广东省珠海市2026届高三物理上学期10月练习试题含解析

这是一份广东省珠海市2026届高三物理上学期10月练习试题含解析，共18页。试卷主要包含了答卷前，考生务必将自己的姓名等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2、答选择题时，选出每小题答案后，用 2 B 铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改
动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，用 0.5 毫米的黑色签字笔将答案
写在答题卡上。字体工整，笔迹清楚。
3、请按题号顺序在答题卡相应区域作答，超出区域所写答案无效；在试卷上、草纸上答题无
效。
4、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题）
一、单项选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，本大题共 7 小题，
每小题 4 分，共 28 分）
1. 下列说法正确的是（ ）
A. 链球做匀速圆周运动过程中加速度不变
B. 乒乓球被击打过程中受到的作用力大小不变
C. 足球下落过程中惯性不随速度增大而增大
D. 篮球水平飞出过程中受到空气阻力时在空中飞行时间变短
【答案】C
【解析】
【详解】A．匀速圆周运动中，加速度方向始终指向圆心（向心加速度），方向不断变化，加速度是矢量，
方向变化即加速度变化，故 A 错误；
B．击打时，乒乓球的形变量先增后减，作用力随形变量变化，故 B 错误；
C．惯性仅由质量决定，与速度无关。足球质量不变，惯性不变，故 C 正确；
D．空气阻力在竖直方向的分量方向向上，根据牛顿第二定律可知会减小下落加速度，导致下落时间增加，
因此飞行时间应更长，故 D 错误。
故选 C。
2. 质量为 m 的小明坐在秋千上摆动到最高点时的照片如图所示，对该时刻，下列说法正确的是（ ）
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A. 小明的速度为零，所受合力为零
B. 小明的加速度为零，所受合力为零
C. 秋千对小明的作用力大于
D. 秋千对小明的作用力小于
【答案】D
【解析】
【详解】A．小明的速度为零，说明其向心力为零，设此时秋千与竖直方向夹角为 ，合力为重力的沿切线
方向的分力，即
故 A 错误
B．同理，小明的向心加速度为零，合力不为零。故 B 错误；
CD．根据 A 选项分析，可知秋千对小明的作用力为
故 C 错误；D 正确。
故选 D。
3. 某建筑工地需要把货物提升到高处，采取图示装置，当工人沿水平地面向右做匀速直线运动（保持手握
绳的高度不变），利用跨过定滑轮的轻绳将一物体 A 沿竖直方向提升。在此过程中，下列结论正确的是（ ）
A. 物体 A 做匀速直线运动
B. 物体 A 做匀变速直线运动
C. 轻绳对物体 A 的拉力大于其重力
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D. 物体 A 的加速度方向竖直向下
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】AB．设绳子与水平方向夹角为θ，则将人的速度分解可知
则随着人向右运动，角θ减小，则物体 A 的速度变大，即物体 A 做变加速直线运动，选项 AB 错误；
CD．物体 A 向上加速运动，加速度向上，物体 A 超重，则轻绳对物体 A 的拉力大于其重力，选项 C 正确，
D 错误。
故选 C。
4. 如图，小球 a、b 的质量分别为 m、2m，且两小球均可视为质点，用细线相连并悬挂于 O 点，现用一轻
质弹簧给小球 a 施加一个拉力 F，使整个装置处于静止状态，保持 Oa 与竖直方向夹角为 不变。已
知弹簧的劲度系数为 k，重力加速度为 g，则弹簧形变量的最小值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】以小球 a、b 为研究对象，分析受力，作出 F 在几个方向时整体的受力图，如图
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根据平衡条件得知：F 与 T 的合力与整体重力 3mg 和总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当 F
与绳子 Oa 垂直时，F 有最小值，即图中 2 位置
F 的最小值为
根据胡克定律，可得
所以有
ABC 错误，D 正确。
故选 D。
5. 一个质量为 的物体以某一初速度在水平地面上向左做直线运动， 时刻，物体受到水平拉力
F 的作用，此后的 图像如图所示，x 表示物体的位移。物体与水平地面间的动摩擦因数为 ，重
力加速度大小取 。下列说法正确的是（ ）
A. 物体 初速度为 2m/s B. 4s 内物体的平均速度为 0.75m/s
C. 时，物体的速度大小为零 D. 物体在 时所受的拉力为 0.5N
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【答案】D
【解析】
【详解】A．根据匀变速直线运动位移时间公式有
变形得
可知 图像的斜率为
解得
图像的纵截距表示物体的初速度，由图可得 ，故 A 错误；
B．由 A 项分析可知，物体的位移与时间的关系为
故 4s 内物体的位移
根据平均速度等于位移比时间，可得 4s 内物体的平均速度为 0，故 B 错误；
C．以初速度的方向为正方向，根据匀变速直线运动速度与时间的关系
代入数据解得 4s 时物体的速度 ，故 C 错误；
D．以初速度的方向为正方向，结合上述分析可知，4s 时物体向右运动，根据牛顿第二定律则有
其中
解得
即物体在 时所受的拉力为 0.5N，方向向右，故 D 正确。
故选 D。
6. 如图，矩形金属框 MNQP 竖直放置，其中 MN、PQ 足够长，且 PQ 杆光滑，一根轻弹簧一端固定在 M
点，另一端连接一个质量为 m 的小球，小球穿过 PQ 杆，金属框绕 MN 轴分别以角速度ω和ω′匀速转动时，
小球均相对 PQ 杆静止，若 ，则与以ω匀速转动时相比，以ω′匀速转动时，下列说法正确的是（ ）
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A. 小球的高度可能降低 B. 弹簧弹力的大小一定变大
C. 小球对杆压力的大小一定变大 D. 小球所受合外力的大小一定变大
【答案】D
【解析】
【详解】AB．小球在水平面内做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，如图所示
小球在竖直方向受力平衡，则有
根据胡克定律有
联立可得
可知 角为定值，故小球的高度不变，弹簧弹力的大小不变，故 AB 错误；
C．由题分析，可知当转速较小时，杆对小球的弹力 背离转轴，根据牛顿第二定律有
解得
当转速较大时，杆对小球的弹力 指向转轴，据牛顿第二定律有
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解得
由题知 ，故小球对杆压力的大小可能减小，也可能增大，故 C 错误；
D．小球所受合外力的大小
由题知 ，故小球所受合外力的大小一定变大，故 D 正确。
故选 D。
7. 质量为 的小木板放在光滑的水平地面上，在木板上放着一个质量为 的小物体，它被一
根水平方向上压缩了的弹簧推着静止在木板上，这时弹簧的弹力为 3N。现沿水平向左的方向对小木板施以
作用力，使木板由静止开始运动起来，运动中力 F 由 0 逐渐增加到 18N，以下说法正确的是（ ）
A. 物体受到的摩擦力一直减小
B 物体与小木板先保持相对静止，后相对滑动
C. 物体与小木板一直保持相对静止
D. 小木板受到 15 N 的拉力时，物体受到的摩擦力大小为 3 N
【答案】C
【解析】
【详解】A．弹簧的弹力为 3 N 时，若物体与木板之间的摩擦力恰好为 0，则物体只受到弹簧的弹力的作用，
此时物体的加速度为
由于物体始终相对于木板静止，所以此时整体在水平方向的受力为
所以当拉力 F 增大到 9N 时，物体不受摩擦力作用，则拉力小于 9N 之前，摩擦力随拉力 F 的增大而减小，
当拉力大于 9N 后，摩擦力又随拉力的增大而增大，故 A 错误；
BC．当弹簧的弹力为 3 N 时，物体仍然静止在木板上，所以物体与木板之间的最大静摩擦力要大于等于 3N
，若要使物体相对于木板滑动，则物体受到的木板的摩擦力至少要大于等于 3N，即物体受到的合力至少向
左 6N 的力，物体的加速度为
同时，物体与木板有相对运动时，木板的加速度要大于物体的加速度，当二者相等时，为最小拉力，则有
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即只有在拉力大于 18N 时，物体才能相对于木板滑动，所以在拉力小于 18N 时，物体相对于木板静止，故
B 错误，C 正确；
D．小木板受到 15N 拉力时，整体的加速度
物体受到的摩擦力为 ，则
所以
故 D 错误。
故选 C。
二、多项选择题（四个选项中有多项符合题目要求，每小题 6 分，全部选对的得 6 分，选对
但不全的得 3 分，有选错的得 0 分，本大题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分）
8. 套圈圈是大人、小孩都喜欢的娱乐活动（如图甲所示），一个大人和一个小孩分别在如图乙所示的位置水
平抛出一个圈圈，结果套中同一个物体，若两个圈圈相同，圈圈的运动视为平抛运动，则大人抛出的圈圈
（ ）
A. 平抛运动的时间长 B. 初速度大
C. 落地时的速度大 D. 落地时的竖直速率大
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．圈圈做平抛运动，竖直方向上根据
可得
由图乙可知，由于大人的抛出点比小孩的抛出点高，则大人抛出的圈圈做平抛运动的时间长；圆环在水平
方向上有
可得
由图乙可知，大人抛出的圈圈水平位移小于小孩的，则大人抛出的圈圈的初速度小，故 B 错误，A 正确；
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C．圈圈落地时的速度大小为
由于小孩的水平速度大于大人的水平速度，小孩的竖直分速度小于大人的竖直分速度，则无法判断圈圈落
地速度的大小关系，故 C 错误；
D．落地时的竖直速率
由于大人抛出的圈圈做平抛运动的时间长，可知大人抛出的圈圈落地的竖直速率大，故 D 正确。
故选 AD。
9. 如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率 v0 沿逆时针方向运行。t＝0 时，将质量 m＝1 kg
的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的 v--t 图像如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，
取重力加速度 g＝10 m/s2。则不正确的是（ ）
A. 传送带的速率 v0＝10 m/s
B. 传送带的倾角θ＝30°
C. 物体与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.5
D. 0~2 s 内物体在传送带上留下的痕迹为 6m
【答案】BD
【解析】
【详解】A．由图知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在 t＝1.0s 时刻），
由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图像可知传送带的速度为
故 A 正确；
BC．在 0~1.0s 内，物体摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为
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由图知
在 1.0~2.0s，物体的加速度为
由图知
联立解得
故 B 错误，C 正确；
D．根据“面积”表示位移，可知 0~1.0s 物体相对于地的位移
传送带的位移为
物体对传送带的位移大小为
方向向上；1.0~2.0s 物体相对于地的位移
传送带的位移为
物体对传送带的位移大小为
方向向下，故留下的痕迹为 5m，故 D 错误。
本题选不正确的，故选 BD。
10. “蹦极”是很多年轻人喜爱的极限运动（如图甲所示），质量为 m 的蹦极爱好者从跳台上落下，其加速
度随下降位移变化的图像如图乙所示（图中 、 、g、 已知、 未知），忽略空气阻力以及绳索的重
力，蹦极所用的绳索可看成满足胡克定律的弹性绳，g 为重力加速度，对于蹦极爱好者，下列说法正确的是
（ ）
A. 下降位移为 时，速度最大 B. 下降过程中的最大速度大小为
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C. 弹性绳的劲度系数 D. 下降过程中的最大加速度大小为
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．由图乙可知， 位移内，人的加速度方向始终向下，人先做自由落体运动，后做加速度逐
渐减小的加速运动，下降位移为 时，蹦极爱好者是加速度为零，此时速度最大，故 A 错误；
B．根据动能定理可得
图像的面积乘以人的质量即为合外力的功，由图像可得
解得 ，故 B 正确；
C．在 处，由平衡条件可得
解得弹性绳的劲度系数 ，故 C 正确；
D．由图乙中的几何关系可得
解得下降过程中的最大加速度大小为 ，故 D 正确。
故选 BCD。
三、非选择题：共 54 分
11. 用图示 装置来探究合外力与加速度的关系，光电门在铁架台上的位置可竖直上下调节，滑轮和细绳的
质量及各处摩擦均忽略不计，物块 A、B（含遮光条）的质量相等，均为 M，重力加速度为 g。
（1）若遮光条的宽度为 d，遮光条的挡光时间为 ，则物块 B 通过光电门的速率 v=________。
（2）在物块 B 上放置一个小砝码并改变遮光条与光电门之间的高度 h（满足 h 远大于 d），实验时将物块 B
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由静止释放，多次实验，测出各次的挡光时间∆t，在以 为纵轴、∆t2 为横轴的平面直角坐标系中作出图像，
该图像的斜率为 k1，则物块 B 的加速度 a=________。
（3）依次增加放置在物块 B 上小砝码的个数，重复上述测量速度和计算加速度的操作，记录多组（F，a）
数据，在以力传感器的示数 F 为横轴、加速度 a 为纵轴的平面直角坐标系中作出图像。若得到图线的斜率
为 k2，则 k2=________。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
由题可知，物块 B 通过光电门的速率为
小问 2 详解】
由运动学公式有 ，
解得
所以
【小问 3 详解】
对 A，由牛顿第二定律有
整理得
故图线的斜率
12. 用如图甲所示的装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在硬板上，钢球沿斜槽轨道 滑
下后从 点飞出，落在水平挡板 上，由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在
白纸上挤压出一个痕迹点，在如图乙所示的白纸上建立以抛出点为坐标原点、水平方向为 轴、竖直方向为
轴的坐标系。（已知当地重力加速度为 ）
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（1）以下是实验过程中的一些做法，其中合理的是__________。
A．安装斜槽轨道，使其末端保持水平
B．每次小球释放的初始位置可以任意选择
C．实验时应先确定 轴再确定 轴
D．为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接
（2）如图乙所示，根据印迹描出平抛运动的轨迹。在轨迹上取 C、D 两点， 与 的水平间距相等且
均为 ，测得 与 的竖直间距分别是 和 ；重复上述步骤，测得多组数据，计算发现始终满足
__________，由此可初步得出结论：平抛运动的水平分运动是匀速直线运动。
（3）如图丙所示，若实验过程中遗漏记录平抛轨迹的起始点，也可按下述方法处理数据：在轨迹上取 A、
B、C 三点， 和 的水平间距相等且均为 ，测得 和 的竖直间距分别是 和 ，可求得钢球
平抛的初速度大小为__________， 点距离抛出点的高度差为__________。（用已知量和测量量的字母符号
表示）
【答案】 ①. A ②. ③. ④.
【解析】
【详解】（1）[1] A．为了保证小球抛出后做平抛运动，安装斜槽轨道，使其末端保持水平，A 正确；
B．为了保证每次小球抛出的初速度相同，每次小球必须在同一位置静止释放，B 错误；
C．应先利用重锤线确定 y 轴再确定 x 轴，C 错误；
D．为描出小球的运动轨迹，应用平滑的曲线将描绘的点连接起来，D 错误。
故选 A。
（2）[2] 在轨迹上取 C、D 两点，OC 与 CD 的水平间距相等且均为 x，测得 OC 与 CD 的竖直间距分别是
和 ；若平抛运动的水平分运动是匀速直线运动，则 OC 与 CD 所用时间相等，设为 t，则有
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可得
则有
（3）[3] 在轨迹上取 A、B、C 三点，AB 和 BC 的水平间距相等且均为 x，测得 AB 和 BC 的竖直间距分别
是 和 ，可知 AB 和 BC 所用时间相等，设为 ，竖直方向根据
解得
水平方向有
可得钢球平抛的初速度大小为
[4] B 点的竖直分速度为
则 B 点距离抛出点 高度差为
13. 体育课上，甲同学在距离地面高 处将排球击出，球的初速度沿水平方向，大小为
；乙同学在离地 处将排球垫起，垫起前后球的速度大小相等，方向相反。取重力加速度
。不计空气阻力。求：
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（1）排球被垫起前在水平方向飞行的距离 x；
（2）排球被垫起前瞬间的速度大小 v 及方向；
【答案】（1）
（2） ，方向与水平方向的夹角为
【解析】
【小问 1 详解】
设排球被垫起前在空中飞行的时间为 t，则有
解得
则排球被垫起前在空中飞行的水平距离为
【小问 2 详解】
排球被垫起前瞬间在竖直方向速度的大小为
根据速度的合成可得
设 v 的方向与水平方向夹角为 ，则有
解得 。
14. 某滑雪爱好者在练习滑雪。钢架雪车所经过的一段赛道如图所示，长 12m 水平直道 AB 与长 20m 的倾
斜直道 BC 在 B 点平滑连接，斜道与水平面的夹角为 30°。运动员从 A 点由静止出发，推着雪车匀加速到 B
点时速度大小为 6m/s，紧接着快速俯卧到车上沿 BC 匀加速下滑（图 2 所示），到 C 点共用时 6.0s。若雪车
（包括运动员）可视为质点，始终在冰面上运动，其总质量为 110kg，重力加速度 g 取 ，求雪车（包
括运动员）
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（1）在直道 AB 上的加速度大小；
（2）过 C 点的速度大小；
（3）在斜道 BC 上运动时受到的阻力大小。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
设雪车在直道 AB 段加速度大小为 ，根据位移速度公式可得
解得
【小问 2 详解】
在 AB 上运动时间为
从 B 点到 C 点，根据匀变速直线运动位移时间公式可得
其中
联立解得
过 C 点的速度大小为
【小问 3 详解】
设斜道 BC 上运动时受到的阻力大小为 ，根据牛顿第二定律可得
解得
15. 如图甲，足够长、质量 的木板 Q 静止在水平面上，质量 的小滑块 P（可视为质点）
静止在木板左端，滑块与木板间的动摩擦因数 ，木板与水平面间的动摩擦因数 。从零时
刻起，对滑块施加水平向右的恒定外力 ，此时滑块相对木板滑动，经过时间 撤去此力。取
，则：
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（1）撤去外力前，滑块受到的摩擦力大小；
（2）木板的最大速度；
（3）如图乙，若零时刻起，对滑块施加的恒定外力 ，方向变为与水平面成 斜向右上方，
经过时间 撤去此力，已知 ， ，求木板运动的最大速度。
【答案】（1）10N （2）2.5m/s
（3）1m/s
【解析】
【小问 1 详解】
撤去外力前，滑块受到的摩擦力
【小问 2 详解】
撤去外力前，设滑块 P 和木板 Q 的加速度分别为 aP 和 aQ，速度分别为 vP 和 vQ，对 P 根据牛顿第二定律有
解得
可知 时滑块 P 速度为
对 Q 根据牛顿第二定律有
解得
可知 时木板 Q 速度为
撤去外力后，木板 Q 以加速度 继续加速，滑块 P 以加速度 减速，对 P 根据牛顿第二定律有
解得
设经过 后滑块 P 和木板 Q 共速，则有
解得
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则木板的最大速度为
【小问 3 详解】
滑块在拉力作用下做加速运动，设其加速度为 ，木板与滑块的摩擦力为 ，根据牛顿第二定律，对滑块
P 有
其中
代入数据解得
此过程中，木板与水平面间的摩擦力为
由于 ，所以木板不动；
撤去拉力时，滑块的速度达到最大，为
撤去拉力后，滑块减速的加速度为
撤去拉力后对木板根据牛顿第二定律有
解得木板的加速度为
设再经过时间 滑块与木板速度相同，则有
解得
此时木板速度达到最大，为
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