2025-2026学年河北省雄安新区高二（上）期中物理试卷（11月）（含答案）

这是一份2025-2026学年河北省雄安新区高二（上）期中物理试卷（11月）（含答案），共9页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.以下属于同一种静电原理应用的两种场景的是( )
①屋顶的避雷针 ②输电线上方的两条导线
③激光复印 ④燃气灶的钉形点火电极
A. ①和②B. ③和④C. ②和③D. ①和④
2.下列关于电流和电阻的说法中正确的是( )
A. 由I=qt可知，通过导体横截面的电荷量越多，电流越大
B. 电流的微观表达式I=nqSv中，n是通过导体横截面的自由电荷总数
C. 由R=UI可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比
D. 由I=UR可知，导体中电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比
3.如图所示，A、B为一对等量异种点电荷连线上的两点，B为连线中点，C为连线中垂线上一点。则( )
A. A点电势比B点的高B. B点电势比C点的高
C. A点电场强度比B点的小D. B点电场强度比C点的小
4.某同学用一个微安表头(量程1mA，内阻90Ω)电阻箱R1和电阻箱R2组装一个多用电表，有电流10mA和电压3V两挡，改装电路如图所示，则R1、R2应调到多大阻值( )
A. R1=100Ω，R2=300ΩB. R1=10Ω，R2=291Ω
C. R1=100Ω，R2=291ΩD. R1=10Ω，R2=300Ω
5.如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B=30°。现在A、B两点放置两个点电荷，A点放置的点电荷电荷量绝对值为q，AC两点间距离为L，静电力常量为k，测得C点场强方向与AB平行且水平向左，则( )
A. A点放置正电荷，B. B点放置负电荷
C. C点电场强度的大小 3kqL2D. B点放置的点电荷的电荷量4q
6.如图所示，电路中的电阻均为1Ω，电路两端总电压为1.5V，电流表、电压表均为理想电表，则此时电流表、电压表的读数分别是( )
A. 3A、3VB. 1.5A、1.5VC. 3A、1.5VD. 1.5A、3V
7.如图所示，实线为匀强电场中与场强方向垂直且等间距的平行直线，虚线为比荷相等的两粒子X、Y从O点以相同速度射出时在电场中的运动轨迹，点a、b、c为实线与虚线的交点。已知电场方向与纸面平行，O点电势比c点电势高，不计粒子重力。则( )
A. X带正电荷，Y带负电荷
B. X从O运动至a的过程中电势能先增加后减小
C. X在a点的速度大小与Y在c点的速度大小相等
D. X从O运动至b的过程中电场力做的功比Y从O运动至c电场力做的功多
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.对伏安特性曲线的理解(如图甲、乙所示)，下列说法正确的是( )
A. 图线a、e、d、f表示线性元件，b、c表示非线性元件
B. 在图甲中，斜率表示电阻的大小，斜率越大，电阻越大，Ra>Re
C. 在图乙中，斜率表示电阻倒数的大小，斜率越大，电阻越小，Rd0)的带电粒子，从a点由静止释放，经电压为U的电场加速后，由b点垂直进入水平匀强电场中，从MN上的某点c(图中未画出)离开，其速度与电场方向成45°角．不计粒子的重力，求
(1)粒子刚进入水平匀强电场时的速率v0；
(2)粒子在水平匀强电场中的加速度大小a；
(3)bc两点间的电势差Ubc．
15.如图，空间存在范围足够大且与水平地面成30∘角的匀强电场，图中带箭头的实线为电场线，一内表面光滑的竖直圆轨道固定在水平面上且和电场线共面，O为圆轨道的圆心，PQ为直径。一带电小球(视为质点)静止在P点，半径OP与竖直方向的夹角为60∘。已知圆轨道的半径为R，小球的质量为m、电荷量为+qq>0，重力加速度大小为g，不计空气阻力。
(1)求电场强度E的大小；
(2)求P、Q两点间的电势差UPQ；
(3)若在P点给小球一个初速度v0(沿切线方向)，使小球沿圆轨道恰好能做完整的圆周运动，则v0的大小为多少？
参考答案
1.D
2.D
3.A
4.B
5.C
6.B
7.B
8.ABC
9.AD
10.BC
11.S T 0刻线 BDC
12.(1) 11.050 1.994(1.995或1.996)
(2)
(3)21
(4) πRxd24L

13.解：(1)A、B两球间的库仑力大小相同，方向相反，所以根据库仑定律可得 F=kQ⋅3QL2=k3Q2L2
(2)分别对A、B进行受力分析，如图所示
则有 mAgtanα=mBgtanβ
可得 mAmB=tanβtanα
代入解得 mAmB=3

14.(1)粒子在电场加速过程，根据动能定理有Uq=12mv02，解得v0= 2Uqm
(2)粒子在水平电场中做类平抛运动，在水平方向有vxtan45°=v0，vx=at
在竖直方向有d=v0t
结合上述解得a=2Uqmd
(3)设粒子离开水平电场时的速度为v，则有v0=vsin45°
根据动能定理得Ubcq=12mv2−12mv02
解得Ubc=U。
15.解：(1)带电小球静止在 P 点时，设轨道对小球的支持力为 F1 ，根据共点力平衡条件则有竖直方向 F1cs60∘+qEcs60∘=mg
水平方向 F1sin60∘=qEsin60∘
联立解得 E=mgq
(2)由几何关系可知 P 、 Q 两点间沿电场方向的距离为 d=2Rsin30∘=R
根据电场的方向可知 P 点电势低于 Q 点电势
则有 UPQ=−ER=−mgRq
(3)小球沿圆弧轨道恰好能做完整的圆周运动，则小球在等效最高点 Q 点，由重力和电场力的合力提供向心力，如图所示
根据矢量的合成法则可得 F合=mg
由牛顿第二定律可得 F合=mvQ2R
小球从 P 点运动到 Q 点，根据动能定理可得 −F合×2R=12mv Q2−12mv 02
联立解得 v0= 5gR