重庆市第八中学2026届高三上学期一模物理试题（Word版附解析）

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1、答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。
2、每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。
3、考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时75分钟。
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 2025年9月3日，纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年大会在北京隆重举行。如图所示为接受检阅的歼-10C梯队，假设歼-10C在空中水平飞行，受到重力、水平向右的推进力、竖直向上的升力、水平向左的阻力，则有关歼-10C，下列说法正确的是（ ）
A. 水平向右匀速飞行过程中，歼-10C的重力冲量为零
B. 水平向右匀速飞行过程中，歼-10C的重力做功为零
C. 水平向右加速飞行过程中，歼-10C的飞行员处于超重状态
D. 水平向右加速飞行过程中，歼-10C对空气的作用力小于空气对歼-10C的作用力
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据可知，重力为恒力，时间不为零，故重力的冲量不为0，故A错误；
B．歼-10C水平飞行，在重力的方向没有位移，故重力做功为0，故B正确；
C．歼-10C水平向右加速飞行，在竖直方向没有加速度，故飞行员不处于超重状态，故C错误；
D．歼-10C对空气的作用力与空气对歼-10C的作用力为一对作用力与反作用力，大小相等，故D错误。
故选B。
2. 某聚变反应为氘核和氚核在高温高压下聚变生成氦核和一个未知粒子，并释放巨大能量。已知氘核的质量为，氚核的质量为，氦核的质量为，未知粒子的质量为。下列说法正确的是（ ）
A. 聚变生成物中的未知粒子是质子
B. 聚变生成物中的氦核，核内有2个核子
C. 反应物和生成物的质量关系是
D. 氦核的比结合能大于氚核的比结合能
【答案】D
【解析】
【详解】A．聚变反应为，未知粒子为中子（），故A错误；
B．氦核的质量数为4，核子数（质子数加中子数）为4，故B错误；
C．核聚变释放能量，存在质量亏损，反应前总质量大于反应后总质量，即，故C错误；
D．该核反应放出能量，所以生成物比反应物更稳定，比结合能更大，即氦核的比结合能大于氚核的比结合能，故D正确。
故选D。
3. 2025年2月20日凌晨3点，我国“实践25”号卫星与位于地球静止轨道的北斗“G7”卫星完成对接，并进行燃料补加，对人类航天事业具有重要意义。其过程示意图如图所示，已知地球的自转周期为，“实践25”和“G7”卫星的运行轨道I、III均为圆轨道，“实践25”的转移轨道II与I、III分别相切于两点，下列说法正确的是（ ）
A. “实践25”沿转移轨道II，无动力由点运动至点过程中，其机械能不变
B. “实践25”沿转移轨道II，无动力由点第一次运动至点所用时间为
C. “实践25”沿转移轨道II无动力运动时，任意位置的速率均大于其在轨道I运动的速率
D. 若要“实践25”与“”在点实现对接，则“实践25”在点变轨时，应减速才能从轨道II进入轨道III
【答案】A
【解析】
【详解】AB．“实践25”沿转移轨道II无动力到达C点，只受到万有引力作用，故机械能守恒，轨道为椭圆，由开普勒第三定律可得，“实践25”沿转移轨道II周期小于在轨道III的周期，即“实践25”沿转移轨道II，无动力由点第一次运动至点所用时间小于，故A正确，B错误；
CD．“实践25”在C点变轨时需要加速，才能从轨道II进入轨道III，椭圆上经过C点的速度小于在轨道II的速度，根据
可得
在轨道II速度小于在轨道I的速度，故CD错误。
故选A。
4. 一款2D电子计步器的原理图可以简化如图，平行板电容器的极板固定，极板与设备上的两个轻弹簧连接，极板与弹簧间绝缘。设备完成一次周期性振动，电流传感器显示电流变化一个周期，才能实现一次计步。设板电势为0，关于该计步器，下列说法正确的是（ ）
A. 极板向极板运动的过程中，电流从左向右流经
B. 极板向极板运动的过程中，固定在电容器中点的负点电荷电势能逐渐变小
C. 极板向极板运动的过程中，固定在电容器中点的负点电荷所受电场力逐渐变大
D. 将保护电阻换成理想二极管，极板振动过程中，电流也能周期性变化，从而实现准确计步
【答案】C
【解析】
【详解】A．极板向极板运动的过程中，根据可知，电容器的电容增大，根据可知，电容器充电，电流从右向左流经，故A错误；
BC．电容器两极板间电压不变，而板间距减小，根据可知，电容器间的电场增大，A点到M极板的距离不变，根据可知，A点与M极板的电势差增大，所以A点的电势降低，固定在电容器中A点的负点电荷电势能增大，所受电场力增大，故B错误，C正确；
D．将保护电阻R换成二极管后，电容器将不能放电，电流将不能周期变化，不能实现计步，故D错误。
故选C。
5. 2024年12月13日晚，一道道“寒夜灯柱”在我国新疆克拉玛依市区上空闪现，与城市灯火交相辉映，美不胜收。“寒夜灯柱”是因大气中的冰晶反射灯光而形成。一束复合光从左侧界面折射进入长方体冰晶，现考虑其中两束单色光，冰晶对这两种光的折射率分别为，其光路图如图所示。下列说法正确的是（ ）
A.
B. 用同一装置做单缝衍射实验，光中央条纹宽度比光中央条纹宽度小
C. 逐渐增加复合光在左侧界面的入射角（小于），在冰晶的右侧面，光先发生全反射
D. 若光能使某金属发生光电效应，则光也一定能使该金属发生光电效应
【答案】B
【解析】
【详解】A．由图可知，a光的偏折程度更大，所以a光的折射率大于b光的折射率，故A错误；
B．因为a光的折射率大于b光的折射率，所以a光的频率大于b光的频率，根据可知，a光的波长小于b光的波长，则用同一装置做单缝衍射实验，a光中央条纹宽度比b光中央条纹宽度小，故B正确；
C．冰晶形状为长方体，所以两光均不能在右侧面发生全反射，故C错误；
D．a光能使某金属发生光电效应，而a光的频率大于b光的频率，所以b光不一定能使该金属发生光电效应，故D错误。
故选B。
6. 为了研究某平行于纸面的匀强电场，某同学进行了如下操作：取电场内某一位置为坐标原点建立轴，选取轴上到点距离为的点，以为圆心、为半径作圆，如图甲所示，从点起沿圆周顺时针测量圆上各点与的电势差和转过的角度，可以用此数据绘制图，当半径分别取、时，绘制出如图乙中所示的三条曲线，三条曲线均在时达到电势差的最大值，最大值分别为，下列说法正确的是（ ）
A. 电场方向沿轴负方向
B. 电场强度的大小为
C. 曲线③对应的取值为
D. 曲线①中，时，
【答案】D
【解析】
【详解】ABC．由题意可知，电势差最大，表明该处直径与电场线平行，该静电场可以用如图的电场线和等势线表示
电场强度大小为
且曲线③对应的取值为，故ABC错误；
D．曲线①中，时，故D正确。
故选D。
7. 如图甲所示，与水平面夹角的粗糙斜面上，放着可视为质点的两物块，质量分别为和。轻弹簧一端与物块相连，另一端与挡板相连。未施加拉力时，两物块恰好不下滑。从时刻开始，对施加一沿斜面向上的力使物块沿斜面向上做匀加速运动，力随时间变化如图乙，已知两物块与斜面的动摩擦因数均为0.5，设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，取，已知下列说法正确的是（ ）
A. 乙图中
B. 弹簧的劲度系数为
C. 到的过程中力做的功为
D. 到分开的过程中，所受摩擦力做功为
【答案】C
【解析】
【详解】A．未施加外力时，A、B恰好不下滑，对系统受力分析如图
由正交分解可得
为此时弹簧的形变量，解得
时，，AB一起沿斜面向上匀加速直线运动，此时AB所受摩擦力沿斜面向下，受力分析如图
由正交分解可得
解得
时，A、B间无弹力，对B受力分析有
解得，故A错误；
B．对A受力分析有
为AB刚分开时，弹簧的形变量，解得
AB一起匀加速直线运动位移
解得，故B错误；
C．在过程，外力F为变力，对AB分析可得
解得
可得
所以F做功为，故C正确；
D．摩擦力对A做负功，为，故D错误。
故选C。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。
8. 重庆长江索道被誉为“万里长江第一条空中走廊”和“山城空中公共汽车”。风力持续作用于轿厢形成周期性驱动力，轿厢在驱动力作用下做近似简谐运动的横向摆动。设某次摆动中，轿厢重心相对于平衡位置的位移随时间变化的关系为。已知索道系统的固有频率为，下列说法正确的是（ ）
A. 轿厢在驱动力作用下摆动的周期为1.0s
B. 若风速变化导致驱动力频率变为，轿厢摆动幅度增大
C. 时，轿厢正处于平衡位置且向正方向运动
D. 轿厢在摆动中任意四分之一周期内通过的路程一定为
【答案】AB
【解析】
详解】A．由题可知，角频率
则其周期为，故A正确；
B．当驱动力的频率等于系统固有频率时发生共振，系统的振幅显著增大，故B正确；
C．由题可知，时
因此轿厢不在平衡位置，故C错误；
D．简谐振动中，质点仅从平衡位置或最大位移处开始计时的四分之一周期内的路程才等于振幅，故D错误。
故选AB。
9. 在电梯的轿厢中，有一质量，内部横截面积的汽缸，现用一个质量的活塞封闭了一定质量的理想气体。初始时，汽缸静置在轿厢底部，气柱高度，如图甲所示。若用绳子连接活塞将汽缸悬挂在轿厢的顶部，轿厢以加速度匀加速上升达到稳定时气柱高度，如图乙所示。已知大气压强，轿厢内温度不变，汽缸导热性能良好且不计活塞与汽缸壁间的摩擦，重力加速度取。下列说法正确的是（ ）
A. 图甲静止状态下，汽缸内气体的压强
B. 图乙轿厢加速运动时，汽缸内气体的压强
C. 图乙轿厢加速运动时，加速度的大小为
D. 图乙轿厢加速运动时，加速度的大小为
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．初始状态，活塞处于平衡状态时，则有
代入数据解得，故A正确；
B．轿厢加速运动时，由玻意耳定律可得
代入数据解得，故B正确；
CD．对汽缸受力分析，由牛顿第二定律可得
代入数据解得，故C错误，D正确。
故选ABD。
10. 如图甲所示，在倾角为的光滑斜面上，存在与斜面垂直向上的条状匀强磁场区域，磁场的宽度为，相邻条状磁场的间距也为。一质量为、边长为的单匝正方形线圈以与斜面底边平行的初速度水平抛出，边与磁场边界平行，如图乙所示。已知线圈电阻，斜面的宽度足够大、斜面足够长、磁场区域的数量足够多，重力加速度为。下列说法正确的是（ ）
A. 线圈中电流方向为先沿再沿，交替进行
B. 线圈的边刚进入第二个条状磁场区域时，加速度大小为
C. 全过程线圈产生的热量为
D. 线圈最多穿过8个条状磁场区域
【答案】AC
【解析】
【详解】A．线圈刚进入磁场时，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流方向顺时针abcda，同理可知，出磁场时感应电流的方向为adcba，故A正确；
B．线圈在进入第一个条状匀强磁场的过程中，对线圈水平方向分析，由动量定理可得
其中，
解得
所以线圈刚进入第二个磁场时的速度为
此时线圈中的电流
对线圈在水平方向受力分析，由牛顿第二定律可得
联立解得，线圈刚进入第二个磁场区域时，水平方向的加速度大小为
沿斜面向下加速度为，则其合加速度不为，故B错误；
C．水平方向上，线圈最终速度为零，由功能关系可知，水平方向速度减小时由于受到安培力的作用，沿斜面方向的运动不会产生感应电流，所以线圈产生的热量为，故C正确；
D．结合上述分析可知，线圈每穿过一个磁场区域，水平方向动量减少，所以线圈穿过磁场区域的个数为
所以线圈最多穿过4个磁场区域，故D错误。
故选AC。
三、非选择题：本题共5小题，共57分。
11. “诚勤立达”学习小组的同学们正在探究“影响感应电流方向的因素”。
（1）同学们先按照图甲连接电路，不通电时，电流计指针停在正中央。当闭合开关时，观察到电流计指针向左偏。该步骤是为了判断___________。
（2）接着按照图乙组装实验装置，将条形磁铁从线圈中拔出的过程中，我们可以观察到电流计的指针___________（填“向左”“向右”或“不”）偏转。
（3）为了进一步探究实验规律，该小组的同学们连接了如图丙所示的实验电路，将条形磁铁向下插入线圈（未穿出）的过程中，观察到的实验现象是___________。
A. 灯泡A、B均不发光
B. 灯泡A、B交替发光
C. 灯泡A发光，灯泡B不发光
D. 灯泡B发光，灯泡A不发光
【答案】（1）电流流进电流计的方向与电流计指针偏转方向的关系
（2）向左 （3）C
【解析】
【小问1详解】
当闭合开关时，观察到电流计指针向左偏，说明当电流从电流计左接线柱流进电流计时，电流计的指针向左偏，本步骤是为了判断电流流进电流计方向与电流计指针偏转方向的关系。
【小问2详解】
根据楞次定律可知，此时感应电流产生的磁场方向与原磁场方向相同，结合安培定则可知此时感应电流从上方流进螺线管，从下方流出螺线管，再流进电流计，因此电流计的指针向左偏转。
【小问3详解】
根据楞次定律可知，此时感应电流产生的磁场方向穿过线圈向上，结合安培定则可知电流从上方流进螺线管，从下方流出螺线管，由于二极管具有单向导电性，因此灯泡A发光，灯泡B不发光。
故选C。
12. 某小组利用图甲所示的装置完成实验：探究加速度与力、质量的关系。
（1）关于本实验的操作，下列说法正确的一项是___________。
A. 实验时打点计时器应接220V的交流电源
B. 实验时应先释放小车后接通电源
C. 实验时应调节连接小车的细绳与长木板平行
D. 小车质量应远大于沙桶的质量
（2）某次实验时得到的纸带如图乙所示，已知相邻两计数点间还有4个点未画出，电源的频率为，则小车的加速度大小___________；若本次实验时力传感器的示数为，重力加速度取，则沙桶的总质量___________（结果均保留2位有效数字）。
（3）另一小组由于操作不慎，导致力传感器损坏，于是该小组转换思路重新进行实验。平衡小车摩擦后，保持小车质量不变，以沙桶与沙总重力的2倍为小车的合外力，通过改变沙桶中沙的质量，得到了图丙中的曲线图像，一位同学利用最初的几组数据拟合了一条直线图像。如图所示，作一条与纵轴平行的虚线，与这两条图线及横轴的交点分别为、、，若此虚线对应的小车质量为，沙桶与沙的总质量为，则___________（用、表示）。
【答案】（1）C （2） ①. ②.
（3）
【解析】
【小问1详解】
A．电磁打点计时器工作电压在的交流电压，故A错误；
B．实验时应先接通电源后释放小车，故B错误；
C．实验时应调节连接小车的细绳与长木板平行，能保证小车受到拉力为恒力，故C正确；
D．本题有力传感器测拉力，不需要小车质量远大于沙桶的质量，故D错误。
故选C。
【小问2详解】
[1]电源的频率为，相邻两计数点间还有4个点未画出，则相邻两计数点间时间间隔为
根据逐差法可得小车的加速度大小为
[2]对沙桶受力分析，受竖直向下的重力和竖直向上细绳的拉力，因为沙桶运动的位移是小车位移的两倍，所以沙桶的加速度为，方向竖直向下，根据牛顿第二定律有
解得
【小问3详解】
对小车和沙桶进行分析，近似认为沙桶与沙总重力的2倍为小车的合外力，根据牛顿第二定律有
解得
小车质量不变，逐渐增加沙桶中沙的质量，对沙桶受力分析有
对小车，根据牛顿第二定律有
联立解得
所以
13. 亲爱的同学，还记得“保护鸡蛋”的活动吗？在活动方案中，某兴趣小组利用“电磁阻尼”来设计着地缓冲装置，简化的结构原理如图所示。承重装置和鸡蛋的质量分别为和，其内部区域存在着磁感应强度大小为的匀强磁场；缓冲装置是匝数为的刚性线圈，线圈的总电阻为、宽度为。现将两装置在距离地面高度为处同时自由释放，观察到刚性线圈落地后立即静止不动，同时承重装置和鸡蛋立即做减速运动，两装置始终处于竖直状态，忽略空气阻力和一切摩擦，重力加速度取。
（1）求落地后瞬间，线圈产生的感应电动势大小；
（2）若承重装置与缓冲装置接触前已经做匀速运动，求承重装置匀速运动速度的大小；
（3）该兴趣小组若能成功保护鸡蛋，则承重装置与缓冲装置接触前，鸡蛋至少要能承受多大的冲击力？
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
落地后瞬间的速度
线圈产生的感应电动势大小
【小问2详解】
承重装置匀速运动时满足，
解得
【小问3详解】
分析可知，缓冲装置刚着地时，承重装置与鸡蛋具有最大的向上加速度，此时鸡蛋受到的冲击力最大。对承重装置和鸡蛋整体，由牛顿第二定律得
对鸡蛋进行受力分析，有
其中安培力F安=NBI0L
感应电流
缓冲装置着地瞬间的感应电动势
联立以上各式，解得
14. 重庆某机器人公司拟设计一个机器人杂技表演项目参加2026春晚选拔。如图所示，为固定在同一水平面的两条光滑平行轨道，垂直轨道放置质量为的滑杆，滑杆用总长度为的轻绳与质量为的机器人相连。初始时，轻绳跨过点（轨道平面内）正下方处的光滑定滑轮。表演开始时，用外力缓慢向左拉动滑杆，当滑轮上方细绳与竖直方向的夹角为时，撤去外力，滑杆向右运动，绳与滑杆的中心相连，机器人可视为质点，机器人、滑轮、点以及点始终在同一竖直平面内，不计空气阻力，轻绳不可伸长，重力加速度为。求：
（1）滑杆滑至点时的速度大小；
（2）滑杆滑至点右侧后，求机器人离平行轨道平面的最小距离；
（3）滑杆滑至点右侧后，机器人的最大速率。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
滑杆滑至O点时，其竖直方向速度为0，所以机器人的速度为0，二者组成的系统机械能守恒，有
解得
【小问2详解】
滑杆滑至O点右侧后，当二者水平方向速度相等时，机器人离平行轨道的距离最小，设其为，对于滑杆和机器人组成的系统，根据系统水平方向动量守恒
根据机械能守恒可得
解得
【小问3详解】
当机器人再次到最低点时速度最大，在最低点，动量守恒
能量守恒
解得
即机器人的最大速率为。
15. 如图所示，竖直面内有平面直角坐标系，坐标系的第二象限存在匀强电场（未知）和垂直于平面向外的匀强磁场（大小未知）、第四象限存在沿方向的匀强电场（大小未知）。一质量为、带正电的小球（电量为）从轴上某位置以初速度抛出，速度与轴正方向的夹角为，小球做匀速圆周运动并水平击中轴上处，此后撤去第二象限的电场和磁场。在处有一垂直于轴的足够大的挡板，小球与挡板碰撞后（碰撞前后小球质量、电量不变）水平速度变为原来的，竖直速度不变。已知重力加速度为，不计空气阻力，求：
（1）匀强电场的大小和匀强磁场的大小；
（2）要使小球垂直击中挡板，匀强电场的大小；
（3）要使小球能两次通过轴上处，满足条件的电场强度的可能值。
【答案】（1），
（2）
（3）、、、
【解析】
【小问1详解】
小球做匀速圆周运动，所以
解得
根据牛顿第二定律可得
由题意可知
联立，解得
【小问2详解】
小球从y轴击中点做平抛运动，则
解得
竖直方向速度为
所以小球的运动为：沿x轴方向匀速，y轴方向先向下加速到，在电场中减速到零，后向上加速到，再减速到零，并不断重复，是一个周期性的运动。所以要使小球垂直击中挡板，应在第一象限最高点或第四象限最低点，故
其中
根据牛顿第二定律可得
解得
小问3详解】
小球从y轴击中点做平抛运动，在x轴上的水平距离为
小球两次通过点（，0），即反弹前、后均通过（，0），挡板位置在（，0）处，小球的运动可认为有周期性，设反弹前轨迹相邻两最高点（或最低点）之间的距离为，时间为，反弹前从上往下通过该点应满足①
从下往上通过该点应满足②
反弹后的轨迹可视为速率变化但继续向前的运动，水平速度大小变为原来的，竖直速度不变，故轨迹相邻两最高点（或最低点）之间的距离变化，但周期仍为，相当于要运动至（，0），反弹后从上往下通过该点应满足③
从下往上通过该点应满足④
以下讨论四种情况：
（1）反弹前从上往下①，反弹后从上往下③，得
要使、均取正整数，需
又
故无解；
（2）反弹前从上往下①，反弹后从上往下④，得
要使、均取正整数，需
又
故，
所以
解得
如图所示
，
所以
解得
，
所以
解得
（3）反弹前从下往上②，反弹后从上往下③，得
要使、均取正整数，需
又
故无解；
（4）反弹前从下往上②，反弹后从上往下④，得
要使、均取正整数，需
又
故，
所以
解得
如图所示
综上所述，可取、、、。