2024-2025学年山东省泰安市肥城市八年级（下）期末物理试卷（含答案）

这是一份2024-2025学年山东省泰安市肥城市八年级（下）期末物理试卷（含答案），共32页。试卷主要包含了选择题，填空与作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
1．（3分）下列不属于力的三要素的是（ ）
A．力的大小B．力的方向
C．力的作用效果D．力的作用点
2．（3分）宇航员在太空轨道舱中处于完全“失重”状态，就像地球上的物体所受的重力突然消失一样。如果宇航员在太空轨道舱中进行体能锻炼，下列活动中可采用的是（ ）
A．举哑铃B．拉弹簧拉力器
C．做俯卧撑D．引体向上
3．（3分）在火箭与导弹领域，手工制造固体燃料依然十分重要，以徐立平为代表的“大国工匠”以精湛的火药雕刻技术让一件件大国重器华丽绽放。如图所示，雕刻火药时刀刃磨得锋利是为了（ ）
A．减小压强B．减小压力C．增大压强D．增大压力
4．（3分）下列过程中，人施加在物体上的力对物体做功的是（ ）
A．售货员用力推货箱没推动
B．中学生背着书包在水平路面行走的过程
C．工人把货物从地面上提起的过程
D．足球被运动员踢出后在草地上滚动过程
5．（3分）高空抛物是极不文明的行为，会造成很大的伤害，因为高处的物体具有较大的（ ）
A．弹性势能B．重力势能C．动能D．重力
6．（3分）下列对相关物理量估测比较贴近事实的是（ ）
A．一位普通中学生的重力约5000N
B．把两个鸡蛋匀速举起1m做功约10J
C．现在考场内的大气压约为2×105Pa
D．“山东舰”功率超过103kW
7．（3分）小明在体育课上进行射门练习，如图是他向空中踢出足球到足球落地而停止运动的场景，箭头表示足球的运动方向，当足球运动到最高点c时，若所有外力作用都消失，则足球将（ ）
A．静止不动B．竖直下落
C．向右做匀速直线运动D．向左做匀速直线运动
8．（3分）如图所示是我国空间站的机械臂，它类似于人的手臂，可以省距离。下列工具在使用中也能省距离的是（ ）
A．用羊角锤起钉子
B．用镊子夹砝码
C．用钳子剪断铁丝
D．用托盘天平测物体质量
9．（3分）如图所示的是我国古代科技著作《天工开物》描述的流水冲击木轮带动水磨磨粉的情景。下列说法正确的是（ ）
A．转动的水轮只具有动能
B．水磨转动得越快，其惯性越大
C．谷物被磨碎，说明力可以改变物体的形状
D．木轮匀速转动时，处于平衡状态
10．（3分）如图所示，将两个相同压强计的探头分别放入深度相同的甲、乙两种液体中，下列说法不正确的是（ ）
A．甲液体的密度小于乙液体的密度
B．甲探头处的压强小于乙探头处的压强
C．探头伸入液体越深，两管液面高度差越大，液体压强越大
D．若只将甲液体中压强计的探头改为向右方位时，两管液面高度差将变大
11．（3分）2022年2月4日，第二十四届北京冬季奥林匹克运动会正式开幕，本届奥运会中国选手有着很强的实力。图甲是单板滑雪跳台项目，运动员不借助滑雪杖，只踩着雪板从高处滑行而下，通过起跳台起跳，完成各种空翻、转体等技术动作后落地。图乙中虚线所示是某次比赛过程中运动员的轨迹，不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．在a、b、c、d四个点中，a点处的运动员机械能最大
B．从b点到c点的过程中，运动员的动能在增加
C．从c点到落地点d的过程中，运动员的机械能变小
D．在a点和c点速度都为零，因此运动员的重力势能相等
12．（3分）如图甲为国家一级文物，战国时期的“黑科技”——青铜汲酒器，高约半米，下端为一荷蕾形器，上端为中空竹节形长柄，顶端为封闭的龙首衔环，上端和底部各开一孔。图乙①和②为汲酒器取酒过程示意图。下列说法不正确的是（ ）
A．图乙①中酒进入汲酒器是利用连通器原理
B．取酒过程中汲酒器中酒不流出是受到大气压作用
C．要让酒进入汲酒器，在图乙①中应摁住方孔
D．要让酒转移到碗中，在图乙②中应松开方孔
13．（3分）在空中竖直向上运动的篮球所受的重力约为3N，所受空气阻力约为0.5N，则篮球所受合力的大小和方向为（ ）
A．2.5N，竖直向上B．3.5N，竖直向上
C．2.5N，竖直向下D．3.5N，竖直向下
14．（3分）电气化铁路上的接触网补偿装置涉及滑轮组（如图所示），其作用是当温度变化时，绳索长度会发生变化，在重物的作用下借助滑轮组，自动调整绳索的松弛度。假设重物G＝3000N，绳索一端P点与B滑轮相连被张紧。若某段时间内重物G竖直上升了4cm，不计滑轮和绳索自重、摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．A滑轮是动滑轮
B．B滑轮是定滑轮
C．绳索P点向右移动了2cm
D．绳索P端受到的拉力为1500N
15．（3分）水平桌面上放置有底面积和质量均相同的薄壁容器甲、乙，甲中液体密度为ρ甲，乙中液体密度为ρ乙，小球A、B完全相同。用一根细线将小球A与容器底面相连，使其浸没如图甲所示。用一根细线将小球B系好，使其浸没在甲容器的液体中且不与容器接触，如图甲所示；A、B静止时所受的浮力分别为F1、F2，细线处于绷直状态（忽略质量和体积），下列判断正确的是（ ）
A．ρ甲＜ρ乙
B．F1＝F2
C．甲容器对桌面压强大于乙容器对桌面压强
D．若剪断细线，小球A静止时甲容器对桌面的压强变小
二、填空与作图题：本题共5小题。
16．（2分）如图是一风景区的盘山公路，之所以要把上山的公路修成这般模样，是因为盘山公路相当于简单机械中的 ，使用它可以 。
17．（2分）“明月如霜照夜天，孔明灯火照人间”中，孔明灯通过燃烧松脂加热内部的空气，使内部空气的密度变 ，当孔明灯所受浮力 重力时，实现升空。
18．（3分）手握两张纸，如图所示，让纸自然下垂，在两张纸中间向下吹气，这两张纸将会彼此 （选填“靠拢”或“远离”），这是因为两张纸中间的空气流速变大，压强 。写出一种生产生活中利用这一原理的实例 。
19．（3分）如图所示，一个小孩从高度相同、长度不同的两个滑梯A、B上滑下，如果在运动过程中阻力可以忽略，则滑到底端时两次的速度 （填“相同”或“不同”），该过程中机械能转化情况是 ；如果在运动过程中，运动阻力不能忽略，则从 滑梯上滑下时速度较大。
20．（5分）如图1所示是一斜拉索桥，项目化学习小组的同学将其结构简化，抽象成模型图，如图甲；并用铁架台、细绳和质地均匀的木板制成两个简易斜拉索桥，如图乙、丙所示。
（1）比较分析乙、丙两图发现：适当增大拉索与杠杆夹角，可 （填“增大”或“减小”）斜拉索拉力的力臂。从而 （填“增大”或“减小”）斜拉索的拉力。
（2）画出乙图中细绳拉力F的力臂l，O为支点。
（3）假设图乙中木板所受重力为10N，则细绳受到的拉力是 N。
四、实验探究题：本题共4小题。
21．（5分）在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中。
（1）实验过程中，用弹簧测力计沿水平方向拉着物块做匀速直线运动；图甲所示的实验中，木块M受到的滑动摩擦力为 N。
（2）如图乙、丙所示，在木块M上放一个重物，重复上面的操作，比较乙、丙两图中的弹簧测力计的示数，可探究滑动摩擦力的大小与 的关系。
（3）由甲、乙两图可知：当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。下列改变摩擦的方法与该结论相同的是 （选填字母符号）。
A.骑自行车刹车时用力捏闸；
B.凹凸花纹的地砖更防滑。
（4）一同学认为，滑动摩擦力大小可能与接触面积大小有关，于是他将图甲中木块沿竖直方向切去一半，重复图甲的实验操作。你认为他的探究 （选填“科学”或“不科学”）问题，理由是 。
22．（5分）在“研究动能的大小与哪些因素有关”的实验时，同学们根据“十次车祸九次快”提出猜想一：动能的大小可能与速度有关；根据“安全驾驶莫超载”提出猜想二：动能的大小可能与质量有关。
为了检验猜想是否正确，他们利用如图所示的装置进行了甲、乙、丙三次实验，其中A、B为两个质量不相同的小球。
（1）实验中，通过比较 的大小来判断小球的动能大小；
（2）为了检验猜想一，选用甲、乙两图进行实验，由图中的实验现象，可以得到的结论是 。
（3）为了检验猜想二，在完成图甲实验的基础上，进行了图丙的实验，但发现木块被撞后滑出了木板，为完成对比实验，在不改变木板长度的前提下，可以采用下列方法中的 （选填字母符号）进行调整。
A.适当降低小球的高度；
B.给木板上铺毛巾；
C.换质量较大的木块；
D.换比A质量小的球。
（4）如表所示为同学们某次实验记录的数据：
根据表中数据，观察图丁中的交通标志牌，解释为什么对不同车型有不同的限速要求？答： 。
23．（5分）在探究杠杆的平衡条件实验中。
（1）在挂钩码前，发现杠杆右端低左端高（如图甲），为了完成实验，应将杠杆右端的平衡螺母向 端调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）接着在杠杆的两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡（如图乙）。若在A、B下方再各加一个相同的钩码，则杠杆 端将下沉（选填“左”或“右”）；
（3）实验过程中，保持阻力、阻力臂不变，在杠杆水平平衡时，测出每一组动力臂l1和动力F1的数据，并利用实验数据绘制了l1与F1的关系图像如图丙所示。根据图像推算，当l1为6cm时，F1为 N。如图丁所示是生活中用铡刀切秸秆的情景，依据该图像可知，在同一作用点D处沿 （选填“Fa或“Fb”）方向施力更省力，请说明理由 。
24．（4分）在“探究浮力的大小与哪些因素有关”时，实验小组在弹簧测力计下端挂一物体，按如图所示“1→5”步骤把它缓缓浸入水中，步骤5中物体接触容器底。
（1）实验小组 （填“能”或“不能”）根据步骤“2”、“3”探究浮力的大小与物体浸在液体中深度的关系。
（2）实验时，若按先步骤“3”再步骤“1”的顺序分别测出物体在水中受到的拉力和重力，则会使浮力的测量结果 （选填“偏大”或“偏小”）。
（3）图中步骤“5”物体受到的浮力为 N。若将水更换为其他液体，步骤“5”中物体对容器底部压力刚好为零，则液体的密度为 kg/m3。
四、综合应用题：本题共3小题。
25．（8分）人们常用“冰山一角”来形容看到的水面上的冰山远远小于水下部分。如图1所示是一自由漂浮在海面上的冰山，海水的密度近似等于水的密度，冰山的密度，g取10N/kg。
（1）用“•”表示冰山，请在方框中画出冰山漂浮时的受力示意图。
（2）假设冰山质量为3.6×108kg，求此时：
①海面下2m深度处冰山受到海水的压强；
②冰山浸在海水中的体积；
③冰山露出水面的体积与总体积之比。
26．（7分）图甲是某起重车的示意图，起重时在支撑脚支撑作用下，轮胎离开地面，四个支撑脚与地面的总接触面积为1.2m2，该车所受的重力为7.68×104N。图乙为起重车某次提升货物时，起重臂上滑轮组的示意图，货物在钢丝绳的拉力F作用下上升10s，钢丝绳的拉力F为4×103N，货物上升的高度随时间变化的关系如图丙所示，滑轮组的机械效率为80%，若不计滑轮上的绳重及摩擦，求：
（1）未提升货物时，起重车对水平地面的压强；
（2）拉力F做的功及做功的功率；
（3）货物所受重力。
27．（6分）“龙骨水车”，约始于东汉，相传三国时期发明家马钧曾予以改进，其结构如图甲所示。使用时，将水车一端浸入水中，另一端固定于岸上。水车通过脚踏驱动木齿轮，利用链轮传动原理，带动木链周而复始的翻转，装在木链上的刮板（刮水板）把河水提升到岸上，进行农田灌溉，如图乙所示。
（1）木链转动起来，一定质量的水被水车提升到高处的过程中，水的重力势能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
（2）若踩动龙骨水车旋转一周可将40kg的水提升到3m高的田地中，所用时间为60s，操作者做功的总功率为40W，则该过程中龙骨水车的机械效率是多少？（g取10N/kg）
（3）结合《跨学科实践制作龙骨水车》的学习，写出一条提高龙骨水车提水效率的方法： 。
2024-2025学年山东省泰安市肥城市八年级（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
一、选择题：本题共15小题。每小题只有一个选项符合题目要求。
1．（3分）下列不属于力的三要素的是（ ）
A．力的大小B．力的方向
C．力的作用效果D．力的作用点
【分析】力的三要素是力的大小、方向、作用点，对照选项可做出判断。
【解答】解：力的三要素是力的大小、方向、作用点，它们共同影响着力的作用效果。
故选：C。
2．（3分）宇航员在太空轨道舱中处于完全“失重”状态，就像地球上的物体所受的重力突然消失一样。如果宇航员在太空轨道舱中进行体能锻炼，下列活动中可采用的是（ ）
A．举哑铃B．拉弹簧拉力器
C．做俯卧撑D．引体向上
【分析】宇宙飞船中是失重状态，物体不受重力的作用；
根据活动是否受到重力的影响来分析选择正确答案。
【解答】解：A、当没有重力时，人可以用很小的力举哑铃，起不到锻炼的作用；
B、没有重力时，不影响用力拉弹簧，所以可以用拉力器进行锻炼；
C、没有重力时，身体不受重力作用，用很小的力就可做俯卧撑，得不到锻炼的作用；
D、没有重力时，身体不受重力作用，用很小的力就可做引体向上，得不到锻炼的作用；
故选：B。
3．（3分）在火箭与导弹领域，手工制造固体燃料依然十分重要，以徐立平为代表的“大国工匠”以精湛的火药雕刻技术让一件件大国重器华丽绽放。如图所示，雕刻火药时刀刃磨得锋利是为了（ ）
A．减小压强B．减小压力C．增大压强D．增大压力
【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强。在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
【解答】解：雕刻火药时刀刃磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。故选：C。
4．（3分）下列过程中，人施加在物体上的力对物体做功的是（ ）
A．售货员用力推货箱没推动
B．中学生背着书包在水平路面行走的过程
C．工人把货物从地面上提起的过程
D．足球被运动员踢出后在草地上滚动过程
【分析】做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离。
【解答】解：A、售货员用力推货箱没推动，对箱子有力的作用，但箱子没有移动距离，所以不做功，故A不合题意；
B、中学生背着书包在水平路面行走的过程，对书包的力竖直向上，书包运动方向与力的方向垂直，所以不做功，故B不合题意；
C、工人把水桶从地面上提起的过程，对水桶有力的作用，水桶在的力的方向上移动了距离，所以做功，故C符合题意；
D、足球被运动员踢出后由于惯性在草地上滚动过程，人不再对足球有力的作用，对足球不再做功，故D不合题意。
故选：C。
5．（3分）高空抛物是极不文明的行为，会造成很大的伤害，因为高处的物体具有较大的（ ）
A．弹性势能B．重力势能C．动能D．重力
【分析】物体由于被举高而具有的能叫重力势能，重力势能的大小与物体的质量和高度有关。
【解答】解：由题意可知，高空抛物现象只所以会造成危害，是因为物体被举高后具有了重力势能，而且物体的质量越大、高度越高，重力势能越大。因此，高空抛物会造成很大的危害。
故选：B。
6．（3分）下列对相关物理量估测比较贴近事实的是（ ）
A．一位普通中学生的重力约5000N
B．把两个鸡蛋匀速举起1m做功约10J
C．现在考场内的大气压约为2×105Pa
D．“山东舰”功率超过103kW
【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
【解答】解：A、中学生的质量约50kg，受到的重力为：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，故A错误；
B、两个鸡蛋重约1N，把两个鸡蛋举起1m做的功约为W＝Gh＝1N×1m＝1J，故B错误；
C、现在考场内的大气压接近标准大气压，约为1×105Pa，故C错误；
D、“山东舰”的功率较大，超过103kW，故D正确。
故选：D。
7．（3分）小明在体育课上进行射门练习，如图是他向空中踢出足球到足球落地而停止运动的场景，箭头表示足球的运动方向，当足球运动到最高点c时，若所有外力作用都消失，则足球将（ ）
A．静止不动B．竖直下落
C．向右做匀速直线运动D．向左做匀速直线运动
【分析】根据牛顿第一定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。即物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态，原来运动的物体将永远做匀速直线运动。
【解答】解：足球运动到最高处c时，其水平方向的速度不为零，仍然处于运动状态，若此时所有的力全部都消失，由牛顿第一定律可知，足球将向右做匀速直线运动，故ABD错误，C正确。
故选：C。
8．（3分）如图所示是我国空间站的机械臂，它类似于人的手臂，可以省距离。下列工具在使用中也能省距离的是（ ）
A．用羊角锤起钉子
B．用镊子夹砝码
C．用钳子剪断铁丝
D．用托盘天平测物体质量
【分析】省力杠杆特点：动力臂大于阻力臂，省力但费距离；
费力杠杆特点：动力臂小于阻力臂，费力但省距离；
等臂杠杆特点：动力臂等于阻力臂，既不省力也不费力。
【解答】解：A、羊角锤起钉子时，羊角锤属于省力杠杆，其动力臂大于阻力臂，特点是省力但费距离，因此A选项不符合要求；
B、镊子夹砝码时，镊子属于费力杠杆，其动力臂小于阻力臂，特点是费力但省距离，因此B选项符合要求；
C、钳子剪断铁丝时，钳子属于省力杠杆，其动力臂大于阻力臂，特点是省力但费距离，因此C选项不符合要求；
D、托盘天平测物体质量时，托盘天平属于等臂杠杆，其动力臂等于阻力臂，特点是既不省力也不费力，因此D选项不符合要求。
故选：B。
9．（3分）如图所示的是我国古代科技著作《天工开物》描述的流水冲击木轮带动水磨磨粉的情景。下列说法正确的是（ ）
A．转动的水轮只具有动能
B．水磨转动得越快，其惯性越大
C．谷物被磨碎，说明力可以改变物体的形状
D．木轮匀速转动时，处于平衡状态
【分析】（1）物体由于运动所具有的能量叫动能，动能与质量和速度有关。
（2）物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性与物体的质量有关。
（3）力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。
（4）木轮匀速转动，受到的力不平衡。
【解答】解：A、转动的水轮即具有动能，也具有内能，故A错误；
B、水磨转动得越快，动能越大，惯性不变，故B错误；
C、谷物被磨碎，说明力可以改变物体的形状，故C正确；
D、木轮匀速转动时，运动方向在不断改变，处于非平衡状态，故D错误。
故选：C。
10．（3分）如图所示，将两个相同压强计的探头分别放入深度相同的甲、乙两种液体中，下列说法不正确的是（ ）
A．甲液体的密度小于乙液体的密度
B．甲探头处的压强小于乙探头处的压强
C．探头伸入液体越深，两管液面高度差越大，液体压强越大
D．若只将甲液体中压强计的探头改为向右方位时，两管液面高度差将变大
【分析】（1）U形管左右液面的高度差反映了金属盒处液体压强的大小，高度差越大，压强越大；根据连通器的定义可判断U形管是否为连通器；
（2）根据p＝ρgh可比较甲乙液体密度的大小；
（3）在同种液体的同一深度向各个方向的压强相同。
【解答】解：
AB、根据甲、乙两图可知，金属盒在液体中的深度相同，甲图U形管液面高度差小于乙，即甲图金属盒处的液体压强小于乙图金属盒处的压强，根据p＝ρgh可知甲液体的密度小于乙液体的密度，故AB正确；
B、由甲、乙两图可知，甲图U形管液面高度差大于乙，即甲图金属盒处的液体压强大于乙图，故C错误；
C、根据p＝ρgh可知，其他因素不变时，橡皮膜伸入液体越深，两管液面高度差越大，液体压强越大，故C正确；
D、若只将甲液体中压强计的探头改为向右方位时，液体的深度不变，液体压强不变，两管液面高度差将不变，故D错误。
故选：D。
11．（3分）2022年2月4日，第二十四届北京冬季奥林匹克运动会正式开幕，本届奥运会中国选手有着很强的实力。图甲是单板滑雪跳台项目，运动员不借助滑雪杖，只踩着雪板从高处滑行而下，通过起跳台起跳，完成各种空翻、转体等技术动作后落地。图乙中虚线所示是某次比赛过程中运动员的轨迹，不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．在a、b、c、d四个点中，a点处的运动员机械能最大
B．从b点到c点的过程中，运动员的动能在增加
C．从c点到落地点d的过程中，运动员的机械能变小
D．在a点和c点速度都为零，因此运动员的重力势能相等
【分析】影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析；
【解答】解：A、运动员从a点开始向下滑时，会受到雪的阻力，机械能会减小，所以a点的机械能最大，故A正确；
B、运动员从b点到c点的过程中，质量不变，高度变高，速度变小，则其重力势能增加，动能减小，动能转化为重力势能，故B错误；
C、从c点到落地点d的过程中，因不受空气阻力，运动员的重力势能转化为动能，机械能保持不变，故C错误；
D、运动员位于a点和c点时，所处的高度不相等，所以运动员的重力势能不相等，故D错误。
故选：A。
12．（3分）如图甲为国家一级文物，战国时期的“黑科技”——青铜汲酒器，高约半米，下端为一荷蕾形器，上端为中空竹节形长柄，顶端为封闭的龙首衔环，上端和底部各开一孔。图乙①和②为汲酒器取酒过程示意图。下列说法不正确的是（ ）
A．图乙①中酒进入汲酒器是利用连通器原理
B．取酒过程中汲酒器中酒不流出是受到大气压作用
C．要让酒进入汲酒器，在图乙①中应摁住方孔
D．要让酒转移到碗中，在图乙②中应松开方孔
【分析】连通器是底部连通，上端开口的容器，大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。据此分析即可解答。
【解答】解：AC、图乙①中酒进入汲酒器，在图乙①中应松开方孔，使得上端是开口的，底部连通，属于连通器，故A正确，C错误；
BD、取酒过程中汲酒器中酒不流出，必须在图乙①中应摁住方孔，使得上方与大气不通，下方的大气压大于液体压强能够保持不流出，因而是受到大气压作用，在碗的上方必须松开小孔，使得大气进入而流出，故B正确，D正确。
故选：C。
13．（3分）在空中竖直向上运动的篮球所受的重力约为3N，所受空气阻力约为0.5N，则篮球所受合力的大小和方向为（ ）
A．2.5N，竖直向上B．3.5N，竖直向上
C．2.5N，竖直向下D．3.5N，竖直向下
【分析】同一直线上二力的合成，当二力方向相同时，合力等于二力之和，方向与这两个力的方向相同；当二力方向相反时，合力等于二力之差，合力方向与较大的力的方向相同。
【解答】解：当篮球竖直向上运动时，受到竖直向下的重力G＝3.0N，以及因为空气阻力与物体运动方向相反，所以受竖直向下的阻力f＝0.5N。根据同一直线上方向相同的两个力的合成规则，合力大小等于这两个力的大小之和，即F合＝G﹣f＝3.0N+0.5N＝3.5N，方向与重力和阻力的方向相同，竖直向下，故D正确，ABC错误。
故选：D。
14．（3分）电气化铁路上的接触网补偿装置涉及滑轮组（如图所示），其作用是当温度变化时，绳索长度会发生变化，在重物的作用下借助滑轮组，自动调整绳索的松弛度。假设重物G＝3000N，绳索一端P点与B滑轮相连被张紧。若某段时间内重物G竖直上升了4cm，不计滑轮和绳索自重、摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．A滑轮是动滑轮
B．B滑轮是定滑轮
C．绳索P点向右移动了2cm
D．绳索P端受到的拉力为1500N
【分析】（1）使用过程中，固定不动的滑轮是定滑轮，滑轮和物体一起移动的是动滑轮；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，根据h＝nsP求出输电线P端向左移动的距离；
（3）不计滑轮和钢绳自重、摩擦，可得G＝FP，据此求输电线P端受到的拉力大小。
【解答】解：AB、由图可知，A滑轮固定不动，是定滑轮；B滑轮随输电线一起移动，是动滑轮，故AB错误；
C、由图可知，n＝2，根据h＝nsP可知，输电线P端向左移动的距离为：
sP＝＝＝2cm，故C正确；
D、不计滑轮和钢绳自重、摩擦，根据G＝FP可知，输电线P端受到的拉力为：
FP＝nG砣＝2×3000N＝6×103N，故D错误。
故选：C。
15．（3分）水平桌面上放置有底面积和质量均相同的薄壁容器甲、乙，甲中液体密度为ρ甲，乙中液体密度为ρ乙，小球A、B完全相同。用一根细线将小球A与容器底面相连，使其浸没如图甲所示。用一根细线将小球B系好，使其浸没在甲容器的液体中且不与容器接触，如图甲所示；A、B静止时所受的浮力分别为F1、F2，细线处于绷直状态（忽略质量和体积），下列判断正确的是（ ）
A．ρ甲＜ρ乙
B．F1＝F2
C．甲容器对桌面压强大于乙容器对桌面压强
D．若剪断细线，小球A静止时甲容器对桌面的压强变小
【分析】（1）小球A与B完全相同，其密度、体积、重力完全相同，设小球的重力为G；根据题意可知小球均受到细线的拉力作用，根据物体受力平衡即可判断浮力的大小关系；
（2）先判断两球受到浮力的大小关系，根据阿基米德原理判断两液体的密度关系；
（3）先分析判断两个容器对桌面的压力的大小关系，再根据p＝分析甲、乙对桌面的压强的关系；
（4）以甲容器、液体和小球A的整体为研究对象，剪断细线前后，甲容器对桌面的压力都等于甲容器、液体和小球A的总重力，据此判断剪断细线后小球A静止时甲容器对桌面的压力如何变化，根据p＝分析压强的变化。
【解答】解：AB、小球A与B完全相同，其密度、体积、重力完全相同，设小球的重力为G；小球A浸没在乙容器的液体中且细线处于绷直状态，则A球受到竖直向下的重力和拉力、竖直向上的浮力作用，根据受力平衡可知A球受到的浮力：F2＝G+F拉①
小球B浸没在甲容器的液体中且细线处于绷直状态，则B球受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和拉力作用，根据受力平衡可得F1+F拉＝G，则A球受到的浮力：F1＝G﹣F′拉②
由①②两式可知F1＞F2，小球A与B都浸没在液体中，排开液体的体积都等于小球的体积，则V排相同，根据F浮＝ρ液gV排可知：ρ甲＞ρ乙，故AB错误；
C、甲、乙容器中液面相平，ρ甲＞ρ乙，根据液体压强公式p＝ρgh可知，甲、乙容器底部所受液体压强p甲＞p乙，甲、乙容器底部所受压力F甲＞F乙，
结合两个容器的形状分析得出，甲、乙容器中液体重力G甲大于G乙，甲、乙容器对桌面的压力F甲′＞F乙′，两个容器底面积相同，根据p＝可知，甲、乙容器对桌面的压强p甲＞p乙，故C正确；
D、以甲容器、液体和小球A的整体为研究对象，剪断细线前后，甲容器对桌面的压力都等于甲容器、液体和小球A的总重力，且甲容器、液体和小球A的总重力不变，所以甲容器对桌面的压力不变，根据p＝可知甲容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选：C。
二、填空与作图题：本题共5小题。
16．（2分）如图是一风景区的盘山公路，之所以要把上山的公路修成这般模样，是因为盘山公路相当于简单机械中的 斜面 ，使用它可以 省力 。
【分析】车经过盘山路时要向高处运动，所以我们可以从斜面模型上分析。使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时越费距离。
【解答】解：斜面加长了运动距离，但可以省力，故盘山公路修成了斜面形；
故答案为：斜面，省力。
17．（2分）“明月如霜照夜天，孔明灯火照人间”中，孔明灯通过燃烧松脂加热内部的空气，使内部空气的密度变 小 ，当孔明灯所受浮力 大于 重力时，实现升空。
【分析】使容器中空气减少最直接的方法：加热使气体膨胀，溢出空气；浮力大于重力会上浮而升空。
【解答】解：孔明灯通过燃烧松脂加热内部的空气，由于热胀冷缩，使内部空气的密度变小，外侧空气密度不变，当孔明灯所受浮力大于重力时，实现升空。
故答案为：小；大于。
18．（3分）手握两张纸，如图所示，让纸自然下垂，在两张纸中间向下吹气，这两张纸将会彼此 靠拢 （选填“靠拢”或“远离”），这是因为两张纸中间的空气流速变大，压强 变小 。写出一种生产生活中利用这一原理的实例 飞机的起飞 。
【分析】流体压强与流速的关系是：流体的流速越大，压强越小。
【解答】解：对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速变大，压强变小，小于纸外侧的大气压，产生了一个向内的压强差，将纸压向中间。
应用的例子：飞机的起飞利用流体压强和流速的关系。
故答案为：靠拢；变小；飞机的起飞。
19．（3分）如图所示，一个小孩从高度相同、长度不同的两个滑梯A、B上滑下，如果在运动过程中阻力可以忽略，则滑到底端时两次的速度 相同 （填“相同”或“不同”），该过程中机械能转化情况是 重力势能转化为动能 ；如果在运动过程中，运动阻力不能忽略，则从 A 滑梯上滑下时速度较大。
【分析】影响动能的因素是质量和速度，从相同的高度滑下，忽略摩擦，物体滑到底端时具有的速度相同；下滑过程中，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，因此机械能转化情况是重力势能转化为动能；如果考虑摩擦，运动路程越长，产生的阻力越大，物体最后的速度越小。
【解答】解：当阻力忽略时，小孩下滑过程中机械能守恒。由于滑梯高度相同，初始重力势能相同，滑到底端时重力势能全部转化为动能，动能相同，又因质量不变，则滑到底端时两次的速度相同。
下滑过程中，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，因此机械能转化情况是重力势能转化为动能。
当阻力不能忽略时，阻力会消耗部分机械能。滑梯长度越长，压力越大、摩擦阻力越大，阻力作用距离越长，阻力做功越多，消耗的机械能越多，剩余动能越小，速度越小。因此，长度较短的滑梯A上滑下时，阻力做功少，剩余动能大，速度较大。
故答案为：相同；重力势能转化为动能；A。
20．（5分）如图1所示是一斜拉索桥，项目化学习小组的同学将其结构简化，抽象成模型图，如图甲；并用铁架台、细绳和质地均匀的木板制成两个简易斜拉索桥，如图乙、丙所示。
（1）比较分析乙、丙两图发现：适当增大拉索与杠杆夹角，可 增大 （填“增大”或“减小”）斜拉索拉力的力臂。从而 减小 （填“增大”或“减小”）斜拉索的拉力。
（2）画出乙图中细绳拉力F的力臂l，O为支点。
（3）假设图乙中木板所受重力为10N，则细绳受到的拉力是 10 N。
【分析】（1）根据图中结合力臂的定义分析力臂变化，根据杠杆平衡条件分析动力变化；
（2）根据力臂是从支点到力的作用线的垂直距离画图。
（3）根据杠杆平衡条件结合力臂大小计算解答。
【解答】解：（1）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，比较分析乙、丙两图发现，动力臂l1＝OAsinα，当角度增大后，对应的力臂变大，根据杠杆平衡条件知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小，故减小斜拉索的拉力。
（2）根据力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，在乙图中从支点画出细绳的垂直段，就是拉力F的力臂l，如图所示：
（3）图乙中木板所受重力为10N，重力的力臂为OA的一半，根据图中知，拉力的力臂l1＝OAsin30°＝0.5OA，故此时动力臂等于阻力臂，根据杠杆平衡条件知，此时的动力等于阻力，故F＝G＝10N。
故答案为：（1）增大；减小；（2）见解答；（3）10。
四、实验探究题：本题共4小题。
21．（5分）在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中。
（1）实验过程中，用弹簧测力计沿水平方向拉着物块做匀速直线运动；图甲所示的实验中，木块M受到的滑动摩擦力为 1.4 N。
（2）如图乙、丙所示，在木块M上放一个重物，重复上面的操作，比较乙、丙两图中的弹簧测力计的示数，可探究滑动摩擦力的大小与 接触面粗糙程度 的关系。
（3）由甲、乙两图可知：当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。下列改变摩擦的方法与该结论相同的是 A （选填字母符号）。
A.骑自行车刹车时用力捏闸；
B.凹凸花纹的地砖更防滑。
（4）一同学认为，滑动摩擦力大小可能与接触面积大小有关，于是他将图甲中木块沿竖直方向切去一半，重复图甲的实验操作。你认为他的探究 不科学 （选填“科学”或“不科学”）问题，理由是 没有控制压力大小相等 。
【分析】（1）木块在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，弹簧测力计拉力大小与摩擦力大小相等，根据弹簧测力计的分度值读出弹簧测力计的示数，从而知道摩擦力；
（2）（3）（4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。
【解答】解：（1）实验时，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，并使木块做匀速直线运动，根据二力平衡可知，弹簧测力计拉力大小与摩擦力大小相等，可以测出木块在木板上滑行时受到的摩擦力，由图知弹簧测力计的示数为1.4N，所以木块受到的滑动摩擦力也为1.4N；
（2）比较乙、丙两图知压力相同，丙接触面粗糙，弹簧测力计的示数大，滑动摩擦力大，故可以得出滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；
（3）甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，测力计示数不同，且乙图的压力大，弹簧测力计的示数大，滑动摩擦力大，故可以得出当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；
A.骑自行车刹车时用力捏闸是通过增大压力来增大摩擦力；
B.凹凸花纹的地砖更防滑是改变接触面的粗糙程度来改变摩擦力；
（4）研究滑动摩擦力大小可能与接触面积大小有关，要控制压力和接触面粗糙程度相同，他将甲图中木块切去一半，则压力变小，故他探究过程中存在的问题是：没有控制压力大小相等。
故答案为：（1）1.4；（2）接触面粗糙程度；（3）A；（4）不科学；没有控制压力大小相等。
22．（5分）在“研究动能的大小与哪些因素有关”的实验时，同学们根据“十次车祸九次快”提出猜想一：动能的大小可能与速度有关；根据“安全驾驶莫超载”提出猜想二：动能的大小可能与质量有关。
为了检验猜想是否正确，他们利用如图所示的装置进行了甲、乙、丙三次实验，其中A、B为两个质量不相同的小球。
（1）实验中，通过比较 木块移动的距离 的大小来判断小球的动能大小；
（2）为了检验猜想一，选用甲、乙两图进行实验，由图中的实验现象，可以得到的结论是 质量相同时，物体的速度越大，动能越大 。
（3）为了检验猜想二，在完成图甲实验的基础上，进行了图丙的实验，但发现木块被撞后滑出了木板，为完成对比实验，在不改变木板长度的前提下，可以采用下列方法中的 D （选填字母符号）进行调整。
A.适当降低小球的高度；
B.给木板上铺毛巾；
C.换质量较大的木块；
D.换比A质量小的球。
（4）如表所示为同学们某次实验记录的数据：
根据表中数据，观察图丁中的交通标志牌，解释为什么对不同车型有不同的限速要求？答： 不同车型质量不同，质量越大，速度相同时，动能越大，为保证安全，质量大的车型限速低 。
【分析】（1）本实验小球的动能大小是通过比较木块被推动的距离大小来判断的。
（2）质量相同时，物体的速度越大，动能越大。
（3）在图丙实验中木块被撞出了木板，在不改变木板长度的前提下，为了能完成实验，根据控制变量法可知，只能改变小球的质量。
（4）根据动能的影响因素，质量越大，速度相同时，动能越大，若发生交通事故，造成的危害就越大。所以为了保证安全，对不同车型有不同的限速要求。
【解答】解：（1）在这个实验中，小球的动能大小是通过比较木块被推动的距离大小来判断的。因为小球撞击木块，动能越大，对木块做功越多，木块被推动的距离就越远。
（2）观察甲、乙两图，可以看到两图中小球的质量相同，下滑的高度不同，高度越高，到达水平面时的速度越大，木块被推动的距离越远。所以可以得到的结论是：质量相同时，物体的速度越大，动能越大。
（3）为了检验动能的大小可能与质量有关，需控制速度不变，改变质量，在图丙实验中木块被撞出了木板，在不改变木板长度的前提下，为了能完成实验，只能换比A质量小的球，其它选项不符合要求，故选：D。
（4）从表中数据和图丁交通标志牌来看，不同车型的质量不同。根据动能的影响因素，质量越大，速度相同时，动能越大，若发生交通事故，造成的危害就越大。所以为了保证安全，对不同车型有不同的限速要求，质量大的车型限速低一些。
故答案为：（1）木块被推动的距离；（2）质量相同时，物体的速度越大，动能越大；（3）A；（4）不同车型质量不同，质量越大，速度相同时，动能越大，为保证安全，质量大的车型限速低。
23．（5分）在探究杠杆的平衡条件实验中。
（1）在挂钩码前，发现杠杆右端低左端高（如图甲），为了完成实验，应将杠杆右端的平衡螺母向 左 端调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）接着在杠杆的两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡（如图乙）。若在A、B下方再各加一个相同的钩码，则杠杆 右 端将下沉（选填“左”或“右”）；
（3）实验过程中，保持阻力、阻力臂不变，在杠杆水平平衡时，测出每一组动力臂l1和动力F1的数据，并利用实验数据绘制了l1与F1的关系图像如图丙所示。根据图像推算，当l1为6cm时，F1为 5 N。如图丁所示是生活中用铡刀切秸秆的情景，依据该图像可知，在同一作用点D处沿 Fb （选填“Fa或“Fb”）方向施力更省力，请说明理由 根据杠杆平衡条件可知，当阻力、阻力臂不变时，图中Fb的力臂比Fa的力臂大，所以沿Fb方向省力 。
【分析】（1）为了消除杠杆自重的影响，需在实验前将杠杆调水平，按照“左端高螺母向左调节，右端高向右调节”的原则调节；
（2）根据杠杆的平衡条件解答；
（3）任意找出动力和动力臂，计算动力和动力臂的乘积，根据动力和动力臂的乘积不变求出；
在阻力、阻力臂不变的情况下，动力臂越大，动力越小。
【解答】解：（1）按照“左端高螺母向左调节，右端高向右调节”的原则，杠杆右端低左端高，则右侧平衡螺母应向左调节，目的是消除杠杆自重的影响；
（2）若一个钩码重G，一个小格长度为L，
则两端再加一个钩码时，左端：4G×2L＝8GL，右端：3G×3L＝9GL，即左端＜右端，
所以杠杆的右端下沉；
（3）阻力和阻力臂不变，阻力和阻力臂的乘积不变，所以动力和动力臂的乘积也不变，
3N×10cm＝F×6cm，
所以，F＝5N；
手沿Fb方向用力比沿Fa方向时的动力臂要大，根据杠杆平衡条件可知，当阻力、阻力臂不变时，动力臂越大，越省力。
故答案为：（1）左；（2）右；（3）5；Fb；根据杠杆平衡条件可知，当阻力、阻力臂不变时，图中Fb的力臂比Fa的力臂大，所以沿Fb方向省力。
24．（4分）在“探究浮力的大小与哪些因素有关”时，实验小组在弹簧测力计下端挂一物体，按如图所示“1→5”步骤把它缓缓浸入水中，步骤5中物体接触容器底。
（1）实验小组 不能 （填“能”或“不能”）根据步骤“2”、“3”探究浮力的大小与物体浸在液体中深度的关系。
（2）实验时，若按先步骤“3”再步骤“1”的顺序分别测出物体在水中受到的拉力和重力，则会使浮力的测量结果 偏大 （选填“偏大”或“偏小”）。
（3）图中步骤“5”物体受到的浮力为 1.5 N。若将水更换为其他液体，步骤“5”中物体对容器底部压力刚好为零，则液体的密度为 1.4×103 kg/m3。
【分析】（1）步骤“2”、“3”未控制排开液体体积相等；
（2）称重法求浮力，F浮＝G﹣F，后测重力，会使物体沾上水，导致测量的重力偏大；
（3）利用称重法求出物体浸没在水中时的浮力，利用F浮＝ρ液gV排，物体浸没在某液体中的浮力，利用F浮＝ρ液gV排，列出方程，求出液体密度。
【解答】（1）应用控制变量法探究浮力的大小与物体浸在液体中深度的关系，需要控制液体密度和排开液体体积相等，改变浸在液体中的深度，故应选步骤“3”、“4”，步骤2”、“3”没能控制排开液体体积相等，故不能完成探究；
（2）先测量物体浸没在水中的示数，后测量重力，会有水沾到物体上，所测的重力将偏大，由F浮＝G﹣F可知，故测量的浮力将偏大；
（3）步骤“5”中液体密度和排开液体体积都没变，故浮力大小与步骤“4”相等，F4＝3N﹣1.5N＝1.5N；
若将水更换为其他液体，步骤“5”中物体对容器底部压力刚好为零，可以得出此时浮力大小F5＝3N﹣0.9N＝2.1N；
物体浸没在水中时的浮力，可以得出：F4＝ρ水gV＝1.5N﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
物体浸没在其他液体中时的浮力，可以得出：F5＝ρgV＝2.1N﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
用①比②可以得出：
故可以得出液体的密度ρ＝＝1.4×103kg/m3。
故答案为：（1）不能；
（2）偏大；
（3）1.5；1.4×103。
四、综合应用题：本题共3小题。
25．（8分）人们常用“冰山一角”来形容看到的水面上的冰山远远小于水下部分。如图1所示是一自由漂浮在海面上的冰山，海水的密度近似等于水的密度，冰山的密度，g取10N/kg。
（1）用“•”表示冰山，请在方框中画出冰山漂浮时的受力示意图。
（2）假设冰山质量为3.6×108kg，求此时：
①海面下2m深度处冰山受到海水的压强；
②冰山浸在海水中的体积；
③冰山露出水面的体积与总体积之比。
【分析】（1）冰沙受到重力和浮力作用，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，冰山漂浮，浮力等于重力；
（2）①根据p＝ρgh求出海面下2m深度处冰山受到的压强；
②利用阿基米德原理求出排开水的体积；
③根据物体的浮沉条件和阿基米德原理求出冰山露出海面的体积与冰山的总体积之比。
【解答】解：（1）冰山漂浮，浮力等于重力，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，如图所示：
。
（2）①海面下2深度处冰山受到的压强为：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2m＝2×104Pa；
②冰山漂浮，所受浮力等于重力F浮＝G＝mg＝3.6×108kg×10N/kg＝3.6×109N；
浸在海水中的体积：
V排＝＝＝3.6×105m3；
③冰山漂浮，根据物体的浮沉条件可知，F浮＝G；根据阿基米德原理可知；ρ水gV排＝ρ冰gV冰；则：
＝＝＝；
则冰山露出海面的体积与冰山的总体积之比为：
＝＝＝1﹣＝。
答：（1）如图所示；
（2）①海面下2m深度处冰山受到海水的压强为2×104Pa；
②冰山浸在海水中的体积为3.6×105m3；
③冰山露出水面的体积与总体积之比为。
26．（7分）图甲是某起重车的示意图，起重时在支撑脚支撑作用下，轮胎离开地面，四个支撑脚与地面的总接触面积为1.2m2，该车所受的重力为7.68×104N。图乙为起重车某次提升货物时，起重臂上滑轮组的示意图，货物在钢丝绳的拉力F作用下上升10s，钢丝绳的拉力F为4×103N，货物上升的高度随时间变化的关系如图丙所示，滑轮组的机械效率为80%，若不计滑轮上的绳重及摩擦，求：
（1）未提升货物时，起重车对水平地面的压强；
（2）拉力F做的功及做功的功率；
（3）货物所受重力。
【分析】（1）未提升货物时，起重车对水平地面的压力等于自身的重力，根据p＝求出起重车对水平地面的压强；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，由图丙可知，10s内货物上升的高度为2.5m，利用W总＝Fs＝Fnh求出拉力F做的功，根据P＝求出拉力F做功的功率；
（3）根据η＝＝＝＝求出货物所受重力。
【解答】解：（1）未提升货物时，起重车对水平地面的压力等于自身的重力，即F压＝G车＝7.68×104N，则起重车对水平地面的压强为：
p＝＝＝6.4×104Pa；
（2）由图乙可知，n＝3，由图丙可知，10s内货物上升的高度为2.5m，则拉力F做的功为：
W总＝Fs＝Fnh＝4×103N×3×2.5m＝3×104J；
拉力F做功的功率为：
P＝＝＝3×103W；
（3）根据η＝＝＝＝可知，货物所受重力为：
G＝ηnF＝80%×3×4×103N＝9.6×103N。
答：（1）未提升货物时，起重车对水平地面的压强为6.4×104Pa；
（2）拉力F做的功为3×104J；做功的功率为3×103W；
（3）货物所受重力为9.6×103N。
27．（6分）“龙骨水车”，约始于东汉，相传三国时期发明家马钧曾予以改进，其结构如图甲所示。使用时，将水车一端浸入水中，另一端固定于岸上。水车通过脚踏驱动木齿轮，利用链轮传动原理，带动木链周而复始的翻转，装在木链上的刮板（刮水板）把河水提升到岸上，进行农田灌溉，如图乙所示。
（1）木链转动起来，一定质量的水被水车提升到高处的过程中，水的重力势能 增大 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
（2）若踩动龙骨水车旋转一周可将40kg的水提升到3m高的田地中，所用时间为60s，操作者做功的总功率为40W，则该过程中龙骨水车的机械效率是多少？（g取10N/kg）
（3）结合《跨学科实践制作龙骨水车》的学习，写出一条提高龙骨水车提水效率的方法： 在各部件间加润滑油减小摩擦 。
【分析】（1）物体重力势能与质量和位置高低有关；
（2）机械效率是有用功与总功之比，有用功W有＝Gh，总功W总＝Pt；
（3）提高机械效率的方法：减小摩擦等。
【解答】解：（1）物体重力势能与质量和位置高低有关，水被水车提高位置，水的重力势能增大；
（2）龙骨水车对水做的有用功：
G＝mg＝40kg×10N/kg＝400N；
；
龙骨水车做的总功：
；
龙骨水车的机械效率：
；
（3）减小龙骨水车各部件间的摩擦，可以提高机械效率，因此可以采用的方法在各部件间加润滑油减小摩擦等。
故答案为：（1）增大；（2）50%；（3）在各部件间加润滑油减小摩擦。实验次数
小球的质量m/g
小球释放的高度h/cm
木块滑行的距离s/cm
1
20
20
30
2
40
20
58
3
50
20
70
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案
C
B
C
C
B
D
C
B
C
D
A
题号
12
13
14
15
答案
C
D
C
C
实验次数
小球的质量m/g
小球释放的高度h/cm
木块滑行的距离s/cm
1
20
20
30
2
40
20
58
3
50
20
70