2026年江苏省苏州昆山市中考模拟物理练习卷含答案

这是一份2026年江苏省苏州昆山市中考模拟物理练习卷含答案，共22页。
1. B 2. A 3. A 4. C 5. B 6. B 7. B
8. C 9. A 10. D 11. A 12. D
13. 能量 振动 声音的强弱与距离有关 14. 液化 内 凸
15. 磁效应 发电机 16. 运动状态 惯性 振动 响度 电磁波
17. 低 9 6 18. N 变大
19. (1)(2)(3)(4)
20. 转换法； 各个方向； 深度； 密度；1.2×103； 10； 2.5×105
21. 98 液化 ② 吸收热量 先升高后不变
22. 匀速直线 压力 压力相同时，接触面越粗糙 错误 没有控制压力大小相等 左 0.4 小于
23. (1)断开；(2)；(3)D； (4)0.4； (5)大于； (6)反比。
24. 确定像的位置 黑暗 比较像与物的大小关系 A 不变 不能 虚
25. 太阳能板 白天时，环境明亮，光控开关S自动接b，太阳能电池板将太阳能转化为电能，给蓄电池充电；晚上，环境较暗，光控开关S自动接a，蓄电池放电，电能通过电路传输给LED灯，使LED灯发光照明 3.24×106;3 η=WE×100%
26. 右 0.7 b 改成右侧容器装水，左侧容器装待测液体，且体积均为 50mL
27. ①返回舱的平均速度2.5m/s；②返回舱重力所做的功6×104J 返回舱对水平地面的压强2×104Pa
28. 水吸收的热量3.36×105J 养生壶消耗的电能4×105J 养生壶加热效率84%
29. 小灯泡正常发光时的电阻为6Ω 通电2min，定值电阻R产生的热量为72J
30. 电离气体 大于 相反 拉拉力器进行锻炼

【解析】
1. 解：现在人们可以通过使用可再生能源，来实现对不可再生能源的保护，例如使用风能、水能、潮汐能、太阳能、地热能等，故ACD不符合题意；核能是不可再生能源，故B符合题意。
故选：B。
不可再生能源是指短时间之内无法再生的资源，它的总量是有限的，所以要避免过度开采。
常见的煤炭、石油、天然气、核能都是不可再生能源。
本题考查学生对不可再生能源特点的了解情况，要知道常见的可再生资源。
2. 解：AB.雪球的直径和中学生手掌的宽度差不多，中学生手掌的宽度约10cm，雪球的直径约10cm，故A符合题意，B不符合题意；
CD.雪球体积约为500cm3，压实的雪球密度约0.5g/cm3，雪球的质量m=ρV=0.5g/cm3×500cm3=250g=0.25kg
故CD不符合题意。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度和质量的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
3. 解：A.温度越高分子运动越剧烈，因此−1℃的雪比−4℃的雪，分子运动更剧烈，故A正确，符合题意；
B.用手抓一把雪，雪的体积缩小了，说明力改变物体的形状，不能说明分子间有间隙，故B错误，不符合题意；
C.由于气体分子之间间隔比较大，分子之间的作用力小，在受压时分子的间隔变小，所以空气比冰雪更易被压缩，故C错误，不符合题意；
D.大片雪花飘落，属于宏观物体的机械运动，不是分子运动的体现，故D错误，不符合题意。
故选：A。
根据分子动理论的内容回答：物质都是由分子或原子组成的，分子之间存在一定的距离，并且分子在永不停息地做无规则运动，温度越高分子运动越剧烈，分子之间总存在相互作用的引力和斥力。
本题考查分子动理论的知识，属于基础题。
4. 解：A、由平面镜成像特点可知，不管是远离还是靠近平面镜时，平面镜中像的大小不变，故A错误；
B、城市中的光污染是由于高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的，故B错误；
C、岸边看到水中的鱼是光在水面处发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，看到的是鱼虚像，故C正确；
D、光的色散是光的折射形成的，故D错误。
故选：C。
(1)平面镜成的像和物体大小相等；
(2)反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
(4)太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象。
此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，列举的事例或现象比较全面，这是我们光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点。
5. 解：A、内燃机做功冲程中将内能转化为机械能，故A错误；
B、汽油机压缩冲程中气缸内气体温度升高，内能增加，故B正确；
C、根据P=UI，在输电功率一定时，输电电压越高，电流越小，根据焦耳定律Q=I2Rt可知：输电线中损失的电能越少，故C错误；
D、家庭电路中空气开关跳闸时，可能时发生了短路，也可能时用电器的总功率过大，故D错误。
故选：B。
(1)内燃机的做功冲程将内能转化为机械能。
(2)压缩冲程将机械能转化为内能，内能增大，温度升高。
(3)高压输电可以减小电能损失。
(4)空气开关跳闸的原因是家庭电路中的电流过大，而家庭电路中电流过大的原因有两个：一是发生了短路，二是用电器的总功率过大。
本题考查的是空气开关的作用；知道高压输电的原理和内燃机的能量转化过程。
6. 解：A、抽气后声音变小，推理真空不能传声，运用了实验推理法(理想实验法)，故A不符合题意。
B、音叉振动看不见，用乒乓球被弹开显示振动，运用了转换法(把不易观察的振动，转换成易观察的现象)，故B符合题意。
C、用薄玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置，运用了等效替代法，故C不符合题意。
D、引入“光线”描述光的传播，运用了理想模型法，故D不符合题意。
故选：B。
科学研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“科学推理”、“模型法”、“转换法”、“类比法”、“比较法”等方法。
此题考查了常用科学探究方法的应用，选择正确的探究方法是得出科学探究结论的基础。
7. 解：根据题意可知，只有“人”“证”一致的情况下，闸机自动打开，这说明“人脸识别”开关和“身份证识别”开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故B正确。
故选：B。
根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。
本题考查根据要求设计电路，逐一对每个电路进行分析，找出与题中条件相符合的电路图即可。
8. 解：A、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，故A错误；
B、由图可知，uu=20cm>f，v=30cm>2f，即15cm>f>10cm，故B错误；
C、保持凸透镜位置不变，将蜡烛和光屏的位置对调，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，光屏上仍能看到烛焰清晰的像，故C正确；
D、随着蜡烛燃烧变短，根据过光心的光线传播方向不变可知，烛焰在光屏上的像向上移动，故D错误。
故选：C。
(1)根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像；
(2)uu=20cm>f，v=30cm>2f，由此可得焦距的范围；
(3)在光的折射中，光路是可逆的；
(4)根据过光心的光线传播方向不变分析回答。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
9. 解：A.作用在杠杆A点的力等于孩子及秤钩和所坐篮子的总重力，作用在杠杆C点的力等于秤砣的重力，
根据杠杆平衡条件可得：m人和篮g×OA=m秤砣g×OC，即：15kg×g×4cm=m秤砣g×12cm，
解得m秤砣=5kg，故A正确；
B.秤砣沾泥土，阻力和阻力臂不变，动力变大，则动力臂变小，则称量结果偏小，故B错误；
C.用B点提纽，由于杆秤的长度是一定的，力臂l砣变小，力臂l物变大，根据杠杆平衡条件m物gl物=m砣gl砣，则杆秤的量程会变小，故C错误；
D.小孩质量增加，阻力变大，阻力臂不变，动力不变时，根据杠杆平衡条件，秤砣应向C点右侧移动，故D错误。
故选：A。
(1)在A点的力大小等于小孩重及秤钩和所坐篮子的总重力，在C点的力等于秤砣的重力大小，根据杠杆平衡条件计算出秤砣的质量；(2)由杠杆平衡条件F1L1=F2L2和G=mg表示出物体质量的关系式可知质量更大的秤砣，称的质量的变化；
(3)若使用B点的提扭称量，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2表示出力臂的变化可知称的量程的变化；
(4)小孩质量增加，阻力变大，阻力臂不变，动力不变时，根据杠杆平衡条件判断出秤砣的运动方向。
本题以杆秤为情景考查了杠杆平衡条件的应用，体现了物理在生活中的应用。
10. 解：C.由P=UI可得，灯泡的额定电流为：I额=P额U额=；
由I=UR得，灯泡的电阻：RL=U额I额=Ω，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流Imax=0.5A，
电路消耗的最大功率：
Pmax=UImax=4.5V×0.5A=2.25W，
灯泡正常发光时，两端的电压为2.5V，功率为1.25W，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的最小电压：
U滑min=U−U额=4.5V−2.5V=2V，
则滑动变阻器接入电路中的最小电阻值：R滑min=U滑minImax=2V0.5A=4Ω；
当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，则电压表的示数范围是2V～3V，故C错误；
B.当电压表的示数为3V时，灯泡两端的电压：UL=U−U滑max=4.5V−3V=1.5V；
电路中的电流：
Imin=ULRL=1.5V5Ω=0.3A，
电流表的示数范围是0.3A～0.5A，故B错误；
D.灯泡的最小功率为：PLmin=ULImin=1.5V×0.3A=0.45W；
电路消耗的最小功率：
Pmin=UImin=4.5V×0.3A=1.35W，
则电路总功率的变化范围是1.35W～2.25W，故D正确；
A.滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R滑max=U滑maxImin=3V0.3A=10Ω，
则滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是4Ω～10Ω，故A错误。
故选：D。
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出通过的电流，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路消耗的最大功率；电路中的电流最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小电阻；
(2)当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流和滑动变阻器接入电路中的最大阻值，利用P=UI求出电路最小功率；综合可知电流表、电压表示数变化、滑动变阻器接入电路中的阻值和电路消耗的总功率范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是电路中最大电流的确定和滑动变阻器接入电路中最大值、最小值的判断。
11. 解：两种液体的体积V=250mL=250cm3=2.5×10−4m3
水的质量m水=ρ水V=1.0×103kg/m3×2.5×10−4m3=0.25kg
煤油的质量m油=ρ油V= 0.8×103kg/m3×2.5×10−4m3=0.2kg
B、水的比热容比煤油大，质量相同的水和煤油吸收相同的热量时，水升高的温度比煤油小。从图像看，相同时间(吸收相同热量)，甲升高的温度比乙大，所以甲是煤油的图线，乙是水的图线，故B错误。
C、用相同的电加热器同时加热，相同时间内两种液体吸收的热量相同，所以吸热之比始终是1：1，故C错误；
D、从图像可知，加热180s时，水的温度升高到40℃，煤油的温度升高到70℃，相同时间内两种液体吸收的热量相同，即Q水=Q油，
根据Q=cmΔt可得：c水m水Δt水=c油m油Δt油，
代入数据：4.2×103J/(kg⋅℃)×0.25kg×(40℃−20℃)=c油×0.2kg×(70℃−20℃)，
解得：c油=2.1×103J/(kg⋅℃)，故D错误；
A、煤油从20℃升高到150℃需要吸收的热量Q油=c油m油Δt油=2.1×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(150℃−20℃)=54600J
水从20℃升高到100℃吸收的热量Q水=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.25kg×(100℃−20℃)=84000J
相同时间放出的热量相同，则煤油和水达到沸点的时间之比为54600J：84000J=13：20，故A正确。
故选：A。
利用密度计算公式求得煤油、水的质量，结合温度−时间图像，利用Q=cmΔt分析计算。
此题考查了热量计算公式、密度计算公式的应用。
12. 解：由图乙可知，V排d=V排c>V排b>V排a，待测海水密度一定，根据阿基米德原理可知，浮力关系为：Fd=Fc>Fb>Fa；
d沉底，其浮力小于重力；c悬浮，浮力等于重力；a和b漂浮，它们的浮力均等于重力，所以Gd>Gc>Gb>Ga，根据G=mg可知，莲子的质量md>mc>mb>ma，又因各莲子体积相同，根据ρ=mV可知，莲子的密度ρd>ρc>ρb>ρa；c悬浮，c的密度与海水的密度相同，所以该海水为二等海水；
综上所述，D正确。
故选：D。
由图乙可知4个莲子在海水中的浮沉情况，据此可知“莲子”排开海水的体积关系；根据阿基米德原理可知4个莲子的浮力大小关系；又根据浮沉条件可知浮力与自身重力的关系，据此可知4个莲子的重力大小关系，进而知道“莲子”的质量关系，又因为“莲子”的体积相同，根据密度公式可知莲子密度关系，从而判定海水的等级。
本题考查阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，难度不大。
13. 解：声音既可以传递信息，又可以传递能量，烛焰在晃动，说明声音具有能量；
声音是由物体的振动产生的，喇叭的纸盆由于振动产生声音；
响度与振幅和距离声源的远近有关，离小孔远的烛焰较大且晃动轻微说明声音的强弱与距离有关。
故答案为：能量；振动；声音的强弱与距离有关。
声可以传递信息，如听到雷声知道要下雨；声可以传递能量，如“超声碎石”；
声音是由物体的振动产生的；
响度与振幅和距离声源的远近有关。
本题考查了声音的产生和声音的利用，属于基础题。
14. 解：冬天车内温度高，人呼吸会产生大量水蒸气；前挡风玻璃被外界冷空气冷却，温度较低。车内热的水蒸气遇到冷的玻璃，由气态变为液态，形成小水珠，这个过程叫液化。
水蒸气来自车内，遇冷液化在玻璃内侧。
汽车后视镜选用凸面镜，因为凸面镜对光有发散作用，能扩大视野，便于观察后方更大范围的路况。
故答案为：液化；内；凸。
(1)液化指物质由气态转变成液态。
(2)凹面镜实例：太阳灶、太阳能焊接机、医生观察耳道所用的镜子等。
(3)凸面镜实例：街头拐弯处的反光镜、汽车的观后镜等。
本题考查了液化现象及面镜对光线的作用。
15. 【详解】[1]奥斯特发现通电导体周围存在磁场，把这种现象叫做电流的磁效应。
[2]法拉第发现在闭合回路中，导体切割磁感线会产生感应电流，把这种现象叫做电磁感应现象，并利用此原理发明了发电机。
16. 解：(1)运动员推动冰壶由静止开始向前运动，冰壶的运动状态改变，说明力可以改变物的运动状态。推出去的冰壶会保持原有的运动状态继续滑行，这是因为冰壶具有惯性。
(2)声音是声带的振动产生的，响度与距离声源的远近有关，距离观众较远的球员听到声音的响度较小。
(3)电视台利用电磁波将信号传递给千家万户。
故答案为：(1)运动状态；惯性；
(2)振动；响度；
(3)电磁波。
(1)力可以改变物的运动状态。一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，这种性质叫惯性。
(2)声音由物体的振动产生的，响度与声源的振幅、距离声源的远近有关。
(3)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
本题考查电磁波的传播、力的作用效果、惯性的应用、声音的产生、响度等内容，难度中等。
17. 解：(1)由公式P=U2R可知，电压一定时，电阻越大，电功率越小；只闭合S1时，只有R1工作，低温挡；
(2)低温挡电功率：P低=U2R1=(6V)24Ω=9W；
(3)高温挡电功率：P高：P低=5：3，根据并联电路可得：P高=U2R1+U2R2
则电阻R2的电功率为：P2=U2R2=6W，可得R2=6Ω。
故答案为：低；9；6。
由公式P=U2R可知，电压一定时，电阻越大，电功率越小；只闭合S1时，只有R1工作，低温挡；闭合S1、S2时，只有R1、R2并联，高温挡；根据并联电路特点、利用P=U2R可解答此题。
本题考查电功率多状态的综合计算，是一道综合题。
18. 解：由图可知电流由螺线管的下方流入，则由右手螺旋定则可知螺线管上端为N极，下端为S极；则螺线管与磁铁为同名磁极，相互排斥；
当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻变大，则由欧姆定律可知电路中电流变小，则螺线管的磁性增弱，螺线管与磁铁之间的斥力减弱，因此弹簧测力计示数变大。
故答案为：N；变大。
(1)运用安培定则判断通电螺线管的极性；
(2)当变阻器R的滑片缓慢向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电流的变化，影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯。线圈的匝数一定，电流越大磁性越强；
(3)磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
解本题的关键是抓住影响电磁铁磁性强弱的因素及根据运用安培定则判断通电螺线管的极性的方法。
19. 【详解】(1)先过入射点O作出垂直于镜面的法线，再根据反射角等于入射角作出反射光线 OB ，作图如下：
(2)重力的方向竖直向下，作用在重心处，作图如下：
(3)以定滑轮挂钩为起点由内向外绕绳，可以使得在绳子自由端拉力朝下的前提下有效绳子段数最多，作图如下：
(4)根据安全用电规范，开关要与灯泡串联，且开关要接在火线上，作图如下：
20. 解：(1)实验中通过保鲜袋塑料膜的凹陷程度来反映液体中压强的大小；
(2)实验中将手伸入水中时，塑料膜从各个方向向手部贴近，说明在液体内部各个方向都有压强；
(3)分析表1中数据可知，在同一液体中，液体的压强随深度增加而增大；
(4)分析表2中数据可知，在同一深度时，液体压强还与液体的密度有关；
由表2可知，酱油的密度为：ρ酱油=p酱油gℎ=6000Pa10N/kg×0.5m=1.2×103kg/m3；
(5)由表2可知，当水对压力传感器的压强为5000Pa时，压力传感器受到的压力为5N，
则压力传感器探头的表面积为：S=Fp=5N5000Pa=10−3m2=10cm2；
(6)潜水器在10909m深度处匀速上浮过程中，排开海水的体积：V排=25m3；
潜水器受到的浮力F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×25m3=2.5×105N。
故答案为：(1)转换法；(2)各个方向；(3)深度；(4)密度；1.2×103；(5)10；(6)2.5×105。
(1)实验中通过保鲜袋塑料膜的凹陷程度来反映液体中压强的大小，这种研究物理问题的方法是转换法；
(2)液体内部向各个方向都有压强；
(3)液体压强与液体的深度有关；
(4)研究液体压强与密度的关系；根据p=ρgℎ可求出酱油的密度；
(5)根据p=FS可求出电子式压力传感器探头的表面积；
(6)利用F浮=ρ液gV排计算潜水器在10909m深度处受到的浮力。
此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素，注意物理实验中研究方法等效替代法和控制变量法的运用。
21. (2)图中温度计的分度值为1℃，此时温度计读数为98℃。
(3)玻璃片下面出现小水珠，这是液化现象，这是壶中的水蒸气遇到冷的玻璃片液化形成的小水珠。
水沸腾时从底部产生的气泡在上升的过程中会越来越大，所以能正确描绘水沸腾时气泡情景的是②。
(4)停止加热，发现水不再沸腾，说明液体沸腾时需要吸收热量。
(5)由图像可以看出，水在沸腾之前温度逐渐升高，沸腾时温度保持不变，所以水沸腾前后温度变化特点是先升高后不变。
故答案为：(2)98；(3)液化；②；(4)吸收热量；(5)先升高后不变。
(2)读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下。
(3)玻璃片下面出现小水珠，是壶中的水蒸气遇到冷的玻璃片液化形成的小水珠。
水沸腾时从底部产生的气泡在上升的过程中会越来越大。
(4)液体沸腾时需要吸收热量。
(5)由图像可以看出，水在沸腾之前温度逐渐升高，沸腾时温度保持不变。
此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、水的沸腾特点，难度不大。
22. 解：(1)实验中，弹簧测力计必须沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，此时根据二力平衡知识可知：滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
(2)比较甲、乙实验，接触面粗糙程度相同，压力大小不同，滑动摩擦力不相同，滑动摩擦力大小与压力大小有关，比较乙、丙，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，接触面越粗糙，弹簧测力计示数越大，结论是在压力一定时，接触面粗糙程度越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)观察实验，比较甲图和丁图所示实验可知，作用在物体表面的压力不同，接触面的面积不同，摩擦力不同，得出结论滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关是错误的，没有控制压力大小相同；
(4)如图⑤所示，当用力F=2.4N水平向左拉动木板时，木块相对地面静止，处于平衡状态，木块受到的滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，因此，木块受到木板对它的摩擦力方向是水平向左，大小等于弹簧测力计的示数，图⑤弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为0.4N；木块受到木板对它的摩擦力为0.4N；
(5)实验时，小明先在竖直方向上对弹簧测力计调零，由于弹簧自身的重力，测力计水平放置时，指针在零刻线上方；实验时水平拉动木块匀速运动，读出的测力计的示数偏小，则测出的摩擦力小于实际摩擦力。
故答案为：(1)匀速直线；
(2)压力；压力相同时，接触面越粗糙；
(3)错误；没有控制压力大小相等；
(4)左；0.4；
(5)小于。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度；根据控制变量法，研究滑动摩擦力与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
(3)探究滑动摩擦力与接触面积的关系时，应该控制压力和接触面的粗糙程度相同，据此分析；
(4)如图⑤所示，拉着长木板沿水平地面向右运动，此时木块相对地面静止，处于平衡状态，木块受到的滑动摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，据此分析；
(5)在竖直方向上对弹簧测力计调零，因弹簧自身重力的作用，会使指针所指的初始位置偏下方，在水平使用时，指针回缩，则测出的力的示数会变小。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
23. (1)在连接电路时，如果开关处于闭合状态，电路中的电流会直接流过，如果电路连接不当或存在短路点，就可能引发短路，导致电流过大，可能损坏电源及电路元件，所以为了保护电路，开关应断开；
(2)由图可知，开关没有接入电路，应将电源正极接线柱与开关左端接线柱相连，如图所示：

(3)闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应移至最大值处，即D端；
(4)已知定值电阻R=5Ω，电压表测量定值电阻两端电压，则电压表示数：
I=UR=2V5Ω=0.4A，
(5)先接入5Ω的电阻，调节滑动变阻器，使电压表示数为2V，读取电流表示数。然后断开开关，用10Ω的电阻替换5Ω的电阻，变阻器滑片仍在原位置，闭合开关，由分压原理，电压表示数将大于2V
(6)多次实验后，分析数据得出结论：当导体电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。
故答案为：(1)断开；(2)如图所示；(3)D；(4)0.4；(5)大于；(6)反比。
(1)为了保护电路，连接电路前、开关应断开；
(2)由图可知，开关没有接入电路；
(3)为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处；
(4)电压表测量定值电阻两端电压，由I=UR可推断出电流表示数；
(5)将5Ω的定值电阻更换为10Ω，变阻器滑片仍在原位置，闭合开关，由串联分压原理分析；
(6)多次实验后，分析数据得出结论．
本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、控制变量法和欧姆定律的应用。
24. (1)实验时用透明玻璃板代替平面镜，是因为玻璃板既能反射光成像，又能透光，便于确定像的位置。
本实验应该在较黑暗的环境中进行，这样蜡烛的像会更亮，实验现象更明显。
(2)将点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支与蜡烛A完全相同的蜡烛B，让B与A的像重合，目的是比较像与物的大小关系。
(3)将未点燃的蜡烛B在玻璃板后移动，人眼应在蜡烛 A一侧观察，因为蜡烛A发出的光经玻璃板反射成像，在A侧才能看到像，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。
(4)根据平面镜成像特点，像与物大小相等，所以当蜡烛A远离玻璃板时，像的大小不变。
(5)实验完成后，移开蜡烛B，在其原来位置放一光屏，在B的一侧不能看到蜡烛A的像，因为平面镜成的像是反射光线的反向延长线会聚形成的虚像，虚像不能呈现在光屏上。
故答案为：(1)确定像的位置；黑暗；(2)比较像与物的大小关系；(3)A；(4)不变；(5)不能；虚。
(1)选用玻璃板代替平面镜是便于确定像的位置，本实验应该在较黑暗的环境中进行；
(2)(3)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，未点燃的蜡烛B放在玻璃板后面移动，当眼睛从蜡烛A一侧观察时，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。
(4)根据平面镜成像特点，像与物大小相等；
(5)实像和虚像的重要区别是实像能在光屏上呈现出来，虚像不能在光屏上呈现出来。
本题主要考查选择实验器材的目的，以及实验过程中变换玻璃板的位置，像的大小和像的位置是否改变等。
25. (1)在图(a)中，连接好电路后，放到阳光下，闭合开关，灯泡发光，是由太阳能板将太阳能转化为电能，为电路提供电能；
(2)白天时，环境明亮，光控开关S自动接b，太阳能电池板将太阳能转化为电能，给蓄电池充电；晚上，环境较暗，光控开关S自动接a，蓄电池放电，电能通过电路传输给LED灯，使LED灯发光照明；
(3)由P=Wt 知道，蓄电池的容量W=Pt=900W×1×3600s=3.24×106J；
蓄电池供LED灯工作的时间t=WP=3.24×106J30W=1.08×105s=30ℎ，
每天照明8小时，可以使用的天数为d=308天=3.75天，
所以，至少能保证3天晚上的正常照明；
(4)根据题意知道，获得的太阳能为E，通过光电效应获得的电能为W，则光电转化率为η=WE×100%。
故答案为：
(1)太阳能板将太阳能转化为电能，为电路提供电能；
(2)白天时，环境明亮，光控开关S自动接b，太阳能电池板将太阳能转化为电能，给蓄电池充电；晚上，环境较暗，光控开关S自动接a，蓄电池放电，电能通过电路传输给LED灯，使LED灯发光照明；
(3)由P=Wt 可求蓄电池的容量，再根据公式可求蓄电池供LED灯工作的时间；
求出每天照明8小时，可以使用的天数，可得至少能保证几天晚上的正常照明；
(4)根据题意知道，获得的太阳能为E，通过光电效应获得的电能为W，则光电转化率为η=WE×100%。
本题考查了太阳能以及太阳能的使用、电功率的计算，属于综合题。
26. 【详解】(1)图甲中直尺左端下沉，说明左端重，要使直尺水平平衡，应将平衡螺母向右调节。
(2)由图乙可知，重物A对应刻度为9g，左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和，根据 m=ρV 则有 1g/cm3×30cm3=ρ液×30cm3+9g
解得小明测出的待测液体密度 ρ液=0.7g/cm3 。
(3)左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和，根据 m=ρV 则有 ρ水V=ρ液V+m
可得 ρ液=ρ水V−mV=ρ水−1Vm=−1Vm+ρ水
液体体积 V 和水的密度 ρ水 一定，所以待测液体密度 ρ液 与重物A所示质量m成一次函数关系，且重物A所示质量m越大，对应待测液体密度 ρ液 越小，所以图丙中图线b符合此关系。
(4)改成右侧容器装水，左侧容器装待测液体，由于左侧容器内的液体质量等于右侧容器内的液体质量与重物A所示质量之和，根据 m=ρV 则有 ρ液V=ρ水V+m
可得 ρ液=ρ水V+mV=ρ水+1Vm
由上式可知，重物A所示质量m越大，对应待测液体密度 ρ液 越大。要使该装置的测量范围变为 1.0∼1.2g/cm3 ，液体密度为 1.2g/cm3 时，重物A所示质量为10g，代入上式，解得 V=50cm3=50mL 。所以调整措施为：改成右侧容器装水，左侧容器装待测液体，且体积均为 50mL 。
27. 解：(1)①返回舱运动时间：t=0.8s，
返回舱的平均速度：v=st=2m0.8s=2.5m/s；
②返回舱的总重力：G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N；
重力所做的功：W=Gℎ=3×104N×2m=6×104J。
(2)返回舱对水平地面的压强：p=FS=3×104N1.5m2=2×104Pa。
答：(1)①返回舱的平均速度2.5m/s；②返回舱重力所做的功6×104J；
(2)返回舱对水平地面的压强2×104Pa。
(1)根据速度公式计算运动速度；
利用W=Fs=Gℎ计算出重力所做的功；
(2)根据速度公式计算运动速度。
本题考查速度、功和压强的计算，属于基础题。
28. 解：(1)养生壶中水的体积V水=1L=1×10−3m3，
养生壶中水的质量m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×1×10−3m3=1kg，
此过程中水吸收的热量：Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J；
(2)养生壶消耗的电能W=Pt=1000W×400s=4×105J；
(3)养生壶的加热效率η=Q吸W×100%=3.36×105J4×105J×100%=84%；
答：(1)水吸收的热量3.36×105J；
(2)养生壶消耗的电能4×105J；
(3)养生壶加热效率84%。
(1)已知水的质量、水的比热容和水的末温、初温，利用热量公式求出水吸收的热量；
(2)根据W=Pt算出此过程中消耗的电能；
(3)根据η=QW×100%计算出该养生壶的加热效率。
本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活息息相关，使学生觉得学了物理有用，在应用时要注意应结合题意选择合适的计算公式。
29. 解：(1)闭合开关S时，电路为灯泡L的简单电路，小灯泡正常发光，由P=U2R可得，
小灯泡正常发光时的电阻：RL=U额2P额=(3V)21.5W=6Ω，
电源电压：U=U额=3V；
(2)开关S和S1都闭合后，小灯泡L与电阻R并联，电流表测干路中的电流，根据电路的电压规律可知，
灯泡L和定值电阻R两端的电压：UL=UR=U=3V，
根据欧姆定律可得，通过灯泡L的电流：IL=ULRL=3V6Ω=0.5A，
由并联电路的电流规律可知，通过定值电阻R的电流：
IR=I−IL=0.7A−0.5A=0.2A，
通电2min，定值电阻R产生的热量：
QR=WR=URIRt=3V×0.2A×2×60s=72J。
答：(1)小灯泡正常发光时的电阻为6Ω；
(2)通电2min，定值电阻R产生的热量为72J。
(1)闭合开关S时，电路为灯泡L的简单电路，小灯泡正常发光，根据灯泡的额定电压可知电源的电压，根据P=U2R求出小灯泡正常发光时的电阻；
(2)闭合开关S、S1时，灯泡L与电阻R并联，电流表测干路电流，根据欧姆定律求出通过灯泡的电流，根据并联电路的电流规律求出通过R的电流，再根据并联电路的电压规律和Q=W=UIt求出通电2min，定值电阻R产生的热量。
本题考查并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
30. (1)由短文可知，当飞船从距地面400公里下降到约100公里，进入大气层，即进入“黑障”阶段——舱体与空气剧烈摩擦产生高温高压的电离气体层，气体层像剑鞘一样包裹返回器；
(2)返回舱从每秒200米减速至每秒8米的过程中，速度逐渐变小，返回舱在做减速运动，合力方向向上，所以主伞受到的阻力大于伞和返回舱的总重力；
最后几米反推发动机点火，给气体一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，则气体给反推发动机一个向上的力，所以最后几米反推发动机点火产生与返回舱运动方向相反的力；
(3)太空失重环境下，依靠重力的锻炼方式起不到锻炼的作用，所以航天员可以使用拉力器进行锻炼。
故答案为：(1)电离气体；(2)大于；相反；(3)拉拉力器进行锻炼。
本题以穿越“黑障”神舟号返回舱顺利着陆为背景，考查力与运动的关系、力的相互作用、太空环境与锻炼方式，难度不大。