2025-2026学年新疆维吾尔自治区阿克苏地区阿克苏市九年级上学期1月期末物理试卷（解析版）

这是一份2025-2026学年新疆维吾尔自治区阿克苏地区阿克苏市九年级上学期1月期末物理试卷（解析版），共15页。试卷主要包含了下列物理量的估测符合实际的是，以下符合安全用电的是，电吹风的工作电路主要由电热丝等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：60分钟考试总分：100分）
注意事项：
1.答题时，务必将自己的学校、班级、姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置。
2.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再进涂其他答案标号。
3.答非选择题时，必须使用黑色墨水笔或黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置。
4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分）
1.为避免静电带来的危害，运输汽油的油罐车尾部都安装一条拖在地上的链子，如图所示。下列材料最适合用来制作这种链子的是（ ）
A.干燥的软木 B.塑料 C.橡胶 D.铁
【答案】D
【解析】运输汽油的油罐车尾部拖在地上的链子的作用是将静电释放，故它的材料必须是导电能力强的物体，干燥的软木、塑料、橡胶不容易导电，是绝缘体，铁容易导电，是导体。故ABC不符合题意，D符合题意。
2.下列现象中与诗词“花气袭人知骤暖”中“花气袭人”的形成原因相同的是（ ）
A.茶香四溢 B.尘土飞扬 C.麦浪起伏 D.大雪纷飞
【答案】A
【解析】“花气袭人”指花香分子在空气中做无规则运动，属于扩散现象。茶香四溢，是茶分子在空气中扩散，属于分子无规则运动，也是扩散现象，与“花气袭人”形成原因相同；尘土飞扬、麦浪起伏、大雪纷飞，都属于宏观物体的机械运动，故A符合题意，BCD不符合题意。
3.三个轻质小球用绝缘细绳悬挂，相互作用情况如图所示，如果甲带正电荷，则丙（ ）
A.可能带正电荷 B.可能带负电荷 C.一定带正电荷 D.一定带负电荷
【答案】B
【解析】由图可知、甲、乙相互排斥，则甲、乙一定带同种电荷，已知甲带正电，则乙一定也带正电；图中乙、丙相互吸引，且小球均为轻质小球，则根据异种电荷相互吸引和带电体的性质可知，丙可能带负电，也可能不带电，故ACD不符合题意，B符合题意。
4.十一假期，小青一家去新疆赛里木湖国家湿地公园湿地游玩。湿地能调节周围环境气温，使周围气温变化小，主要是因为水的（ ）
A.密度较大 B.比热容较大 C.比热容较小 D.密度较小
【答案】B
【解析】湿地含有大量的水，因为水的比热容较大，根据可知，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高得少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低得少，使得昼夜的温差小，故能有效调节周围环境的气温。故ACD不符合题意，B符合题意。
5.下列物理量的估测符合实际的是（ ）
A.家庭电路照明用LED灯正常工作电流约1A
B.一节新的1号干电池的电压为1.5V
C.家用电热水器的加热功率为20W
D.学校实验室中所用导线的电阻约为100Ω
【答案】B
【解析】家庭电路照明用LED灯正常工作的功率约，正常工作的电流约为，故A不符合题意；一节新号、号或号干电池的电压均为，因此一节新的号干电池的电压为，故B符合题意；家用热水器将电能转化为内能，加热功率约，故C不符合题意；导线的电阻非常小，学校实验室中所用导线的电阻约为，故D不符合题意。
6.以下符合安全用电的是（ ）
A.及时更换裸露导线的插座B.用电器着火时用水来灭火
C.三孔插座接地线断开D.更换灯泡可以不用断开电源开关
【答案】A
【解析】裸露导线易导致触电或短路，及时更换符合安全用电要求，可消除隐患，故A符合题意；生活用水是导体，用水灭火可能导致触电或火势扩大，不符合安全用电，故B不符合题意；地线提供漏电保护，断开后失去保护，增加触电风险，不符合安全用电，故C不符合题意；更换灯泡时不断开电源，可能触电，必须断开电源开关以确保安全，故D不符合题意。
7.我们学习过公式，下列对导体电阻的理解正确的是（ ）
A.当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零
B.当通过导体的电流为零时，导体的电阻也为零
C.当电流减小3倍时，电阻减小3倍
D.电阻由导体本身的性质决定，与电压、电流无关
【答案】D
【解析】导体的电阻是导体的一种属性，导体电阻的大小由导体的材料、长度、横截面积决定，与导体两端是否有电压，导体中是否通过电流无关；因此当导体两端的电压为零时，导体的电阻不为零；当通过导体的电流为零时，导体的电阻也不为零，故AB错误，D正确；当通过导体的电流减小3倍时，导体的电阻不变，故C错误。
8.电吹风的工作电路主要由电热丝（）、电动机（）和两个开关组成，其中开关S1控制电动机和电热丝，开关S2只控制电热丝。下列电路中符合要求的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】根据题意可知，开关S1控制电动机和电热丝，开关S2只控制电热丝，这说明该电路时并联电路，开关S1在干路中，开关S2在电热丝的支路中，故D符合题意，ABC不符合题意。
9.周末，小红的妈妈为全家准备了一顿丰盛的晚餐。下列说法正确的是（ ）
A.冰冻土豆的温度很低，但内能不为零
B.刚出锅的面条很烫，是因为此时面条含有的热量多
C.炖鸡时，给鸡汤加热，鸡汤温度升高，内能不变
D.做手抓羊肉，羊肉焯水时，开水将温度传递给羊肉
【答案】A
【解析】虽然土豆的温度很低，但分子热运动并没有停止，分子动能和分子势能都不为零，故内能不为零，故A正确；热量是一个过程量，描述物体在热传递过程中内能改变的多少，不能说某物体具有或含有热量，故B错误；炖鸡时，给鸡汤加热，鸡汤吸收热量，温度升高，内能增大，故C错误；做手抓羊肉时，在羊肉焯水的过程中，开水传递给羊肉的是热量而不是温度，温度是描述一个物体冷热程度的物理量，是一个状态量，故D错误。
10.如图所示电路，电源电压恒定，闭合开关S， 滑动变阻器的滑片向右移动。下列说法正确的是（ ）
A.电压表示数变小B.电流表示数变大
C.电压表与电流表示数的比值不变D.R₁消耗的功率变小
【答案】D
【解析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的总电流。当滑动变阻器的滑片向右移动时，其接入电路的电阻的阻值变大，则电路总电阻变大。根据欧姆定律可知，电源电压不变，所以电路中的电流变小，即电流表示数变小；电阻两端的电压变小。根据串联电路电压规律，电源电压不变，变小，则两端的电压变大，即电压表示数变大，故AB错误；电压表与电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路的电阻值，因为滑片向右移动时，的阻值变大，所以该比值变大，故C错误；消耗的功率，因为是定值电阻，其阻值不变，而电路中的电流I变小，所以消耗的功率变小，故D正确。
11.在如图所示的电路中，当开关S闭合时，灯、均不亮。某同学用一根导线去查找电路的故障，他先将导线并接在灯的两端，发现灯亮，灯不亮；然后将导线并接在灯的两端，发现两灯都不亮。由此可判断（ ）
A.灯断路 B.灯被短路 C.灯断路 D.灯被短路
【答案】A
【解析】若灯或灯其中一个短路，则闭合开关后，另外一个灯会亮，与题目描述不符，所以电路故障为断路；将导线并接在灯的两端，发现灯亮，灯不亮；说明电源、开关、灯均正常，故障在灯处；然后将导线并接在灯的两端，发现两灯都不亮，说明灯断路，导致电路未连通，故A符合题意，BCD不符合题意。
12.如图是电阻、的I—U图像，则下列有关说法正确的是（ ）
A.电阻，
B.当、并联在电压为1V的电路中，电路中总电流为0.2A
C.当、串联后接在电源电压为4.5V的电路中，电路中的总功率为1.35W
D.当两端电压为3V时，通过的电流为0.5A
【答案】C
【解析】当、并联在电压为1V的电路中，根据并联电压规律可知，、电压均为1V，由图可知，此时通过的电流为0.1A，通过的电流为0.2A，则阻值，阻值，根据并联电流规律，电路中总电流，故AB错误；将、串联，则电流相等，由图可知，当电流为0.3A时，电压为3V，电压为1.5V，根据串联电压规律，电源电压，符合题意，所以此时电路中的总功率为，故C正确；当两端电压为3V时，通过的电流为，故D错误。
二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共30分）
13.北京时间2024年1月23日，力箭一号遥三商业运载火箭在我国酒泉卫星发射中心发射升空，顺利将5颗卫星送入预定轨道，飞行试验任务获得圆满成功。
（1）火箭一般采用液氢为燃料，是因为其______（选填“热值”或“比热容”）大；若火箭携带了30t液氢燃料，这些燃料完全燃烧后产生热量为______；（）
（2）某同学利用塑料瓶制作的“水火箭”如图甲所示，其原理是压缩空气使水从“水火箭”尾部向下喷出，推动“水火箭”飞向空中。往“水火箭”里打气相当于图乙中______（选填“A”或“B”）所示的内燃机冲程；如图乙中B所示的冲程，活塞运动使汽缸内的物质内能减小，此冲程改变汽缸内物质内能的方式是______（选填“做功”或“热传递”）。
【答案】（1）热值；；（2）A；做功
【解析】（1）火箭一般采用液氢为燃料，是因为其热值大，相比于其它燃料，燃烧相同质量的液氢能放出更多的热量。
燃料完全燃烧后产生热量为
（2）A图中，两气门均关闭，活塞上行，是压缩冲程，机械能转化为内能。B图中，两气门均关闭，活塞下行，火花塞点火，是做功冲程，内能转化为机械能。往“水火箭”里打气时，对内部气体做功，是机械能转化为内能，相当于图乙中A所示的内燃机冲程；如图乙中B所示的做功冲程中，汽缸内物质对活塞做功，内能减小，属于通过做功改变内能。
14.扫地机器人逐步进入普通家庭。如图所示，扫地机器人具有主动躲避障碍物，自动吸尘、自动返回充电等诸多智能功能。某扫地机器人标有“12V 30W”，电池容量。该扫地机器人正常工作时的电流为_________；已知当该扫地机器人剩余电池容量为总容量的25%时，机器人将停止扫地，则充满一次电可以连续工作_________min。若该扫地机器人以正常工作电流连续工作了5min，则在此过程中，它消耗的电能为__________J。
【答案】2.5；45；9000
【解析】根据可得，扫地机器人正常工作时的电流，扫地机器人中的电池充满电时的电量，而扫地机器人当电量低于25%时就要去充电，则实际能使用电量，
则扫地机器人实际能使用的时间，
扫地机器人正常工作5min消耗的电能。
15.新能源汽车在全球范围内受到了越来越多的关注。
（1）图甲为某新能源汽车的充电场景，其简化电路如图乙所示。经测量发现充电桩供电电压为，供电电流为，输电线的总电阻为，则此时新能源汽车电池两端的电压为___________V。
（2）汽车内的音响（扬声器）声音大小可以调节，是因为在电路中接入了一个电位器（如图丙），电位器应该与扬声器___________（选填“串”或“并”）联；电位器是根据改变接入电路中电阻丝的___________来改变电阻大小，从而改变电流的。
（3）如图丁所示为某车载定时音乐播放器的工作原理电路图，当播放器中有电流通过时就会播放音乐。当开关S闭合、定时开关断开时，播放器电路处于___________（选填“通路”“被短路”或“断路”）状态；当开关闭合、定时开关处于闭合状态时，播放器处于___________（选填“通路”“被短路”或“断路”）状态。
【答案】（1）796；（2）串；长度；（3）通路；被短路
【解析】（1）充电桩供电电压为，供电电流为，输电线总电阻为，根据欧姆定律，可得输电线的电压为。根据串联电路电压的特点，可得新能源汽车电池两端的电压为。
（2）电路中通过改变电位器接入电路中的电流大小，改变扬声器的声音大小，说明电位器和扬声器工作时，相互影响，二者串联。
观察图丙，移动滑片P时，电位器接入电路的电阻丝长度发生了变化，电路中的电流也随之变化，说明电位器是根据改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
（3）图丁中，当开关S闭合、定时开关断开时，播放器和指示灯串联，此时播放器电路处于通路；当开关S闭合、定时开关处于闭合状态时，播放器被定时开关短路，播放器处于短路状态。
16.2024年5月3日，嫦娥六号探测器由长征五号遥八运载火箭在中国文昌航天发射场发射升空。月球车在夜晚时会进入休眠状态，白天有光照时会自主唤醒进入工作状态。小海在地球上利用阻值随光照强度变化的光敏电阻设计了“模拟唤醒系统”，如图所示，其中电源电压为6V，电阻R为定值电阻。若a、b两端电压等于3V时，控制电路启动，此时的大小为；等于1V时控制系统彻底关机，此时的大小为，则___________；若都经过相同时间，控制电路启动时唤醒电路消耗电能为W1，控制电路彻底关机时唤醒电路消耗的电能为W2，则___________；由上述信息可知光敏电阻的阻值会随着光照强度的增大而___________（选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】1:5；3:1；减小
【解析】由图分析可知，电阻R和RP串联，当定值电阻R两端的电压时，光敏电阻两端的电压。
由于串联电路中电流处处相等，导体两端的电压与电阻大小成正比，故，则。
由题意可知，控制电路启动时，定值电阻R两端的电压为3V，根据串联电路的电压规律可得，光敏电阻两端的电压。
根据欧姆定律的变形式可知，由于串联电路中电流处处相等，此时光敏电阻的阻值；唤醒时，唤醒电路中的总电阻，电路中消耗的电能，彻底关机时，唤醒电路中的总电阻，
电路中消耗的电能，则。
根据题意和上述分析可知，唤醒时光敏电阻的阻值小于彻底关机时光敏电阻的阻值，说明光敏电阻的阻值随着光照强度的增大而减小。
三、作图题（本大题共1小题，每图2分，共6分）
17.（1）根据如图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路。（要求导线不能交叉）
（2）根据如图乙所示的实物图，在虚线框内画出对应的电路图。（不对电表测量范围的选择进行考查）
（3）请用笔画线代替导线在图丙中连接家庭电路。要求开关控制螺口灯泡。
【答案】（1）；（2）；
（3）
四、实验探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
18.在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将a、b两种不同的液体分别放入如图甲所示的两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热，记录相关数据，并绘制出如图乙所示的a、b两种液体的温度随加热时间变化的关系图像。
（1）在进行加热前，要求a液体和b液体的初温和________必须完全相同。
（2）在实验中对a、b两种不同的液体加热相同的时间，通过比较________，可以比较它们吸热能力的强弱。
（3）通过对图乙的分析可以得出：a液体的比热容_______（选填“大于”“等于”或“小于”）b液体的比热容。
【答案】（1）质量；（2）升高的温度；（3）小于
【解析】（1）在“比较不同物质吸热能力”的实验中，要采用控制变量法，除了物质种类不同外，其他影响因素都要相同。所以在进行加热前，要求a液体和b液体的初温和质量必须完全相同。
（2）相同的电加热器同时加热相同的时间，意味着a、b两种液体吸收的热量相同。吸收相同热量时，温度升高慢的物质吸热能力强。所以在实验中对a、b两种不同的液体加热相同的时间，通过比较升高的温度，可以比较它们吸热能力的强弱。
（3）由图乙可知，加热相同时间，即吸收相同热量时，a液体升高的温度比b液体升高的温度高。根据可知，在Q和m相同的情况下，越大，c越小。所以a液体的比热容小于b液体的比热容。
19.如图是小强探究“串联电路电压规律”的实验过程：
（1）小强按照图甲连接电路前，发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是：_________。根据图甲连接好电路，闭合开关，电压表示数如图丙所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该_______________________________。
（2）按照图甲测量完灯L1两端电压后，继续测量灯L2两端的电压。为了节省时间，小强采用以下方法：电压表所接的B点不动，只断开A点，并改接到C点上。用此方法不能测出灯L2两端的电压，理由是：___________________________。
（3）下表是多次实验后得到的数据。分析第1、2两次数据初步得出结论，可推断第3次实验中，灯L2两端的电压UBC=_________V。
【答案】（1）调零；断开开关，改接0~3V量程；（2）电压表的正负接线柱接反了；（3）1.1
【解析】（1）如图乙，连接电路前，电压表指针在零刻度线左端，接下来小强要对电压表进行调零。
如图丙所示，电压表使用0~15V量程，分度值为0.5V，示数为2V。电压表指针偏转角度过小，没有超过电压表的小量程，说明电压表的量程选大了。为了使实验结果更准确，接下来小强应该断开开关，将电压表改接到0~3V的量程上。
（2）已测出L1两端的电压，则与A点相连的为电压表正接线柱，与B点相连的为电压表的负接线柱。若电压表所接的B点不动，只断开A点，并改接到C点上。用此方法不能测出L2两端的电压，理由是电压表的正负接线柱接反了。
（3）分析第1、2两次数据可得结论：串联电路中，总电压等于各用电器两端电压之和。所以第3次实验中，灯L2两端的电压。
20.在测定“小灯泡额定电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）本实验原理是________。（填写公式）
（2）根据图甲所示连接好电路，闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于________（选填“A”或“B”）端 。
（3）小叶同学闭合开关，移动滑片P 到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为_______
V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向_______（选填“A”或“B”）端移动。
（4）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的 I-U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是________W。
【答案】（1）；（2）A；（3）2.2；B；（4）0.5
【解析】（1）测小灯泡电功率的原理是，即电功率P等于小灯泡两端的电压U乘以通过的电流I。
（2）闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值最大，由图甲可知，滑动变阻器的滑片P位于A端时电阻最大，所以闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应该位于A端。
（3）由图乙可知，电压表量程是0~3V，分度值是0.1V，故电压表示数是2.2V。
2.2V小于灯泡的额定电压2.5V，要测量小灯泡的额定功率，应使电压表的示数为2.5V，所以应使灯泡两端的电压增大，滑动变阻器两端的电压减小，根据串联电路的分压原理可知，应减小滑动变阻器的阻值，所以应将滑片向B端滑动。
（4）小灯泡的额定电压，由图丙可知，此时小灯泡的额定电流，
则小灯泡的额定功率。
五、计算题（本大题共2小题，每小题8分，共16分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
21.如图甲是一种新型暖手袋，它使用移动电源供热，不仅不用装水更加轻便而且电热转化效率更高。如图乙是它内部加热电路的简化图，已知电源电压恒定，的阻值为。只闭合开关S，电路中的电流为0.6A；同时闭合开关S、S1，干路电流为0.9A。求：
（1）电源电压；
（2）的阻值；
（3）S、均闭合时，电路工作10min，整个电路消耗多少电能？
【答案】（1）6V；（2）20Ω；（3）3240J
【解析】（1）当只闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电路中的电流，
根据欧姆定律可知，电源电压。
（2）当同时闭合开关S、S1时，电阻R1与R2并联，干路电流，
由并联电路电压规律可知，R2两端电压仍等于电源电压不变，R2的电阻不变，所以通过R2的电流不变，仍为。
根据并联电路的电流特点，通过R1的电流，
根据并联电路中的电压规律，R1两端的电压，
根据欧姆定律可得，R1的阻值。
（3）当S、S1均闭合时，电路工作时间，
整个电路消耗的电能。
22.下表是一台常用的电热饮水机的铭牌数据，如图是它的工作电路原理图，它有加热和保温两种工作状态。
（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大?
（2）电阻R1的阻值是多大?
（3）晚上，由于是用电高峰期，该电热饮水机的实际工作电压只有200V，若它的电阻不变，加热效率为80%，求将满热水箱的水从20℃加热到80℃需要多长时间?[已知水的密度为1.0×10³ kg/m³，比热容为4.2×10³J/（kg·℃）]
【答案】（1）2A；（2）1100Ω；（3）866.25s
【解析】（1）温控开关S接通时，R1被短路，电路中只有R2接入电路，电阻较小，根据可知，电功率较大，饮水机处于加热状态；温控开关S断开时，R1与R2串联接入电路，电阻较大，根据可知，电功率较小，饮水机处于保温状态。根据铭牌可知，饮水机加热时的额定功率，由可得，在加热状态下正常工作时的电流为。
（2）保温挡时两电阻串联，根据可知，总电阻为；
加热挡时，只有R2接入电路，R2的阻值为。
电阻R1的阻值为。
（3）水的质量为，
加热时，水吸收的热量为，
加热效率为80%，消耗的电能为。
根据，在电阻不变的情况下，加热挡时，当实际工作电压只有200V时，实际功率P实满足，代入数据得，解得。
加热时间为。次数
AB间的电压UAB/V
BC间的电压UBC/V
AC间的电压UAC/V
1
0.9
1.9
2.8
2
1.4
1.4
2.8
3
1.7
2.8
热水箱容量
1L
额定电压
220V
加热功率
440W
保温功率
40W