新能源，提高能源利用率等．
要解答本题需掌握：①核能是不可再生能源，以及核电站是利用核裂变的原理；②发电机是利用电磁感应现象原理制成的；③燃料燃烧的放热公式：Q＝mq．
16、337.5 24.0
【解析】
由图示秒表知道，在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，所以分针指示的时间为5min；在停表的大表盘上，1s之间有2个小格，所以一个小格代表0.5s，由于偏向“6”一侧，所以指针在37.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，即停表的读数为5min37.5s=337.5s；
由图示刻度尺知道，1cm又分为10个小刻度，即最小刻度值为1mm；物体起始端对应的刻度值为11.00cm，末端对应的刻度值为13.40cm，物体长度为13.40cm-11.00cm=2.40cm=24.0mm．
17、6×104 1.5×104
【解析】
在提升货物的过程中，起重机对货物做功：W有用=Gh=6×103N×10m=6×104J，
总功：W总===7.5×104J，则额外功：W额外=W总-W有用=7.5×104J-6×104J=1.5×104J。
18、升高
【解析】
音调是由振动频率决定的，水越多，瓶内的空气柱越短，振动频率越高；因此随着水位的不断升高，音调逐渐升高．
点睛：物体振动频率决定音调的高低，而振动频率与物体本身有关，通常越短越小的物体振动的频率越高．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19、（1）（2）
【解析】
（1）由题，A物体的质量mA＝m1―m0，
用细针将物块A压入水中，使其完全浸没，A排开水的质量，
m排A＝m2―m0，
则A的体积
所以物块A的密度
（2）当撤去压在物块B上的细针时，
①若ρB≥ρ0，排开水的体积不变，则水对烧杯底部压强的变化量Δp＝0；
②若ρB＜ρ0，物块B上浮，最终漂浮在水面上．
当用细针将物块B压在烧杯底部时，因为物块A、B的体积相同，有：
＝ρ0gV排B＝ρ0gVB＝ρ0gVA＝(m2―m0)g
当物块B漂浮在水面上时，有：
所以水对烧杯底部压强的变化量
；
20、（1）3.6W（2）15Ω（3）1Ω—6Ω
【解析】
(1)由图乙可知, 灯泡两端的电压为6V时，通过它的电流为0.6A，
灯泡消耗的额定功率P额=U额I=6V×0.6A=3.6W；
(2) 灯泡与R2串联， 由串联电路的电压规律可得, 滑动变阻器两端的电压U2=U−U1=15V−6V=9V，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小：R滑===15Ω;
(3)题中要求电压表能达的最大值,若选0∼15V量程,因电压表并联在R2两端，总电压为15V，则无论选择哪一电阻都不能使电压值达到15V，故电压表量程只能为0∼3V；
因R0=24Ω,电路中的电流I′最大== =0.625A；
即电路中能达到的最大值只能为0.6A，故电流表量程只能选0∼0.6A；
当电流表的最大电流为I最大=0.6A，则由欧姆定律可得：
电路中的最小电阻R最小= ==25Ω；
则滑动变阻器接入电阻为R2=25Ω−24Ω=1Ω；
电压表最大电压为U最大=3V,则此时电阻两端电压为U最小=U−U最大=15V−3V=12V，
则此时电路中电流I2== =0.5A；
滑动变阻器接入电阻R′2===6Ω；
故滑动变阻器的接入范围为1Ω∼6Ω；
21、（1）6V（2）36J（3）17.5Ω≤R0≤22.5Ω
【解析】
①由电路图知道，两电阻串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律知道，R1两端的电压是：U1 =IR1 =0.6A×10Ω=6V；
②由知道，10秒内电流通过R1 所做的功是：W=U1 It=6V×0.6A×10s=36J；
③由于滑动变阻器R2 上标有“5Ω 2A”字样，即变阻器的最大电阻是5Ω，又因为在移动滑片P的过程中，电流表示数都能达到0.4A，所以，由欧姆定律知道，电路中的电阻可达到：=22.5Ω，由于变阻器的最大电阻为5Ω，所以，由电阻的串联特点知道，电阻R0 的最小阻值是：R0小=22.5Ω-5Ω=17.5Ω，当变阻器连入电路中电阻为0时，电阻R0 的最大阻值为22.5Ω，即电阻R0 的阻值范围17.5Ω≤R0 ≤22.5Ω．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22、
【解析】
螺旋管的左端为N极，右端为S极，利用安培定则，右手大母指向左握住螺旋管，则电流由右端注入，左端流出，所以电源的右端为正极；
根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端为S极，左端为N极；如图：
23、如下图所示
【解析】
试题分析：由小磁针N极的指向及磁极间的相互作用可知，螺线管的左端为N极，根据右手螺旋定则可判断出电源的右端为“+”，如上图所示．
【考点定位】通电螺线管
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24、C 使瓶内空气受热膨胀 同种液体，深度越大，液体压强越大
【解析】
（1）两个相同的装满水矿泉水瓶无论正放，还是倒放，水的深度相等，密度相等，根据知，此时水对瓶内最底部的压强一样大．故C正确；
（2）向空矿泉水瓶中装入少量热水，迅速倒出，再马上盖上瓶盖，瓶中温度先迅速升高，使瓶内空气受热膨胀，然后再迅速降低，瓶中气体压强变小，小于外界大气压，在大气压的作用下，瓶子瘪了进去，所以，可以验证大气压的存在．
（3）图丙中，矿泉水瓶中装水，在侧壁不同高度扎了三个小孔，发现越下端的小孔水喷得越远，由此可得到的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大．
25、物体到凸透镜的距离 烛焰、透镜和光屏的中心不在同一高度上 将数据按像的性质进行分类，分析成同种性质的像时，物距与凸透镜焦距的关系
焦距与物距的关系
【解析】
（1）甲图，看近处的物体时，做为放大镜使用，此时成正立、放大的虚像。乙图，当看远处的物体时，此时成物体倒立、缩小的实像。甲乙两图物体到凸透镜的距离不同，所以可以看出凸透镜成像的大小可能与物体到凸透镜的距离有关。
（2）小明同学选用一个焦距f为10cm的凸透镜进行实验。如图乙是他第一次进行实验时出现的现象。请你指出小明同学操作中存在的问题是烛焰、透镜和光屏的中心不在同一高度上；
（3）①由小明同学在实验中收集了多组证据，分析起来感觉很麻烦。针对表中数据的分析处理，建议是将数据按像的性质进行分类，分析成同种性质的像时，物距与凸透镜焦距的关系；
②归纳凸透镜规律的结论如下表：
（4）实验后，小明又选择不同焦距的凸透镜，又重复上述操作，发现凸透镜成像情况其实是由焦距与物距的关系决定的。
26、将电压表的指针调零 电压 右 0.26 0.65 电源 详见解析
【解析】
（1）由图甲所示可知，电压表指针没有指在零刻度线上，在使用前应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；（2）由图乙所示电路图可知，电压表连线错误，电压表与电源两极相连接，在闭合开关前，电压表有示数，修改后的电路图如图所示：

（3）电压表示数为2.0V，小于灯泡额定电压，为测灯泡额定功率，由图示电路图可知，应向右移动滑片，使电压表示数等于灯泡额定电压2.5V；由图丙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；
（4）测量结束后，应断开开关，先拆除电源两端的导线，再拆除其他导线．
（5）不能将两次的功率进行求平均值，因为两个功率是在不同的电压下测出来，第一次的功率不是额定功率；如果两次都是在额定电压下测出的功率则可以进行求平均值．
实验
次数
物距
u/cm
像距
v/cm
像的性质
正立/倒立
放大/缩小
实像/虚像
1
16
30
倒立
放大
实像
2
8
正立
放大
虚像
3
14
35
倒立
放大
实像
4
30
16
倒立
缩小
实像
5
40
12
倒立
缩小
实像
6
6
正立
放大
虚像
7
4
正立
放大
虚像
8
35
14
倒立
缩小
实像
9
18
26
倒立
放大
实像
物距u
同侧、异侧
倒立、正立
放大、缩小
实像、虚像
像距v
u＞2f
u＝2f
f＜u＜2f
u＜f
物距u
同侧、异侧
倒立、正立
放大、缩小
实像、虚像
像距v
u＞2f
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