天津市2026年中考试题猜想物理试卷（含答案解析）

这是一份天津市2026年中考试题猜想物理试卷（含答案解析），共18页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁，实验室提供如下的器材等内容，欢迎下载使用。
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．下图所示的四种情景，下列有关说法中正确的是
A．道路两旁的隔音墙是在声源处减弱噪声
B．用“B超”检查身体是超声波在医学中的应用
C．太空中宇航员能对话，说明声音可在真空中传播
D．能从不同乐器中分辨出小提琴的声音主要是因为响度不同
2．如图，电源电压恒定．闭合开关，将滑动变阻器的滑片向右端移动时，下列判断正确的是
A．电流表和电压表示数均不变
B．电流表和电压表示数均变小
C．电路的总功率变大，灯泡变亮
D．电路的总功率不变，灯泡变暗
3．如图所示的充电鞋垫，利用脚跟起落驱动磁性转子旋转，线圈中就会产生电流，从而给鞋面上的充电电池充电，这种充电鞋垫的工作原理是
A．电磁感应现象B．电流的磁效应
C．磁极间的相互作用D．磁场对电流的作用
4．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（ ）
A．物体内能减少时，一定对外做功
B．物体内能增加时，温度不一定升高
C．汽油机的做功冲程把机械能转化为内能
D．温度高的物体含有的热量比温度低的物体多
5．将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示，闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗，其原因是
A．灯L1额定功率较大B．灯L1的电阻较大
C．灯L2两端电压较大D．通过灯L1的电流较大
6．如图是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重力和摩擦），其中所需动力最大的是
A．B．
C．D．
7．实验室提供如下的器材：电流表、电压表，滑动变阻器、定值电阻R、开关、电源各一个，导线若干．小强想通过以上的器材进行下列实验，你认为不可行的是
A．验证欧姆定律 B．验证焦耳定律 C．测定电阻R的阻值 D．测定电阻R消耗的电功率
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．过桥米线是云南人爱吃的食物，路过米线馆可以闻见汤的香味，这是______现象；“汤钵烫手”是汤钵和手之间发生了______。
9．如图所示，地铁南京站站台上画有一条醒目的黄色标志线，当列车进站前，工作人员会督促旅客站在线的右侧．旅客站在线的左側，当列车进站时其附近的气体流速_____，压强_____，空气对人总的压力方向向_____（选填“左”、“右”），会发生危险
10．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验．由图可知，物体浸没在水中时的浮力为______N，物体A从接触水面到刚浸没的过程中，物体A底部受到的压强______（选填“变大”“不变”或“变小”），桌面受到杯底的压强______（选填“变大”“不变”或“变小”）．

11．如图所示，电阻箱的示数为___________Ω。
12．如图所示是学校走廊灯的自动控制电路，走廊入口上方安装有反射式光电传感器，当人靠近到一定距离时，从光电传感器上发射的红外线经人体反射后被接收器接收，接收器中的光敏电阻R0的阻值减小，通过定值电阻R的电流________（选填“变大”、“变小”或“不变”），同时电磁铁的磁性________（选填“变强”、“变弱”或“不变”），工作电路接通，灯泡L发光．
13．小明家5月1日电能表读数为，6月1日电能表读数如图所示，则5月份他家用电量是______kW•h，他家最多可以同时使用的用电器的总功率为______ W．当电路中只接了一个电热水器时，电能表的转盘在3分钟内转了125转，则该热水器的电功率为______W．
14．在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明研究发现空调功率远大于冰箱，所以空调插头线比冰箱______________ (粗/细)，小明关掉空调后，冰箱仍在工作，这说明空调与冰箱是__________联的，他观察到空调上“能效比”EER 的值为3.4，经查阅资料，能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，空调制冷时消耗的电功率为1000W，则空调制冷量为__________W。
三、作图题（共7分）
15．请根据要求作图
如图所示，请根据小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的N，S极，磁感线方向以及电源的正、负极．
16．如图所示是小李将一根均匀木棒提起的瞬间．请画出本棒所受重力的示意图及动力F的力臂L．
（___）
17．在图中，画出使用滑轮组提起物体时最省力的绕绳方法。
（_____）
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．小明把长为20cm左右的饮料吸管A插入盛水的杯子中，另一吸管B的管口贴靠在A管的上端，往B管中吹气，如图所示，来探究流体压强与流速的关系，请回答下列问题：
（1）实验现象：_________________ ；
（2）原因：_______________________；
（3）实验结论：____________________；
（4）下列各项不是利用这一物理知识的是______________。
A．简易喷雾器 B．“复兴号”高速列车头型设计成流线型
C．抽油烟机 D．飞机飞行时机翼获得升力
19．在探究“水的沸腾特点”实验中：
实验装置如图甲所示，该装置中有：①烧瓶；②酒精灯；③温度计；④铁圈及石棉网，它们安装的合理顺序是______（填写序号）；此时烧瓶中水的温度是______℃；水沸腾后，继续加热，温度计的示数______（选填“变大”、“不变”或“变小”）；撤去酒精灯，水停止沸腾，小华用橡皮塞塞住烧瓶口并用注射器向外抽气，如图乙所示，观察到水又重新沸腾，说明水的沸点随着气压的减小而______．
20．小华用点燃的蜡烛、凸透镜、光屏、光具座等器材探究凸透镜成像的规律。下表是他实验时记录的几组数据，根据数据回答下列问题。
（1）实验所用凸透镜的焦距f＝_____cm。第4次实验时所成的像是_____的。（选填选项前的字母）
A．倒立缩小的实像B．倒立放大的实像C．正立放大的虚像第3次实验数据能够说明_____的成像特点。（选填选项前的字母）
A．照相机B．幻灯机C．放大镜第1次实验时，小华将一近视眼镜紧贴在凸透镜的前面，要在光屏上再次得到清晰的像，应将光屏向_____（选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动。
21．利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”，操作如下：
在两烧杯中分别装入初温相同且_________________相等的沙子和水，实验中，是通过比较_____来间接反映沙子和水吸收的热量；分析图像乙可知，对于质量相等的沙子和水，沙子升温较快；若使两者升高相同的温度，则吸水吸收的热量较多，由此可见，____________的吸热能力强。
22．在“测定小灯泡电功率”的实验中,小灯泡的额定电压为 2.5V,小叶正确连接图甲电路,进行实验
（1）闭合开关后,发现电流表指针如图乙,出现这种情况的原因是_____________________
（2）修正上述错误后,小叶将开关闭合,调节滑动变阻器的滑片至某一位置,分别读出此时两个电表的示数．要测小灯泡的额定功率,小叶应进行的操作是________________
（3）小叶将测得的各组数据作出如图丙图线,则可知小灯泡的额定功率是_____________
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．洗碗机是自动清洗餐具的机器。某型号家用洗碗机工作程序为：首先给水箱注水，当水注满时停止注水并自动加热，水温上升到50℃即停止加热，洗涤程序启动，热水从喷管喷出对餐具清洗、喷淋，直到洗涤过程结束，排水泵启动，将水箱中的废水排出。为该洗碗机某次正常工作时的P﹣t图象，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），设水箱中水的初温为20℃，加热效率为80%。
（1）不计水的电阻，求发热电阻R。
（2）该洗碗机正常洗一次碗消耗的电能是多少焦？
（3）已知人工洗一次碗用20kg的水，则改用该洗碗机洗碗，一次可以节约多少千克的水。
24．如图所示，A、B物块的质量分布均匀，长度分别是a、b，重力分别是GA、GB；A、B两长方体底面积SA：SB＝3：2，滑轮下的绳子挂在两物体结合部位恰好A、B水平静止，且在拉力F＝62.5N作用下匀速竖直向上运动，滑轮的机械效率η＝81%．求：
A、B两物块的总重力G1．若GA＝61N，则a：b的比值是多少？
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．如图甲所示为某初中小组设计了一种测定风力的装置，迎风板与压敏电阻Rx连接，工作时迎风板总是正对风吹来的方向．压敏电阻的阻值随风力变化而变化，其阻值Rx与风对迎风板的作用力F关系如图乙所示．已知电源电压恒定，定值电阻R=5Ω，灯泡L标有“6V 6W”的字样（不考虑灯丝电阻的变化），电压表的量程为0～3V．闭合开关S，无风时电压表的示数为2.5 V．
灯泡L的电阻为多少？．求无风时，压敏电阻Rx消耗的电功率？求该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力？若提高该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力，请说出两种改进方法．
26．有甲、乙两种不同品牌的保温杯，为了比较这两种品牌的保温杯盛水时的保温效果，小明按照科学探究的程序，明确了具体的探究问题，选择了适当的器材，在控制变量的前提下，在室内进行了实验，得到了一段时间内，甲、乙两种保温杯内水的温度的实验数据，根据数据绘制的图象如图所示．请你根据图象所提供的信息回答以下问题：
请比较甲、乙两种保温杯的保温效果：（__________）
A．甲保温杯的保温效果好 B．乙保温杯的保温效果好 C．甲、乙两种保温杯的保温效果一样好请估计实验过程中的室温： ________ ．
27．某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其筒化等效电路如 图所示，此时处于空挡位置。闭合开关 S，旋钮绕 P 转动，实现挡位转换，旋至 1 挡时 R1、R2 同时工作， 洗衣机处于加热状态；旋至 2 挡时 R2 和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1 和 R2 均为电热丝， 其阻值不受温度影响，R1=22Ω，主要参数如下表。[c 水=4.2×103J/(kg•℃)]
“防电墙”是在洗衣机内部形成永久性电阻。发生漏电时，电流依次经防电墙和人体流入大地，若人体 的最大电阻为 1×105Ω，防电墙技术______（能、不能）保证人的安全。洗衣机内注入 10kg 的水，在额定电压下连续加热 1050秒，水温由 20℃上升到50℃，此过程中的加热效率是多少__________？R2 阻值是多少 _________？洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是多少______？
参考答案
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、B
【解析】
A．道路两旁的隔音板是在传播过程中减弱噪声的，故A错误；
B．“B超”即超声诊断仪，“B超”检查身体是超声波在医学中的应用，故B正确；
C．真空不能传声，太空中宇航员对话需借助无线电设备，故C错误；
D．能从不同乐器中分辨出小提琴的声音主要是因为音色不同，故D错误．
此类题目是考查多个知识点的综合题目，要结合相关物理知识点进行分析解答．
2、B
【解析】
由电路图可知，闭合开关时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
A. 将滑动变阻器的滑片向右端移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，电源电压恒定,由 可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故错误；
B. 由 可知，灯泡两端的电压变小，即电压表的示数变小，故正确；
CD. 由 ，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以灯泡和电路消耗的总功率变小，灯泡变暗，故CD错误。
3、A
【解析】
脚跟起落驱动磁性转子旋转，线圈中就会产生电流，这是电磁感应现象，故A正确，BCD错误．
4、B。
【解析】物体的内能减少时，也可能是通过热传递将内能散发出去了，不一定对外做功，故A是不对的；B中物体的内能增加时，温度不一定升高，如冰在熔化时，吸热，其内能增加，但温度保持不变，故B是正确的；做功冲程是把内能转化为机械能，故C不正确；热量是物体吸收或放出的热的多少，一个物体不能含有热量，故D的说法也是不对的，故该题选B。
考点：温度、内能和热量之间的关系。
5、B
【解析】
串联电路的电流处处相等，如图两个灯泡是串联的，闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗，说明灯泡L1的实际功率大，根据P=I2R可知，灯泡L1的电阻比L2的电阻大．
根据U=IR可知，灯泡L1两端的电压大．
根据，两个灯泡的额定电压相等，灯泡L1的电阻大，额定功率小．
故ACD错误，B正确．
6、C
【解析】
不计机械重和摩擦，设物体重G：
A．由图知n＝3，不计机械自重和摩擦，F1＝G；
B．根据杠杆的平衡条件：F2×（L+3L）＝G×L，所以F2＝G；
C．不计机械自重和摩擦，F3＝2G；
D．不计机械自重和摩擦，则F4s＝Gh，所以F4＝G＝G＝G。
7、B
【解析】
由实验器材可知，电压表可以测用电器两端的电压，电流表可以测出通过的电流，
A．本实验可以验证欧姆定律即验证电流与电压之间的关系，故A正确、不符合要求；
B．验证焦耳定律时需要测量通电时间的钟表，而器材中没有，故B不正确，符合要求；
C．根据R=U/I可知，本实验可以测量定值电阻的阻值，故C正确，不符合题意；
D．根据P=UI可知，本实验可以测定电阻R消耗的电功率，故D正确，不符合题意．
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、扩散热传递
【解析】
试题分析：路过米线馆可以闻见汤的香味是汤分子的无规则运动，扩散到了空气中，所以就闻见米线汤的香味；“汤钵烫手”是汤钵和手之间通过热传递的方式增加手内能。
【考点定位】扩散现象；热传递改变物体内能
9、大 小 左
【解析】
旅客站在线的右侧，当列车进站时其附近的气体流速大，压强小，远处的气体流速小，压强大，故空气对人总的压力方向向左，会发生危险．
10、0.2 变大 变大
【解析】
根据称重法可得：F浮=G−F=1.2N−1N=0.2N.
物体A从接触水面到刚浸没的过程中，物体A底部所处的深度变大，根据p=ρgh可知底部受到的压强变大；
物体A从接触水面到刚浸没的过程中，物体排开水的体积变大，根据阿基米德原理可知受到的浮力变大，根据浮力产生的原因可知：物体对水的压力变大；
由于烧杯底对桌面的压力等于容器和水的重力与物体对水的压力之和，所以桌面受到杯底的压力变大，压强也变大．
11、5687
【解析】
×1000的位置对应的数是5，×100的位置对应的数是6，×10的位置对应的数是8，×1的位置对应的数是7，故是5687Ω。
12、变大 变强
【解析】
由图可知，自动控制电路中光敏电阻R0与定值电阻R串联；由题知，当人靠近到一定距离时，从光电传感器上发射的红外线经人体反射后被接收器接收，接收器中的光敏电阻R0阻值减小，控制电路的总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，控制电路中电流变大，即通过定值电阻R的电流变大，则电磁铁的磁性变强，衔铁被吸下，路灯电路接通，路灯发光．
13、70；4400；2000
【解析】
试题分析： 6月1日电能表的示数1．6kW•h，5月1日电能表的示数2．6kW•h，所以5月份小明家用电量：W=W1-W2=1．6kW•h-2．6kW•h=70kW•h；
电能表的标定电流是10A，短时间内允许通过的最大电流为20A，额定电压是220V，所以电能表能接入的最大功率是：P=UI=220V×20A=4400W；电热水器消耗电能：W3=125/1250kW•h=1/10kW•h，
电热水器工作时间是：t=3min=1/20h，电热水器的功率：P=W3/t=（1/10kW•h）/（1/20h）=2000W。
考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算
14、 粗 并 3400
【解析】
在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明研究发现空调功率远大于冰箱，根据知，功率大则电流大，再根据知，若电阻较大，则导线发热功率大，可能烧坏电线甚至引起火灾，所以空调插头线比冰箱粗，则电阻小，导线发热功率小，更安全；
小明关掉空调后，冰箱仍在工作，这说明空调与冰箱互不影响，是并联的；
他观察到空调上“能效比”EER 的值为3.4，经查阅资料，能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，即；
当空调制冷时消耗的电功率为1000W时，解得空调制冷量为：
。
牢记影响电阻大小的因素，即电阻是导体本身的属性，与材料、粗细、长度有关，当导体越粗时，电阻越小，在电路中的发热功率小，所以电流越大的用电器需要用的导线越粗。
三、作图题（共7分）
15、
【解析】
试题分析：小磁针的右端为N极，自由静止时靠近螺线管的左端，所以螺线管的左端为S极，右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向左的．利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入左端流出，从而可以确定电源的右端为正极，左端为负极．答案如上图所示．
【考点定位】安培定则
16、
【解析】
掌握力的示意图的画法，注意重力的方向是竖直向下的．
【详解】
均匀木棒的重心在其中点，方向竖直向下；反向延长力F的作用线，由支点O向F的作用线引垂线，垂线段的长度即为F的力臂L，如图所示：
17、
【解析】
动滑轮被几根绳子承担，拉力就是物体和动滑轮总重的几分之一，此题最多可由3段绳子承担动滑轮的重，如图所示：
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、吸管A中的水柱上升或者吸管A中的水将从管口喷出 吸管A上方空气的流速大，气压小，在外界大气压的作用下，管中液面就会上升甚至喷出 流体流速大的地方压强小 B
【解析】
根据题意知道，当往B管中吹气时，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，所以，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升。
（1）实验现象：吸管A中的水柱上升或者吸管A中的水将从管口喷出
（2）原因：吸管A上方空气的流速大，气压小，在外界大气压的作用下，管中液面就会上升甚至喷出；
（3）实验结论：流体流速大的地方压强小；
（4）简易喷雾器利用的是管上方的流速大，压强小，下方流速小，压强大，液体在压力差
作用下被压出；“复兴号”高速列车头型设计成流线型主要是为了克服阻力作用；抽油烟机利用的是流体压强与流速关系；飞机飞行时机翼上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，从而使飞机获得升力；综上所述，只有B不符合题意。
19、②④①③ 84 不变 降低
【解析】
（1）在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈得位置．又因为使用温度计时，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底和容器壁，所以要根据温度计的长度确定横杆的位置，因此按照“由下至上”安装实验装置，故它们安装的合理顺序是：②④①③；
图中温度计的分度值是1℃，此时示数在零上，液柱上表面对准了80℃上面第4个小格处，所以此时温度为84℃；
（2）水沸腾的特点就是在沸腾时继续吸热，但是温度保持不变，所以水沸腾后，继续加热，温度计的示数保持不变；
（3）据图可知，当从瓶中向外抽气时，瓶内的气压减小，水的沸点随气压的减小而降低，所以会导致水重新沸腾．
20、10 C B 远离
【解析】
(1)由表中第2次实验的数据，物距等于像距，物像等大，可知，此时u=2f=20cm.则f=10cm.即该凸透镜的焦距为10cm.(2)实验4中物距u=5cm，物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，故选C；(3)第3次实验中，实验2中物距u=15cm，像距v=30cm时，物距小于像距，成倒立、放答的实像，是投影仪和幻灯机的制作原理，故选B；(4)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，如果此时把近视眼镜放在该凸透镜前，使原来会聚成像的光线推迟会聚，所以要想接到清晰的像，光屏要远离透镜。
（1）根据凸透镜成像规律中的物距等于2倍焦距时，成倒立等大的实像，可求得其焦距．（2）据当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像；（3）根据当物距小于像距时，成倒立放大的实像；（4）近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，由此分析像距变化情况．
21、质量 加热时间 水
【解析】
为了研究水与沙子比热的大小，就要控制水和沙子的质量、初温度、相同时间吸收的热量以及所用容器相同；吸收热量的多少可以用加热时间的长短来体现出来，实验中是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收热量的多少；分析图中数据可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是沙子；若使两者升高相同的温度，水加热时间较长，说明吸收的热量较多；由此可见水的吸热能力较大；物理学中用比热容来表示物质吸热能力的大小。
22、电流表接线柱接反了 滑动滑动变阻器使电压表示数为2.5V 0.5W
【解析】
（1）由图知，闭合开关后电流表指针反向偏转，是由于电流表的正负接线柱接反了；
（2）由于小灯泡的额定电压是2.5V，所以小叶应调节滑动变阻器使电压表示数为2.5V，然后记录此时电流表数据，根据P=UI求小灯泡额定功率；
（3）由图像可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，通过的电流是0.2A，故小灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）48.4Ω（2）1.6956×106J（3）12
【解析】
（1）由图乙知道，洗碗机加热时的功率是P加热＝1000W，
由P＝UI＝知道，发热电阻的阻值是：R＝＝48.4Ω；
（2）洗碗机注水时不消耗电能，由图乙知道，洗碗机加热时的功率为1000W，工作的时间为21min，洗碗机加热时消耗的电能是：W加热＝P加热t加热＝1000W×21×60s＝1.26×106J，
由于洗碗机清洗喷淋时的功率为120W，工作时间为60min，所以，洗碗机清洗喷淋时消耗的电能是：W清喷＝P清喷t清喷＝120W×60×60s＝4.32×105J，
由于洗碗机排水的功率为60W，工作的时间为1min，
由P＝知道，洗碗机排水时消耗的电能是：W排＝P排t排＝60W×60s＝3.6×103J，
该洗碗机正常洗一次碗消耗的电能是：
W＝W加热+W清喷+W排＝1.26×106J+4.32×105J+3.6×103J＝1.6956×106J；
（3）由η＝×100%知道，加热过程中水吸收的热量是：
Q吸＝W加热η＝1.26×106J×80%＝1.008×106J，
由Q吸＝cm（t﹣t0）知道，水箱注满水时水的质量是：
m水＝＝8kg，
人工洗一次碗用20kg的水，改用该洗碗机洗碗，则一次可以节约水的质量是：
△m＝m水′﹣m水＝20kg﹣8kg＝12kg。
24、（1）111N（2）2：3
【解析】
（1）由图知，该滑轮是一个动滑轮，所以通过动滑轮绳子的段数n=2，由η=可得，A. B两物块的总重力：G1=ηnF=81%×2×62.5N=111N；
（2）已知GA=61N，所以物块B的重力：GB=G1−GA=111N−61N=41N，A. B物块的质量分布均匀,根据杠杆平衡条件有：GA×a=GB×b 即：61N×a=41N×b，解得：a：b=2：3；
答：（1）A、B两物块的总重力为111N；
（2）a：b的比值是2：3
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、（1）6 （2）1.75W （3）300N （4） ①串联一个定值电阻 ②减小电源电压
【解析】
（1）灯泡L的电阻为：===6Ω；
（2）由图甲可知是一个串联电路，电压表测定值电阻R两端的电压，无风时电压表的示数为2.5 V，定值电阻R=5Ω，根据串联电路电流特点得，电路中的电流为：I===0.5A，由图象乙可知，当无风时，电阻Rx=7Ω，则此时压敏电阻Rx消耗的电功率：==7Ω=1.75W；电源电压为U=2.5V+0.5A（6Ω+7Ω）=9V；
（3）由甲电路图可知，R与Rx串联，电压表测R两端的电压，由图乙可知，风力最大时，Rx的阻值最小，电路中的总电阻最小，由U=IR可知，R两端的电压最大，即电压表的示数最大，电压表的量程为0～3V，所以R两端的电压最大为3V，由I=可知，电路中的电流增大，此时电路中的电流为==0.6A，===1A0.6A，灯安全，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，Rx两端的电压：Ux=U-UR-=9V-3V-0.6A6=2.4V，因串联电路中各处的电流相等，所以压敏电阻的阻值：R′x==4Ω，由图象可知，该装置所能测量的最大风力为300N；
（4）当最大风力增加到600N时，Rx″=1Ω，总电阻减小，电流会增大，为保持电压表量程不变，则电路中的电流0.6A不变，若提高该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力，所以可以①串联一个定值电阻，②减小电源电压。
26、B 20℃
【解析】
（1）实验中要保证水的初温和水的质量是相同的，这样可以直接观察温度计示数的变化情况来判断保温材料的性能情况；
（2）结合图象分析降温规律，当温度不再改变时，即水温降到了室温；
【详解】
（1）由图象可知，在相同时间内，乙的水温下降较慢，甲的水温下降较快，所以乙保温杯的保温效果好，故B符合题意；
（2）由图象可知，当温度降到20℃时，温度不再变化，所以实验过程中的室温为20℃．
能正确根据图象，判断温度随时间的变化，进而得出相应的规律，并判断出室温的高低，考查了我们读取图象的能力．
27、能 50% 242Ω 2A
【解析】
(1)防电墙与人的电阻串联，
根据串联电路电阻特点可知，电路总电阻：
R=R0+R人=1×106Ω+1×105Ω=1.1×106Ω
串联电路中的电流：
I0== =2×10−4A，
由欧姆定律得，此时人体的电压：
U人=I0R人=2×10−4A×1×105Ω=20V，
因为U人小于36V，所以防电墙技术能保证人的安全。
(2)水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×l03J/(kg⋅℃)×10kg×(50℃−20℃)=1.26×l06J，
洗衣机加热消耗的电能：
W=Pt=2400W×1050s=2.52×106J，
洗衣机加热的效率：
η=×100%=×100%=50%
(3)由电路图可知,当旋钮旋至1档时,电热丝R1与R2并联，洗衣机处于加热状态，
由P=UI=得,电热丝R1的加热功率：
P1===2200W，
电热丝R2的加热功率：
P2=P−P1=2400W−2200W=200W，
则电热丝R2的阻值：
R2===242Ω，
(4)洗衣机处于保温洗涤状态时,电热丝R2与电动机并联，
则电热丝R2和电动机的总功率：
P总=P2+P电动=200W+240W=440W，
保温洗涤的干路电流：
I===2A，
实验次数
1
2
3
4
物距u/cm
30
20
15
5
像距v/cm
5
20
30
/
***牌智能滚筒洗衣机
额定电压
220V
加热功率
2400W
设定温度范围
10℃~90℃
电动机功率
240W
防电墙电阻
1×106Ω