安徽省九师联盟2025-2026学年高三上学期11月联考物理试卷（学生版）

这是一份安徽省九师联盟2025-2026学年高三上学期11月联考物理试卷（学生版），共15页。试卷主要包含了本试卷分选择题和非选择题两部分，答题前，考生务必用直径0，本卷命题范围， 三百六十行，行行出状元， 某同学练习“深蹲”等内容，欢迎下载使用。
考生注意：
1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。
2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑：非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
4.本卷命题范围：高考范围。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 如图所示是一只蜜蜂的飞行轨迹，这只蜜蜂以恒定的速率依次经过A、B、C、D四个点，则蜜蜂飞过哪个位置时受到的合力最大（ ）
A. B. C. D.
2. 行进间接传球是篮球训练的重要项目，如图所示，两运动员同时起跑并保持相同的速度匀速前行，运动中甲正对着乙把篮球传给对方，乙接球后再以同样的方式传给甲，甲、乙接传球的高度相等，且甲、乙把篮球传出时篮球速度与甲乙连线夹角相等，篮球可看成质点，忽略空气阻力。下列说法正确的是（ ）
A. 篮球在空中做平抛运动
B. 篮球在空中做匀速运动
C. 运动员速度越大，篮球从甲传到乙的时间越短
D. 运动员速度越大，篮球从甲传到乙时位移越大
3. 很多国产汽车都可以通过传感器监测汽车轮胎内气体的温度和压强，通过某天监控数据发现，中午12点的气温比早上8点的气温升高了10℃，轮胎内气压升高了0.1个标准大气压，轮胎不漏气，气体可看成理想气体，忽略气体体积变化。与早上相比（ ）
A. 轮胎内气体吸收的热量等于其内能的增加量
B. 轮胎内气体内能不变
C. 单位时间内轮胎内气体分子碰撞内壁的次数不变
D. 轮胎内气体分子数密度变小
4. 如图所示，电阻为R、面积为S的金属圆环平放到水平面上，空间存在垂直于圆环平面向内、磁感应强度大小为B的匀强磁场，现让圆环右半部分（）保持不动，让左半部分以连线为轴以角速度ω匀速翻折90°，在直径上，金属圆环没有折断，该过程中（ ）
A. 感应电流沿方向B. 环面内磁通量变化量为
C. 圆环内的最大电流为D. 圆环内的平均电动势为
5. 三百六十行，行行出状元。最近一段服务员快速摆餐盘的视频火遍全网，服务员把盘子均匀放到餐桌中间的转盘边缘上后，增大转盘转动角速度，餐盘从转盘边缘飞出，落在餐桌上立即停下。已知餐盘和转盘间的动摩擦因数为，餐盘到转盘中心的距离为，忽略餐盘的大小，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，转盘到桌面的高度为，重力加速度为，下列说法正确的是（ ）
A. 餐盘质量越大从转盘边缘飞出时速度越小
B. 餐盘落到餐桌上前瞬间的速度大小为
C. 转盘加速转动过程中，餐盘受到的摩擦力始终指向转盘中心
D. 落到餐桌上的餐盘到转盘中心的水平距离为
6. 某同学练习“深蹲”（完成一次“下蹲”和“起立”过程为一次“深蹲”），他稳定站在压力传感器上，发现压力传感器的示数为，已知重力加速度为。他截取某一动作过程中的图像如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A. 内该同学完成两次“深蹲”
B. 该同学“下蹲”过程中最大加速度约为
C. 该同学“起立”过程中先失重后超重
D. 该同学“起立”过程中最大加速度约为
7. 如图所示，某同学将小球从地面上的点处以初速度斜向上抛出，与水平方向成角，小球垂直打在竖直墙壁上的点。若不计空气阻力，该同学仍从点抛出该小球，为了使小球能垂直打在点正下方的点，他有可能适当（ ）
A. 减小、保持不变B. 增大、保持不变
C. 减少、同时减小D. 增大、同时增大
8. 如图所示，由红、蓝两种单色光组成的复合光束照射到平行玻璃砖后在屏上出现a、b两个光点。下列说法正确的是（ ）
A. 射向a处的光是蓝光
B. 射向a处的光在玻璃砖中传播速度大
C. 若将玻璃砖向光屏平移，a、b两点间的距离将减小
D. 若将玻璃砖向光屏平移，a、b两点间的距离将变大
二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分。
9. 如图所示，质量均为的、两物块叠放在倾角为的固定光滑斜面上，物块通过绕在轻质定滑轮上的不可伸长的细线与物块连在一起，刚开始在外力作用下、、均静止，撤去外力后、一起相对静止运动，、之间的动摩擦因数为，重力加速度为，不计滑轮与轴的摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 、一起运动的加速度大小可能为
B. 、一起运动的加速度大小可能为
C. 的质量可能为
D. 的质量可能为
10. 中国发射的“风云三号05”气象卫星始终沿晨昏线运行，故被命名为“黎明星”。已知地球半径为，地球表面的重力加速度为。“黎明星”离地面的高度为，地球自转周期为。某天黎明时分“黎明星”正好经过北京市正上方，取，取8.5，则“黎明星”（ ）
A. 周期约为
B. 绕地球转动的线速度约为
C. 下次在黎明时分经过北京正上方约需要24天
D. 下次在黎明时分经过北京正上方约需要17天
三、非选择题：本大题共5小题，共58分。
11. 某物理兴趣实验小组用悬挂矿泉水瓶的方法探究图甲所示的弹簧的弹力与弹簧伸长量的关系。他们将每个矿泉水瓶装上适量的水，并系上绳子，使其重力均为，然后将弹簧上端固定，下端固定指针并挂上水瓶，在弹簧侧旁竖直固定刻度尺，然后依次增加水瓶个数，记录下指针静止时的位置，算出伸长量后，填入下表：
（1）在图乙坐标系中描出表格中的数据并画出图线；
（2）根据所作图线及题中所给数据，可求得弹簧的劲度系数为________（保留3位有效数字）；
（3）该组同学未用铅垂线检验而导致刻度尺并未竖直，导致测得的弹簧的劲度系数________（填“偏大”“偏小”或“不变”）
12. 某实验小组采用数字化实验装置探究加速度与物体受力、物体质量的关系，实验装置如图所示：水平气垫导轨上放置滑块，滑块左侧通过轻质细绳绕过定滑轮与力传感器相连，力传感器下方悬挂砝码和砝码盘，气垫导轨上安装两个光电门，可记录挡光片通过两光电门的时间。已知挡光片宽度为，两光电门间距离为，当地重力加速度为。
（1）关于实验装置和操作的说法，正确的是_____。
A. 气垫导轨的作用是消除滑块与导轨间的滑动摩擦力，无需进行平衡摩擦力操作
B. 力传感器的作用是直接测量滑块所受的拉力，无需满足“砝码盘及砝码总质量远小于滑块质量”的条件
C. 实验中应先释放滑块，再接通光电门电源，以确保记录到完整的挡光片通过时间
D. 为改变滑块所受拉力，可通过增减滑块上的配重块来实现
（2）实验中发现，当砝码盘及砝码总质量越大，力传感器的示数与砝码盘及砝码的总重力差值就_____（填“越大”或“越小”）。
（3）调节气垫导轨水平后，保持滑块和挡光条总质量不变，探究其加速度与力的关系，作出的图像是_____。
A. B.
C. D.
（4）某次实验中力传感器的示数为，挡光片通过光电门1、2的时间分别为、，滑块的加速度_____（用、、、表示），实验中砝码、砝码盘和力传感器的总质量_____（用、、表示）。
13. 某同学洗手后通过甩手的方式将手上的水珠甩落，如图所示为摄像机拍摄的甩手频闪图。甩手时，指尖先以肘关节M为圆心做圆周运动，再以腕关节N为圆心做圆周运动。测得该同学指尖到N点长为，重力加速度为。已知水珠质量为，水珠与手指尖间的附着力为0.0125N。
（1）当M、N转到竖直方向后N点静止，手腕继续摆动，为能使水珠在最低点甩落，求该同学指尖在最低点速度的最小值；
（2）在满足（1）的条件下，若该同学指尖距离地面，不计空气阻力，求水珠落地点与该同学之间的水平间距。
14. 如图所示，竖直平面第一象限区域内存在垂直平面向外的匀强磁场，第二象限存在水平向右的匀强电场。一质量为m，电荷量为q的带电粒子从x轴上的P点以初速度垂直x轴进入电场中，粒子经y轴上的Q点进入磁场中、又从与Q等高的M点（未标出）离开磁场，最后到达x轴上的N点（未标出）。已知P点坐标为，Q点坐标为，粒子重力不计。求：
（1）匀强电场的电场强度大小；
（2）匀强磁场的磁感应强度大小；
（3）粒子从P到N的时间。
15. 如图所示，在倾角为的固定斜面上放置一足够长的薄木板Q，Q下端与斜面底端间距为。Q下端放置小物块P（可视为质点），在外力作用下P、Q处于静止状态。已知P与Q间的动摩擦因数为0.25，Q与斜面间的动摩擦因数为0.5，P与斜面间的动摩擦因数为，P、Q的质量均为。重力加速度为，时，撤去外力，同时P获得的初速度沿斜面方向上滑，Q获得的初速度沿斜面方向下滑，，，求：
（1）P速度减为零时Q的速度；
（2）从开始到P与Q分离所需要的时间；
（3）P与Q到达斜面底端的时间差（答案可含根号）。
参考答案
1. 【答案】D
【解析】蜜蜂在每小段的运动都可以视为圆周运动的一部分，因为是匀速率飞行，合力方向指向各自圆心，点对应的圆周半径最小，合力提供向心力
根据向心力公式可知蜜蜂在点所受合力最大。故选D。
2. 【答案】D
【解析】AB．篮球离开手时的瞬间速度方向斜向上，篮球在空中做斜抛运动，故AB错误；
C．篮球离手瞬间相对运动员的速度方向与两者连线呈一定角度向上，由题意可知篮球在空中运动时，篮球速度沿两者连线方向不变，故篮球从甲传到乙的时间与从乙传到甲的时间相等，与运动员速度无关，故C错误；
D．甲乙之间位移恒定，运动员速度越大，篮球在运动员前行方向位移越大，故篮球从甲传到乙时位移也越大，故D正确。故选D。
3. 【答案】A
【解析】A．由题知忽略气体体积变化，则，
根据热力学第一定律，可得
即气体吸收的热量等于气体内能的增加量，故A正确；
B．理想气体内能仅由温度决定，温度升高则内能增加，故B错误；
C．气体发生等容变化，温度升高，压强增大，故单位时间内单位面积的气体分子碰撞次数增加，故C错误；
D．轮胎体积不变，气体分子总数不变，因此分子数密度不变，故D错误。故选A。
4. 【答案】C
【解析】A．由题意可知，环面内的磁通量向内减小，由楞次定律可知，感应电流沿方向，A错误；
B．环面内磁通量从减小到，磁通量变化量为，B错误；
D．平均感应电动势为， D错误；
C．圆环匀速翻折，感应电动势瞬时值表达式为
则圆环内的最大电流为，C正确。故选C。
5. 【答案】B
【解析】A．餐盘从转盘边缘飞出时，满足
故飞出时速度为，与质量无关，故A错误；
B．餐盘飞出后做平抛运动，有，，
餐盘落到餐桌上的速度为，故B正确；
C．餐盘随转盘加速转动过程中，速度增大，合外力即摩擦力不指向圆心，故C错误；
D．落到餐桌上的餐盘到转盘中心的水平距离为，故D错误。
故选B。
6. 【答案】D
【解析】A．内图像中第一次变化，传感器示数先小于实际重量，后大于实际重量，即先失重后超重，为一次“下蹲”过程，之后为一次“起立”过程，共一次“深蹲”，故A错误；
B．由题可知该同学质量
该同学“下蹲”过程中，压力传感器的示数最小值为，最大值为，故该同学“下蹲”过程中最大加速度约为，故B错误；
C．内“起立”过程中，传感器示数先大于600N，后小于600N，故该同学先处于超重状态后处于失重状态，故C错误；
D．该同学“起立”过程中，压力传感器的示数最大值为，最小值为，故该同学“起立”过程中最大加速度约为，故D正确。
故选D。
7. 【答案】C
【解析】小球运动从M点出发，垂直打到墙上，可视为逆平抛运动。
根据平抛运动，可知、，
从Q点调整到P点，h减小，x不变
结合关系式 ，
可得减小，v的变化情况不能确定， 选项C正确。故选C。
8. 【答案】B
【解析】AB．射向a处的光第一次在玻璃砖中的折射角大于射向b处的光，则a处的光折射率小，是红光，根据可知，在玻璃砖中传播速度大，A错误，B正确；
CD．光从玻璃砖射出后仍与入射光平行，可知将玻璃砖向光屏平移a、b两点间的距离不变，CD错误。故选B。
9. 【答案】BD
【解析】AB．对整体分析，若向上运动，
对M：代入，得
若向下运动，
对M：，，得
故加速度范围为
0.75g超出范围，A错误，B正确；
C．向上运动时，向下运动时，故
且向下时，3m超出范围，C错误；
D．1.5m满足向上运动时的条件，D正确；故选BD。
10. 【答案】AD
【解析】A．根据万有引力提供向心力有
又根据黄金代换有
联立解得，故A正确；
B．绕地球转动的线速度为，故B错误；
CD．该时刻后“黎明星”经过恰好运动一个周期回到“原地”，而北京转回“原地”，需要，与的最小整数倍为17天，故C错误，D正确。故选AD。
11. 【答案】（1）见解析 （2）109（106-113） （3）偏小
【解析】【小问1】根据表中数据，画出图线，如图所示
【小问2】根据胡克定律可知图像的斜率表示弹簧的劲度系数，则有
【小问3】由于刻度尺并未竖直，导致伸长量的测量值大于真实值，从而使测得的弹簧的劲度系数偏小。
12. 【答案】（1）AB （2）越大 （3）C （4） ；
【解析】【小问1】A．气垫导轨通过气垫支撑滑块，消除滑动摩擦力，无需平衡摩擦力，故A正确；
B．力传感器直接测拉力，无需满足“砝码盘及砝码总质量远小于滑块质量”，故B正确；
C．实验应先接通光电门电源，再释放滑块，故C错误；
D．改变拉力需增减砝码盘及砝码质量，增减滑块配重块改变的是滑块质量，故D错误。
故选AB
【小问2】砝码盘及砝码总质量越大，砝码盘及砝码的加速度就越大，力传感器的示数与砝码盘及砝码的总重力差值，差值越大。
小问3】该实验几乎没有阻力，能够比较准确测量拉力，即
根据数学知识可得，故选C。
【小问4】滑块经过光电门1的速度为
滑块经过光电门2的速度为
根据速度-位移公式，有：由匀变速运动规律得
联立可得
对砝码、砝码盘和传感器整体分析，解得
13. 【答案】（1） （2）
【解析】【小问1】水珠做圆周运动，当水珠与手指尖间的附着力与重力的合外力提供向心力时速度最小，根据牛顿第二定律，有，可得
【小问2】水珠离开手指后做平抛运动，在竖直方向，有
在水平方向，有，联立可得
14. 【答案】（1） （2） （3）
【解析】【小问1】带电粒子在电场中做抛体运动，根据牛顿第二定律有
沿轴方向有
沿轴方向有，联立解得。
【小问2】粒子进入磁场的速度为，则有，
代入数据解得
粒子运动轨迹如图所示
由几何关系可知粒子速度与水平方向夹角满足 ，则有
由几何关系可知，粒子轨迹圆的圆心在轴上的点，粒子在匀强磁场中做圆周运动的圆半径
由牛顿第二定律可得，代入数据解得。
小问3】粒子在磁场内运动的圆心角为，由对称性可知粒子出磁场后方向的速度大小仍为，粒子从到的时间仍为，则粒子从到的时间为
代入数据得。
15. 【答案】（1）0 （2）2.5s （3）
【解析】【小问1】取沿斜面向下为正方向，P的初速度为
当时，根据牛顿第二定律，对P分析有
解得P上滑的加速度为
加速度方向为正，说明P减速上滑
对Q分析有
解得Q下滑的加速度
加速度负，说明Q减速下滑
P速度减为零时解得
Q速度减为零时，解得
可知，即Q先减速为零，然后保持不动直到P滑落，故P减速为零时，Q的速度为零
【小问2】P速度减为零时P沿斜面上滑距离为
之后P加速下滑，根据牛顿第二定律有，解得
Q下滑距离为
根据牛顿第二定律有，解得
说明Q仍然静止
P离Q底端距离为
P与Q分离，解得
则从开始到P与Q分离所需要的时间为
【小问3】P从Q下端滑下后，P下滑，根据牛顿第二定律有
解得
Q下滑，根据牛顿第二定律有，解得
此时两者与斜面底端间距为
P下滑至底端，解得
Q下滑至底端，解得
则P与Q到达斜面底端的时间差为
水瓶个数
0
1
2
3
4
5
弹簧伸长量
0
4.62
9.18
13.91
18.50
22.96