广东省广州番禺区2023-2024学年八年级上学期期末数学试卷（含答案）

这是一份广东省广州番禺区2023-2024学年八年级上学期期末数学试卷（含答案），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题
1
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第1题★
冬季奥林匹克运动会是世界规模最大的冬季综合性运动会，下列四个图分别是第24届冬奥会图标中的一部分，其中是轴对称图形的为（）
A.B.C.D.
答案
解析
D
解：轴对称图形：在平面内沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够完全重合的图形， 选项中只有D选项符合轴对称图形的定义，
因此正确答案为：D．
2
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第2题★
神舟十五号载人飞船与神舟十四号乘组在距离地球约400000米的中国空间站胜利会师，将400000用科学记数法表示为，下列说法正确的是（）
A.，B.，C.，D.，
答案
解析
B
【分析】
此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为的形式，其中
， 为整数．确定 的值时，要看把原数变成 时，小数点移动了多少位， 的绝对值与小数点移动的位数相同．
【详解】
解：∵将400000用科学记数法表示为 ，
∴，． 故选：B．
3
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第3题★
如图，在中，，，则外角的度数是（）
A. B. C. D.
答案
解析
B
【分析】
本题考查三角形的外角的性质．利用三角形的外角的性质“三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和”，直接计算即可．
【详解】
解：由图可知： ；
故选：B．
4
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第4题★★ 下列运算正确的是（）
A. B. C. D.
答案
解析
D
【分析】
本题主要考查了积的乘方，同底数幂乘法和幂的乘方等计算，运用相关公式计算即可，熟知相关计算法则是解题的关键．
【详解】
解：A、 ，原式计算错误，不符合题意；
B、 ，原式计算错误，不符合题意；
C、 ，原式计算错误，不符合题意；
D、 ，原式计算正确，符合题意； 故选D．
5
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第5题★★
如果一个三角形的两边长分别是 和 ，则第三边可能是（）
A.B. C.D.
答案
解析
C
设第三边长为 ，则由三角形三边关系定理得，，即．故选
．
6
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第6题★
在平面直角坐标系中，点 关于y轴对称的点的坐标是（）
A.B.C.D.
答案
解析
B
【分析】
此题考查了关于y轴对称点的坐标特点：横坐标互为相反数，纵坐标相等，熟记特点是解题的关键．
【详解】
点 关于y轴对称的点的坐标是故选：B．
7
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第7题★★
已知一个多边形的内角和是它的外角和的3倍，则这个多边形是（）
A. 八边形B. 七边形C. 六边形D. 五边形
答案
解析
A
【分析】
本题考查多边形的内角和和外角和的综合应用，根据 边形的内角和为 ，外角和为，列出方程进行求解即可．
【详解】
解：设这个多边形的边数为 ，由题意，得： ， 解得：；
∴这个多边形是八边形； 故选A．
8
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第8题★★★
若 是一个关于 的完全平方式，那么k值是（）
A. B.C.D.
答案
解析
C
【分析】
利用完全平方公式的结构特征判断即可得到k的值．
【详解】
解： ，
∴，
∴，
故选：C．
【点睛】
本题考查了完全平方式的应用，两数的平方和，再加上或减去他们乘积的倍，就构成一个完全平方式，熟练掌握完全平方公式的特点是解题关键．
9
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第9题★★★
如图，在正方形网格中有M，N两点，在直线l上求一点P，使最短，则点P应选在（）
A. A点B. B点C. C点D. D点
答案
解析
C
【分析】
首先求得点关于直线 的对称点，连接，即可求得答案．
【详解】
解：如图，点 是点关于直线 的对称点，连接，则与直线 的交点，即为点
，此时最短，
与直线 交于点 ， 点 应选 点．
故选：C．
【点睛】
此题考查了轴对称﹣最短路径问题．注意首先作出其中一点关于直线l的对称点，对称点与另一点的连线与直线l的交点就是所要找的点．
10
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第10题★★
如图，已知是等腰三角形， ，，点 在坐标轴上，则满足条件的点 有
（ ）个．
A.B. C.D.
答案
解析
C
∵，，
∴，
∴， ，
以点 为圆心， 为半径的圆与坐标轴有三个交点 ， ，
；
以点
为圆心， 为半径的圆与坐标轴有三个交点
， ， ；
以
为底，与坐标轴有两个交点 和
，
∵ ，， 作线段的垂直平分线，
∴
，
∵
，
即
，
解得
，
，
∴
，
综上，满足条件的 点有 个． 故选： ．
二、填空题
11
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第11题★ 若分式有意义，则x的取值范围是．
答案
解析
∵分式 有意义，
∴，
∴；
故答案是： ．
12
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第12题★
如图，在的纸片中，，沿剪开得四边形，则的度数为°．
答案
解析
270
【分析】
本题考查三角形的内角和定理．根据，得到，再根据
，即可得出结果．掌握三角形的内角和定理，是解题的关
键．
【详解】
解：∵，
∴ ；
∵ ，
∴ ；
故答案为：270．
13
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第13题★★
如图，将一把含有角的三角尺的直角顶点放在一张宽的纸带边沿上，另一个顶点放在纸带的另一边沿上，测得三角尺的一直角边与纸带的一边所在的直线成，则三角尺的直角边的长为
．
答案
解析
6
【分析】
本题考查了含度角的直角三角形的性质．如图，作于H，根据含度角的直角三角形的性质求解即可．
【详解】
解：如图，作于H，
∵三角板的一边与纸带的一边所在的直线成角，即，，
∴等腰直角三角形的直角边 ，
故答案为：6．
14
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第14题★★
我们知道，多项式的乘法公式可以利用图形中面积的等量关系来验证其正确性，如
就能利用图1的面积进行验证．那么，能利用图2的面积进行验证的含x、
y、z的等式为．
答案
解析
【分析】
本题考查了多项式的乘法公式的应用．根据图形，利用面积的不同计算方法可以写出相应的等式．
【详解】
解：总，是边长为的正方形，面积为 ，
分，由三个小正方形和6个小长方形组成，面积为 ，
∴ ，
故答案为： ．
15
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第15题★
如图，已知∠ACB＝∠BDA＝90°，请你添加一个条件，使得≌．你添加的条件是：．（写出一个符合题意的即可）
答案
解析
AC＝BD（答案不唯一）
【分析】
根据全等三角形的判定定理求解即可．
【详解】
解：添加的条件是AC＝BD（答案不唯一），理由如下：
∵∠ACB＝∠BDA＝90°，
∴△ACB和△BDA是直角三角形， 在Rt△ACB和Rt△BDA中，
，
∴△ACB≌△BDA（HL），
故答案为：AC＝BD（答案不唯一）．
【点睛】
此题考查了全等三角形的判定，熟记全等三角形的判定定理是解题的关键．
16
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第16题★★ 运用分式的知识，解决以下问题：
当时，随着x的增大，的值（增大或减小）；
当时，若x无限增大，则的值无限接近一个数，这个数为．
答案
解析
减小 ; 3
【分析】
本题考查分式的性质．由的变化情况，判断的变化情况即可．
【详解】
解：∵，
当时，随着 的增大而减小，
∴随着 的增大，的值减小，即的值减小； 当时，若x无限增大，则无限接近于0，
∴的值无限接近于3， 故答案为：减小，3．
三、解答题
17
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第17题★★ 计算：
(1)
(2)
答案
(1)
(2)
解析
【分析】
本题考查整式的乘法．
利用单项式乘以多项式的法则，进行计算即可；
利用多项式乘多项式的法则，进行计算即可． 掌握相关运算法则，正确的计算，是解题的关键．
【详解】
解：原式 ；
原式 ．
18
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第18题★★ 分解因式：
(1) ；
(2) ．
答案
(1)
(2)
解析
【分析】
本题考查了提公因式法与公式法的综合运用．
先提公因式，然后再利用完全平方公式继续分解即可；
先提公因式，然后再利用平方差公式继续分解即可
【详解】
（1）解：

；
（2）
．
19
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第19题如图，已知AC和BD相交于点O，且AB DC，OA=OB． 求证：OC=OD．
★★★
答案
解析
证明见解析．
【分析】
首先根据等边对等角可得∠A=∠B，再由DC AB，可得∠D=∠A，∠C=∠B，进而得到∠C=∠D， 根据等角对等边可得CO=DO．
【详解】
证明：∵AB CD
∴∠A＝∠D， ∠B＝∠C
∵OA=OB
∴∠A＝∠B
∴∠C＝∠D
∴OC＝OD
20
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第20题★★
为筹办一个大型运动会，某地打算修建一个大型体育中心，已知该地有三个城镇中心（图1中以P，Q， R表示）和两条高速公路（图1中以线段PQ，线段PR表示），在选址过程中，小度同学建议该体育中心所在位置应与该地人口较多的城镇中心P，Q的距离相等，且到两条高速公路PQ，PR的距离也相等．请你根据上述小度的建议，试在图2中标出体育中心M的位置．（请保留作图痕迹，不必写作法）
答案
解析
图见解析
【分析】
本题考查角平分线的性质，中垂线的性质，根据题意，得到点是线段的中垂线以及 的角平分线的交点，根据尺规作垂线和角平分线的方法作图即可．解题的关键是确定点的位置．
【详解】
解：由题意，得：点是线段的中垂线以及的角平分线的交点，如图所示：
21
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第21题★★★
如图，已知，，E、F是上两点，且．
(1)求证：≌；
(2)若，，求的度数．
答案
(1)见解析
(2)
解析
【分析】
由题意易证，根据平行线的性质可得出，从而可由证明≌；
根据三角形外角的性质得出 ，再根据全等三角形的性质即得出．
【详解】
（1）证明：∵，
∴，即．
又∵，
∴．
本题考查三角形全等的判定和性质，平行线的性质，三角形外角的性质．熟练掌握三角形全等的判定和性质是解题关键．
22
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第22题★★
解分式方程：；
先化简，再求值：，其中．
在
和
中
，
∴
≌
；
（2）解：∵
，
，
∴
∵
≌
，
，
∴
．
【点睛】
答案
（1）；（2），
解析
【分析】
此题考查了分式的化简求值，以及解分式方程，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到x的值，经检验即可得到分式方程的解；
先把分子分母因式分解，再把除法运算化为乘法运算，然后约分后得到最简结果，把x的值代入计算即可求出值．
【详解】
解：（1），
方程两边乘 ，得
，
解得，
（2）
，
当
时，原式
经检验，是原分式方程的解， 所以，原分式方程的解为；
23
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第23题★★
将沿AD折叠，使点C刚好落在AB边上的点E处．
在图1中，若，， ，求和的面积；
在图2中，若，求证：．
答案
解析
(1)2，12
(2)见解析
【分析】
根据折叠性质和三角形的面积公式求解即可；
由折叠性质和三角形的外角性质证得，，，再根据等角对等边证得，进而可证得结论．
本题考查了折叠性质、三角形的外角性质、等腰三角形的判定，熟练掌握折叠性质是解答的关键．
【详解】
（2）解：由折叠性质得，，，
∵，，
（1）解：由折叠性质得：
，
≌
，，
∴
，
，
∵
∴
，

；
∴
，
∴
，
又∵
，
∴
．
24
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第24题列分式方程解下列应用题：
★★★
为响应国家节能减排的号召，某公司计划购买A，B两种型号的新能源电动汽车．已知A型车比B型车的单价少3万元，且用180万元购买A型车与用240万元购买B型车的数量相等．求A型车的单价．
用电脑程序控制小型赛车进行比赛，“畅想号”和“和谐号”两辆赛车进入了决赛，比赛前的练习 中，两辆车从起点同时出发，“畅想号”到达终点时，“和谐号”离终点还差．已知“畅想号”的平均速度为．如果两车重新开始比赛，“畅想号”从起点向后退，两车同时出发，两车能否同时到达终点？若能，求出两车到达终点的时间；若不能，请说明理由，并调整其中一辆车的平均速度，使两车能同时到达终点．
答案
解析
A型车的单价为9万元
两车不能同时到达终点，理由见解析；当调整后“畅想号”的速度不变，“和谐号”的速度为 时，两车能同时到达终点．
【分析】
本题主要考查了分式方程的实际应用，正确理解题意找到等量关系列出方程是解题的关键．
设A型车的单价为x万元，则B型车的单价为万元，根据用180万元购买A型车与用240万元购买B型车的数量相等列出方程求解即可；
设“和谐号”的速度为 ，根据“畅想号”到达终点时，“和谐号”离终点还差 列出方程求出“和谐号”的速度，进而求出重新比赛后两辆车到达终点的时间即可得到结论；设调整后“畅想号”的速度不变，“和谐号”的速度为 ，根据时间 路程 速度列出方程求解即可．
【详解】
解：设A型车的单价为x万元，则B型车的单价为万元， 由题意得，，
解得，
经检验，是原方程的解， 答：A型车的单价为9万元；
解：两车不能同时到达终点，理由如下： 设“和谐号”的速度为，
由题意得， ，
解得 ，
经检验， 是原方程的解，
∴“和谐号”的速度为 ；
∴重新比赛时，“畅想号”到达终点的时间为 ，“和谐号”到底终点的时间为
∴两车不能同时到达终点；
设调整后“畅想号”的速度不变，“和谐号”的速度为， 由题意得，，
解得，
经检验，是原方程的解，
∴当调整后“畅想号”的速度不变，“和谐号”的速度为时，两车能同时到达终点．
25
2023~2024学年广东广州番禺区初二上学期期末第25题★★★★
如图1，在中，， ，将线段绕点B逆时针旋转 得到线段．
如图1，直接写出的大小；（用含 、的式子表示）
如图2，当 时，E为外的一点，，，判断的形状，并加以证明．
若将线段也绕点B顺时针旋转 得到线段，当C，D，E三点在同一条直线上时，请探究与的数量关系，并说明理由．
答案
解析
(1)或
(2)等边三角形，见解析
(3)或 ，理由见解析
【分析】
分在的内部和外部，两种情况进行讨论求解即可；
连接，先证明≌，再证明≌，得到即可；
分点在之间和点 在之间，进行讨论求解即可．
【详解】
（1）解：∵， ，
∴ ，
∵线段绕点B逆时针旋转 得到线段，
∴，
当在的内部时：；
当在的外部时：；
∴≌，
∴，
∴由（1）知 ，
∵，
∴，
∴ ，
∴，
又，
∴≌，
∴，
∵，
∴为等边三角形；
（3）解：当点 在之间时，如图：
综上：
或
；
（2）解：
连接
为等边三角形，证明如下：
，
∵旋转，
，
∴
，
∴
为等边三角形，
∴
，
∵
，
，
∵旋转，
∴AB=AE, BC=BD, LCBD = LABE =/3，
∴
11
乙AB D ＝ 乙C B E = (3 —乙 AB C，乙B C D ＝ 乙B D C = i (I 80° -(3) ＝ 90° - －(3
22
，
∴ /:::,BAD ≌ /:::,B E G，乙B C E = 18 0° —乙 B C D = 18 0° — 90°
，
∴ /ADB= /BCE=－1 /3＋ 90°，
211
1 _1
十 —/3 = —
2 '2
f3 + 90°
∴LAD C = 乙AD B — / B D C = －/3 ＋ 90° — 90° +－2 /3 ＝ /3；
②当点D 在CE 之间时，如图，
—
同理可得：L_BCD = L_BDC = 1 (180 ° — (3) ＝ g— 1 (3，L:. BAD
—
≌ L:. BEG ，
1 22
∴乙AD B = 乙B C E = 90° -(3 ，
2
∴ ．
综上： 或 ．
【点睛】
本题考查旋转的性质，等腰三角形的判定和性质，等边三角形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，掌握旋转的性质，构造全等三角形，是解题的关键．