重庆市杨家坪中学2025-2026学年高一上学期第二次月考物理试题（Word版附解析）

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满分：100 分考试 时间：75 分钟
第Ⅰ卷 选择题（共 43 分）
一、单项选择题：本大题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只
有一项符合题目要求。
1. 足球运动是目前全球体育界最具影响力 项目之一，深受青少年喜爱。如图所示为两个足球放在光滑水
平面上的情景。下列说法正确的是（ ）
A. 单个足球可能受到 3 个力的作用
B. 两个足球之间可能存在弹力
C. 足球对地面的弹力是由于足球发生形变引起的，方向竖直向下
D. 两个足球对地面的压力大于两个足球的总重力
【答案】C
【解析】
【详解】AB．假设单个足球受重力、支持力、足球与足球间的弹力这 3 个力的作用，重力与地面给足球的
支持力大小相等、方向相反，为一对平衡力，即竖直方向合力为零，而足球与足球间的弹力在水平方向，
没有其他力与之平衡，因此足球的合力不为零，但实际上足球静止在光滑水平面，可知假设不成立，即两
足球之间没有弹力，足球只受到重力、支持力两个力的作用，故 AB 错误；
C．足球对地面的弹力是由于足球发生形变引起的，方向竖直向下，故 C 正确；
D．两个足球在竖直方向合力为零，故地面对两个足球的支持力与两个足球的重力平衡，大小相等，根据牛
顿第三定律可知两个足球对地面的压力等于两个足球的总重力，故 D 错误。
故选 C。
2. 如图所示，用不计质量的细绳 l1 和 l2 将 A、B 两重物悬挂起来，下列关于几对力的说法中，正确的是（ ）
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A. l1 对 A 的拉力和 l2 对 A 的拉力是一对平衡力
B. l2 对 B 的拉力和 B 对 l2 的拉力是一对平衡力
C. l2 对 A 的拉力和 A 对 l2 的拉力是一对作用力与反作用力
D. l2 对 A 的拉力和对 B 的拉力是一对作用力与反作用力
【答案】C
【解析】
【详解】AB．A、B 两物体都是三个力作用下处于平衡状态，题中所述均不是一对平衡力，AB 错误；
C．l2 对 A 的拉力和 A 对 l2 的拉力是一对作用力与反作用力，C 正确；
D．l2 对 A 的拉力和对 B 的拉力没有相互性，不是作用力与反作用力的关系，D 错误；
故选 C。
3. 如下图所示，关于它们的说法正确的是（ ）
A. 甲图中表示力的方法叫力的图示
B. 乙图中用悬挂法测定薄板的重心，应用了重力和细绳拉力二力平衡原理
C. 丙图中所示的方法是理想实验法
D. 丁图中海绵受铁块的压力而发生形变，铁块由于很坚硬，所以没有发生形变
【答案】B
【解析】
【详解】A．甲图中表示力的方法叫力的示意图，故 A 错误；
B．用悬挂法测定薄板的重心，应用了二力平衡原理，故 B 正确；
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C．丙图中所示的方法是微小放大法，故 C 错误；
D．力的作用是相互的，海绵受铁块的压力发生形变，同时铁块也会受到海绵的支持力，铁块会发生微小形
变，只是因为铁块硬度大，形变不明显，并非没有形变，故 D 错误。
故选 B。
4. 如图甲所示，力 F（未画出）变化时弹簧长度不断变化，取水平向左为正方向，得外力 F 与弹簧长度的
关系如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
A. 弹簧原长为 5 cm
B. 弹簧的劲度系数为 4N/m
C. l=10 cm 时，弹簧对墙壁的弹力方向水平向右
D. l=10 cm 时，弹簧对墙壁的弹力大小为 20 N
【答案】D
【解析】
【详解】A．当 时，弹簧的长度是原长，由图可知弹簧原长为 15 cm，故 A 错误；
B．由胡克定律 ，可得弹簧的劲度系数为
故 B 错误；
C． l=10 cm 时，弹簧处于压缩状态，弹簧对墙壁的弹力方向水平向左，故 C 错误；
D． l=10 cm 时，弹簧对墙壁的弹力大小为
故 D 正确。
故选 D。
5. 如图，用细线将一小球悬挂于 O 点，用水平拉力 F 将其拉至细线与竖直方向成 角，现将 F 沿逆时针方
向缓慢转过 90°，在这过程中小球的位置保持不变，则（ ）
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A. 细线的拉力先减小后增大 B. 细线的拉力先增大后减小
C. 拉力 F 先减小后增大 D. 拉力 F 不断增大
【答案】C
【解析】
【详解】对小球受力分析，由矢量三角形图解法可知
拉力 F 先减小后增大，细线的拉力一直减小，故 C 正确，ABD 错误。
故选 C。
6. 一只蝙蝠沿水平方向做匀加速直线飞行，某一时刻蝙蝠离前方障碍物的距离为 时发出超声波，此时速
度大小为 ，经过一段时间后蝙蝠接收到由正前方障碍物反射回来的超声波，此时蝙蝠离前方障碍物的距
离为 ，且速度大小为 。若该蝙蝠发出的超声波在空气中传播的速度大小为 ，则 与 的
大小之比为（ ）
A. 2∶15 B. 1∶15 C. 4∶15 D. 1∶5
【答案】A
【解析】
【详解】设蝙蝠从发射超声波到接收到超声波时间为 ，则
,
联立解得
故选 A。
二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，有多
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项符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有错选的得 0 分。
7. 关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（ ）
A. 牛顿第一定律说明力是使物体运动的原因
B. 牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因
C. 实际上不存在不受外力作用的物体，所以牛顿第一定律没有意义
D. 物体的运动不需要力来维持
【答案】BD
【解析】
【详解】ABD．牛顿第一定律指出一切物体总保持匀速直线运动或静止状态，直到有外力迫使它改变这种
状态为止。说明运动不需要力来维持，力的作用效果是改变了物体的运动状态。A 错误，BD 正确；
C．虽然现实中不存在完全不受外力的物体，但牛顿第一定律通过理想实验揭示了物体运动的本质规律，其
推论具有实际意义，故 C 错误；
故选 BD。
8. 如图所示，将光滑斜面上的物体的重力 mg 分解为 F1、F2 两个力，下列结论正确的是（ ）
A. F2 就是物体对斜面的正压力
B. 物体受 N、mg 两个力作用
C. 物体受 mg、N、F1、F2 四个力作用
D. F1、F2 二个分力共同作用的效果跟重力 mg 的作用效果相同
【答案】BD
【解析】
【详解】A．F2 是重力垂直于斜面的分力，不是物体对斜面的压力，故 A 错误；
BC．力 mg 与 F1、F2 是合力与分力的关系，而物体实际上只受重力和支持力这两个力的作用，故 B 正确，
C 错误；
D．F1、F2 是 mg 二个分力，这两个分力共同作用的效果跟重力 mg 的作用效果相同，故 D 正确。
故选 BD。
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9. 在粗糙水平地面上放置一个边长为 a、质量为 M 的正方体 ABCD，正方体与地面间的动摩擦因数为 ，
在正方体右侧有一竖直光滑墙壁，如图所示，在墙壁和正方体之间放置一半径为 R、质量为 m 的球，球的
球心为 O，OB 与竖直方向的夹角为 ，正方体和球均保持静止，重力加速度为 g，最大静摩擦力等于滑动
摩擦力，下列说法错误的是（ ）
A. 仅改变球的质量，其余条件不变，为保证正方体仍处于静止状态，球的质量应小于
B. 将正方体向左推动很小一段距离，其余条件不变，系统仍保持静止，正方体受到的摩擦力不变
C. 当正方体的右侧面 AB 到墙壁的距离小于 时，无论球的质量是多少，正方体都不会滑动
D. 改变正方体到墙壁的距离，系统始终保持静止，则 的最大值为
【答案】ABD
【解析】
详解】A．如图甲所示，对正方体受力分析可得
①
如图乙所示，对球体受力分析得
②
如图丙所示，对正方体和球体构成的整体受力分析得
③
由①②③得
得
故 A 错误，符合题意；
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B．①②两式联立可得
将正方体向左推动一小段距离， 增大，所以 增大，故 B 错误，符合题意；
D．①②③三式联立可得
解得
故 D 错误，符合题意；
C．由
可知当
无论球的质量是多少，正方体都不会滑动，则正方体右侧面 AB 到墙壁的距离应小于 ，即
，故 C 正确，不符合题意。
故选 ABD。
第Ⅱ卷 非选择题（共 57 分）
三、实验题：本大题共 2 个小题，共 16 分。其中 11 题 6 分，12 题 10 分。
10. 某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计 A 挂于固定点 P，下端用细线
挂一重物 M。弹簧测力计 B 的一端用细线系于 O 点，手持另一端拉动弹簧测力计，使结点 O 静止在某位置。
分别读出弹簧测力计 A 和 B 的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录 O 点的位置和细绳的方向。
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（1）本实验用的弹簧测力计的示数单位为 N，图中 A 的示数为______N；
（2）下列实验要求不必要的是______（填选项前的字母）；
A．改变拉力，进行多次实验，每次都要使 O 点静止在同一位置
B．测量重物 M 所受的重力
C．细线方向应与木板平面平行
D．每次实验时，手持弹簧测力计 B 必须水平拉动，使 OB 与竖直方向垂直
（3）本实验采用的科学方法是______。
A．理想实验法 B．控制变量法 C．等效替代法 D．建立物理模型法
【答案】 ①. 2.6 ②. AD##DA ③. C
【解析】
【详解】（1）[1]由弹簧测力计刻度得知精度为 0.2N，由图指针落在位置读数为 2.6N；
（2）[2] A．因为当结点位置确定时，三力方向，大小已知，实验通过三个力的图示，来验证“力的平行四
边形定则”，所以无需多次实验，符合题意，故 A 正确；
B．实验通过三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须知道，不符合题意，故 B
错误；
C．细线方向必须与木板平面平行，这样才确保力大小的准确性，不符合题意，故 C 错误；
D．实验通过三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，实验时，弹簧测力计 B 与弹簧测力计 A 之间
任意夹角都能进行验证，夹角稍大一点可以减小误差，没有要求弹簧测力计 B 必须水平拉动，符合题意，
故 D 正确；
故选 AD。
（3）[3]合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的科学方法是等效替代法，故 ABD 错误，C 正确；
故选 C。
11. 用如图甲所示的装置探究小车加速度与受到拉力的关系。通过打点计时器测加速度，认为细绳拉力等于
钩码的重力。已知交流电频率是 50Hz，重力加速度 g 取 。完成实验，并回答问题：
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（1）除图甲中给出的器材之外，完成实验还需要的器材有______。（填序号）
A. 天平 B. 刻度尺 C. 停表 D. 弹簧测力计
（2）安装好装置，垫块放在某位置，接通电源，给小车一个初速度，打出纸带如图乙所示。已知纸带左端
和小车相连，则接下来的操作应该是______。
A. 向小车中加入适当砝码，再打出纸带并分析纸带
B. 把细线系在小车上并绕过滑轮悬挂钩码，再打出纸带并分析纸带
C. 将垫块适当左移，再打出纸带并分析纸带
D. 将垫块适当右移，再打出纸带并分析纸带
（3）调整好装置，规范操作，得到一条如图丙所示的纸带（每相邻两点之间还有 4 个点未标出）。小车加
速度大小 ______ 。（结果保留三位有效数字）
（4）改变钩码的质量，多次实验，得到小车加速度 a 与钩码总质量 m 的多组数据，建立 a-m 坐标系，描点
得到如图丁（a）所示的图线。图线的末端明显偏离了直线，其主要原因是______。
A. 钩码总质量不满足远小于小车质量
B. 钩码总质量不满足远大于小车质量
C. 平衡摩擦力过度
D. 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够
（5）一位同学将手机固定在小车上，重复第（4）步，得到图线如图丁（b）所示。则手机的质量为______
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g。（结果保留三位有效数字）
【答案】（1）B （2）D
（3）2.03 （4）A
（5）160
【解析】
【小问 1 详解】
A．钩码的质量已知，不需要利用天平来测量，故 A 错误；
B．需要利用刻度尺测量纸带上的点的间距，故 B 正确；
C．打点计时器打出的两点之间间隔的时间与交变电流的频率有关，不需要停表，故 C 错误；
D．实验中认为钩码的重力等于绳的拉力，不需要弹簧测力计，故 D 错误。
故选 B。
小问 2 详解】
B．平衡小车的摩擦力操作过程中不需要挂砝码，故 B 错误；
A．平衡摩擦力的方式是改变斜面的倾角，使得小车的重力沿斜面的分量能与摩擦力相等，与小车自己的重
力大小无关，故 A 错误；
CD．根据纸带可知，小车运动的速度逐渐变大，说明小车做加速运动，是由于斜面的倾角过大导致的。所
以应将垫块向右侧移动，使得斜面倾角减小，故 C 错误，D 正确。
故选 D。
【小问 3 详解】
根据题干信息可知，纸带上的两个点之间的时间间隔
根据公式 ，并且利用逐差法计算加速度的大小
【小问 4 详解】
AB．实验中将钩码的重力当成细线的拉力，即
实际上 牛顿第二定律公式应为
当钩码质量较大时，图像会发生弯曲，故 A 正确，B 错误；
CD．当系统未平衡摩擦力或平衡摩擦力过度时，图像中的曲线会不过原点，故 CD 错误。
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故选 A。
【小问 5 详解】
如图所示，在钩码质量远小于小车质量的情况下，画出的 图像是一条过原点的直线，此时
可知小车质量越大，图像的斜率越小，即 b 图是加上手机后的图像，即 ，
所以手机的质量为
代入数据可解得
四、计算题：本大题共 3 个小题，共 41 分。其中 13 题 10 分，14 题 13 分，15 题 18 分。解
答时应写出必要的文字说明、公式、方程式和重要的演算步骤，只写出结果的不得分，有数
值计算的题，答案必须写出明确的数值和单位。
12. 中国海军宣布，歼 等三型舰载机已于此前成功完成在福建舰上首次弹射起飞和着舰训练。成为中
国海军走向深蓝的标志性里程碑事件。某次起飞训练中，在福建舰的电磁弹射器辅助下，一架质量为
的歼 在水平弹射轨道上从静止开始加速，在 100m 的弹射距离内达到 的起飞速
度。假设福建舰处于静止状态，歼 的起飞过程为匀加速直线运动，重力加速度大小 g 取 。
（1）求弹射过程中歼 的加速度大小。
（2）若弹射过程中歼 所受平均阻力为其重力的 倍，求电磁弹射器提供的平均推力大小。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问 1 详解】
设战斗机的起飞速度大小为 ，弹射距离为 x，加速度大小为 a，由运动学公式得
解得
【小问 2 详解】
设战斗机的质量为 m，所受的平均阻力大小为 ，所受的平均推力大小为 F，由牛顿第二定律得
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联立解得
13. 如图所示，倾角 的斜面体 C 固定于水平桌面上，物块 A 悬挂在水平绳 OP 和倾斜绳 OQ 的结点
O 处，水平绳 OP 另一端固定于竖直墙壁上，OQ 与竖直方向的夹角 、且跨过轻质光滑定滑轮与斜
面体上质量 的物块 B 相连。重力加速度 取 ，已知 ， 。改变
物块 A 的质量，使 A、B 始终保持静止，求：
（1）当 B 与斜面体间的摩擦力恰好为零时，绳 QB 的拉力大小；
（2）当物块 A 的质量 时，斜面体受到物块 B 给的摩擦力的大小和方向；
（3）在（2）的情况下，地面对斜面体 C 的摩擦力的大小。
【答案】（1）20N （2）5N，方向沿斜面向上
（3）20N
【解析】
【小问 1 详解】
设绳 QB 的拉力大小为 T，当 B 与斜面体间的摩擦力恰好为零时，受力分析如图所示：
沿斜面方向有 T=mBgsinθ
代入数据可得 T=20N
【小问 2 详解】
当物块 A 的质量 mA=1.5kg 时，受力分析如图所示：
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对结点 O 受力分析，竖直方向有：TOQcsα=mAg
代入数据可得 TOQ=25N
假设物块 B 受到的静摩擦力方向沿斜面向下，对物块 B 受力分析，沿斜面方向有 TOQ=mBgsinθ+fB
代入数据可得 fB=5N
由牛顿第三定律可知，斜面体受到物块 B 给的静摩擦力大小为 5N，方向沿斜面向上；
【小问 3 详解】
对 BC 整体受力分析，水平方向有：TOQsinα=f
代入数据可得 f=20N
14. 2024 环广西公路自行车世界巡回赛于 10 月 15 日在防城港开赛，赛事持续六天，共设六个赛段，赛道形
式包含平路绕圈，环山丘陵和终点爬坡。竞赛总距离为 1021.8 公里。为让观众更清晰的观看赛事，常有跟
拍摩托车跟随记录精彩过程。在某直线路段，由 10 辆自行车构成的车队正以 的速度匀速直线行
驶，相邻两自行车间距 10m，在车队后面跟拍摩托车以 的速度在另一条平行车道上同向行驶（忽
略两平行车道之间的距离），所有车均视为质点。当摩托车与 10 号车距离为 19m 时，摩托车开始以加速度
刹车做匀减速运动。求：
（1）摩托车的速度和自行车队速度相等时，摩托车和自行车队前进的位移各是多少？
（2）摩托车与车队交汇的相遇时间（即两次遇到 10 号车的时间间隔）；
（3）摩托车与 10 号车距离为 19m 时记为零时刻，摩托车由于与前车太近开始以加速度 刹车
做匀减速运动，10 号自行车突然爆胎并立即做匀减速直线运动，经 2s 时间停下，摩托车驾驶员在 10 号车
爆胎瞬间，经 0.5s 反应时间，以大小为 的加速度作匀减速运动，试写出摩托车在停车前与 10 号
车的距离 和时间 的关系（取 ）
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【答案】（1）260m，160m
（2）36.125s （3）见解析
【解析】
【小问 1 详解】
摩托车的速度和自行车队速度相等时，则
解得 t=20s
此时自行车队的位移
摩托车的位移
【小问 2 详解】
根据
即
解得
因摩托车停止运动的时间为 ，则 舍掉；
则当摩托车停车时位移为
此时自行车的位移
此时两者相距 324m-288m-19m=17m
10 号车追上摩托车还需要
故第二次相遇是在 36s+2.125s=38.125s 时刻，两次相遇的时间间隔为 38.125s-2s=36.125s
【小问 3 详解】
①在 0＜t≤0.5s，自行车爆胎后在 2s 内停下有
摩托车与 10 号车的距离表示为
②0.5s＜t≤2s，2s 时；
故在 2s 内已经相遇。相遇时有 x2-x1=x0
代入匀变速规律可得 t2-13t+19.75=0
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解得 tm=1.7s
③0.5s＜ t≤1.7s 内 ， 10 号 车 在 摩 托 车 前 方 0.5s 时 ：
此时两者的初始差距：x'0=x0-Δx1=19m-5.5m=13.5m
10 号车的速度：v'=v-4×0.5m/s=6m/s
化简后：x=t2-13t+19.75
1.7s＜t≤2s：摩托车在 10 号车前方两者距离表示为：x=-t2+13t-19.75
④在 2s＜t≤3.5s 内，摩托车在 10 号车前方，初始差距 x0'=21.25m-19m=2.25m
摩托车的初速度为 v2=18m/s-1.5×6m/s=9m/s
两者距离表示为