安徽省淮南市2025-2026学年高三上学期期末模拟物理试卷（拔高版）【含答案】

这是一份安徽省淮南市2025-2026学年高三上学期期末模拟物理试卷（拔高版）【含答案】，共16页。试卷主要包含了本试卷分选择题和非选择题两部分，本卷命题范围等内容，欢迎下载使用。
考生注意：
1、本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。
2、答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
3、考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
4、本卷命题范围：人教版必修全三册、选择性必修第一册第一章。
一、选择题（本题共8小题，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1.图甲是某科技馆的一件名为“最速降线”的展品，在高度差一定的不同光滑轨道中，小球滚下用时最短的轨道叫做最速降线轨道．轨道Ⅰ的末端与水平面相切，如图乙所示，将相同的小球a和b分别从Ⅰ、Ⅱ两轨道的起点M同时静止释放，则小球a先到达终点N；并且发现小球a从Ⅰ轨道的不同位置静止释放，到达末端的时间都相同．现将小球a和b同时从起点M静止释放，下列说法正确的是
A. 小球a沿Ⅰ轨道运动到N点的速度大
B. 从起点到终点，两球的动量变化量相同
C. 若在两球释放的同时，将小球c平抛恰好也落在N点，三个球相比仍是a先到达
D. 若轨道不光滑且与两球滑动摩擦因数相同，小球a沿Ⅰ轨道运动到N点的速度小
2.图(a)为答题卡扫描仪，其内部结构如图(b)所示。扫描仪内部有一个摩擦滚轮放置在水平答题卡上方。正常工作时滚轮对顶部答题卡的正压力为F，摩擦滚轮顺时针转动，摩擦力只带动与之接触的顶部答题卡进入扫描仪内部进行逐张扫描，直至所有答题卡扫描完毕。已知每张答题卡的质量均为m，摩擦滚轮与答题卡间的动摩擦因数恒为μ=0.8，各答题卡间的动摩擦因数μ'范围为0.4≤μ'≤0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g。要使该扫描仪能一直正常工作，正压力F的最大取值范围为( )
A. 53mgμ'(mg+F)，解得F>53mg;
对于第二张纸，要保证正常工作，临界情况是纸上面的动摩擦因数μ'1=0.5，纸下面的动摩擦因数为μ'2=0.4，
则μ'1F+mg⩽μ'2(F+2mg)，
整理得F≤3mg。
综上53mgD)的遮光片时，其有效遮光宽度应为L1-(D-L0)=L1+L0-D。
12.【答案】
最大 200 18 72
【解析】 (1)由图(a)所示的电路图，图(b)中的实物图连线如图所示：
。
(2)由图(a)可知，电阻箱起到保护电路的作用，因此开关闭合前，将电阻箱的阻值调到最大。
开关S1接1时，由欧姆定律可得Ig=ER0+Rg
S1接2时，则有Ig3=ER0+Rg+RT
联立解得RT=200Ω。
(3)由图(c)可知， RT=200Ω 时，对应的温度约为18℃。
(4)开关S1接1，闭合S2，调节电阻箱，使电流表示数为Ig；
由并联电路的分流作用，结合Rg=4R，可得干路电流为5Ig，则有并联部分的电阻R并=RgRRg+R=16Ω
由欧姆定律可得5Ig=ER并+R0
S1接2时，电流表示数为Ig3 ，同理可得干路电流可为53Ig ，由欧姆定律可得53Ig=ER并+R0+RT
结合5Ig=ER并+R0 ，其中R并=16Ω ，解得RT=72Ω。
13.【解析】(1)以M为研究对象，受力分析：Mg=2mgcs45°
M：m= 2：1
(2)M与2个m组成的系统机械能守恒：
MgRsinθ-2mg(R-Rcsθ)=12MV12+12mV22
V2=V1csθ
V1=( 2-1) 2gR
14.【解析】(1)由于v=6m/s>v0=4m/s，故a滑上传送带后开始做减速运动对a受力分析，
根据牛顿第二定律得mgsinθ+μ1mgcsθ=ma1
解得a1=11m/s2
a与传送带达到共同速度后一起匀速向上运动，设a加速运动的位移为x1由运动学公式有
v02-v2=-2a1x1
传送带的位移x2=v0⋅v-v0a1
产生的热量Q=μ1mg(x1-x2)csθ
解得Q=1211J
(2)当v取最小值时，a从斜面底端一直加速到斜面顶端时速度恰好达4m/s
对a受力分析，根据牛顿第二定律得μ1mgcsθ-mgsinθ=ma2
解得a2=1m/s2
由运动学公式有v02-vmin2=2a2L0解得vmin=2 3m/s
(3)滑上长木板后a的加速度a3=μ2g=2m/s2
b与长木板一起运动的加速度a4=12μ2g=1m/s2
设a经t时间与b发生碰撞，由运动学公式可得v 0t-12a3t2-12a4t2=L1
解得t=0.5s
设a与b碰撞前速度分别是v2与v3，v2=v0-a3t=3m/s，v3=a4t=0.5m/s
由于a与b碰撞是弹性碰撞，则mv2+mv3=mv a+m v b
12mv22+12mv32=12mva2+12mvb2
解得va=0.5m/s
15.【解析】(1)对粒子作类平抛运动分析，
沿z轴方向运动时间t0=dv0。
沿y轴位移d2=12qEmt02，解得：E=mv02qd。
(2)y方向分速度vy=qEmt0，代入得vy=v0。
粒子运动轨迹为螺旋线，在xOz平面作速率v0的匀速圆周运动，y轴作速度v0的匀速直线运动。
圆周运动周期T=dv0，
总运动时间t=7d2v0，
解得t=3T+12T。
由周期公式T=2πrv0及直径x=2r，
解得：r=d2π，x=dπ。
荧光屏击中位置坐标x=2r=dπ，y=72d，z=0，
即(dπ,72d,0)。
(3)①若E'沿+y方向，粒子y轴作匀加速运动，
运动时间t'=1+2n2dv0(n=0,1,2)。
y轴位移方程72d=v0t'+12qE'mt'2，
解得：E'=8(3-n)mv02qd(1+2n)2(n=0,1,2)。
②若E'沿-y方向，粒子y轴作匀减速运动，
需满足t'