2025-2026学年河南省新乡市红旗区九年级上学期期末物理考物理试卷（解析版）

这是一份2025-2026学年河南省新乡市红旗区九年级上学期期末物理考物理试卷（解析版），共13页。试卷主要包含了为满足新能源汽车车主的充电需求，8A，电阻的电流为0，如图所示的是一款无叶风扇等内容，欢迎下载使用。
分值：满分70分 时间：60分钟
注意事项
1.本试卷共6页，五大题，21小题，满分70分，考试时间60分钟。
2.本试卷上不要答题，请按答题卡上注意事项的要求直接把答案填写在答题卡上，答试卷上的答案无效。
一、填空题（每空1分，共14分）
1.如图所示，快递公司尝试用无人机运送包裹，在带着包裹匀速飞行过程中，包裹的动能_________（选填“变大”“变小”或“不变”），以无人机为参照物，包裹是__________的（选填“运动”或“静止”）。
【答案】不变 静止
【解析】动能的大小与质量和速度有关，包裹随无人机匀速飞行时，质量和速度均不变，因此包裹的动能不变。
以无人机为参照物，包裹与无人机的相对位置没有发生变化，因此包裹是静止的。
2.如图所示，芯片体积小，元件密集，制作芯片的材料是_________；当芯片中有电流通过时，不可避免地会产生热量，为了不影响芯片的性能，通常让散热部件与芯片紧密结合以降低芯片的温度，这是通过_________的方式改变芯片的内能。
【答案】半导体 热传递
【解析】芯片是将多个电子元件集成在一个小型的硅片或其他半导体材料上制成的微小电路，即制造芯片的核心材料是半导体。
散热部件与芯片紧密结合，芯片的内能转移到散热部件上，芯片的温度降低，这是通过热传递的方式改变芯片的内能。
3.同学们回到刚刚消毒过的教室，就能闻到很浓的酒精味，这是_________现象。酒精也可以和汽油混合作为汽车的燃料，如图是汽油机工作循环中的_________冲程。
【答案】扩散 做功
【解析】同学们进入教室闻到刺鼻的酒精味，是因为酒精分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。
由图可知，两气门都关闭，活塞向下运动，因此是做功冲程。
4.为满足新能源汽车车主的充电需求。如图所示为某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩的连接方式是___________（选填“串联”或“并联”）；在充电过程中，汽车相当于___________（选填“电源”“开关”或“用电器”）。
【答案】并联 用电器
【解析】如图所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩彼此独立工作，互不影响，所以这些充电桩的连接方式是并联。
电动汽车的电池在充电过程中，消耗电能，所以汽车相当于电路中的用电器。
5.两种电学元件L与R的I-U关系图像如图所示，分析该图像，当L与R并联在4V电源两端时，电路的总电流为______A，10s内电路消耗的总电能为______J；若将L与R串联在电源两端的电压恒定为5V的电路中，灯泡L此时的电功率为______W。
【答案】1.2 48 0.4
【解析】当L与R并联在4V电源两端时，根据并联电压规律，L与R电压均为4V，由图像可知，此时灯泡L的电流为0.8A，电阻的电流为0.4A，根据并联电流规律，电路的总电流为。
10s内电路消耗的总电能为。
若将L与R串联，则L与R电流相等。由图像可知，当电流为0.4A时，灯泡L的电压为1V，电阻的电压为4V，根据串联电压规律，电源电压恰好为，符合题意，则灯泡L此时的电功率为。
6.如图所示的是一款无叶风扇。风扇底座表面有进风口，内部有电动机，正常工作时将空气吸入并压缩进入圆环空腔，再从圆环空腔的细缝中高速吹出，气流夹带着周围的空气一起向前流动。电动机的工作原理是_______________________。出风口的空气温度_______（选填“高于”、“低于”或“等于”）圆环空腔内的空气温度。原因是___________________________。
【答案】通电线圈在磁场中受力转动；低于；压缩空气膨胀对外做功，内能减小，温度降低
【解析】电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动。因为电动机接入电路后，通电的线圈在磁场中会受到力的作用从而转动，实现电能向机械能的转化。
压缩空气从细缝中高速吹出，空气膨胀对外做功，空气的内能减小，温度降低，所以出风口的空气温度低于圆环空腔内的空气温度。
二、选择题（每小题2分，共16分。第7～12题每小题只有一个选项符合题目要求，第13～14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，只选1个且正确得1分，有选错得0分）
7.历经四十年的发展，中国光纤光缆行业已经占据世界半壁江山，为现代通讯做出了突出贡献，体现了大国精神、大国担当。现代信息高速公路，是卫星通信和光纤通信等高速、大容量信息传输通道的俗称，光纤通信传输信息的载体是（ ）
A.次声波B.超声波C.水波D.电磁波
【答案】D
【解析】光纤通信是利用激光（属于电磁波的一种）在光导纤维中传输信息，次声波、超声波属于声波，水波是机械波，这三者都无法在光纤中作为信息传输的载体。故ABC都不符合题意，D符合题意。
8.由于世界人口的急剧增加和经济的不断发展，能源的消耗持续增长，开发新能源已成为全世界的重要课题。下列关于能源及其利用的说法正确的是（ ）
A.随着科学技术的快速发展，我国已建成了利用核聚变能量发电的核电站
B.与煤、石油、天然气等能源相比，风能、水能、太阳能具有清洁环保的优点
C.核能、风能、水能都是可再生能源
D.我国煤和石油的储量十分丰富，所以太阳能和核能的开发在我国并不重要
【答案】B
【解析】由于核裂变是可控的，故核电站中的核反应堆就是通过核裂变过程中释放核能带动发电机发电的，故A错误；与煤炭、石油、天然气等能源相比，风能、水能、太阳能是新型的无污染的能源，是取之不尽的能源，可直接利用且对环境的污染小，前景广阔，故B正确；核能是一种使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源，是不可再生能源，风能、水能等能源，在自然界中是可以短时间再生的能源，为可再生能源，故C错误；煤、石油这些化石能源，都属于不可再生能源，储量是有限的，所以要节约资源，太阳能和核能的开发在我国比较重要，故D错误。
9.古诗词和谚语是中华传统文化的瑰宝，有着极其丰富的内涵。下列说法正确的是（ ）
A.“不知明镜里，何处得秋霜”，霜的温度虽然很低，但仍然具有内能
B.“松风自扫尘”，尘土飞扬说明分子在不停地做无规则运动
C.“沙暖睡鸳鸯”，水寒沙暖，白天太阳照射时沙比水升温快，说明沙的比热容大
D.“心急吃不了热豆腐”，是因为热豆腐含有很多热量
【答案】A
【解析】“不知明镜里，何处得秋霜”，任何物体都具有内能，霜的温度虽然很低，但仍然具有内能，故A正确；“松风自扫尘”，肉眼都能看见的尘土直径远远大于分子直径，尘土飞扬属于机械运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故B错误；“沙暖睡鸳鸯”，白天太阳照射时，沙比水升温快，是因为沙的比热容小，等质量的沙和水，吸收相同的热量，沙上升的温度要高，故C错误；“心急吃不了热豆腐”，是因为热豆腐温度高，不能说豆腐含有很多热量，故D错误。
10.如图所示，电源电压保持不变，开关、均已闭合，若断开开关，则下列分析正确的是（ ）
A.电压表的示数变大B.电流表示数变小
C.小灯泡的亮度不变D.电流表示数变大
【答案】B
【解析】由电路图可知，开关S1、S2都闭合时，小灯泡L和电阻R并联，电流表测干路电流，电流表测电阻R所在支路的电流，电压表测并联电路两端的电压，即电源电压；若断开开关S2，小灯泡支路断路，则两电流表都测R的电流。
由于并联电路电压相等，所以电压表示数不变，故A错误；由并联电路电流关系可知，电流表示数变小，故B正确；小灯泡L在断开开关S2后熄灭了，故C错误；并联电路各支路间互不影响，所以通过电阻R的电流不变，即电流表示数不变，故D错误。
11.在2025北京国际健康及健身运动博览会上，全身超低温冷疗舱受到健身运动员的关注和青睐。某冷疗舱（含有电动机驱动部件）采用电制冷技术助力运动康复，若其额定功率为，额定电压为。下列关于该冷疗舱的说法正确的是（ ）
A.正常工作时电流为
B.正常工作消耗电能
C.若电压降至，其实际功率为
D.工作时电能全部转化为内能
【答案】B
【解析】根据电功率公式，正常工作时电流，故A错误；正常工作消耗电能，故B正确；额定电压为220V时，额定电功率为1100W，若电压降至，实际电压小于额定电压，故实际功率小于额定功率，小于1100W，故C错误；冷疗舱含有电动机驱动部件，工作时电能不仅转化为内能（热能），还转化为机械能等其他形式（如驱动制冷系统），故D错误。
12.如图是探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置，下列说法正确的是（ ）
A.通电后，图甲透明容器中电阻丝内能增加和空气内能增大的方式是相同的
B.图甲中通电一段时间后，左侧容器中电阻产生的热量更少
C.图乙实验是为了研究电流产生热量与电流的关系
D.图乙的实验结论可以解释为什么电炉丝与导线串联，电炉丝产生的电热更多
【答案】D
【解析】电阻丝内能增加是通过做功，空气内能增大是通过热传递，故A错误；图甲左侧容器中电阻电流等于右侧两个电阻电流之和，所以左侧容器中电阻电流大于右侧容器中电阻电流，左右两边容器中电阻大小相同，通过时间相同，由可知，左侧容器中电阻产生的热量更多，故B错误；图乙左右两边容器中电阻串联，控制两电阻的电流和通电时间相同，左侧容器中电阻小于右侧容器中电阻，可以研究电流产生的热量与电阻的关系，故C错误；电炉丝与导线串联，电炉丝电阻大，产生的电热更多，说明电流产生的热量与电阻的关系，图乙研究电流产生的热量与电阻的关系，所以图乙的实验结论可以解释为什么电炉丝与导线串联，电炉丝产生的电热更多，故D正确。
13.如图所示，电源电压恒为3V，定值电阻的阻值为20Ω。闭合开关后，电流表示数为0.1A，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为0.5V。下列说法正确的是（ ）
A.调节滑片前，两端电压为2.5V
B.调节滑片前，流经的电流为0.125A
C.调节滑片后，接入电路的阻值为4Ω
D.调节滑片后，两端电压为2.5V
【答案】CD
【解析】由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压。调节滑片前，电路中电流为0.1A，R1两端电压为，故A错误；该电路为串联电路，电流处处相等，调节滑片前，电流表示数为0.1A，则流经R1的电流为0.1A，故B错误；调节滑片后，电压表示数为0.5V，即R2两端电压为0.5V，由串联电路电压规律可知R1两端电压，电路中电流为，R2接入电路的阻值，故CD正确。
14.关于如图所示的电与磁现象，下列说法正确的是（ ）
A.甲图中，电磁铁A比电磁铁B线圈匝数少，则电磁铁A的磁性比B的弱
B.乙图中只对调磁体N、S极，闭合开关后，导体的运动方向不会改变
C.丙图中的扬声器工作原理与乙图原理相同
D.丁图实验说明通电导体周围存在磁场，将小磁针移走，磁场消失
【答案】AC
【解析】两电磁铁串联，通过两电磁铁的电流大小相等，电磁铁A比电磁铁B线圈匝数少，电磁铁A吸引的大头针数量少，说明电磁铁A的磁性比B的弱，故A正确；通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关，乙图中只对调磁体N、S极，即改变了磁场方向，闭合开关后，导体的受力方向会改变，所以运动方向也会改变，故B错误；乙图中，闭合开关，导体棒在磁场中运动，说明磁场对通电导体有力的作用，扬声器工作原理是通电导体在磁场中受力运动，所以扬声器工作原理与乙图原理相同，故C正确；丁图是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，磁场是客观存在的，与通电导线有关，而与小磁针是否存在无关，将小磁针移走，磁场依然存在，故D错误。
三、作图题（每小题2分，共4分）
15.请你根据图甲所示的电路图，用铅笔画线代替导线，将图乙中未连接好的器材连接起来（连线不能交叉）。
【答案】
16.如图所示，根据安全用电知识，将图中元件用笔画线代替导线连起来（开关仅控制灯泡）。
【答案】
四、实验探究题（第17小题5分，第18小题5分，第19小题8分，共18分）
17.在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用电源、滑动变阻器、大头针等器材设计了如图所示的电路。
（1）通过观察电磁铁___________判断它的磁性强弱。
（2）滑片P向左滑动，电磁铁的磁性___________（选填“增大”“减小”或“不变”）。
（3）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是____________________________________。
（4）A铁钉下方是___________（选填“N”或“S”）极。
（5）实际生活和生产中，利用电磁铁工作的有__________。
A.电熨斗B.电炉子
C.磁卡D.电磁起重机
【答案】（1）吸引大头针的数量 （2）增大 （3）见解析 （4）S （5）D
【解析】（1）电磁铁吸引的大头针的个数越多，表明其磁性越强，实验中通过观察电磁铁吸引大头针的个数的多少来判断它的磁性强弱。
（2）滑动变阻器的滑片P向左滑动，接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，所以电磁铁的磁性增强。
（3）电磁铁吸引的大头针被电磁铁磁化后，下端磁极都相同，同名磁极相互排斥，所以是分散的。
（4）根据安培定则，用右手握住A铁钉，四指指向电流的方向，大拇指指向A铁钉的上方为N极，则下方为S极。
（5）电熨斗是利用电流的热效应工作的，故A不符合题意；电炉子工作时，电流通过电热丝做功，消耗电能转换为内能，没有应用电磁铁，故B不符合题意；磁卡利用的是磁性材料，不是电磁铁，故C不符合题意；通电时，电磁铁有电流通过，电磁起重机产生了磁性，当电路断开时，电磁铁失去了磁性，应用了电磁铁，故D符合题意。
18.某实验小组用如图1所示的装置比较甲、乙两种液体的吸热本领。
（1）实验时应控制甲、乙两种液体的初温和_________相同；
（2）实验中通过比较_____________________（选填“升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来判断物质吸收热量的多少；
（3）甲液体在第4min的内能_________第2min的内能（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（4）实验时，每隔1min记录一次温度值并绘制温度随时间变化的图像（如图2所示）。甲液体的比热容比乙液体的比热容_________（选填“大”或“小”）；
（5）若乙的比热容是，则甲的比热容是_________。
【答案】（1）质量 （2）加热时间的长短 （3）大于 （4）小 （5）
【解析】（1）“比较不同物质吸热能力”的实验中，应采用控制变量法，需要控制甲和乙两液体的质量和初温相同。
（2）由于用相同的电加热器同时加热，在相同时间内甲、乙吸收的热量相等，所以可以通过加热时间比较甲、乙两种物质吸收的热量。
（3）甲液体持续吸收热量，内能变大，所以甲液体在第4min的内能大于第2min的内能
（4）根据图2可知，加热相同时间，吸收相同的热量，甲升高的温度大于乙升高的温度，所以甲的比热容小。
（5）根据可知在质量和吸收热量一定时，温度的变化值和比热容成反比。我们可以取相同的加热时间4min，用相同的酒精灯加热4min，甲和乙吸收的热量就是相同的。甲的温度变化值为，乙的温度变化值为，
根据得：，甲的比热容。
19.小梦所在的学习小组进行“测量小灯泡额定功率”的实验。如图甲所示的是实验电路图，其中电源用的是2节新干电池，滑动变阻器的铭牌标有“50Ω，1A”，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）将图甲电路连接完整；
（2）连接好电路后，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到_________端。闭合开关，发现灯泡不亮，电流表没有示数，电压表有示数，请问该电路出现的故障是：_____
______________；移动变阻器滑片，观察电压表示数，直至灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示为_________A，则该灯泡的额定功率为_________W；
（3）为了减小误差，小梦还计算出了不同电压下小灯泡的电功率的平均值，她的做法是__________（选填“合理”或“不合理”）的；多次实验的目的是：____________________；
（4）在实验时，电压表出现了故障不能使用。小明向老师借了一只已知阻值的定值电阻，设计了如图丁所示的电路，继续测量小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电流为，定值电阻的阻值为，实验步骤如下，请补充完整：
①闭合开关S、，断开，调节滑动变阻器滑片P，直到电流表的读数为；
②闭合开关S、，断开，记下此时电流表的读数为；
③小灯泡的额定功率的表达式为___________（用、和表示）。
【答案】（1） （2）最右 小灯泡断路 0.2 0.5
（3）不合理 寻找小灯泡电功率随电压变化的规律 （4）
【解析】（1）“测量小灯泡额定功率”的实验，灯泡与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表与小灯泡并联，小灯泡额定电压为2.5V，电压表接小量程0~3V，实物连接如图所示：
（2）为了保护电路，连接好电路后，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端。
小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表串联在电路中，因此电路故障为小灯泡断路。
由图乙可知，电流表选择小量程0~0.6A，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.2A。
小灯泡正常发光时，小灯泡两端电压为2.5V，通过小灯泡的电流为0.2A，所以小灯泡的额定功率。
（3）因为小灯泡的电阻随温度变化而变化，小灯泡在不同电压下的电功率不同，所以算出不同电压下小灯泡的电功率的平均值是不合理的；多次实验的目的是寻找小灯泡电功率随电压变化的规律。
（4）由题意可知，闭合开关S、，断开时，通过定值电阻的电流为，根据欧姆定律可知，定值电阻两端的电压为。
由于滑动变阻器的滑片未移动，小灯泡一直是正常发光，根据并联电路的电压特点，小灯泡此时的电压与定值电阻两端的电压相同，即，所以小灯泡的额定功率的表达式。
五、综合应用题（第20小题9分，第21小题9分，共17分）
20.某电热水壶铭牌如下表，将电热水壶中装满初温为20℃的水加热至沸腾（标准大气压下），用时5分钟。已知水的比热容。
（1）水吸收的热量；
（2）电热水壶消耗的电能；
（3）电热水壶的效率。
【答案】（1）3.36 × 10⁵ J （2）4.5 × 10⁵ J （3）74.7%
【解析】（1）由密度公式可得，水的质量
标准大气压下，水的沸点为，则水吸收的热量。
（2）电热水壶消耗的电能由公式计算。其中，额定功率，加热时间，代入公式。
（3）电热水壶的效率是水吸收的热量与消耗电能的比值，公式为，
电水壶的效率。
21.小宁为室内花卉种植设计了一个警戒光照强度报警电路，如图所示，电源电压18V保持不变，R1的电阻为10Ω，R2为光敏电阻，其阻值与光照强度的关系如下表所示。当电流表示数大于或等于3A时会触发报警，提醒种植人员调整遮阳棚，此时的光照强度为该植物的警戒光照强度。（Lux是衡量光照强度的基本单位，该数值越大表示光照强度越大。）求
（1）R1消耗的电功率；
（2）该植物的警戒光照强度；
（3）在触发报警的电流保持不变的情况下，通过替换电阻R1的方法，满足了某植物的警戒光照强度为30Lux的需要。请计算替换的电阻值。
【答案】（1）32.4W （2）20Lux （3）12Ω
【解析】（1）由电路图可知，电阻和光敏电阻并联，电源电压，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以两端的电压，
则消耗的电功率。
（2）当电流表示数等于3A时，电路触发报警，此时干路电流，
通过的电流，
根据并联电路的电流规律，通过光敏电阻的电流，
此时光敏电阻的阻值。
由表可知，当的阻值为时，对应的光照强度为20Lux。
（3）当警戒光照强度为30Lux时，查表可知，光敏电阻的阻值为，
此时通过光敏电阻的电流。
报警触发的电流保持不变，即干路电流仍为3A，此时通过替换电阻的电流，则替换电阻的阻值。额定电压
220V
额定功率
1500W
容量
1L
光照强度（Lux）
5
10
15
20
25
30
电阻R2阻值（Ω）
60
30
20
15
13
12