上海市民办南模2025—2026学年九年级上册12月月考物理试题【附解析】

这是一份上海市民办南模2025—2026学年九年级上册12月月考物理试题【附解析】，共23页。
1．本场考试时间90分钟，试卷共8页，满分100分。
2．作答前，在答题纸指定位置填写学校、班级、姓名、学号。
3．所有作答务必填涂或书写在答题纸上与试卷题号对应的区域，不得错位。在试卷上作答一律不得分。
4．选择题和作图题用2B铅笔作答，其余题型用黑色字迹钢笔、水笔或圆珠笔作答。
5．试卷中未特别标注的选择题，指该题只能选一个选项；标注“多选”的试题，指该题应选两个及以上的选项；标注“不定项选择”的试题，指该题至少有一个选项。
一、学科基础（55分）
1. 南极是世界上最冷的地方，常年平均气温是﹣25℃，如图所示，一天企鹅妈妈与小企鹅之间发生了一次有趣的对话，他们的部分说法如下，其中正确的是（ ）
A. 小企鹅：妈妈，这么冷，我都没温度了
B. 企鹅妈妈：不对，是没有内能
C. 小企鹅：冰天雪地的，可能连水蒸气都没有吧
D. 企鹅妈妈：呵呵，水蒸气倒肯定有，因为冰是可以升华的呀
【答案】D
【解析】
【详解】A．任何物体都有一定的温度，只是温度有高有低而已，故A错误；
B．任何物体在任何情况下都具有内能，故B错误；
C．固态的冰会升华为气态的水蒸气，故空气中充满了水蒸气，故C错误；
D．冰是可以升华为水蒸气的，故D正确。
故选D。
2. 如图所示，是小球在地面弹跳实验拍下的频闪照片，小球弹起的高度逐渐降低，说明小球机械能在_____（选填“增大”“减小”或“不变”）；利用红外线测温仪分别测量实验前小球的初温和实验后小球的末温，则_____（选填“大于”“小于”或“等于”）。
【答案】 ①. 减小 ②. ＜
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，小球在运动过程中弹起的高度越来越小，是因为小球在不断弹起的过程中，要克服与空气的摩擦做功，将部分机械能转化为内能，故机械能减小；由于小球的部分机械能转化为小球的内能，使得小球的温度升高，故。
3. 某学习小组探究沙子和水吸热升温现象。
（1）学习小组设计了如图甲所示装置探究沙子和水的吸热升温现象。在完全相同的两箱子中装入初温和_____相同的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热相同时间，是为了保证在相同时间内_____。
（2）在图甲中除了所给的实验器材外，还需要的测量工具有电子天平和_____。
（3）依据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像，如图乙所示，据图可知，水和沙子相比_____（选填“A.沙子”“B.水”）的比热容较大，这是因为_____。
（4）（不定项选择）下列事例中属于应用水的这种特性的是_____。
A. 给教室洒水，感觉凉B. 用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸
C. 用水冷却汽车的发动机D. 冰熔化成水需要吸收热量
【答案】（1） ①. 质量 ②. 水和沙子吸热相同
（2）秒表 （3） ①. B ②. 见解析 （4）C
【解析】
【小问1详解】
[1][2]根据控制变量法，探究沙子和水的吸热升温现象，在完全相同两箱子中装入初温和质量相同的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，相同时间内放出的热量相同，由转换法，相同时间内沙子和水吸收的热量相同。
【小问2详解】
实验需要测量加热时间，因此需用秒表。
【小问3详解】
[1][2]由图乙可知，在相同时间内，沙子升高的温度比水升高的温度多，说明水的吸热能力强，水的比热容较大。
【小问4详解】
A．给教室洒水，感觉凉，是因为水蒸发吸热，有致冷作用，故A不符合题意；
B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸，说明分子做无规则运动，故B不符合题意；
C．用水冷却汽车的发动机，是因为水的比热容大，与质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，吸收的热量较多，故C符合题意；
D．冰熔化成水需要吸收热量，与水的比热容大无关，故D不符合题意。
故选C。
4. 厨房烹饪探秘：
（1）在烹饪之前，需要处理食材。包括清洗食材、切片、腌制等，其中冷冻食材需提前解冻，为了让冻肉尽快解冻，可以在肉上撒盐，这样能有效降低冰的_____点。
（2）如图1所示，铁锅中盛有水，水上浮有一层沸点比水高的食用花生油。如果对锅底部加热，加热过程中锅内一直有水。则下列说法正确的是_____。
A. 水先沸腾，然后油沸腾B. 油先沸腾，然后水沸腾
C. 水未沸腾前，只有油蒸发D. 水未沸腾前，水和油同时蒸发
（3）根据实验数据，作出了水的温度随时间变化的图像，见图2。由图可知，当时条件下的大气压_____1标准大气压（选填“A高于”“B低于”“C等于”）。
【答案】（1）熔点 （2）C
（3）B
【解析】
【小问1详解】
在肉上撒盐，盐能降低冰的熔点，让肉表面的冰更快熔化，就像北方冬天路上撒盐化雪一样。
【小问2详解】
由于液体在任何温度下都能蒸发，所以在水未沸腾前，上层的油会发生蒸发现象，同时由于油膜的覆盖，使得油下面的水无法蒸发，由于水的沸点低于油的沸点，且锅内一直有水，水会先达到沸点沸腾，而油的沸点高，在水未完全汽化完之前，油不会沸腾，直到水全部汽化完后，油的温度才能升高，即当温度升到油的沸点时，再加热，油才可以沸腾；由此可知，加热过程中容器内一直有水时，水会沸腾，而油不会沸腾，只有油蒸发，故C正确，ABD错误。
故选C。
【小问3详解】
一个标准大气压下，水的沸点是100℃，气压越低，沸点越低。根据图2可知，水的沸点是98℃，沸点低于100℃，则当时条件下的大气压低于1标准大气压。
5. 图（a）是我国月球探测车使用机械臂采集月壤样本时的情景，可将机械臂简化为图（b）中绕点转动的杠杆，不计机械臂自重，，当采集约为的月壤时，在A点施加的拉力至少为________，应沿图中的________方向施力。（填“”“”“”或“”），机械臂这样设计的好处是________________（填“省力”“省距离”“既省力又省距离”）
【答案】 ①. 11.2 ②. F4 ③. 省距离
【解析】
【详解】[1][2][3]阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，阻力方向向下，使杠杆逆时针转动，A点杠杆受力应使杠杆顺时针转动，故沿图中的竖直向上方向施力，动力臂最大，动力最小，由杠杆平衡条件可知G×OB=F4×OA
即G×4OA=F4×OA
得到F4=4G=4×2.8N=11.2N
机械臂这样设计费力，但省距离。
6. 用规格相同的电加热器分别给甲、乙两种液体（比热容c甲＝2c乙）加热，如图所示，两种液体单位时间吸收的热量相同，这两种液体的温度与加热时间的图线如图所示，下面选项正确的是（ ）

A. 同时加热120s，甲升高的温度大于乙
B. 同时加热120s，甲吸收的热量比乙多
C. 甲、乙两种液体的质量之比是3∶2
D. 甲的吸热能力小于乙的吸热能力
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图知同时加热120s，甲的温度变化量
乙的温度变化量
所以甲升高的温度小于乙升高的温度，故A错误；
B．题干中有“两种液体每秒吸收的热量相同”，所以在相同的时间内甲液体和乙液体吸收的热量相同，故B错误；
C．在0~120s时间内，相同的时间，甲、乙吸收相同的热量，即Q甲＝Q乙，因为c甲＝2c乙，根据可得
则甲液体的质量为
乙液体的质量为
所以
故C正确；
D．比热容是表示物质吸热能力的物理量，甲的比热容大，说明甲的吸热能力强，故D错误。
故选C。
7. 某汽车在平直路面上以的速度匀速行驶的过程中，消耗了汽油。汽油热值近似取，假设汽油在气缸内完全燃烧。
（1）如图所示时刻，四冲程汽油机处于_____冲程；若该汽油机每分钟完成7200个冲程，则它每秒钟完成_____个工作循环。
（2）若上述过程中汽油燃烧释放能量的30%用来驱动汽车行驶，求汽车所受的阻力。（需写出计算过程）
（3）假设汽油燃烧释放能量的一部分随废气通过热电转换装置，如图所示，请推测蓄电池中发生的能量转化过程：_____（选填“A.电能转化为化学能”“B.化学能转化为电能”）。
【答案】（1） ①. 排气 ②. 30
（2）
（3）A
【解析】
【小问1详解】
[1]由图可知，进气口关闭，排气口打开，活塞向上运动，属于排气冲程。
[2]该汽油机每分钟完成7200个冲程，故每秒完成120个冲程，由于汽油机完成一个工作循环，要经过4个冲程，所以该汽油机每秒完成30个工作循环。
【小问2详解】
汽油完全燃烧释放的热量
有用功
汽车在平直路面上以75km/h的速度匀速行驶1h的过程中，通过的路程
汽车的牵引力
汽车匀速直线行驶时，受到的阻力和牵引力是平衡力，汽车受到的阻力等于牵引力，汽车所受的阻力
【小问3详解】
热电转换装置向蓄电池充电时，消耗电能，产生化学能，将电能转化为化学能。
8. 物理知识与日常生活和技术密切相关。在图（a）中，用密度更小的材料来制作书包，是为了能减小书包对肩部的______，书包带做得比较宽大，是为了能减小______；在图（b）中，“自动喂水器”利用的是______原理，使得两容器中的水面相平。
【答案】 ①. 压力 ②. 压强 ③. 连通器
【解析】
【详解】[1]图（a）中，用密度更小的材料来制作书包，根据质量和密度的关系，相同体积的书包，密度小的质量小，受到的重力小，书包对人的压力小，从而减小书包对肩部的压力。
[2]图（a）中，书包带做得比较宽大，是为了增大受力面积，从而减小压强。
[3]图（b）中，“自动喂水器”上端开口，下端连通，它利用的是连通器原理，使得两容器中的水面相平。
9. 小明学习了电学相关的知识后，开始思考下列问题：
（1）如图是加油站里常见的“静电释放器”（与大地相连），司机或工人提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器清除身体上的静电，静电释放器可由_____（选填“A.金属”“B.陶瓷”）制成，因此，“除电”时，人体、静电释放器和大地连通构成回路。带有负电荷的人用手接触静电释放器时，电流方向是_____（选填“A.从静电释放器流向大地”“B.从大地流向静电释放器”）。
（2）如图甲为某可调亮度台灯，乙为其用于调光的电位器结构图。abc是它的三个接线柱，ac分别与弧形电阻丝的两端相连，b与金属滑片相连。转动旋钮，滑片在弧形电阻丝上滑动即可调节灯泡亮度。下列分析正确的是_____。
A. 电位器与灯泡并联
B. 电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变灯泡亮度的
C. 若只将接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡变亮
D. 若只将接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡变暗
（3）如图是用充电宝给三部手机同时充电的情景，则这三部手机是_____（选填“A.串联”或“B.并联”）的。若拔掉其中一部手机则通过充电器的电流将_____（选填“A.变大”“B.变小”或“C.不变”）。
（4）家用电热水壶有“烧水”、“保温”两种功能，电路如图所示，电热水壶工作电压为，，保温功率为。[水的比热容为]
①闭合开关_____时为保温状态；
②求电热水壶“烧水”功率______（写出计算过程）；
③把初温为20℃的水，加热升温了70℃，求水吸收的热量_____。
④在图中虚线框内增加一个“保温”工作指示灯，该指示灯的电阻尽可能_____（选填“A大”或“B小”）些。
【答案】（1） ①. A ②. B （2）B
（3） ①. B ②. B
（4） ①. S1 ②. 880W ③. 5.88×105 ④. 大
【解析】
【小问1详解】
[1]为了将人体的静电释放掉，则静电释放器应该是导体，金属是导体，而陶瓷是绝缘体。
[2]电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，带有负电荷的人用手接触静电释放器时，负电荷从静电释放器流向大地，电流方向是从大地流向静电释放器。
【小问2详解】
A．电位器串联在电路中能改变电路中电流的大小，所以图中电位器应与灯泡串联，故A错误；
B．转动旋钮滑片，电位器接入电路中的电阻发生了变化，从而能改变电路中的电流，所以电位器和滑动变阻器的工作原理是相同的，电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变灯泡亮度的，故B正确；
C．若只将a、b接入电路，滑片左边的电阻丝接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变大，电路中电流变小，灯泡变暗，故C错误；
D．若只将b、c接入电路，滑片右边的电阻丝接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，故D错误。
故选B。
【小问3详解】
[1]如图所示是小明用三合一充电宝给三部手机同时充电的情景，这三部手机的连接方式是并联，因为它们之间互不影响。
[2]若拔掉其中一部手机，则通过充电器的总电流将变小，因为少了一个支路，总电流变小。
【小问4详解】
①[1]由图可知，当只闭合开关S1时，两电阻串联，电路的总电阻最大，由可知电路的总功率最小，此时电路处于保温状态。
②[2]当再闭合开关S2时，R2被短路，只有R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，由可知电路的总功率最大，即处于“烧水”状态，此时的电功率
③[3]把2kg初温为20℃的水，加热升温了70℃，吸收的热量为
④[4]指示灯与R2并联时，并联后的总电阻比并联的任意一个分电阻都小，即比最小的电阻还小，若指示灯的电阻比R2大，总电阻只比R2小，所以选择阻值比R2更大的指示灯，总电阻的变化较小，这样对保温功率的影响较小，故指示灯的电阻应该尽可能大些。
10. 小明按照图甲电路图连接电路，探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。电源电压为恒定不变。根据实际所测数据，在图乙中依次描点画出、、的图像。则的阻值为_____Ω；单独分析图乙中每条图像，可知，_____，实验中滑动变阻器的最大阻值为_____，为了探究电流与电阻的关系，分别将三个电阻接入电路，需要保持电阻两端电压不变，则该电压的最小值为_____V。
【答案】 ①. 5 ②. 见解析 ③. 25 ④. 1.3
【解析】
【详解】[1]由图乙可知，当电阻Ra两端电压为3.0V时，通过电阻Ra的电流为0.6A，则Ra的阻值为
[2]由图乙可知，三个电阻的图线的延长线均过原点，即三个电阻的I-U图像为过原点的斜线，故可得出结论：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
[3]每次实验时，将变阻器的滑片P移至阻值最大端，则闭合开关时电路中的电流最小；由图乙中a图线可知，当电阻Ra两端电压为0.5V 时，通过电阻Ra的电流为0.1A，根据串联电路的规律及欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路中的电阻为
即实验中滑动变阻器的最大阻值为25Ω。
[4]由图乙中b图线可知，当电阻Rb两端电压为3.0V时，通过电阻Rb的电流为0.3A，则Rb的阻值为
由图乙中c图线可知，当电阻Rc两端电压为3.0V时，通过电阻Rc的电流为0.15A，则Rc的阻值为
则
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压
根据分压原理有
即①
因电压表示数UV为定值，由①式可知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，则当定值电阻取最大值时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，此时电压表的示数最小，由①式得
解得电压表的示数，即为完成实验，控制不变的最小电压为1.3V。
11. 某小组同学设计了相关的测量方案来测量大气压强的值，实验步骤如下所示。
（1）在该实验中，实验原理是______，实验中多次测量是为了______；
（2）若已知当地的大气压强的值在1×105帕左右，现有两个内管横截面积不同的注射器可供选择，该实验选择______（选填“A”或“B”）比较合适，理由是______；
A．内管横截面积0.4厘米2的注射器
B．内管横截面积3厘米2的注射器
（3）若考虑活塞、绳子所受重力，且用橡胶帽封闭出液口后注射器中还有少量气体存留，测出的大气压强值应______（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1） ①. ②. 减小实验误差
（2） ①. B ②. 对A活塞向上大气压力约为4牛，小于桶的重力，所以选择A无法用添水法测出大气压力的，只能选择B
（3）偏小
【解析】
【小问1详解】
[1]利用二力平衡测量出当地的大气压力，注射器内管的横截面积S，根据可知当地的大气压强，故该实验原理是。
[2]该实验是一个测量型实验，且测量的当地大气压强值是个定值，多次测量的目的是取平均值减小误差。
【小问2详解】
[1][2]桶的重力约为6N，若选用内管横截面积0.4厘米2的注射器，大气压约为，根据计算可知对A活塞向上的大气压力约为4牛，小于桶的重力，所以选择A无法用添水法测出大气压力的，只能选择B。
【小问3详解】
若还有少量气体残留，测得的大气压力偏小，受力面积没有问题，根据可知测出的大气压强值应偏小。
二、学科综合（45分）
12. 在图所示的电路中，电源电压保持不变。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或灯L上。
（1）小王同学只观察了小灯的亮暗情况之后，直接排除了一种故障：______，然后他又根据此时电流表的示数情况排除了第二种故障：______；
（2）小王同学排除了两种故障后，闭合开关S，根据闭合开关后的现象最终确定了故障情况，请写出闭合开关后灯L的发光情况、电表的示数变化情况及其对应的故障：______。
【答案】（1） ①. 电阻R短路 ②. 灯L短路
（2）灯L不发光，电流表示数不变（为0），则L断路；灯L发光，电流表示数变大，则R断路
【解析】
【小问1详解】
[1]由图可知，闭合开关前，定值电阻R与灯泡L串联，电流表测量电路中的电流，此时，若灯泡L发光，说明电路故障为定值电阻R短路，若灯泡L不发光，说明电路故障为定值电阻R断路或灯泡L断路或灯泡L短路，小王同学只观察了小灯的亮暗情况之后，直接排除了一种故障，说明此时灯泡L不发光，排除的故障为定值电阻R短路。
[2]灯泡L不发光，说明电路故障为定值电阻R断路或灯泡L断路或灯泡L短路，若电流表有示数，说明电路故障为灯泡L短路，若电流表无示数，说明电路故障为定值电阻R断路或灯泡L断路，小王同学根据此时电流表的示数情况排除了第二种故障，说明此时电流表无示数，排除的故障为灯泡L短路。
【小问2详解】
灯泡L不发光、电流表无示数，说明电路故障为定值电阻R断路或灯泡L断路，闭合开关S，若灯泡L不发光，电流表仍然没有示数，说明电路故障为灯泡L断路；闭合开关S，若灯泡L发光，电流表示数变大，说明电路故障为定值电阻R断路。
13. 图中玻璃瓶是一个“伽利略彩球温度计”，可以粗略地测量环境温度。玻璃瓶中装有某种液体，浸有7个体积相同的彩球（分别标有15℃、18℃、21℃、24℃、27℃、30℃、33℃字样），彩球体积不随温度变化而变化。当外界温度在15℃-33℃范围内变化时，会有彩球随之上浮或下沉，当所有彩球静止后，浮在上面的彩球中，标示温度值最低的那个彩球所标示的温度即此时环境的大致温度。
（1）当环境温度为10℃时，______彩球浮在液面上（选填“所有”“没有”或“部分”）；
（2）当环境温度升高时，液体密度______（选填“变大”“变小”或“不变”），说出理由：______。
【答案】（1）所有 （2） ①. 变小 ②. 见详解
【解析】
【小问1详解】
当外界温度在15℃-33℃范围内变化时，会有彩球随之上浮或下沉，当所有彩球静止后，浮在上面的彩球中，标示温度值最低的那个彩球所标示的温度即此时环境的大致温度。现在环境温度为10℃，比最小的标示温度值还小，可知，所有彩球都浮在液面上。
【小问2详解】
[1][2]彩球体积相同，均浸没液体中时所受浮力相同；低温彩球最后上浮，说明其重力最大；彩球能上浮，说明温度降低后，其受到浮力变大；彩球体积不随温度变化而变化，由F浮=ρ液gV排可知，ρ液变大；所以温度降低，液体密度变大，反之，温度升高，液体密度变小。
14. 超载存在安全隐患，交通部门常用地磅秤检测车辆是否超载。地磅秤的工作原理可以看作是由电源、定值电阻R1、力敏电阻R2、一个电流表（或电压表）以及开关、导线组成的电路。
（1）力敏电阻R2的阻值会随其上方所受压力F大小而发生变化，其关系如下表所示。
分析比较表中的数据，可得出的初步结论是：___________；
（2）（a）根据上述信息，尝试画出能反映该地磅秤工作原理的电路图，并在电路图旁边注明地磅秤的示数是由哪个电路元件反映的；（电路图中的力敏电阻用）
（b）若该电路中，电源电压为12V，定值电阻R1的阻值为10Ω，根据你所画的电路图及相关信息，求出当地磅秤上显示的示数为60N时对应的电表示数。
【答案】（1）力敏电阻的阻值随压力的增大而减小
（2） ①. ②. 4.5V
【解析】
【小问1详解】
由表可知，当压力增大时，力敏电阻的阻值减小，故可得出结论：力敏电阻的阻值随压力的增大而减小。
【小问2详解】
（a）根据题意，可以将两电阻串联，然后将电压表并联在力敏电阻两端，根据电压表的示数判断地磅的示数，如图所示：
（b）当地磅秤上显示的示数为60N时，由表可知，力敏电阻的阻值为6Ω，此时电路中的电流为
电压表的示数为
U2＝IR2＝075A×6Ω＝4.5V
15. 在图（a）所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，滑动变阻器R2上标有“1安”字样，电压表表盘如图（b）所示。
（1）若电阻两端的电压为6伏，通过的电流为0.4安，求通电10秒钟电流通过电阻所做的功；
（2）若的阻值为10欧，移动变阻器的滑片，发现电路中最小的电流为0.3安，求变阻器允许接入电路的最大电阻；
（3）在保证电路安全工作的前提下，移动变阻器的滑片时，发现滑片不能移到变阻器的任意一端，电压表示数的最大变化量为12伏，求的阻值。
【答案】（1）24J （2）50Ω
（3）15Ω
【解析】
【小问1详解】
由图可知，R1、R2串联，电压表测R2两端的电压，通电10秒钟电流通过电阻R1所做的功为
【小问2详解】
当电路中最小的电流为0.3A，电路的总电阻为
变阻器R2允许接入电路的最大电阻为R2max=R总-R1=60Ω-10Ω=50Ω
【小问3详解】
因为滑动变阻器的滑片不能移到滑动变阻器最大阻值一端，所以电压表的最大示数为U2大=15V
电压表示数的最大变化量为12V，则电压表的最小示数为
则R1两端的最大电压为
因为滑动变阻器的滑片也不能移到最小端，所以电路中的最大电流为滑动变阻器允许通过的最大电流，即电路中的最大电流为I大=1A，则的阻值为
16. 如图所示，轻质薄壁圆柱形容器置于水平地面，容器中盛有质量为5千克的水。
（1）求水的体积V水；
（2）求0.2米深处水的压强p水；
（3）现有两个相同物体，质量均为3千克。先把一个物体竖着插入容器，插入前后地面受到的压强的变化量为980帕，然后把另一个物体平放垫在容器下方，物体与地面的接触面积为容器底面积的2倍，垫入前后地面受到的压强的变化量也为980帕。请根据以上信息，通过计算判断将物体放入容器后是否有水溢出，若有水溢出请求出溢出水的重力G溢，若无水溢出请说明理由。
【答案】（1）
（2）1960Pa （3）有水溢出，溢出水的重力为9.8N
【解析】
【小问1详解】
根据得水的体积为
小问2详解】
根据得0.2米深处水的压强为
【小问3详解】
若无水溢出，根据题意得，
因为，即
得到，与题目中物体与地面的接触面积为容器底面积的2倍相矛盾，则假设不成立；
有水溢出，根据题意有
即
即
所以溢出水的重力为9.8N。
17. 小明想用伏安法测量某定值电阻的阻值。
（1）图甲是小兰连接的部分电路，请用笔画线代替导线，帮她将电路连接完整。（导线不能交叉）
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到最_____（“A.左”“B.右”）端，目的是：_____。
（3）小兰移动滑动变阻器的滑片，进行多次实验，目的是_____。小兰记录的实验数据如下表所示，她和小海根据实验数据各自画出了定值电阻的-图像，如图乙、丙所示，其中，图像_____（选填“A.乙”或“B.丙”）是正确的，理由是：_____。
（4）计算定值电阻的阻值为_____。（结果保留1位小数）
（5）小兰发现，只去掉图甲中的电压表，保持其他电路连接不变，也能测出的阻值。请将下列实验步骤补充完整：（滑动变阻器的最大阻值为）
①将滑动变阻器的滑片移至最左端，闭合开关，记录此时电流表的示数；
②_____，记录此时电流表的示数；
③则_____。（用字母、和表示）
【答案】（1） （2） ①. A ②. 计算待测电阻的平均值，从而减小误差
（3） ①. 减小误差 ②. A ③. 见解析
（4）5.1 （5） ①. 将滑动变阻器的滑片P移至最右端 ②.
【解析】
【小问1详解】
一节新干电池是1.5V，由图可知，电源为两节干电池串联，电源电压是3V，故电压表选用小量程并联在Rx两端；在用伏安法测量电阻时，需要将电流表与被测电路串联，如下图所示：
【小问2详解】
[1][2]为了保护电路，闭合开关前，变阻器连入电路的电阻最大，滑动变阻器滑片应移到最左端。
【小问3详解】
[1]实验中移动滑动变阻器的滑片P，进行多次实验得出多组数据计算待测电阻的平均值，从而减小误差。
[2][3]由实验数据可知，U与I的比值是一个定值，所以I-U图像是一条过原点的直线，即图乙是正确的。
【小问4详解】
由图乙可知，第4次实验数据不在图像附近，偏离图像较多，是错误数据应去掉，由表格数据可知，第1次实验中定值电阻的阻值
第2次实验中定值电阻的阻值
第4次实验中定值电阻阻值
第5次实验中定值电阻的阻值
定值电阻的平均值为
【小问5详解】
[1]步骤②将滑动变阻器的滑片P移至最右端，此时电流表的示数为I2，滑动变阻器接入电路的阻值为0，为Rx简单电路，电源电压为②
[2]图甲中定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，步骤①将滑动变阻器的滑片P移至最左端，闭合开关，记录此时电流表的示数I1，此时滑动变阻器的最大阻值R0与Rx串联，电源电压为②
由①②可知Rx的阻值为
题号
学科基础
学科综合
总分
得分
实验步骤
① 记录注射器内管的横截面积S，然后将注射器活塞推到0毫升处，用橡胶帽把注射器出液口密封 ；
② 将注射器倒立（出液口向上）竖直固定，用一段轻绳把一个水桶吊在活塞上（桶的重力约6牛左右，桶容积约3升）；
③ 将水缓慢注入水桶，当发现活塞在水桶拉动下开始缓慢向下移动时马上停止注水；
④ 测量水桶和水的总重力G并做记录，计算并记录总重力G与横截面积S的比值；
⑤ 重复以上步骤三次，计算并记录三次结果的平均值。
（见示意图，图中注射器与水桶的大小比例关系不对应真实比例关系）
压力F/N
0
20
40
60
75
力敏电阻R2/Ω
30
22
14
6
0
实验序号
1
2
3
4
5
电压
1.1
1.5
1.9
2.3
2.5
电流I/A
0.22
0.30
0.28
0.44
0.50