四川省眉山市彭山区第一中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试卷（含解析）

这是一份四川省眉山市彭山区第一中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试卷（含解析），共15页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．下列有关磁场的四个表述，说法正确的是（ ）
A．磁场是客观存在的一种物质，磁感线也是真实存在的
B．由定义式可知，电流越大，导线越长，某点的磁感应强度就越小
C．磁场中的一小段通电导线在该处受力为零，此处磁感应强度不一定为零
D．闭合线圈面积越大，穿过线圈的磁通量就越大
2．实验室有一块小量程电流表，满偏电流为，内阻为。现某同学想把它改装为的电压表使用，则应（ ）
A．并联一个阻值为的定值电阻B．并联一个阻值为的定值电阻
C．串联一个阻值为的定值电阻D．串联一个阻值为的定值电阻
3．在地面上插入一对电极M和N，将两个电极与直流电源相连，大地中形成恒定电流和恒定电场。恒定电场的基本性质与静电场相同，其电场线分布如图，P、Q是电场中的两点，E、F是电极M和N连线的中垂线上的两点。下列说法正确的是（ ）
A．P点场强比Q点场强大
B．P点电势比Q点电势高
C．P点电子的电势能比Q点电子的电势能大
D．正电荷在E点的电势能比在F点的电势能小
4．元件甲、乙的图像如图所示，倾斜虚线是曲线乙在交点处的切线。根据图中所给的坐标信息，分析下列说法正确的是（ ）
A．甲、乙均为线性元件
B．乙的电阻随电压的增大而减小
C．当电压为U0时，甲的电阻为
D．当电压为U0时，乙的电阻为
5．如图所示，在磁感应强度大小为的匀强磁场中（图中未画出），相距为L的两无限长直导线P和Q垂直于纸面固定放置。两导线均通有方向垂直于纸面向里、大小相等的电流时，纸面内与两导线距离均为L的a点处磁感应强度为零。b点与a点关于PQ连线对称。下列说法正确的是（ ）
A．匀强磁场的方向平行于PQ向右
B．P的电流在a点处产生的磁场的磁感应强度大小为
C．仅将P中的电流方向反向，PQ连线中点磁场方向垂直于PQ向上
D．仅将Q中的电流方向反向，b点的磁感应强度大小为
6．如图所示，电压表、电流表均为理想电表，当闭合开关S后将滑动变阻器的滑片P向下滑，则下列说法不正确的是（ ）
A．电路再次稳定时，电源效率减小
B．电源的内部消耗功率增大
C．灯L1变亮，电压表的示数减小，电源输出功率减小
D．灯L2变暗，电流表的示数增大，电容器极板的带电量减少
7．如图所示，一质量为m、长为L的导体棒水平放置在倾角为θ的光滑斜面上，整个装置处于垂直于斜面向上的匀强磁场中。当导体棒中通有垂直纸面向里的恒定电流I时，磁场的方向由垂直于斜面向上沿逆时针转至水平向左的过程中，导体棒始终静止，重力加速度大小为g，则磁感应强度大小的取值范围是（ ）
B．
C．D．
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．奥斯特寻找电和磁的联系时做了大量的实验，引起了同学们的探究热情。图甲中的小磁针a置于通电导线环的中心，图乙中的小磁针b置于通电导线的延长线；图丙、丁中的小磁针c和d置于平行通电导线之间的中线上，且两通电导线的电流大小相等。下列说法正确的是（ ）
A．甲图中小磁针a最终静止时，N极指向垂直纸面向外
B．乙图中小磁针b最终静止时，N极指向垂直纸面向外
C．丙图中小磁针c最终静止时，N极指向垂直纸面向外
D．丁图中小磁针d最终静止时，N极指向垂直纸面向外
9．如图，A、B、C三点都在平行纸面的匀强电场中，已知AC垂直BC，，，把一个电荷的负电荷从A移到B，电场力做功为零；从A移到C，克服电场力做功。则下列说法正确的是（ ）
A. 直线AB上各点电势相等，为等势线
B. 直线BC上各点电势相等，为等势线
C. 匀强电场，方向垂直AB向左上方
D. 匀强电场，方向垂直AC向左
10．如图所示，ABCD是正四面体的四个顶点，在顶点B、C分别固定有带电荷量为的点电荷，O点为BC边的中点。取无限远处电势为零，不考虑电子和试探电荷对电场的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．O点的电势高于A点的电势
B．A点的电场强度等于D点的电场强度
C．将电子从O点沿直线移动到D点，电场力一直做正功
D．将一带正电的试探电荷从A点沿AD边移动到D点，电场力先做负功后做正功，总功为零
二、实验题（共15分）
11.（6分）（1）如图所示为某次正确规范使用螺旋测微器测量金属丝的直径的读数，则直径 ；
（2）某次用游标卡尺测量金属丝直径，示数如图所示，则金属丝的直径为 mm；
（3）该小组选用伏安法测量金属丝的电阻，在测量之前，如图甲所示用欧姆表“×10”倍率大致测量电阻阻值，则金属丝阻值 Ω，
12．（9分）如图所示，老师准备按该电路图选择合适的器材连接好后用来测量电源电动势和内阻。
(1)开关闭合前滑动变阻器R的滑片滑到 （填“最左侧”或“最右侧”）。
(2)根据实验测得的几组I、U数据作出U-I图像如图所示，由图像可确定：该电源的电动势为 V，电源的内电阻为 Ω（结果保留到小数点后两位）。
三、解答题：本题共3小题，共39分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13．（10分）通过电动机提升重物的电路如图所示，电源电动势E=12V，电源内阻r=2Ω，电阻R=3.5Ω。当重物质量很大时，闭合开关S，电动机未能提起重物，理想电压表的示数为8V；当重物质量减小到某一合适的值时，闭合开关S，稳定后电动机以恒定速度提升重物，此时电压表的示数为10V。转轴与细绳间不打滑，不计阻力，重力加速度g=10m/s2。求：
(1)电动机的内阻r0；
(2)重物匀速上升时电动机消耗的功率
14．（12分）如图所示，两根倾斜直金属导轨aa'、bb'平行放置，两导轨之间的距离L=0.50m，导轨平面与水平面之间的夹角θ=37°。一根质量m=0.05kg的均匀直金属杆MN垂直放在两导轨上处于静止状态，整个装置处于与导轨所在的平面垂直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T。在导轨的上端接有电动势E=3V、内阻r=1Ω的电源，电阻R=2.0Ω，其余电阻不计。sin37°=0.6，cs37°=0.8，g=10m/s2。求：
(1)通过电阻R的电流大小；
(2)MN棒受到的安培力大小；
(3)金属导轨与MN棒间的摩擦力大小。
15.（17分） 在一柱形区域内有匀强电场，柱的横截面积是以O为圆心，半径为R的圆，AB为圆的直径，如图所示。质量为m，电荷量为q（q>0）的带电粒子在纸面内自A点先后以不同的速度进入电场，速度方向与电场的方向垂直。已知刚进入电场时速度为零的粒子，自圆周上的C点以速率v0穿出电场，AC与AB的夹角θ=60°。运动中粒子仅受电场力作用。
（1）求电场强度的大小。
（2）为使粒子穿过电场后的动能增量最大，该粒子进入电场时的速度应为多大。
（3）为使粒子穿过电场前后动量变化量的大小为mv0，该粒子进入电场时的速度应为多大。
彭山一中高二上学期12月月考物理答案
1．【详解】A．磁场是客观存在的物质，但磁感线是人为假想的曲线，用于描述磁场分布，并非真实存在。故A错误。
B．磁感应强度由磁场本身决定，与电流和导线长度无关。公式是定义式，仅用于计算的大小，但的实际值取决于磁场源和位置，而非或。故B错误。
C．通电导线受力，当导线方向与磁场平行（或）时，，此时，但本身可能不为零。故C正确。
D． 磁通量，其大小取决于磁感应强度、面积和磁场与线圈的夹角。若或，即使S增大，仍为零。故D错误。
故选C。
2．【答案】C
【详解】现某同学想把它改装为的电压表使用，需串联电阻，满足
代入数据解得
故选C。
3．【答案】B
【详解】A．根据图中电场线的疏密程度可知，P点场强比Q点场强小，故A错误；
BC．根据沿电场方向电势逐渐降低可知，P点电势比Q点电势高；根据，由于电子带负电，所以P点电子的电势能比Q点电子的电势能小，故B正确，C错误；
D．由题图可知，E点和F点处于同一等势面上，所以正电荷在E点的电势能等于在F点的电势能，故D错误。
故选B。
4．【答案】C
【详解】A．由题图可知，甲为线性元件，乙不是线性元件，故A错误；
B．根据欧姆定律可得，由题图可知，乙的电阻随电压的增大而增大，故B错误；
CD．由题图可知，当电压为U0时，甲的电阻为
乙的电阻为，故C正确，D错误。
故选C。
5．【答案】B
【详解】AB．对a点的磁场分析如图1所示，设P和Q在a点产生的磁场的磁感应强度大小均为B，当P和Q中的电流都垂直于纸面向里时，根据安培定则可知，P在a点产生的磁场的磁感应强度方向为水平向右偏下30°，Q在a点产生的磁场的磁感应强度方向为水平向右偏上30°，由矢量合成的平行四边形定则可知两者在a点产生的合磁场的磁感应强度大小为
方向水平向右，所以匀强磁场的方向为水平向左，又因a点的磁感应强度大小为零，故
解得，故A错误，B正确；
C．仅将P中的电流方向反向，P、Q在PQ连线中点产生的磁场大小相等，方向垂直于PQ向上，匀强磁场水平向左，所以PQ连线中点磁场方向为斜向左上方，故C错误；
D．仅将Q中的电流方向反向，P在b点产生的磁场的磁感应强度方向为水平向左偏下30°，Q在b点产生的磁场的磁感应强度方向为水平向右偏下30°，如图2所示，P和Q在b点产生的磁场的磁感应强度大小相等夹角为120°，则可知矢量和大小为B，方向竖直向下，根据平行四边形定则得b点的磁感应强度大小为，故D错误。
故选B。
6．【答案】C
【详解】A．电源的效率
将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路电阻减小，则电源的效率减小，故A正确；
B．根据可知流过电源的电流变大，根据可知电源的内部消耗功率增大，故B正确；
CD．灯与滑动变阻器间接串联，灯和电压表、电容器与滑动变阻器并联，电流表与滑动变阻器串联，根据串反并同规律可知，灯变亮，灯变暗，电流表示数增大，电压表示数减小，电容器两极板间的电压减小，根据可知电容器极板所带的电荷量减少，外电阻和内阻的关系不能确定，则不能确定电源的输出功率的变化情况，故C错误，D正确。
本题选不正确项，故选C。
7．【答案】D
【详解】
如图导体棒受到重力mg、斜面的弹力和安培力，且三力的合力为零，从图中可以看出，在磁场方向变化的过程中，安培力一直变大，导体棒受到斜面的弹力一直变小，由于，其中电流I和导体棒的长度L均不变，故磁感应强度渐渐变大，当磁场方向垂直斜面向上时，安培力沿斜面向上，此时安培力最小，最小值为
则
当磁场方向水平向左时，安培力方向竖直向上，此时对应的安培力最大，最大安培力为
则磁感应强度的最大值。
故选D。
8．【答案】AC
【详解】A．根据右手螺旋定则，甲图线圈内产生的磁场垂直于纸面向外，故小磁针a最终静止时，N极指向磁场方向向外，故A正确；
B．由于通电导线在其延长线上无磁场，故小磁针b不会动，故B错误；
C．通电导线产生磁场方向可由右手螺旋定则判断可知，通电导线在小磁针c处产生的磁场垂直于纸面向外，故小磁针c最终静止时，N极指向磁场方向向外，故C正确；
D．通电导线产生磁场方向可由右手螺旋定则判断可知，两导线在小磁针d处产生的磁场等大反向抵消为0，故小磁针d不动，故D错误。
故选 AC。
9．【答案】AC
【详解】AB．负电荷从A移到B，电场力做功为零，则AB电势相等，AB连线是一条等势线，电场线方向与AB连线垂直，故A正确B错误；
CD．从A移到C，克服电场力做功，则有
则有
则电场线方向方向垂直AB向左上方，由几何关系可得，AC间沿电场线的距离为
则匀强电场大小为
故C正确，D错误。
10．【答案】AD
【详解】A．根据几何关系可知，点为中点，直线是线段的中垂线，沿电场线电势降低，根据等量正点电荷电场分布特征可知，点电势大于点电势，故A正确；
B．根据几何关系可知，A、D点距点的距离相等，根据等量正点电荷电场分布特征可知，A、D两点的电场强度大小相等，方向不同，所以电场强度不同，故B错误；
C．根据等量正点电荷电场分布特征可知，电子由点沿直线移动到点过程，电场力方向与电场强度方向始终相反，则电场力一直做负功，故C错误；
D．将一带正电的试探电荷从A点沿AD边移动到D点，试探电荷到O点间距先减小后增大，试探电荷所受电场力先做负功后做正功，由于OA等于OD，根据对称性可知，总功为零，故D正确。故选AD。
11.(1)2.450/2.448/2.449/2.451/2.452
（2） 3.6
（3）120
12．【答案】(1)最左侧
(2) 1.40 0.57
【详解】（1）开关闭合前，为了保护电路，滑动变阻器应接入最大阻值。由电路图可知，开关闭合前滑动变阻器的滑片滑到最左侧。
（2）根据闭合电路欧姆定律
图像中，纵轴截距表示电源电动势，斜率的绝对值表示电源的内阻
[1]由图像可知，纵轴截距为，所以电源电动势
[2]图像斜率
所以电源的内阻
13．【答案】(1)
(2)
【详解】（1）电动机不转时相当于纯电阻，由闭合电路欧姆定律，有
又有
联立解得电动机的内阻
（2）重物匀速上升时通过电动机的电流为，有
解得
电动机两端的电压
电动机消耗的功率
解得
14．【答案】(1)1A
(2)0.20N
(3)0.1N
【详解】（1）根据闭合电路的欧姆定律，有
代入数据得
（2）MN棒受到的安培力F安=ILB
F安=0.20N
（3）由左手定则知安培力沿斜面向上；将重力正交分解得
根据平衡条件
代入数据解得
15.【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
（1）由题意知在A点速度为零的粒子会沿着电场线方向运动，由于q>0，故电场线由A指向C，根据几何关系可知
所以根据动能定理有
解得
（2）根据题意可知要使粒子动能增量最大则沿电场线方向移动距离最多，做AC垂线并且与圆相切，切点为D，即粒子要从D点射出时沿电场线方向移动距离最多，粒子在电场中做类平抛运动，根据几何关系有
根据牛顿第二定律
联立各式解得粒子进入电场时的速度
（3）因粒子在电场中做类平抛运动，粒子穿过电场前后动量变化量大小为mv0，即在电场方向上速度变化为v0 ，过O点做AC垂线会与圆周交于e点，与AC交于f点
故由题意可知粒子会从e点射出。当从e点射出时由几何关系有:
根据牛顿第二定律
联立解得