2025-2026学年海南省海口市第四中学高三上学期第一次月考物理试卷（学生版）

这是一份2025-2026学年海南省海口市第四中学高三上学期第一次月考物理试卷（学生版），共17页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
考生注意：本试卷共有四道大题，时间90分钟，满分为100分。
一、单项选择题（本题包括8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。）
1. 我国的《墨经》中提到“力，形之所以奋也”，意为力是使有形之物突进或加速运动的原因，力的单位用国际单位制的基本单位符号来表示，正确的是（ ）
A. B. C. D.
2. 汽车以的速度在水平路面上匀速前进，紧急制动后做匀减速直线运动，加速度大小为，则刹车后5s时汽车的速度为（ ）
A. 0B. C. D.
3. 图甲是一款手机支架，其表面采用了纳米微吸材料，用手触碰无粘感，接触到平整的硬性物体时会牢牢吸附在物体上。图乙是手机静止吸附在支架上的侧视图，若手机的重力为G，此时手机面与水平面夹角为θ，则该支架对手机作用力大小为
A. GB. GsinθC. GcsθD. Gtanθ
4. 细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示。（已知cs53°=0.6，sin53°=0.8，重力加速度为g）以下说法正确的是（ ）
A. 小球静止时弹簧的弹力大小为mg
B. 小球静止时细绳的拉力大小为mg
C. 细绳烧断瞬间小球的加速度立即为g
D. 细绳烧断瞬间小球的加速度立即为g
5. 如图所示，A、B物体通过不可伸长的轻绳连接，A在外力作用下向右以速度v0匀速移动，当轻绳与水平方向夹角为θ时，物体B的速度为v，则下列说法正确的是（ ）
A. v= v0csθB.
C B将向右匀速运动D. B将向右减速运动
6. 2025年元旦，安徽亳州市谯城区万达广场的民间艺人在表演“火流星”。如图所示，表演者在细绳的一端拴一质量为m=2kg的铁丝棉（可视为质点），用力甩动使其在竖直平面内绕固定点O做半径为L=1m的圆周运动。已知细绳能承受的最大拉力Tmax=118N，O点离地高度h=6m，不计空气阻力，重力加速度取，若铁丝棉在某次运动到最低点时细绳恰好被拉断，之后做平抛运动，则铁丝棉做平抛运动的落到水平地面的时间和水平距离分别为（ ）
A. 1s 7mB. 2s 7mC. 1s 14mD. 2s 14m
7. 如图甲所示为某社区安装的旋转飞椅，钢绳一端系着座椅，另一端固定在水平转盘的边缘，转盘可以绕过其中心的竖直轴转动。简化模型如图乙所示：吊绳长为L、上端与竖直转轴间的距离为x，下端系有可以视为质点的小球，小球A、B的质量分别为2m、m。竖直转轴匀速转动时，吊绳AC、BD与竖直方向的夹角均为，不计空气阻力的影响和吊绳的质量，重力加速度为g。则（ ）
A. 吊绳对A球的拉力大小为
B. 小球A所受合力大小为
C. 小球A围绕竖直转轴转动的速度大小为
D. 小球B做匀速运动的周期为
8. 如图所示，质量为足够长的小车放在光滑的水平面上，在小车右端放上一个大小不计、质量为的小物块，小物块与小车间动摩擦因数。现在小车右端加一水平拉力，经时间撤去拉力，以下说法正确的是（ ）
A. 在的作用下，小车的加速度大小为
B. 刚撤去时，小物块离小车右端的距离为
C. 最终小车与小物块做匀速运动的速度大小为
D. 最终小物块离小车右端的距离为
二、多项选择题（本题包括5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错的得0分。）
9. 为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯，无人乘行时，扶梯运转得很慢，有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。则在加速过程中，下列说法中正确的是（ ）
A. 顾客受到三个力作用
B. 顾客处于超重状态
C. 扶梯对顾客没有摩擦力的作用
D. 顾客对扶梯的压力等于顾客的重力
10. 三颗人造地球卫星A、B、C绕地球做匀速圆周运动，如图所示，已知，则对于三颗卫星，正确的是（ ）
A. 运行线速度关系为
B. 运行周期关系为
C. 向心力大小关系为
D. 半径与周期关系为
11. 如图所示，足够长的斜面固定在水平地面上，斜面上有一光滑小球，跨过滑轮的细线一端系住小球，另一端系在竖直弹簧的上端，弹簧的下端固定在地面上。手持滑轮，系统处于平衡状态。若滑轮在手的控制下缓慢向下移动，直到拉着小球的细线与斜面平行，则这一过程中（ ）
A. 弹簧弹力先减小后增大B. 弹簧弹力逐渐减小
C. 斜面对小球支持力逐渐减小D. 斜面对小球支持力逐新增大
12. 一列简谐横波沿x轴正方向传播，时刻波传播到处的M点，波形如图1所示；图2是处质点N的振动图像，Q是位于处的质点。下列说法正确的是（ ）
A. 这列波的传播速度是1m/s
B. 该简谐横波的起振方向为y轴正方向
C. 时质点Q首次到达波谷位置
D. 从开始计时到波刚传到Q点时，P点通过的路程为50cm
13. 如图所示，两根足够长光滑平行导轨相距，导轨左侧倾斜，右侧部分固定在水平面上，水平面上存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为，倾斜部分不存在磁场。金属杆乙垂直放在水平导轨上，金属杆甲垂直放在倾斜导轨上，与水平面的高度差为。某时刻由静止释放金属杆甲，金属杆甲加速下滑，不计转弯处能量损失，进入水平面上的磁场区域后刚好未与金属杆乙发生碰撞。已知金属杆甲、乙质量均为，接入电路的电阻均为，导轨电阻不计，金属杆与导轨垂直且接触良好，重力加速度取，以下说法正确的是（ ）
A. 甲下滑至磁场时的感应电动势为0.3V
B. 金属杆乙的最大速度为
C. 通过回路某截面的电量最大值为
D. 金属杆乙加速运动过程中，相对于金属杆甲的位移大小为
三、实验题（本题共2小题，第14题12分，第15题10分，共22分。）
14. 在探究合力的求法的实验中，两个弹簧秤的拉力F1和F2已于图中作出了它们的图示，O是橡皮条的一个端点，图中每格的长度代表1N。
(1)用作图法作出合力F的图示；
(2)合力F的大小是_______N。
15. “探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示。小车后面固定一条纸带，穿过电火花打点计时器，细线一端连着小车，另一端绕过光滑的定滑轮和质量不计的动滑轮与挂在竖直平面内的拉力传感器相连，拉力传感器用于测小车受到拉力的大小。
（1）实验中___________（填写“需要”或“不需要”）满足所挂钩码质量远小于小车质量。
（2）若某同学实验过程中忘记了平衡摩擦力，其他操作都正确，则他所得到的小车关系图像应是下图中的___________（图中纵坐标表示小车的加速度a，横坐标表示细线对小车的拉力F）。
A. B.
C. D.
（3）某小组在实验中打出的纸带如图乙所示，图中相邻两计数点间还有4个点未画出，打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz。则小车的加速度大小为___________（结果保留两位有效数字）。
（4）若所有操作都正确，现测得小车的质量为M，小车的加速度为a，当地重力加速度为g，则钩码的总质量___________（用M、a、g表示）。
16. 某实验小组欲测量新、旧电池的电动势E和内阻r，实验室提供了以下器材：
待测新电池一节（电动势约为1.5V，内阻约为0.5Ω）
待测旧电池一节（电动势约为1.2V，内阻约为2Ω）
电压表V（量程0~3V，内阻约为3kΩ）
电流表A（具有一定内阻，量程0~0.6A）
滑动变阻器（，额定电流2A）
滑动变阻器（，额定电流0.5A）
定值电阻（阻值20.0Ω，额定功率10W）
定值电阻（阻值2.0Ω，额定功率5W）
开关S，导线若干
如图（a）为实验电路原理图
（1）请用笔画线代替导线在图（b）中完成实物连接图。
（2）为了更准确地测量新电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选用______（填“”或“”）
（3）实验小组根据测量新电池得到的数据，在坐标纸上画出了U—I图像（U为电压表读数，I为电流表读数），如图所示。由图像可得新电池的电动势______V，内阻______Ω（结果均保留两位小数）。
（4）若考虑电流表和电压表内阻对实验结果的影响，对于旧电池，同样采用上述实验方法，由于电压表分流导致的测量误差会比新电池的______（填“大”或“小”）。
四、计算题（本题共3小题，共34分。解答应写出必要的文字说明。方程式及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
17. 如图所示，固定的竖直气缸内有一个质量为的活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞横截面积为S，气缸内气体的初始热力学温度为，高度为，已知大气压强为，重力加速度为g。现对缸内气体缓慢加热，忽略活塞与气缸壁之间的摩擦。
（1）当气体的温度变为时，求活塞与气缸底部的距离h；
（2）气体的温度变为后，若缓慢将气缸顺时针旋转至开口水平向右，并保持气体的温度为不变，求过程结束时活塞与气缸底部的距离h′。
18. 如图所示，倾角固定斜面的底端与光滑水平面BC平滑相连，水平传送带CD两端间距离为L=3m，传送带沿顺时针方向匀速运行，速度大小为v=6m/s，传送带上表面与光滑水平面DE在同一水平面内。水平面DE与半径为的竖直半圆形光滑轨道EF相切，现将质量为m=1kg的小物块（可看成质点）从斜面上高处的A点由静止释放，运动到B点的速度为vB=1m/s，小物块滑过传送带及水平面DE后从E点进入半圆形轨道，通过最高点F点后做平抛运动落在水平面上的G点。已知小物块与传送带上表面间的动摩擦因数为，，，重力加速度，不计空气阻力，求：
（1）小物块与斜面之间的动摩擦因数；
（2）小物块运动到半圆轨道最高点F时对轨道的压力大小FN；
（3）传送带因传送货物多消耗的能量E0。
19. 如图所示，在平面直角坐标系xOy的第三象限存在竖直向下的匀强电场，场强大小为E；第二象限存在水平向左的匀强电场（未知），第一象限内存在垂直于坐标平面向里的匀强磁场（未画出）。质量为m、电荷量为的带电粒子从第三象限中的某一点无初速度释放，经电场加速后从P点垂直于x轴进入第二象限，然后从点进入第一象限，再经磁场偏转后垂直于x轴进入第四象限。不计粒子重力，求：
（1）粒子经过P点时的速度大小；
（2）第二象限内匀强电场场强大小；
（3）磁场的磁感应强度B大小。

参考答案
1. 【答案】B
【解析】A．根据可知是动量单位，故A错误；
B．根据牛顿第二定律的表达式可知
则力的单位用国际单位制的基本单位符号来表示为，故B正确；
C．根据功的表达式可知是功的单位，故C错误；
D．可能是角动量单位，与力无关，故D错误。故选B。
2. 【答案】A
【解析】利用逆向思维，汽车速度减为零的时间
则刹车后5s后的速度为0。故选A。
3. 【答案】A
【解析】手机处于静止状态，受力平衡，受到重力和支架对手机的作用力，根据平衡条件可知，支架对手机的作用力大小等于重力G，方向与重力方向相反，故A正确。故选A。
4. 【答案】D
【解析】AB．当小球静止时，对小球受力分析，受重力、弹簧的弹力和绳子的拉力，如图所示
由平衡条件可得，
解得，，故AB错误；
CD．细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，由牛顿第二定律可得，故C错误；D正确。故选D。
5. 【答案】B
【解析】AB．将B物体水平方向的速度沿轻绳方向和垂直绳方向分解可得
解得，故A错误，B正确；
CD．由公式可知，A物体向右运动过程中变大，所以变小，所以B物体做加速运动，故CD错误。故选B。
6. 【答案】A
【解析】细绳恰好被拉断，则
铁丝棉在最低点时，根据牛顿第二定律得
代入数据得
铁丝棉做平抛运动，设下落的时间为,水平距离为
则有，
联立解得，故选A。
7. 【答案】D
【解析】A．小球受到的重力和吊绳拉力的合力提供向心力，根据几何关系有
吊绳的拉力大小为，故A错误；
B．根据牛顿第二定律有
对A球有，解得
A球所受合力大小为，故B错误；
C．小球A做匀速圆周运动的半径
小球B，绕竖直转轴转动的速度大小为，故C错误；
D．由，则B球与A球的周期相等，故D正确。故选D
8. 【答案】C
【解析】A．假设小车和物块相对静止，则加速度
此时物块与小车间的摩擦力
可知物块与小车间会产生相对滑动，则对小车根据牛顿第二定律可得
解得，选项A错误；
B．撤去之前，小物块只受摩擦力作用，加速度为
刚撤去F时，小物块离小车右端的距离为
解得，选项B错误；
C．刚撤去时，，
撤去后，小车的加速度
最终速度，解得=2.8m/s，选项C正确；
D．在内，小物块和小车的相对位移，解得m
最终小物块离小车右端的距离m。选项D错误。故选C。
9. 【答案】AB
【解析】AC．在加速过程中，以人为研究对象，人受到重力、支持力和水平方向的静摩擦力，在三个力的作用下沿电梯加速上升，故A正确，C错误；
BD．顾客有竖直向上的加速度分量，根据牛顿第二定律
因此顾客的重力小于支持力，故顾客处于超重状态，故B正确，D错误。故选AB
10. 【答案】ABD
【解析】AB．卫星绕地球做匀速圆周运动，
由万有引力提供向心力得可得，，
由于，则有，，，故AB正确；
C．根据，，
可得，，故C错误；
D．根据开普勒第三定律可得，故D正确。故选ABD
11. 【答案】BD
【解析】在缓慢移动过程中，小球在重力G、斜面对其支持力和细线上的张力三力的作用下保持动态平衡，故三个力可以构成一个封闭的矢量三角形如图所示
因G的大小和方向始终不变，的方向不变，大小可变，的大小、方向都在变，因此可以作出一系列矢量三角形，由图可知，逐渐增大，只能变化到与垂直，故是逐渐变小的，因弹簧弹力与是一对平衡力，则弹簧弹力逐渐减小，选项BD正确，AC错误。故选BD。
12. 【答案】AD
【解析】A．由图1可知波长
由图2可知周期，所以这列波的传播速度是，故A正确；
B．由图1可知质点M的起振方向是y轴负方向，所以该简谐横波的起振方向为y轴负方向，故B错误；
C．波从M传播到Q的时间
时质点Q振动的时间
时质点Q首次到达波峰位置，故C错误；
D．从开始计时到波刚传到Q点用时
从开始计时到波刚传到Q点时，P点通过的路程为
故D正确。故选AD。
13. 【答案】AC
【解析】A．甲下滑至磁场中时，根据动能定理有，解得
此时感应电动势达到最大值，则有，故A正确；
B．甲进入磁场后，甲开始减速，乙开始加速。两者速度相等后，共同向右匀速运动，
对甲乙构成的系统，根据动量守恒定律有，解得，故B错误；
C．对乙进行分析，根据动量定理有
根据电流定义式有，解得，故C正确；
D．金属杆乙加速运动过程中，令相对于金属杆甲的位移为x，
感应电动势的平均值
感应电流的平均值
根据电流定义式有
结合上述解得x=3m，故D错误。
故选AC。
14. 【答案】 (1)见解析 (2)5N
【解析】(1)根据平行四边形画出合力如图
(2)由图可以数出合力的长度是5个小格，所以合力大小为F合=5×1N =5N
15. 【答案】（1）不需要 （2）D （3）2.0 （4）
【解析】【小问1】因细绳上连有拉力传感器可以准确测出绳的拉力从而得到小车的合力，则不需要用钩码的重力近似替代绳的拉力，则实验中不需要满足所挂钩码质量远小于小车质量。
【小问2】若某同学实验过程中忘记了平衡摩擦力，则用一定的外力拉物体时加速度为零，故图像不过坐标原点，与横坐标有交点；又因为使用了拉力传感器，故图像不会弯曲，故选D。
【小问3】图中相邻两计数点间还有4个点未画出，
故计数点间的时间间隔为
由逐差法求加速度可得
【小问4】钩码挂在动滑轮下，若小车的加速度为a，则钩码加速度为，对钩码受力分析，由牛顿第二定律可知，可得
小车平衡摩擦力后，由牛顿第二定律可得，联立可得
16. 【答案】（1）见解析 （2）R1 （3）1.45 ；0.50 （4）小
【解析】【小问1】根据电路图连接实物图，如图所示
【小问2】图（a）电路图的系统误差在于电压表的分流，为了减小误差，需要使电压表的内阻远远大于滑动变阻器接入电阻，可知，滑动变阻器选择总阻值小一些的，即滑动变阻器应选用。
【小问3】实验中，为了减小电压表读数误差，需要使得电压表示数变化幅度大一些，即需要在电源上串联一个小电阻，可知串联的定值电阻选择。
根据闭合电路欧姆定律有
根据图像有，，解得
【小问4】根据闭合电路欧姆定律有
则电压表示数变化
由于旧电池电动势小于新电池电动，旧电池内阻大于新电池内阻，结合上述可知，旧电池相对于新电池，电压表的分流相对较小，造成的实验误差较小。
17. 【答案】（1） （2）
【解析】【小问1】缸内的气体为等压变化，初态，
末态，
由盖-吕萨克定律得 ，联立解得
【小问2】缸内的气体为等温变化，初态，
末态，
由玻意耳定律有 得
18. 【答案】（1）0.7 （2）40N （3）30J
【解析】【小问1】小物块从A点静止下滑到B点，
根据动能定理有，代入数据解得
【小问2】小物块滑上传送带，因，所以小物块在传送带上先做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有，解得
设经过时间，小物块与传送带共速，则有，解得
则小物块运动的位移为
说明小物块在传送带后一段做匀速直线运动，即小物块在D点的速度等于传送带的速度，则有
小物块从D点到F点，根据动能定理有，解得
在F点，根据牛顿第二定律有
根据牛顿第三定律可得小物块运动到半圆轨道最高点F时对轨道的压力大小
【小问3】当小物块在传送带上做匀加速直线运动时，小物块对传送带的摩擦力做负功，需要多消耗能量，则有
19. 【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】（1）设粒子从Q点静止释放，在匀强电场中做做匀加速直线运动到达P点进入第二象限，设粒子经过P点速度大小为，根据动能定理有解得
（2）粒子进入电场后做类平抛运动，
解得，，解得
（3）设经过y轴上A点时速度与y轴夹角为，，解得
则粒子进入磁场中的速度为

设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，则有，解得
由洛伦兹力提供向心力得，联立解得