广东省广州市第十六中学2025-2026学年九年级上学期10月月考物理试题（解析版）

这是一份广东省广州市第十六中学2025-2026学年九年级上学期10月月考物理试题（解析版），共9页。试卷主要包含了BD等内容，欢迎下载使用。
1．A
【详解】小明将酸奶和咸鱼一起放入冰箱，过了一晚后，酸奶瓶出现了咸鱼味。属于扩散现象，这说明咸鱼的气味分子通过空气扩散到了酸奶瓶中，咸鱼的气味分子能够扩散到酸奶瓶中，是分子运动的体现。故 A 符合题意； BCD 不符合题意。
故选 A。2．C
【详解】A．杠杆在力的作用下静止或匀速转动都叫做杠杆平衡，两人在空中静止，则杠杆处于平衡状态。故 A
错误；
BCD．跷跷板的重心在转轴处，即绕重心转动，属于杠杆知识，由图可知
l1F2
所以女孩的对板的压力大，质量大。故 BD 错误、C 正确。故选 C。
3．C
【详解】A．4min 时，乙的温度低，甲的温度高，所以甲分子无规则运动比乙更剧烈，故 A 错误；
0~8min，时间相同，甲放出的热量等于乙吸收的热量，故 B 错误；
0~8min 甲放出的热量等于乙吸收的热量，甲降低的温度大于乙升高的温度，甲、乙两物体的比热容相同，由
Q=cmΔt 可知甲的质量比乙的小，故 C 正确；
8min 时，甲降低温度，内能减小，乙升高温度，内能增大，甲、乙两物体的内能不相等，故 D 错误。故选 C。
4．C
【详解】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能。
进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，故 A 不符合题意； B．气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，故 B 不符合题意； C．气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，故 C 符合题意； D．排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，故 D 不符合题意。故选 C。
5．B
【详解】A．扩散现象是由于分子的无规则运动引起的，分子可以向任何方向运动，没有规律，并不受密度大小的限制。故 A 错误；
对物体做功时，若物体同时向外放热，内能不一定增大，例如：用手压缩弹簧的同时，弹簧向外散热，内能可能不变，故 B 正确；
热量会从高温物体传向低温物体，属于热传递改变物体内能，在热传递过程发生转移的是热量，故 C 错误； D．燃料燃烧放出的热量不仅与热值有关，还与燃料的质量有关。若热值大但质量小，放出的热量可能反而少。故 D 错误。
故选 B。6．B
【详解】AB．由图可知，甲机械的有用功是 1500J，所占的比例是 75%，总功
甲总
W= W甲有 = 1500J =2000J
75%75%
乙机械的额外功是 900J，所占的比例是 30%，总功
乙总
W= W乙额  900J =3000J
30%30%
甲的总功小，乙机械的有用功
W 乙有=W 乙总-W 乙额=3000J-900J=2100J
甲的有用功小，故 A 不符合题意，B 符合题意；
C．甲机械的额外功
W 甲额=W 甲总-W 甲有=2000J-1500J=500J
乙机械的额外功是 900J，甲的额外功较小，故 C 不符合题意；
D．由图可知，甲的机械效率是 75%，乙的机械效率是 70%，甲的机械效率较大，故 D 不符合题意。故选 B。
7．BD
【详解】A．滑轮组有 3 股绳子承担着动滑轮对物体的拉力，自由端移动的距离为 3s，根据 W=Fs 得
W总  3F2 s
故 A 不符合题意；
B．物体 A 在 F1 或 F2 作用下做匀速移动，都是克服摩擦力做功，同一水平面受到的摩擦力相等，使用滑轮组克
服摩擦力做功即有用功的大小等于 F1 所做的功
W有  F1s
故 B 符合题意，故选 B； C．滑轮组的机械效率为= W有 =
W总
F1s
3F2 s
故 C 不符合题意；
D．额外功为
W额  W总 -W有  3F2 s - F1s
故 D 符合题意，故选 D。故选 BD。
8．A
【详解】根据题意，切纸机必须将两只手同时分别按住左、右开关才能正常工作，这说明左、右两个开关是相互影响、共同控制电动机的，只有两个开关都闭合时，电路才是通路，电动机才能工作。在串联电路中，各个元件相互影响，只有所有元件都接通，电路才处于通路状态。在并联电路中，各个支路互不影响。因此，两个开关和电动机应该串联连接。
图中左、右开关和电动机串联，只有当两个开关都闭合时，电路才能接通，电动机才能工作，故 A 符合题意；
图中左、右开关并联，只要闭合其中任意一个开关，电动机就能工作，故 B 不符合题意；
图中右开关与电动机并联，当左开关闭合时，电动机工作；当左、右开关都闭合时，电动机被短路，不工作，且可能烧坏电源，故 C 不符合题意；
图中右开关与电源并联，闭合右开关会造成电源短路，这是不允许的，故 D 不符合题意。故选 A。
9．D
【详解】AD．颗粒物进入电离区带上电荷，即颗粒物是带电的，然后在集尘器上被带电金属网捕获。根据电荷间相互作用的规律，金属网吸引颗粒物原理是异种电荷相互吸引，故空气净化器主要是利用了异种电荷相互吸引，故 A 错误，D 正确；
B．空气净化器和家里的其他用电器可以独立工作，相互不影响，故其连接方式为并联，故 B 错误；
C．颗粒物带上电荷是电荷的转移，电荷的总量不变的，故 C 错误。故选 D。
10．C
【详解】A．高温高压燃气推动涡轮转动，将内能转化为机械能，与内燃机的做功冲程能量转化相同，故 A 错误； B．热值是燃料的一种特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与放出的热量无关，燃料燃烧放出的热量越多， 燃料的热值不变，故 B 错误；
C．燃料燃烧更充分时，可以增大有效利用的能量，提高了热机的效率，故 C 正确；
D．涡轮喷气发动机中产生的高温高压燃气推动涡轮转动并从尾喷管高速喷出，从而获得动力，将内能转化为机
械能，其内能会减小，故 D 错误。故选 C。
11．
【详解】由图可知，拧下其中任一灯泡，另一灯泡仍亮，说明两个灯泡相互独立、互不影响，这两个灯泡的连接方式是并联；盒上有两个灯泡，由一个开关控制，闭合开关两灯都亮，断开开关两灯都灭，说明开关在干路上，则实物图连接，如图所示：
12．(1)费力
(2)
(3)变小由杠杆平衡条件可知：阻力一定，动力臂不变，阻力臂变小，动力变小
【详解】（1）如图，起重机动力臂远小于阻力臂，属于费力杠杆，虽然费力，但是可以省距离。
力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，图中 F1 的力臂 l1，如下图所示：
起重机吊臂从水平位置（图乙）逆时针转动到图甲所示位置的过程中，动力臂不变，而阻力臂逐渐减小，根据杠杆平衡条件可知，阻力一定时，动力即液压杆对吊臂的支持力 F1 变小。
13．(1)升高增加做功
(2)不变没有一定有
【详解】（1）[1]从甲到乙，温度计显示温度从27.0C 升高到29.0C ，因此气体温度升高。
温度升高，气体内能增加，因为物体的内能大小与温度、质量、状态有关，质量、状态不变，不考虑分子势 能，则温度越高，内能越大。
快速下压活塞时，活塞对气体做功，气体内能增加，温度升高，属于做功改变气体内能。
（2）[1]从甲到丙，温度计显示温度保持27.0C 不变，因此气体温度不变。
气体质量、状态不变，不考虑分子势能，内能还与温度有关，温度不变则内能没有发生变化。
活塞对气体做功，但内能不变，说明气体一定有与外界的热传递，做功增加的内能通过热传递向外散失，从而温度不变。
14．(1)2.1×103
(2)3.36×1053.36×105 (3)D
(4)小于见解析
【详解】（1）由图可知，物质在 AB 段温度由-20℃升高为 0℃，其温度变化量为 20℃，由公式Q吸  cmt 可知，
该物质在 AB 段时的比热容为
Q 14.2104 J3
c 吸
mt
 2.110 J/（kg ℃）
1kg 20℃
（2）[1][2]由图可知，AB 段的加热时间为 5min，BC 段加热时间为
45min-5min=40minBC 段加热时间是 AB 段的 40min  8 倍；由于此物质每隔相同时间吸收的热量相同，故在 BC
5min
段，该物质吸收的热量为
Q吸2
 8Q吸1
 8 4.2 104 J  3.36 105 J
故该物质在 BC 段增加的内能为
E  Q吸2
 3.36 105 J
（3）该物质在加热过程中，不断吸收热量，整个过程内能都在增加，不会出现某一段时间内能不变的情况，且一切物体都具有内能，物体的内能大于零，故 D 正确，ABC 错误。
故选 D。
（4）[1][2]由题意可知，利用酒精灯对该物质加热，此物质每隔相同时间吸收的热量相同，即在相同时间内该物
质吸收热量相同，由图可知，物体在 AB 段加热时间为 5min，温度升高了 20℃，在 CD 段加热时间为 10min，温度升高了 20℃，由此可知，物体在 AB 段吸收的热量小于在 CD 段吸收的热量，AB 段与 CD 段上升的温度相同，
物质的质量不变，根据公式Q吸  cmt 可知，物质在 AB 段的比热容小于在 CD 段的比热容。
15．(1)
化学电电光
【详解】（1）从实物图可知，电路由柠檬电池、开关 S 和发光二极管（LED）串联组成；电源外部电流从电源正极流向负极，电源电路元件符号，由一长一短两条竖线构成，较长的竖线为电源正极，短线为电源负极；发光二极管具有单向导电性，长脚为正极，短脚为负极，只有让电流从二极管正极流入，负极流出，二极管才发光；由于二极管能发光，则柠檬电池左侧为正极，则将电源（左端为电源正极，较长的竖线画在左侧）、开关 S、LED 串联，如图所示：
（2）[1][2]柠檬电池通过化学反应产生电能，所以是将化学能转化为电能。[3][4]LED 灯发光过程中，消耗电能，提供光能，所以是将电能转化为光能。16．(1)4.6×105
(2)2000N (3)30%
【详解】（1）0.1kg 汽油由于未完全燃烧而损耗的能量是
E  10％ Q放
 10％ 4.14 106 J  4.14 105 J
汽车受到的牵引力为
W1.38106 J
F  2000N

s0.69103 m
由二力平衡得，此过程中汽车受到的水平阻力是
f  F  2000N
该汽油机的效率是
17．(1)80%
＝W
Q
6
1.38 10 J
100% 100%  30%
4.6 106J
(2)50W
C、D
【详解】（1）由图甲可知，拉力 F1 做的功为总功，拉力 F2 做的功为有用功；由图乙可知，总功 W1=2500J
有用功 W2=2000J
故滑轮组的机械效率为 W2  2000J 100%  80%
W12500J
F1 做功的功率为 P  W1  2500J  50W
t50s
自由端的拉力为 F  W1  2500J = 500 N
根据 W有  Gh 
s
Gh  G
15m3
W总FsFnhFn
可知，绳子股数为
n  G
F
400N 3 80%  500 N
3
由图丙可知，AB 的绳子股数不符合要求，C、D 中承担动滑轮和物体重力的，都是 3 股绳，所以该滑轮组结构可能是图丙中的 C、D。
18．(1)甲和乙甲、乙杆秤处于静止状态
(2)乙
(3)25
F1l1＝F2l2
11.6kg
(4)见解析
(5)
实验次数
动力 F1/N
动力臂 l1/cm
阻力 F2/N
阻力臂 l2/cm
【详解】（1）杠杆平衡的依据是静止或匀速转动。图中甲、乙的杆秤都处于静止状态，因此甲和乙的杠杆装置平 衡，依据为甲、乙杆秤处于静止状态。
（2）[1]重物对秤杆的力 F2 是竖直向下的，重物的质量为m物 ， F2 的大小等于重物受到的重力G物  m物g
作用点在 A 处；秤砣对秤杆的力 F1 也是竖直向下的，秤砣的质量为m砣 ，F1 的大小等于秤砣受到的重力G砣  m砣g
作用点在秤砣悬挂处；力臂是从支点 B 向力的作用线作垂线，垂足到支点的距离即为力臂，F2 的力臂为l2 ，F1 的
力臂为l1 ，如图所示：
[2]当杆秤在水平位置静止时，秤砣和重物对秤杆的力 F1 、 F2 都是竖直向下的，此时两个力臂与秤杆重合，能直接从秤杆的刻度（相邻点间隔）上读出力臂的长度，所以选择乙的方式可以准确读出力臂长度。
（3）[1]由图乙可知，秤砣对秤杆的力 F1 的力臂l1 是从 B 到秤砣悬挂点的距离，相邻两点间隔 5cm，共 5 个间隔， 因此l1  5 5cm  25cm
[2][3]杠杆平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂，即 F1l1＝F2l2
B 到 A 点的距离，共 2 个间隔，重物对秤杆的力 F2 的力臂l2  2 5cm=10cm
秤砣对秤杆的力 F1  G砣  m砣g
重物对秤杆的力 F2  G物  m物 g
由杠杆平衡条件 F1l1＝F2l2 可得m砣gl1  m物gl2
已知秤砣质量m砣  0.4kg ，约去 g 得0.4kg 25cm=m物 10cm
则重物的质量为m物  1kg
[4]秤砣最远移到 C 处时，此时该杆秤有最大称量m' ，此时秤砣对秤杆的力 F 的力臂l'  8 5cm  40cm
物11
同理，由杠杆平衡条件，则有m gl'  m' gl
砣 1物 2
物
则0.4kg  40cm  m' 10cm
物
解得m'
 1.6kg
即最大称量值为1.6kg 。
根据杠杆平衡条件 F1l1＝F2l2 可得m砣gl1  m物gl2
则m砣l1  m物l2
解得m物
 m砣l1 l
2
所以要提高最大称量（增大m物 ），可采取的措施：增大秤砣质量（增大 m砣 ）；增加秤杆的长度（增大l1 的最大值）；减小重物对秤杆的力的力臂l2 （如将支点 B 向 A 靠近）。
探究杠杆的平衡条件，设计记录数据的表格，记录动力、动力臂、阻力、阻力臂，并进行多次实验，如图
所示：
实验次数
动力 F1/N
动力臂 l1/cm
阻力 F2/N
阻力臂 l2/cm