2026年中考第一次模拟考试：物理一模提分卷03（四川成都专用）

这是一份2026年中考第一次模拟考试：物理一模提分卷03（四川成都专用），共9页。
（考试时间：90分钟，分值：120分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
A卷（共100分）
单项选择题（每小题2分，共30分）
1．8月17日，2025世界人形机器人运动会在国家速滑馆举行，在百米“飞人大战”决赛中，北京天工队的“具身天工Ultra”机器人以21.50秒的成绩夺冠，成为人形机器人首个“百米飞人”。如图所示是“具身天工Ultra”最后冲刺的图片。下列说法中正确的是（ ）
A．整个比赛过程中机器人做的是匀速直线运动
B．比赛中，裁判员是根据相同路程比较时间来判断谁跑得快
C．比赛中，以看台上的观众为参照物“具身天工Ultra”机器人是静止的
D．“具身天工Ultra”机器人冲刺时的速度为4.65m/s
【答案】B
【详解】A．百米比赛中机器人会经历起跑加速、中途匀速、冲刺等阶段，速度是变化的，并非匀速直线运动，故A错误；
B．百米跑的路程相同，裁判员通过比较运动员完成相同路程所用的时间来判断快慢，故B正确；
C．以看台上的观众为参照物，机器人的位置在不断变化，因此机器人是运动的，故C错误；
D．机器人以21.50秒的成绩夺冠，则机器人百米跑的平均速度为
而冲刺时的速度是瞬时速度，通常会大于平均速度，故D错误。
故选B。
2．《诗经·关雎》中“参差荇菜”一句，以“参差”形容水草长短不齐。我国传统管乐器排箫（如图）因竹管长短错落，雅称“参差”。演奏时，下列说法正确的是（ ）
A．声音是由排箫的管振动产生的B．吹同一管时，用的力越大产生声音的响度越小
C．短管比长管产生的声音的音调高D．排箫声在空气中传播时，速度越来越小
【答案】C
【详解】A．声音是由物体振动产生的。吹排箫时，声音是由竹管内的空气柱振动产生的，而非竹管本身振动，故A错误；
B．响度与发声体振动的振幅有关，振幅越大，响度越大。吹同一管时，用的力越大，空气柱振动的振幅越大，产生声音的响度越大，故B错误；
C．音调与发声体振动的频率有关，频率越高，音调越高。竹管越短，其空气柱越短，振动时的频率越高，产生声音的音调越高，因此，短管比长管产生的声音音调高，故C正确；
D．声音在同种介质中传播时，其速度主要取决于温度，若温度不变，传播速度保持不变。排箫声在空气中传播时，温度没发生变化，速度不会越来越小，故D错误。
故选C。
3．如图所示，某公园投放的“智能脚蹬车”配备了太阳能电池板和遮阳伞，可实现太阳能发电、锂电池储能供电、运动数据分析等功能。健身者扫码后，手机便能与脚蹬车连接并收集运动数据。下列说法正确的是（ ）
A．电能是一次能源
B．太阳能是不可再生能源
C．手机与“智能脚蹬车”通过电磁波传输数据
D．太阳能电池板主要是太阳能转化为化学能
【答案】C
【详解】A．电能是通过其他能源转化而来，是二次能源，故A错误；
B．太阳能可源源不断从自然界获取，是可再生能源，故B错误；
C．手机可发射和接收电磁波，与“智能脚蹬车”通过电磁波传输数据，故C正确；
D．太阳能电池板主要是太阳能转化为电能，故D错误。
故选C。
4．小华和第24届冬奥会吉祥物“冰墩墩”一起完成了几个光学实验，下列描述与实验情景不相符的是（ ）
A．甲图：平面镜中的像由光的反射形成B．乙图：通过放大镜看到的像是实像
C．丙图：小孔成像是因为光沿直线传播D．丁图：岸上看到水中的虚像比物体位置高
【答案】B
【详解】A．甲图中，是平面镜成像现象，平面镜成像应用了光的反射，故A不符合题意；
B．根据凸透镜成像规律可知，图乙中，通过放大镜看到的像是正立、放大的虚像，故B符合题意；
C．由于光在同种均匀介质中沿直线传播，所以图丙中，小孔会成倒立的实像，故C不符合题意；
D．图丁中，光从水中斜射入空气中时发生折射，人眼逆着折射光看去，看到的虚像比实际位置偏高，故D不符合题意。
故选B。
5．如图所示为目前流行的一种自热火锅。该自热火锅配有发热包。将发热包放到冷水中，生石灰与水产生化学反应，放出大量的热，从而加热上层食物。下列有关自热火锅的说法正确的是（ ）
A．食物吸收热量，内能增大，温度一定升高
B．热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
C．食物在被加热的过程中，食物中所含有的热量增加
D．食物被加热后香味更浓，是因为分子运动快慢与温度有关
【答案】D
【详解】A．食物吸收热量，内能增大。但如果食物中含有水并且正在沸腾，或者含有冰正在熔化，那么它在吸收热量的同时，温度会保持不变。所以“温度一定升高”的说法是错误的，故A错误；
B．热量传递的条件是存在温度差，热量总是自发地从温度高的物体传递给温度低的物体，与物体内能的大小无关，故B错误；
C．热量是热传递过程中能量转移的多少，是一个过程量，不能说物体“含有”多少热量，故C错误；
D．食物的香味是食物中的分子运动到空气中被人闻到的。食物被加热后，温度升高，分子的热运动变得更加剧烈，扩散得更快，所以香味更浓。这说明了分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，故D正确。
故选D。
6．秋冬季节天气干燥，小红用塑料梳子梳理干燥的头发后，梳子能吸引碎纸屑。下列几个学科现象与之原理相同的是（ ）
A．科学：风扇扇叶转动后吸附轻小灰尘
B．化学：胶头滴管挤压后吸取实验液体
C．生物：植物根茎主动吸收土壤中养分
D．地理：指南针受地磁场作用指引方向
【答案】A
【详解】A．风扇转动时，扇叶与空气摩擦起电，从而吸附轻小灰尘，与题干原理完全相同，故A符合题意；
B．这是利用大气压强，挤压滴管排出空气后，外界大气压将液体压入滴管，与摩擦起电无关，故B不符合题意；
C．这是生物的主动运输过程，需要消耗能量，与物理的静电现象无关，故C不符合题意；
D．这是地磁场对磁体的作用，属于磁现象，与静电现象无关，故D不符合题意。
故选A。
7．王伟老师经常引导学生利用身边的生活用品做实验，通过动手动脑，学习物理知识，揭示物理规律。如图所示的实验不是揭示流体压强与流速关系的是（ ）
A．吹气时硬币跳跃木块
B．吹气时纸条向上飘
C．用吸管从瓶中吸饮料
D．吹气时乒乓球不下落
【答案】C
【详解】A．在硬币上方用力吹一口气，使硬币上方的空气流速大，压强变小，硬币下方的空气流速小，压强大，硬币上下的面积是相同的，硬币受到一个竖直向上的压力差，所以硬币就被托起来了，故A不符合题意；
B．将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故B不符合题意；
C．用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，不能揭示流体压强与流速的关系，故C符合题意；
D．将一个乒乓球对着漏斗的细管处，对准漏斗细管口用力向下吹气，因为乒乓球上方的空气流速大，压强小，乒乓球下方的空气流速小，压强大，乒乓球受到一个竖直向上的压力差，所以乒乓球紧贴在漏斗上，故D不符合题意。
故选C 。
8．如图a为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断错误的是（ ）
A．图a中气缸内的蒸汽体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力
B．图a中气缸内的蒸汽推动活塞时，内能减小
C．从能量转化角度讲，蒸汽弹射装置工作时与图b中B图所示的工作原理相似
D．图b中汽油机一个工作循环的正确顺序是A→B→C→D
【答案】D
【详解】A．a图中，气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，其内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，故A正确，不符合题意；
B．图a中气缸内的蒸汽推动活塞时，内能转化为机械能，蒸汽的内能减小，故B正确，不符合题意；
C．根据气门的开闭情况和活塞的运动方向可以判断出：A是吸气冲程、B是做功冲程、C是压缩冲程、D是排气冲程，蒸汽弹射装置工作时内能转化为机械能，与汽油机的做功冲程相似，与图b中B图所示的工作原理相似，故C正确，不符合题意；
D．四冲程汽油机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，所以汽油机一个工作循环的正确顺序是A→C→B→D，故D错误，符合题意。
故选D。
9．如图所示，开关闭合后，灯泡较暗，灯泡较亮。下列有关说法正确的是（ ）
A．灯泡通过的电流小B．灯泡离电源正极近
C．电压表测量的是电源电压D．开关断开后电压表示数变大
【答案】D
【详解】如图，开关闭合后，两灯串联。
A．根据串联电路电流特点，通过两灯的电流是相等的，故A错误；
B．开关闭合后，两灯串联，电流相等，亮暗与灯泡规格有关，并非亮的灯离电源正极近，暗的灯离电源正极远，故B错误；
C．由图可知，开关闭合后，电压表测灯L2两端的电压，故C错误；
D．开关断开时，电压表串联接入电路，示数为电源电压，示数变大，故D正确。
故选D。
10．《天工开物》是我国古代的科学著作，书中记载着大量的古代农业机械，其中写道：“凡河滨有制筒车者，堰陂障流，绕于车下，激轮使转，挽水入筒，一一倾于枧内，流入亩中。昼夜不息，百亩无忧。”该段文字描述了筒车这样一种以水流为动力，把低处的水匀速提升到高处的机械（如图甲所示），图乙为筒车的简化图。下列说法正确的是（ ）
A．取水筒内的水，在取水处时动能最大
B．接水槽内的水流至河岸的过程中，动能转化为重力势能
C．从取水处到倒水处（水未流出时），取水筒中水的动能转化为重力势能
D．取水筒内的水，从取水处到倒水处（水未流出时），机械能一直在增大
【答案】D
【详解】A.取水筒内的水，从取水处到倒水处，速度和质量不变，动能不变，故A错误。
B.接水槽内的水流至河岸的过程中，质量不变，速度变大，高度变小，动能变大，重力势能变小，重力势能转化为动能，故B错误。
CD.取水筒内的水，从取水处到倒水处，动能不变，重力势能增大，机械能一直在增大，动能没有转化为重力势能，故C错误，D正确。
故选D。
11．如图所示的各种做法中，符合安全用电原则的是（ ）
甲：使用试电笔时，手不能接触试电笔笔尖的金属部分
乙：禁止用铜丝或铁丝代替保险丝
丙：开关要连接在中性线与灯泡之间
丁：人站在干燥的木凳上，双手同时触摸相线和中性线
A．甲、乙B．乙、丙C．甲、丁D．丙、丁
【答案】A
【详解】甲使用试电笔时，笔尖金属体要直接与导线接触，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖，否则容易发生触电事故，故甲正确；
乙保险丝的作用是电流过大时熔断保护电路，铜丝 / 铁丝熔点高、电阻小，无法及时熔断，会导致电路过载、起火，存在严重安全隐患，故乙正确；
丙开关应接在火线与灯泡之间，断开开关时，灯泡与火线断开，避免更换灯泡时触电，接在零线上，断开开关后灯泡仍与火线相连，易触电，故丙错误；
丁即使站在绝缘木凳上，双手同时接触火线和零线，会形成双线触电，电流从火线经人体流向零线，仍会发生触电事故，故丁错误；
综上所述，符合安全用电原则的是甲、乙，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
12．“四川舰”是全球首次采用电磁弹射技术的两栖攻击舰。电磁弹射器的弹射车处于强磁场中，当弹射车内的导体中有强电流通过时，弹射车就给舰载机提供强大的推力使舰载机快速起飞。如图各实验中与弹射器主要工作原理相同的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【详解】弹射车处于强磁场中，通电导体在磁场中受到力的作用，这与电动机的工作原理一致；
A．电磁继电器，利用电流的磁效应控制电路通断，与“通电受力”无关。故A不符合题意；
B．奥斯特实验，证明电流周围存在磁场，未涉及“通电导体受力运动”。故B不符合题意；
C．电路中有电源，导体棒在磁场中通电后会受力运动，与电磁弹射器原理完全一致。故C符合题意；
D．闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流的现象是电磁感应，与发电机的工作原理相同，与“通电受力”相反。故D不符合题意。
故选C。
13．项目小组为送货机器人设计智能避障系统，S1、S2分别为左右雷达避障开关。当雷达监测遇障后，对应开关自动闭合，蜂鸣器发声，转向电动机工作，直至避障完成。下图电路图中满足要求的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【详解】根据题意，S1、S2分别为左右雷达避障开关，当雷达监测遇障后，对应开关自动闭合，蜂鸣器发声，转向电动机工作。只要左边或右边任何一个雷达遇到障碍，系统就会工作，即任何一个开关闭合，电路都能接通。这表明开关S1和S2是并联的。当系统工作时，蜂鸣器和电动机要同时工作，互不影响，故蜂鸣器和电动机是并联的。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
14．如图，系好弹性绳的蹦极运动员，离开平台由静止开始下落。经过一段时间，第一次到达最低点，此过程忽略空气阻力，下列分析正确的是（ ）
A．运动员下落过程受惯性作用B．运动员的动能先增大后减小
C．运动员始终受到两个力作用D．最低点时运动员受平衡力作用
【答案】B
【详解】A．惯性是物体的固有属性，惯性不是力，不能说“受惯性作用”，只能说“由于惯性”“具有惯性”，故A错误；
B．运动员下落分为两个阶段：第一阶段，弹性绳未伸直时，只受重力，加速下落，动能增大；第二阶段，弹性绳伸直后，重力大于弹力，仍加速下落，动能继续增大，当弹力等于重力时，速度最大，动能最大；此后弹力大于重力，减速运动，动能减小，因此运动员的动能先增大后减小，故B正确；
C．运动员下落初期，弹性绳未伸直时，只受重力作用；弹性绳伸直后，受到重力和弹力的作用，故C错误；
D．最低点时，虽然运动员的速度为零，此时弹性绳的弹性形变最大，弹力最大，弹力大于重力，则运动员此时受力不平衡，故D错误。
故选B。
15．两个相同的带刻度的烧杯分别装有水和未知液体，用天平测出装有水的烧杯总质量为ml、装有未知液体的烧杯总质量为m2，并分别读出水和未知液体的体积为V1、V2，现在m-V图像中标出A点（ml，V1）和B点（m2，V2），下列说法正确的是（ ）
A．该液体仍为水B．该液体密度为0.9g/cm3
C．烧杯质量为40gD．50cm3该液体质量为35g
【答案】D
【详解】ABC．由图像可知，当水和烧杯总质量为m1=80g，水的体积为V1=50mL=50cm3
当未知液体和烧杯总质量为m2=100g，液体的体积为V2=100mL=100cm3
设烧杯的质量为m杯，由此可得m杯+m水=m1
由m=ρV得到m杯+ρ水V1=m1
即m杯+1g/cm3×50cm3=80g①
同理m杯+m液=m2
由m=ρV得到m杯+ρ液V2=m2
即m杯+ρ液×100cm3=100g②
②-①可得ρ液×100cm3-1g/cm3×50cm3=100g-80g=20g
解得未知液体的密度ρ液=0.7g/cm3，由此可知，该液体不是水，由①得烧杯的质量m杯=30g，故ABC错误；
D．50cm3该液体质量m液=ρ液V液=0.7g/cm3×50cm3=35g
故D正确。
故选D。
二、填空题（每空2分，共36分）
16．在忠县皇华城的中秋月圆夜，平静的江面如同一面巨大的平面镜（如图所示）：江中月亮的“倒影”是月亮的 （选填“实像”或“虚像”）；若长江水位上涨，则月亮的“倒影”到江面的距离变 （选填“大”或“小”或“不变”）。
【答案】 虚像 小
【详解】[1]水中的月亮是平面镜成像现象，是由于月光在水面发生光的反射形成的，根据平面镜成像的特点可知，所成的像是虚像。
[2]平面镜成像时，像与物到镜面（江面）的距离相等。当长江水位上涨时，江面的位置升高，月亮到江面的距离会变小，因此月亮的 “倒影” 到江面的距离也会随之变小。
17．如图甲，电加热杯中水沸腾时产生大量的气泡，说明沸腾是在液体内部和表面同时发生的剧烈 现象；如图乙，停止加热，用塑料管连接注射器与电加热杯上的排气孔，然后利用注射器向外抽气，观察到水又重新沸腾，这是因为抽气后杯中水面上方的气压减小，水的沸点 。
【答案】 汽化 降低
【详解】[1]沸腾是液体在一定温度下，液体内部和表面同时发生的剧烈汽化现象，汽化的本质是物质由液态变为气态，水沸腾产生大量气泡就是水汽化形成的水蒸气。
[2]液体的沸点与气压有关：气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。抽气后杯中水面上方的气压减小，水的沸点降低，因此原本停止沸腾的水会重新沸腾。
18．为满足新能源汽车车主的充电需求。如图所示为某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩的连接方式是 （选填“串联”或“并联”）；在充电过程中，汽车相当于 （选填“电源”“开关”或“用电器”）。
【答案】 并联 用电器
【详解】[1]如图所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩彼此独立工作，互不影响，所以这些充电桩的连接方式是并联。
[2]电动汽车的电池在充电过程中，消耗电能，所以汽车相当于电路中的用电器。
19．生活中的常见小事，其实蕴含了丰富的物理原理。用久的菜刀要磨一磨，是通过减小菜刀刀刃部位的 来增大压强的；电脑屏幕上常常带有灰尘，这是因为电脑工作时，屏幕上带有电荷而具有了 的性质。
【答案】 受力面积 吸引轻小物体
【详解】[1]用久的菜刀要磨一磨，减小了刀刃部位的受力面积，在压力不变时，可以增大压强，故更容易切菜。
[2]因为带电体具有吸引轻小物体的性质，电脑工作时屏幕上带有电荷，就会把空气中的灰尘吸附在其表面，故电脑屏幕上常常带有灰尘。
20．如图所示是一种温度自动控制装置的原理图。闭合开关S，当电磁铁中有电流通过时，若它的左端为N极，则“电源1”的 端为正极（选填“左”或“右”）；当温度达到 ℃时，发热电阻会停止加热。
【答案】 右 90
【详解】[1]电磁铁的左端为N极，根据安培定则可判断螺线管中的电流从右端流入、左端流出。由于电流从电源正极流出，因此“电源1”的右端为正极。
[2]温度自动控制的原理：当温度升高时，水银柱上升，接触金属丝后控制电路接通，电磁铁产生磁性，吸引衔铁，断开工作电路，发热电阻停止加热。观察温度计刻度，温度计的分度值为1℃，金属丝下端对齐的刻度为90℃。因此，当温度达到90℃时，发热电阻停止加热。
21．如图所示，盐水的密度为1.1g/cm3，空粒和瘪粒都漂浮在盐水中，饱满的种子沉在盐水的底部。则密度大于1.1g/cm3的是 （选填“空粒”、“瘪粒”或“饱满的种子”）；为了挑选更加饱满的种子，应该 （选填“增大”或“减小”）盐水密度。
【答案】 饱满的种子 增大
【详解】[1][2]饱满的种子沉在盐水的底部，说明饱满的种子的密度大于盐水的密度，即大于1.1g/cm3。为了挑选更饱满的种子，需要让沉底的一部分种子漂浮起来，所以需要增大盐水的密度。
22．为了迎战中考，放松心情，银川某中学为九年级备考生举行了一场趣味运动会。如图是比赛项目之一的拔河场景，在拔河比赛中应用了许多物理知识：比赛时穿花纹较大的鞋是为了 。比赛双方处于相持阶段，此时比赛双方的同学们对绳子的拉力是一对 （选填“平衡力”或“相互作用力”）。
【答案】 增大摩擦力 平衡力
【详解】[1]比赛时穿花纹较大的鞋，是通过增大接触面的粗糙程度来增大鞋底与地面之间的摩擦力。
[2]在相持阶段，绳子处于静止状态，比赛双方对绳子的拉力大小相等、方向相反、作用在同一条绳子上，符合二力平衡的条件，因此是一对平衡力。
23．小聪设计并连接了如图所示的电路，开关闭合前应把滑片P滑到 端（选填“A”或“B”），用此电路及现有器材能完成的实验有 （选填序号：①电流跟电阻的定量关系；②研究小灯泡的电阻；③研究小灯泡的电功率；④研究电功率跟电流的关系）
【答案】 B ②③
【详解】[1]为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处，即B端。
[2]①探究电流与电阻的定量关系，应阻值不同的定值电阻，因此使用现有器材不能完成该实验；②③使用该电路图和现有实验器材，通过移动滑动变阻器滑片，改变电路中总电阻，从而改变灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，用电压表测出灯泡两端的电压，用电流表测出对应电压下的电流，根据求出灯泡的电阻，根据可以得到灯泡的电功率，因此可以完成②③实验；④研究电功率跟电流的关系时，要控制灯泡两端的电压不变，比较不同电流时灯泡的电功率，该电路中改变电路中的电流时，灯泡两端的电压也会发生变化，因此无法完成该实验。综上所述，用此电路及现有器材能完成的实验有②③。
24．如图甲是某品牌的一款挂烫机，其简化电路如图乙，电源电压为220V，、是电热丝，，。开关S旋到不同的位置，分别接触两个不同的触点，使挂烫机有关闭、慢热、速热三个挡位。当开关S接触 两个触点时，挂烫机处于慢热挡；若挂烫机在速热挡工作1min，电热丝产生的热量为 J。
【答案】 2、3
【详解】[1][2]由图乙可知，当开关S接触3、4时，R1、R2并联，根据串并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，挂烫机处于速热挡； 当开关S接触2、3时只有R1工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，挂烫机处于慢热挡。
挂烫机速热挡的功率
挂烫机在速热挡工作1min产生的热量
三、作图与计算题（共16分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
25．如图，请画出反射光线OB，并标出反射角的度数。
【答案】
【详解】入射光线与镜面的夹角为30°，因此入射光线与法线的夹角（入射角）为
根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以反射角也为60 °，过入射点O作垂直于镜面的法线（虚线）， 在法线另一侧画出反射光线，使反射光线与法线的夹角为60° ，标出反射角，如图所示：
26．如图所示，是自卸车卸货的示意图，随着B点处液压杆逐渐升高，车厢绕C点转动，忽略车厢的质量，请你在图中画出阻力F2及其阻力臂l2。
【答案】
【详解】对图进行分析可知，阻力为货物对车厢的压力，作用点为A点，方向与车厢垂直向下，动力为液压杆对车厢的作用力，作用点为B点，支点为C点，则可得阻力F2及阻力臂l2如图所示：
27．工人驾驶叉车，将货物A在2s内匀速提升了2m，如图所示。已知提升过程中，叉车工作时的功率为5kW，机械效率为60%。
(1)求提升货物过程中叉车对货物A做的功。
(2)求货物A所受重力。
【答案】(1)6000J
(2)3000N
【详解】（1）已知叉车工作时的功率
工作时间，则叉车做的总功为
已知机械效率为60%，叉车对货物A做的功为有用功，根据可知，提升货物过程中叉车对货物A做的功为
（2）因为货物被匀速提升，叉车对货物A做的功用于提升货物，即克服货物的重力做功。
根据可知，货物A所受的重力为
28．随着家庭孵化宠物鸡的需求日益增长，某厂家推出一款小型智能鸡蛋孵化器，内置温度监测模块，核心电路如图乙所示。电路中电源电压恒定，为定值电阻，大小为，R为高精度热敏电阻，阻值与温度的变化关系如图丙。孵化器设定：鸡蛋孵化的安全临界温度为37℃，此时电压表的示数为，若温度大于37℃，易导致胚胎坏死，系统将自动发出蜂鸣报警并启动散热风扇。已知电流表测量范围，数字式电压表测量范围，求：
(1)电源电压大小；
(2)在保证电路各元件安全的情况下，该装置能监测的最低温度。
【答案】(1)
6V
(2)
29℃
【详解】（1）由电路图可知，定值电阻R0与热敏电阻R串联，电压表测量热敏电阻R两端的电压。根据题意，当温度为37℃时，电压表示数UR=3V
由图丙可知，当温度t=37℃时，热敏电阻的阻值R=400Ω
根据欧姆定律，此时电路中的电流为
定值电阻R0两端的电压为
根据串联电路中总电压等于各部分电压之和的规律，电源电压
（2）由图丙可知，温度越低，热敏电阻R的阻值越大。在保证电路各元件安全的情况下，要测量最低温度，此时热敏电阻R的阻值应为最大。当R的阻值增大时，电路中的总电阻增大，根据欧姆定律
电路中的电流I会减小，不会超过电流表量程（10mA）。电压表测量R两端的电压
当R增大时，UR也增大，为保证电压表安全，其示数不能超过量程，即
因此，当电压表示数达到最大值4V时，对应的温度为该装置能监测的最低温度。此时，定值电阻R0两端的电压为
此时电路中的电流为
此时热敏电阻的最大阻值为
由图丙可知，当热敏电阻的阻值为800Ω时，对应的温度为29℃。所以，该装置能监测的最低温度是29℃。
四、实验与探究题（共18分）
29．在探究并联电路中的电流规律实验中：
(1)小新同学要测量通过的电流，只需将图甲中导线 （选填“a”或“b”）的一端改接到电流表“0.6”接线柱上；
(2)图乙为电流表测量电流时的示数，为 A；
(3)小新更换不同规格的灯泡进行了三次实验，记录的数据如下表所示：
分析数据可知，第 次实验数据存在问题，造成该数据错误的原因可能是 。
【答案】(1)b
(2)0.24
(3) 2 电流表实际连接了小量程，但按大量程读数
【详解】（1）小新同学要测量通过L1的电流，电流表与这个灯串联，只需将图甲中导线b的一端改接到电流表“0.6”接线柱上。
（2）图乙为电流表测量L1电流时的示数，分度值为0.02A，示数为 0.24A。
（3）[1][2]分析1、3数据可知，干路电流等于各支路电流之和，但第 2次实验数据不符合这个规律，根据电流表大小量程之比为5∶1，造成该数据错误的原因可能是电流表实际连接了小量程，但按大量程读数。
30．小林和瑶瑶利用天平和量筒测量某液体的密度：
(1)小林在实验前，将天平放在水平台面上，将游码移至零刻度线处，此时指针如图甲所示，他应将平衡螺母向调 （选填“左”或“右”），直至天平横梁平衡；
(2)调好天平后，实验步骤如下：
①将空烧杯放在天平上，测出其质量为48.5g；
②在烧杯中倒入适量待测液体，测出烧杯和液体的总质量如图乙所示，读数为 g；
③将烧杯中的液体全部倒入量筒中，读出液体的体积如图丙所示；
(3)根据实验数据可知待测液体的密度为 kg/m³；该实验方法测得的密度值与实际值相比 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
(4)聪明的瑶瑶还想到用容积为 V的两个完全相同的瓶子，分别装满待测液体和水，放在已调平的天平左右两盘中，如图丁所示。移动游码使天平平衡，游码示数为 ，由此可得待测液体密度为 （用 V、、表示）。
【答案】(1)左
(2)74
(3) 0.85×103 偏大
(4)
【详解】（1）将游码移至零刻度线处，此时指针如图甲所示，指针右偏，右边重，他应将平衡螺母向左调节。
（2）测出烧杯和液体的总质量如图乙所示，读数为
（3）[1]如图丙可知，液体的体积为30mL，液体的质量为
液体的密度为
[2]将烧杯中的液体全部倒入量筒中，由于倒不干净，体积偏小，质量是准确，故液体的密度偏大。
（4）如图丁所示，根据天平使用规则可知，
即
故液体的密度为
B卷（共20分）
一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
1．中国空间站正为人类的太空探索持续贡献力量。空间站的能量主要由太阳能帆板提供，下列说法正确的是（ ）
A．太阳能属于不可再生能源
B．太阳能帆板将太阳能直接转化为化学能
C．太阳能来源于其内部发生的核裂变
D．空间站通过电磁波与地面指挥中心联系
【答案】D
【详解】A．太阳能可以源源不断地从自然界得到，是可再生能源，故A错误；
B．太阳能帆板工作时，先将太阳能转化为电能，然后将电能转化为化学能储存在蓄电池中，故B错误；
C．太阳能是太阳内部氢原子核发生聚变释放的能量，故C错误；
D．电磁波可以传递信息，而且可以在真空中传播，空间站与地面指挥中心通过电磁波传递信息，故D正确。
故选D。
2．“手机扫码”相当于用照相机给二维码拍照。如图所示，下列关于“手机扫码”的说法正确的是（ ）
A．被扫描的二维码是光源，“手机扫码”的原理是小孔成像
B．二维码要位于摄像头二倍焦距以外时才能扫描成功
C．当手机到二维码的距离增大时，二维码成的像变大
D．二维码在手机上成的是倒立、等大的虚像，相当于平面镜成像
【答案】B
【详解】A．二维码不是光源，自身不能发光，是反射光线让人眼可看到，手机扫码是凸透镜成像，故A错误；
BD．扫码时，二维码位于摄像头二倍焦距以外，成倒立缩小的实像，故B正确，D错误；
C．手机到二维码的距离增大，即物距增大，则像距变小，像变小，二维码成的像变小，故C错误。
故选B。
3．如图所示，甲、乙相同容器中分别装了质量相等的甲、乙两种液体，用相同的电加热器加热，忽略热损失，得到如图丙所示的液体温度与加热时间的图像。下列说法正确的是（ ）
A．加热至4min时，甲吸收的热量比乙多
B．甲、乙液体的比热容之比为1∶3
C．甲、乙图像的交点表示两种液体升高了相同温度
D．甲、乙液体初温不同，故无法比较它们的比热容
【答案】B
【详解】A．用相同的电加热器加热，相同时间内甲、乙吸收的热量相等，因此加热至4min时，两者吸收的热量相等，故A错误；
B．根据比热容公式，已知、，由图可知，加热8min时，
则
故B正确；
C．图像的交点表示“加热相同时间时的温度”，并非升高的温度（升高的温度=末温-初温），甲、乙初温不同，末温相同，因此升高的温度不同，故C错误；
D．比热容是物质的特性，与初温无关，可通过“相同热量、质量下的温度变化”比较比热容，故D错误。
故选B。
4．如图所示，工人站在水平台面上用滑轮组提重为200N的货物。工人第一次竖直向上用60N的力拉绳子时，货物未离开水平地面；第二次竖直向上拉动绳子，使货物加速上升。到达一定速度后，第三次以恒定的速度匀速上升。不计滑轮组的绳重和摩擦，已知工人体重为600N，货物与地面的接触面积为0.1m2，下列说法正确的是（ ）
A．第一次拉绳子时，人对台面的压力为660N，货物对地面的压强为2000Pa
B．第二次拉绳子的过程中，工人拉力做的功是125J
C．第三次拉绳子的过程中，该滑轮组的机械效率约为83.3%
D．第三次拉绳子的过程中，工人拉力的功率为600W
【答案】CD
【详解】A．工人第一次竖直向上用60N的力拉绳子时，绳子也在用60N的力竖直向下拉工人，所以工人对水平台面的压力为F压=G人+F拉=600N+60 N=660N
由于滑轮组上承担物重的绳子股数n=3，第三次匀速上升时，绳端拉力是80N，由得，G动=nF3-G=3×80N-200N=40N
第一次货物未离开水平地面，货物受到的拉力F拉=nF1-G动=3×60N-40N=140N
由于货物重为200N，所以货物对地面的压力为
货物与地面的接触面积为0.1m2，所以货物对地面的压强为
故A错误；
B．结合甲乙两图，可知第二次拉绳子的过程中，工人拉力为100N，货物上升高度为1.25m，所以绳子端移动的距离为3.75m，所以工人做的功是
故B错误；
C．第三次拉绳子的过程中，该滑轮组的机械效率约为
结合甲图可知第三次拉绳子的过程中拉力为80N，所以该滑轮组的机械效率约为
故C正确；
D．结合乙图可知第三次拉绳子的过程中，货物上升了2.5m，所以绳子端拉升了7.5m，所以工人拉力的功率为
故D正确。
故选CD。
5．如图所示电路，电源电压9V保持不变，灯泡L标有“8V 4W”字样，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，只闭合开关S、S1时， 电路消耗的功率为4.05W。不计灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（ ）
A．定值电阻R1的阻值是20Ω
B．灯泡L的电阻是20Ω
C．开关都闭合时，通过电流表的最小电流是0.9A
D．只闭合开关S2，移动滑片至滑动变阻器R2中点时，灯泡L实际功率为1.8W
【答案】AC
【详解】A．闭合开关S和S1时，灯泡短路，R1单独接入电路，此时其两端电压为U=9V，又知电路消耗的功率为P1=4.05W，定值电阻R1的阻值
故A正确；
B．灯的电阻为
故B错误；
C．开关S、S1、S2都闭合时，灯泡被短路，电阻R1和变阻器R2并联，电流表测量干路中的电流，当R2全部接入电路时，电路中电阻最大，由欧姆定律可知电路中的电流最小，电流表的示数最小，通过R1的电流为
通过R2的电流为
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，故最小电流I=I1+I2=0.45A+0.45A=0.9A
故C正确；
D．只闭合开关S2，变阻器和灯泡串联，移动滑片至滑动变阻器R2中点时，电路中的电流
灯泡L实际功率为
故D错误。
故选AC。
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只不写出最后答案的不能得分）
6．阅读短文，回答问题。
热电偶
用两种不同材料的导体（如铁丝和铜丝）组成如图所示的闭合回路，当A、B两端存在温度差时，就会在间产生一个电压，这就是塞贝克效应（又叫热电效应），这种电路叫热电偶电路。热电偶所产生的热电压由接触电压和温差电压两部分组成。实验表明：热电偶电路中电压的大小跟相互连接的两种金属丝的材料有关；跟接点和间的温差大小有关，温差越大，电压越大。
(1)以下材料组合中，可以制作热电偶电路的是（ ）
A．玻璃片、铝薄片B．玻璃片、玻璃片
C．铝薄片、锌薄片D．锌薄片、锌薄片
(2)这样的热电偶实际上是一个电源，当存在 时才会产生电压。其它条件不变，（如图）只将处杯中的冰水混合物换为沸水，则电路中的电流会 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；
(3)热电偶的温差电压与两个接点间的温度差成正比。当热、冷两点间的温度差为时，产生的电压为；若低温处的温度为，热、冷两点间产生的温差电压为，则高温处的温度为 。
【答案】(1)C
(2)
温度差
变小
(3)
990
【详解】（1）由材料信息得，制作热电偶电路为材料不同的导体，玻璃片不易导电，是绝缘体；铝薄片、锌薄片易导电，是导体，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）[1]由材料可知，当物体间存在温差，物体间的热量会发生转移。当A、B两端存在温度差时，就会在AB间产生一个电压，这样的热电偶实际上是一个电源
[2]其它条件不变，（如图甲）只将A处杯中的冰水混合物换为沸水，沸水与火焰的温差小于冰水与火焰的温差，温差越小，电压越小，所以电路中的电流会变小。
（3）热电偶的温差电压与两个接点间的温度差成正比。当热、冷两点间的温度差为100℃时，产生的电压为1.5mV；若低温处的温度为－10℃，热、冷两点间产生的温差电压为15mV，则
解得，则高温处的温度为990℃。
7．如图甲所示，水平地面上薄壁容器甲重1.8N，内盛有9cm深的水，容器上部分的高度为下部分高度的一半。若把高为12cm的柱形物体乙（图乙）沿竖直方向切割ΔS的面积，并将切割的部分竖直缓慢放入容器甲中漂浮（物块的上、下表面始终与容器底部平行），液面上升的高度△h与切割的面积ΔS的关系图如图丙所示。整个过程中，放入水中的切割部分始终未与容器的侧壁和底部接触，且静止后浸入水中深度始终为乙高度的 求：
(1)未放入物体时，容器甲中水对容器底部的压强；
(2)液面刚好上升到下部分顶端时，放入水中的切割部分受到的浮力大小；
(3)容器上半部分的横截面积。
【答案】(1)900Pa
(2)3N
(3)140cm2
【详解】（1）由题可知，水的深度
根据可得，水对容器底部的压强
（2）由题意可知，切割放入的物体漂浮在水面上，其浸入水中的深度始终为
从图丙可知，液面上升高度Δh与切割面积ΔS的图像在(, 1cm)处发生转折，说明此时液面恰好上升到容器下部分的顶端。此时，放入水中的切割部分面积
该部分排开水的体积
根据阿基米德原理，切割部分受到的浮力
（3）设容器下部分的横截面积为，上部分的横截面积为
当液面在容器下部分上升时，物体排开水的体积等于水面上升的体积，即
由转折点数据可知，当时，，因此可得容器下部分的横截面积
由转折点可知，液面上升1cm到达下部分顶端，而初始水深为9cm，故容器下部分的高度
由题意，容器上部分的高度
当切割面积从增加到时，液面在容器上部分上升，且到后液面不再上升，说明此时容器刚好被水装满，则液面在容器上部分上升的高度
此过程中，增加的切割面积排开水的体积等于水在容器上部分上升的体积，即
解得
实验次数
支路的电流
支路的电流
干路的电流
1
0.3
0.4
0.7
2
0.2
0.4
3
3
0.1
0.2
0.3