广东省东莞市八年级下学期期中物理自编练习试卷-A4

这是一份广东省东莞市八年级下学期期中物理自编练习试卷-A4，共21页。试卷主要包含了小明是个航天迷，他思考等内容，欢迎下载使用。
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、单选题：本大题共7小题，共21分。
1.下列四位科学家中，以其名字命名压强的单位的是( )
A. 瓦特B. 帕斯卡C. 阿基米德D. 焦耳
2.如图所示的四种用具在正常使用的过程中，属于费力杠杆的是( )
A. 活动扳手
B. 天平
C. 镊子
D. 铁皮剪
3.如图所示，当篮球飞行到空中最高点A点时，若它所受的一切外力消失了，则篮球的运动轨迹是( )
A. 1
B. 2
C. 3
D. 4
4.2020年7月23日“天问一号”火星探测器在我国文昌航天发射场发射升空，开始火星探测之旅，2021年5月15日，“天问一号”火星探测器所携带的祝融号火星车及其着陆组合体，成功在火星表面降落，“天问一号”在到达火星附近时，经过“刹车”减速进入环绕火星运行的轨道(“天问一号”在火星大气层外运行，不受火星大气阻力)，在某次环绕火星的椭圆轨道上运行时，“近火点”A高度约280km，“远火点”B高度约5.9×104km，下列说法错误的是( )
A. 火箭装置在发射台上准备发射时，发射台对火箭没有做功
B. “天问一号”在环火轨道运行中受平衡力作用
C. “天问一号”在火星附近“刹车”减速后，具有的机械能减小
D. “天问一号”从“近火点”A运动到“远火点”B的过程中，动能转化为重力势能
5.如图所示，棋子P、Q静止叠放在水平桌面上，用尺将Q快速水平击打出去。则( )
A. 击打前，Q在两个力的作用下处于平衡状态
B. 击打前，P没有惯性；击打后在P才有惯性
C. 离开P后滑动中，Q受到的摩擦力逐渐减小
D. 离开P后滑动中，Q对桌面的压强保持不变
6.小明是个航天迷，他思考：走在陌生的城市中，我们可以通过路边的地标来确定前进的方向。那么，航天器飞行在茫茫太空中，如何确定方向？查阅资料发现是应用了惯性导航。所谓惯性导航，就是基于牛顿力学原理，利用载体自身的惯性特性进行导航定位的技术。虽然这项技术复杂，但小明通过所学习的惯性知识做出了如下解释，你认为其中正确的是( )
A. 惯性导航在太空中一定是在惯性力作用下工作的
B. 不是所有物体都具有惯性，制作惯性导航一定要选择具有惯性的物体
C. 惯性导航仪随航天器飞行的速度越大，它的惯性就越大
D. 若惯性导航仪在太空中突然失去所有力时，一定会保持原有运动状态不变
7.如图甲所示的装置是用来探究滑轮组的机械效率η与物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是( )
A. 此滑轮组动滑轮的重力为2N
B. 当G物=6N时，滑轮组机械效率η=40%
C. 当G物′=15N时，弹簧测力计的示数为6N
D. 此滑轮组机械效率η随G物的增大而增大，最终将达到100%
第II卷（非选择题）
二、填空题：本大题共7小题，共21分。
8.如图所示，打网球时，击球瞬间网球迅速被压扁并反弹出去，这说明力既可以改变物体的运动状态，又可以使物体产生______；在球被压扁的同时球拍的拉线也弯曲了，这说明______。
9.2023年8月31日，长征二号丁运火箭将遥感三十九号卫星发射升空发射任务圆满成功。升空过程中，卫星相对于地面是______的，而相对于火箭是______的。(均选填“静止”或“运动”)
10.如图(a)所示，建造水电站时要在河道中修筑大坝。如图(b)所示，大坝的下部应当比上部更为厚实，主要原因是水的压强随______的增大而增大；为了估算建造大坝所需混凝土的质量可应用______知识；如图(c)所示，大坝边上的船闸是______应用的实例。
11.一个正方体物体的质量为m，其密度为ρ，如图所示，该物体放在水平地面上时，对地面的压强为p。如果沿图中的虚线竖直切下一半后，则该物质的密度______，它对地面的压强______。(均选填“变大”“变小”或“不变”)
12.如图所示，在两个大小相等的力F1和F2的作用下，质量为m的木块可在两长板之间以v的速度匀速向下滑落，如果保持两力F1和F2的大小方向不变，能使木块m以3v的速度匀速向上滑动，那么木块向上的推力应是_____.(用题目中提供的物理量表示)
13.一建筑工人用100N的水平推力推重为500N的小车，使小车在水平地面上匀速前进了15m，小车受到的阻力为______N.撤去推力，小车仍然能继续向前1m，这是由于小车具有______.在上述小车前进16m的过程中，建筑工人对小车做的功为______J.
14.为了更好地保证交通安全，我国交通法规定严禁在开车时接打手机、车窗抛物等行为。如果汽车以36km/h的速度匀速直线行驶，驾驶员开车时看一眼手机需要3s，在这段时间内，汽车相当于在无人驾驶状态下行驶______m，从行驶的汽车内向外抛杂物，不但污染环境，还可能由于物体速度较大而具有较大的______，可能砸伤人，这些都是十分危险的行为。当遇紧急情况刹车后，由于汽车具有______，不能马上停下来，容易发生交通事故。
三、作图题：本大题共4小题，共8分。
15.如图所示，投向篮筐的篮球在空中飞行，请作出此时篮球所受重力的示意图。(O为重心)
16.在图中，人站在地面上使用滑轮，画出绕线方法．
17.甲图为按压式订书机，乙图是该订书机工作时杠杆原理的简化图，O为支点。请画出：(1)作用在A点的最小动力F1及力臂；(2)阻力F2的力臂L2。
18.一辆汽车在一平直的公路上以15m/s速度匀速行驶，请你在图上画出汽车行驶过程中路程随时间变化关系的s−t图象。
四、实验探究题：本大题共5小题，共31分。
19.小敏用弹簧测力计、正方体木块、水平长木板、砝码等器材，做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验。
(1)小敏用弹簧测力计匀速拉木块进行了图甲、乙所示的实验操作，记录数据为表中1、2，由此得到的结论是：接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力______。
(2)表中第1和3两次实验中木块受到的滑动摩擦力不同的可能原因是______。
A.两次拉动速度不同 B.两次木块对木板的压力不同
C.木块正面和侧面的接触面积不同 D.木块正面和侧面的粗糙程度不同
(3)采用如图甲所示的实验装置测量木块与长木板之间的摩擦力时，发现弹簧测力计示数不稳定，很难读数，为解决上述问题，小敏对实验装置进行了改进，用图丙所示的装置进行实验，解决了上述问题，这是因为______。
20.关于如图所示的三个实验，请回答下列问题：

(1)甲实验：研究压力的作用效果与压力大小的关系时，需要控制的物理量是______。
(2)乙实验：研究“液体压强规律”时，实验中保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，记录U形管两侧液面高度差，发现高度差相同，则此实验的结论是______。
(3)丙实验：研究“影响浮力大小的因素”，实验中把物体分别浸没在水和盐水中，弹簧测力计示数如图丙所示，由此可得物体排开液体体积相同时，浮力大小与______有关。
21.如图是“探究运动和力的关系”实验：
(1)让小车从斜面同一高度由静止滑下，目的是使小车每次滑到水平面时的______相同。
小车被按着在斜面上静止时，受力______(选填“平衡”或“不平衡”)。小车在水平面上运动时，受到的重力与______力互相平衡。
(2)实验中通过观察______(选填字母)来反映阻力对物体运动的影响。
A.小车滑行的距离
B.接触面的粗糙程度
(3)分析可知：表面越______，小车受到的阻力越小，其速度减小越慢。
(4)下列对此实验的分析或推理正确的是______。
A.实验中运动的小车会停下来，说明运动要靠力来维持
B.如果小车在水平面运动时不受阻力，它就不会停下来
(5)发挥你的想象力，尝试推理：如果小车以不同的速度进入阻力为零的水平面上运动，最终它们的速度将______(选填“相同”或“不同”)。
(6)实验完成后，同学们一起讨论运动和力的关系，观点正确的是______。
A.物体受力，运动状态一定改变
B.物体不受力，一定会保持静止
C.物体运动，一定受到力的作用
D.物体运动状态改变，一定受力
(7)牛顿在伽利略等人的研究成果上概括出了“牛顿第一定律”。该定律______(选填“能”或“不能”用实验直接验证，因为地球上的任何物体都受到______力的作用。
22.日常生活中的许多现象，往往隐含着许多科学道理，如；

a.自行车在烈日下暴晒，车胎容易发生爆炸；b.压缩一段封闭在注射器内的空气，发现越压缩越费力；
(1)关于一定质量的气体产生的压强与哪些因素有关呢？小明做出了以下猜想：
猜想一：一定质量的气体产生的压强可能与气体的温度有关；
猜想二：一定质量的气体产生的压强可能与气体的体积有关。
(2)为验证猜想一，小明进行如下实验操作：
步骤①：取一根长约为1m，一端封闭的细玻璃管，在室温(20℃)下用水银封闭一段空气柱，将玻璃管竖直固定，并在玻璃管上标出水银柱下表面的位置，如图甲；
步骤②：将空气柱浸入50℃的水中，待水银柱不再上升，往玻璃管内注入水银，直到水银下表面到达______为止；
步骤③：再将空气柱浸入80℃的水中，重复实验。再将空气柱浸入80℃的水中，重复实验。实验中小明发现空气柱的温度越高，其上方的水银柱也越长，由此可得出结论：一定质量的气体，体积一定时，温度越高，产生的压强越______；
(3)小明又利用传感器设计了如图乙的实验装置，探究验证猜想二：
步骤①实验中，小明要控制气体的质量和温度不变，改变______测量压强；
步骤②小明实验记录的数据如下：
分析表中数据，可得结论：______。
(4)在炎热的夏天，载重汽车在盘山公路下坡行驶时，要不断往车轮胎上喷水，其主要目的是______。
23.在“探究杠杆的平衡条件”实验中。
(1)若杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆______(选填“是”或“不是”)处于杠杆的平衡状态。：接下来将杠杆两端的______，向______调节。使之在水平位置平衡，这样做的目的是为了______。

(2)调节杠杆平衡后，在左侧挂两个钩码，每个钩码重1N，在右侧用弹簧测力计竖直向下拉，使杠杆在水平位置平衡，如图乙所示。已知杠杆上刻度均匀，则此时弹簧测力计的示数F= ______N；本实验中，需改变钩码位置、数量和弹簧测力计位置进行多次实验，其目的与“多次测量同一物体的长度”中的多次实验的目的______(选填“相同”或“不同”)。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
24.上海自主研发了一种使用氢气代替汽油的氢燃料汽车．若一辆小轿车的质量为1600kg，车轮与地面的总接触面积为0.1m2.在一次测试中，汽车在水平路面受到2300N的水平牵引力，6min内匀速直线行驶了9000m.(g取10N/kg)
求：(1)汽车的速度及受到的阻力；
(2)汽车静止时对地面的压强；
(3)汽车牵引力所做的功．
25.我国有人驾驶深海探测器“蛟龙号”质量为22.5t，可以探测7000m深的海洋，每次完成任务后，要用起重机将它吊到母船上，如图甲。我们将它简化成图乙，在某次“蛟龙号”离开水面后吊起时，用时200秒，匀速上升了10m。已知此时滑轮组的机械效率为75%。求此次回收过程中：
(1)电动起重机拉力做的有用功和总功？
(2)电动机的功率至少为多少千瓦？
(3)电动机对钢绳自由端拉力F多大？
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
26.发生交通事故的一个重要原因是遇到意外情况时车不能立即停止。发现情况时，司机从视觉感知到踩制动器刹车的这段时间叫反应时间；在反应时间内汽车保持原速前进的一段距离叫反应距离。某司机没有饮酒时的反应时间为0.3s，喝了一瓶啤酒半个小时后在尚能驾车的情况下反应时间变为0.7s。
(1)刹车过程中轮胎发热升温，______能增加，这是由______引起的。
(2)若他驾车以20m/s的速度行驶，没有饮酒时的反应距离是______m，喝了一瓶啤酒半个小时后的反应距离比没有饮酒时的反应距离多了______m。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：在国际单位制中，
A、瓦特是功率的主单位。不符合题意；
B、帕斯卡是压强的主单位。符合题意；
C、阿基米德得出了浮力大小的计算公式。不符合题意；
D、焦耳是功和能量的主单位。不符合题意。
故选：B。
首先对选项中的单位进行分析，明确各自对应的物理量，然后确定符合题意的选项。
我们不仅要知道常用物理量的单位，还要学习物理学家探索科学规律、献身科学研究的精神。
2.【答案】C
【解析】解：
A、活动扳手在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；
B、天平使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B错误；
C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确；
D、铁皮剪在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误；
故选：C。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】A
【解析】解：当篮球飞到空中最高点A时，在水平方向上有一定的速度，若它受到的一切外力同时消失，则篮球将沿原来方向做匀速直线运动，即沿1的方向做匀速直线运动。
故选：A。
根据牛顿第一定律，当物体不受任何外力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了牛顿第一定律的应用，属于基础题。
4.【答案】B
【解析】解：A、火箭放置在发射台上准备发射时，发射台对火箭有力的作用，但没有在力的方向上通过距离，没有做功。故A正确；
B、“天问一号”在环火轨道运行中方向不断发生变化，所以受到的是非平衡力的作用。故B错误；
C、“天问一号”在火星附近“刹车”减速后，质量不变，速度变小，动能变小，高度变小，重力势能变小，故具有的机械能减小。故C正确；
D、“天问一号”从“近火点”A运动到“远火点”B的过程中，质量不变，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能变大，动能转化为重力势能。故D正确。
故选：B。
(1)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不可；
(2)在平衡力的作用下，物体保持静止或做匀速直线运动；
(3)(4)机械能等于动能和势能之和，动能和物体的质量和速度有关，重力势能和物体的质量和高度有关。
本题考查了做功的条件、力和运动的关系、机械能的转化，难度不大。
5.【答案】D
【解析】解：
A、棋子P、Q叠放在一起静止在水平桌面上，击打前，Q受到竖直向下的重力、竖直向下的P对Q的压力、竖直向上的支持力的作用，共三个力，故A错误；
B、一切物体都有惯性，无论是击打前，还是击打后，P都有惯性，故B错误；
C、离开P后滑动过程中，压力、接触面的粗糙程度不变，则Q受到的摩擦力不变，故C错误；
D、离开P后滑动过程中，Q对桌面的压力不变、受力面积不变，因此对桌面的压强不变，故D正确。
故选：D。
(1)根据图片对Q进行受力分析；
(2)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；
(4)压强的大小与压力和受力面积有关。
本题考查了物体的受力分析、惯性、摩擦力的影响因素、压强的影响因素等，综合性强，但难度不大，要掌握。
6.【答案】D
【解析】解：A、惯性是物体的一种性质，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故A错误；
B、一切物体在任何情况下都有惯性，故B错误；
C、惯性的大小只与物体的质量有关，惯性导航仪的质量不变，则惯性大小不变，故C错误；
D、若惯性导航仪在太空中突然失去所有力时，根据牛顿第一定律，它一定会保持原有运动状态不变，故D正确。
故选：D。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。根据牛顿第一定律可判断物体失去力时的运动状态。
本题考查了对惯性的理解与应用，对牛顿第一定律的掌握，属基础题。
7.【答案】C
【解析】解：
A、不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动，
由图可知当物体的重力为12N时，滑轮组的机械效率80%，
即：80%=12N12N+G动，解得动滑轮重力：G动=3N，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动，
所以当G物=6N时，滑轮组的机械效率：η=6N6N+3N×100%≈66.7%，故B错误；
C、由图知n=3，G物′=15N时，弹簧测力计读数：F=1n(G物+G动)=13×(15N+3N)=6N，故C正确；
D、使用滑轮组时，克服物重的同时，不可避免地要克服动滑轮重做额外功，所以总功一定大于有用功，由效率公式η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动可知机械效率一定小于1，即同一滑轮组机械效率η随G物的增大而增大，但最终不能超过100%，故D错误。
故选：C。
(1)由图知，提升重物为12N时，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动，据此求动滑轮重力；
(2)不计绳重和摩擦，利用η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动，求当G物=6N时滑轮组机械效率；
(3)不计绳重和摩擦，由图知n=3，根据F=1n(G+G动)计算G物′=15N时弹簧测力计读数；
(4)使用滑轮组时，不计绳重和摩擦，提升重物时，不得不提升动滑轮做额外功，使得有用功总是小于总功，滑轮组的机械效率总是小于1。
本题考查有用功、机械效率的大小比较和机械效率的计算，要利用好关系式：不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率率η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动。
8.【答案】形变 物体间力的作用是相互的
【解析】解：击球瞬间网球迅速被压扁，说明力可以改变物体的形状即使物体发生形变。球被压扁的同时球拍的拉线也弯曲，说明物体间力的作用是相互的。
故答案为：形变；物体间力的作用是相互的。
(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
(2)物体间力的作用是相互的。
解决本题的关键是掌握力的作用效果和力的作用特点。
9.【答案】运动 静止
【解析】解：升空过程中，卫星相对于地面发生了位置变化，是运动的，而相对于火箭没有发生位置变化，是静止的。
故答案为：运动；静止。
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查了运动和静止的相对性，知道在判断物体的运动状态时，选择的参照物不同，其判断结果可能不同，但都可能是正确的。
10.【答案】深度 密度 连通器
【解析】解：(1)液体的压强随深度的增加而增大，为承受更大的水压，拦河大坝要设计成下宽上窄的形状；
(2)为了估算建造大坝所需混凝土的质量，可先估测混凝土的体积，混凝土密度相对固定，再利用m=ρv估算混凝土的质量；
(3)大坝边上的船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器。
故答案为：深度；密度；连通器。
(1)液体的压强随深度的增加而增大；
(2)估测混凝土的体积，利用密度公式可估算混凝土的质量；
(3)上端开口、下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是相平的。
本题主要考查了对液体压强特点、密度应用、连通器应用等的掌握，有一定综合性。
11.【答案】不变 不变
【解析】解：(1)密度是物质本身的一种特性，跟物质的质量、体积无关，在质量、体积改变时，物质的密度不变；
(2)物体对地面的压强为：p=FS=GS=mgS=ρgVS=ρgShS=ρgh，
沿图中的虚线竖直切下一半后，截成两个长方体的压强由以上分析可知，物体对地面的压强只与物体的密度、高度有关，二者都不变，故压强不变。
故答案为：不变；不变。
(1)密度是物质本身的一种特性，跟物质的质量、体积无关；
(2)根据p=FS=GS=mgS=ρgVS=ρgShS=ρgh进行判断。
本题考查了密度的特点以及压强变化的知识，知道标准几何体的压强可以用液体压强公式求解。
12.【答案】2mg
【解析】木块的受到的重力为：G=mg，
在竖直方向，当木块在两个力的作用下匀速下滑时，由二力平衡条件可知：重力和摩擦力是平衡力，所以，木块受到的摩擦力大小为
f=G=mg
方向为竖直向上；
当木块在推力作用下匀速上升时，由二力平衡条件可知：向上的推力与物体向下的重力、向下摩擦力的合力是平衡力，
F=G+f′
由影响滑动摩擦大小的因素可知：匀速向上和匀速向下运动时，两个对物体的压力、接触面的粗糙程度不变；所以f=f′，则
F=G+f=2G=2mg
13.【答案】100；惯性；1500
【解析】解：(1)∵小车匀速前进，
∴小车受到的阻力：f=F=100N；
(2)撤去推力，小车由于惯性继续向前运动；
(3)撤去推力，小车靠惯性继续向前运动，建筑工人不做功，
整个过程建筑工人对小车做的功：W=FS=100N×15m=1500J．
故答案为：100；惯性；1500．
(1)小车做匀速运动，推力等于阻力，大小相等，方向相反；
(2)物体具有的保持运动状态不变的性质叫惯性；
(3)由于惯性运动的小车，不受力的作用，这段距离不做功，建筑工人对小车做的功根据公式W=FS可求．
本题考查功的计算，二力平衡条件的应用以及惯性的知识，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直．
14.【答案】30 动能 惯性
【解析】解：汽车的速度v=36km/h=10m/s，
由v=st得，3s内汽车行驶的路程：
s=vt=10m/s×3s=30m；
从行驶的汽车向外抛杂物，由于惯性，抛出时杂物与汽车具有相同的速度，
由于物体速度较大而具有较大的动能，可能砸伤人，这些都是十分危险的行为。
当遇紧急情况刹车后，由于汽车具有惯性，仍要保持原来的，不能马上停下来，容易发生交通事故。
故答案为：30；动能；惯性。
(1)知道汽车的速度和行驶时间，根据s=vt求出汽车行驶的路程；
(2)由于物体的运动而具有的能叫做动能；物体的质量一定时，速度越大，动能越大。
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。
本题主要考查速度公式的应用及动能和惯性的相关知识，属于基础性题目，比较简单。
15.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，从篮球重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：

【解析】根据重力的方向是竖直向下的，从篮球重心做竖直向下的力即可。
本题考查了重力示意图的画法，属于基础性题目。
16.【答案】解：因为是人站在地面上用滑轮组提升重物，拉力方向向下，所以由2段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法．如图所示：

【解析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮．通过比较提升物体绳子条数的多少确定最省力的绕法．
此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同，绳子股数越多越省力．
17.【答案】解：过O点作阻力F2的垂线，即为阻力F2对支点O的力臂L2；
动力最小，即动力臂最长，动力的方向应该向下，连接支点O与动力的作用点A即为最长力臂L1，过动力的作用点作垂线就得到施加的最小动力F1，如下图所示：

【解析】根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
18.【答案】解：
根据v=st可知，在t=20s内汽车行驶的路程s=vt=15m/s×20s=300m；
同理可求汽车10s、30s行驶的路程分别为150m、450m。
根据求得的路程，利用描点法画出s−t图象，如图所示：

【解析】已知汽车以15m/s的速度做匀速直线运动，利用s=vt求20s内汽车行驶的路程；
所以任何时间段速度都一样；又由坐标知，横轴为时间，纵轴代表速度，所以图象为与横轴平行的一条线段，利用描点法画出图象。
本题考查了路程的计算和s−t图象的画法，此题是易错题，容易出错的地方是，将速度−时间图象作成路程−时间图象。
19.【答案】越大；D；无论长木板怎样运动，木块都处于静止状态，便于读数
【解析】解：(1)由表中1、2数据知，接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(2)由表中第1和3两次实验可知，压力大小相同，故A错误；
根据影响滑动摩擦力大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，而与拉动木块运动的速度、木块正面和侧面的接触面积大小无关，故木块受到的滑动摩擦力不同的可能原因是木块正面和侧面的粗糙程度不同，选D；
(3)根据二力平衡的知识可知，要让木块在水平板面上做匀速直线运动，只有这样才可以测出摩擦力；由于在拉动正方体木块时，很难让木块保持匀速直线运动状态，才导致了弹簧测力计的示数不稳定；
用图丙所示的装置进行实验，当拉动长木板运动的过程中，正方体木块保持静止状态，根据二力平衡的条件知：此时弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。无论长木板是否做匀速直线运动，正方体木块都处于静止状态(即平衡状态)，这样拉力等于摩擦力，而且无论拉木板速度多少，摩擦力都一样，不改变摩擦力大小。所以容易读数。
故答案为：(1)越大；(2)D；(3)无论长木板怎样运动，木块都处于静止状态，便于读数。
(1)分析表中1、2数据回答；
(2)分析表中第1和3两次实验数据结合影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，而与其它因素无关回答；
(3)只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，根据二力平衡原理，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小，据此分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
20.【答案】受力面积 同一液体，同一深度，向各个方向的压强相等，即液体内部压强与方向无关 液体的密度
【解析】解：(1)探究压力的作用效果与压力的大小关系时，采用的是控制变量法，实验中需要控制受力面积一定；
(2)将金属盒停在某一深度，并改变金属盒膜朝向时，两管中液面高度差不变，说明压强不变，因此得到结论：同一液体，同一深度，向各个方向的压强相等，即液体内部压强与方向无关；
(3)研究“影响浮力大小的因素”，实验中把物体分别浸没在水和盐水中，物体排开的液体的体积相同，弹簧测力计示数不同，表明物体受到的浮力不同，由此可得物体排开液体体积相同时，浮力大小与液体的密度有关。
故答案为：(1)受力面积；(2)同一液体，同一深度，向各个方向的压强相等，即液体内部压强与方向无关；(3)液体的密度。
(1)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，根据控制变量法分析；
(2)液体内部的压强与液体的密度、液体的深度有关；
(3)浮力的大小与物体排开的液体的密度和排开的液体的体积的大小有关。
控制变量法是控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，这种方法常常应用于物理学中多因素(多变量)的问题。
21.【答案】速度 平衡 支持 A 光滑 B 不同 D 不能 重
【解析】解：(1)让小车从斜面同一高度由静止滑下，目的是使小车每次滑到水平面时的速度相同，用到了控制变量法；
小车被按着在斜面上静止时，处于平衡状态，受力平衡。小车在水平面上运动时，受到的重力与支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，互相平衡；
(2)实验中通过观察小车滑行的距离来反映阻力对物体运动的影响，用到了转换法，故A符合题意；
(3)由实验现象可知：表面越光滑，小车受到的阻力越小，其速度减小越慢；
(4)A、实验中运动的小车会停下来，说明力改变了小车的运动状态，而小车的运动不需要靠力来维持，故A错误；
B、如果小车在水平面运动时不受阻力，它就不会停下来，而是保持匀速直线运动，故B正确。
故选：B。
(5)由实验现象推理可知：如果小车以不同的速度进入阻力为零的水平面上运动，小车的运动状态不会改变，因此，最终它们的速度将不同；
(6)A、物体受力，运动状态不一定改变，如物体受平衡力时，运动状态不变，故A错误；
B、物体不受力，可能会保持静止，也可能会做匀速直线运动，故B错误；
C、物体运动，不一定受到力的作用，物体不受力时也可以保持匀速直线运动，故C错误；
D、力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态改变，一定受力，故D正确。
故选：D。
(7)牛顿第一定律不能用实验直接验证，因为地球上的任何物体都受到重力的作用，而完全不受力的情况在地球上是不存在的。
故答案为：(1)速度；平衡；支持；(2)A；(3)光滑；(4)B；(5)不同；(6)D；(7)不能；重。
(1)小车从同一斜面的同一高度下滑，小车到达水平面上时的速度相等；物体处于静止或匀速直线运动状态时，受平衡力；对水平面上的小车进行受力分析，判断重力与支持力的关系；
(2)实验中通过观察小车滑行的距离来反映阻力对物体运动的影响；
(3)水平面的粗糙程度决定了小车受到阻力的大小；
(4)根据实验现象分析推理，可做出判断；
(5)运动的物体不受力时，其运动状态不会发生改变；
(6)力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力，物体在不受力或受平衡力时，保持静止状态或匀速直线运动状态；
(7)地球上的任何物体都受到重力的作用；牛顿第一定律无法在地球上通过实验来进行验证。
本题考查了在“探究运动和力的关系”实验中，控制变量法和科学推理法的运用，实验现象的分析，对平衡状态的理解，对牛顿第一定律的运用等，有一定综合性。
22.【答案】②标记处；③大； ①体积；②一定质量的气体，温度一定时，压强与体积成反比； 减小轮胎内气体的压强，防止爆胎。
【解析】解：【作出猜想】
(1)据生活常识可知，压缩一段封闭在注射器内的空气，发现越压缩越费力，说明压强越大；
猜想二：一定质量的气体产生的压强可能与气体的体积(或密度)有关；
要探究气压与温度的关系，即需要选用相同质量的气体，改变温度，观察气体压强的变化，
由于气体压强的大小不好比较，所以我们可以把比较气体的压强转化成比较水银柱的高度，故如下：
【实验检验】
(2)为验证假设一，进行如下操作：
①：取一根长度约为1米一端封闭的细玻璃管，在室温(20℃)下用水银密封一段空气柱，将玻璃管竖直固定，并在玻璃管上标出水银柱下表面的位置；
②：将空气柱浸入50℃的水中，待水银柱不再上升后，往玻璃管内注入水银，直到水银柱下表面到达标记处为止；
③：将空气柱浸入80℃的水中，重复实验。
【现象描述】空气柱的温度越高，上方的水银柱也越长。
【得出结论】故我们可以得出这样的结论：一定质量的气体，温度越高，其压强越大；
【实验验证二】为验证猜想二，即一定质量的气体产生的压强可能与气体的体积有关；
(3)①根据控制变量法知要探究“一定质量的气体产生的压强与气体体积的关系”，需要控制气体的质量和温度不变，改变气体的体积，测量压强；
②根据表格数据知，压强与体积的乘积都约等于1.2Pa⋅m3，说明气体的压强与气体的体积成反比，即一定质量的气体，温度一定时，压强与体积成反比；
(4)在炎热的夏天，载重汽车在盘山公路下坡行驶时，轮胎与地面克服摩擦做功，使轮胎温度不断升高，体积一定的条件下，压强不断增大；不断往轮胎上喷水，主要是通过水的汽化吸热使轮胎内气体的内能减小、温度降低来减小轮胎内气体的压强，防止爆胎。
故答案为：(2)②标记处；③大；(3)①体积；②一定质量的气体，温度一定时，压强与体积成反比；(4)减小轮胎内气体的压强，防止爆胎。
实验一：
①据生活实际可知，气体的压强可能和气体的温度、质量、体积等有关系；
②据右图可知，水银柱下方的空气的压强恰好等于水银柱的压强和水银柱上方的气压之和，所以在外界大气压不变的情况下，水银柱越高，说明管中气体的压强越大，即在这里我们可以把比较气体的压强转化成比较水银柱的高度；
③据实验现象得出结论即可；
实验二：
(1)根据控制变量法分析解答；
(2)根据表格数据得出结论；
(3)水汽化过程吸热，轮胎内气体的内能、温度降低；根据一定量的气体，在体积保持不变时，气体的压强随温度的降低而减小进行解释。
本题是探究气体产生的压强(气压)大小与哪些因素有关的实验，首先通过日常现象进行猜想，然后通过实验进行验证，在验证过程中采用了控制变量法和转换法，此题中控制体积不变的方法通过转换法来实现，是一个难点。
23.【答案】是 平衡螺母 左 消除杠杆重对杠杆平衡的影响 1.5 不同
【解析】解：(1)杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆静止，此时杠杆是处于平衡状态；
由图知，左端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向左调节；杠杆在水平位置平衡，是为了消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
(2)图乙中，设杠杆的一个小格长为L，一个钩码重为G，
根据杠杆的平衡条件可得F1l1=F2l2，
即2G×3L=F×4L，
此时弹簧测力计的示数：F=1.5G=1.5×1N=1.5N；
“研究杠杆平衡条件”实验要多次改变钩码个数或移动钩码的位置，多次实验目的是找出杠杆平衡条件，找寻规律；而“多次测量同一物体的长度”的目的是求长度的平均值，减小实验的误差，所以它们多次实验的目的不同。
故答案为：(1)是；平衡螺母；左；消除杠杆重对杠杆平衡的影响；(2)1.5；不同。
(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；
实验前，应首先进行杠杆平衡调节，根据杠杆的平衡条件，杠杆左、右两端的平衡螺母向杠杆上翘的一端调节；杠杆在水平位置平衡，是为了消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
(2)设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡求出弹簧测力计的示数。测量分成了两类：一类是提高精度，一类是寻找普遍规律。因此，我们只要明确所给实验测量该物理量的目的，就能解答。
本题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了器材的调试及原因、杠杆平衡条件的运用。
24.【答案】解(1)汽车的速度：
v=st=9000m360s=25m/s；
因为是匀速直线运动，所以汽车受到平衡力的作用
f=F拉=2300N；
(2)汽车静止时对地面的压力F=G=mg=1600kg×10N/kg=1.6×104N，
汽车静止时对地面的压强：
p=FS=1.6×104N0.1m2=1.6×105pa；
(3)汽车牵引力所做的功：
W=F拉s=2300N×9000m=2.07×107J.
答：(1)汽车汽车的速度为25m/s；受到的阻力是2300N；
(2)汽车静止时对地面的压强为1.6×105Pa；
(3)汽车牵引力所做的功是2.07×107J.
【解析】(1)根据速度公式可求汽车的速度；根据二力平衡条件，由牵引力的大小得出汽车所受阻力的大小；
(2)汽车对地面的压力等于汽车重，利用压强公式求汽车对地面压强；
(3)根据W=Fs即可求出汽车牵引力所做的功．
本题考查了学生对速度、重力、压强、功计算公式的掌握和运用，在代入数据时，注意单位的统一．
25.【答案】解：(1)“蛟龙号”的重力G=mg=22.5×103kg×10N/kg=2.25×105N，
电动起重机拉力做的有用功W有用=Gh=2.25×105N×10m=2.25×106J；
已知此时滑轮组的机械效率为75%，
根据η=W有用W总可知，总功W总=W有用η=2.25×106J75%=3×106J；
(2)电动机的功率P=W总t=3×106J200s=15000W=15kW；
(3)从图中可知n=4，则绳子自由端移动的距离s=nh=4×10m=40m，
根据W=Fs可知电动机对钢绳自由端拉力F=W总s=3×106J40m=7.5×104N。
答：(1)电动起重机拉力做的有用功和总功分别为2.25×106J、3×106J；
(2)电动机的功率至少为15千瓦；
(3)电动机对钢绳自由端拉力F为7.5×104N。
【解析】(1)根据G=mg得出“蛟龙号”的重力，根据W有用=Gh得出电动起重机拉力做的有用功，已知此时滑轮组的机械效率为75%，根据η=W有用W总可知电动起重机拉力做的总功；
(2)根据P=W总t得出电动机的功率；
(3)从图中可知n=4，根据s=nh得出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs可知电动机对钢绳自由端拉力F。
本题考查重力、功、功率、效率的计算，综合性较强。
26.【答案】内 做功 6 8
实验序号
接触面
压力/N
滑动摩擦力/N
1
木块的正面与木板
2.0
0.4
2
木块的正面与木板
2.5
0.5
3
木块的侧面与木板
2.0
0.6
实验次数
压强p(Pa)
体积V(m3)
pV值(Pa⋅m3)
1
1.59×105
0.75×10−5
1.1925
2
1.20×105
1.00×10−5
1.2000
3
0.97×105
1.25×10−5
1.2125
4
0.75×105
1.60×10−5
1.2000
5
0.60×105
2.00×10−5
1.2000