四川省广安市友谊中学2026届高三上学期9月月考物理试卷（Word版附解析）

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一项是最符合题目要求的。
1. 物理学发展推动了社会进步，关于物理学史和物理学研究方法，下列说法正确的是（ ）
A. 质点概念的建立体现了等效替代的思想
B. 速度 和加速度 都是利用比值定义法得到的定义式
C. 牛顿、千克、秒是国际单位制中的三个基本单位
D. 牛顿第一定律是通过多次实验总结出来的一条实验定律
【答案】B
【解析】
【详解】A．质点概念的建立体现了理想模型的思想，故 A 错误；
B．速度 和加速度 都是利用比值定义法得到的定义式，故 B 正确；
C．米、千克、秒是国际单位制中的三个基本单位，牛顿是国际单位制中的导出单位，故 C 错误；
D．牛顿第一定律是以实验为基础，通过推理、想像总结出来的，所以不是实验定律，故 D 错误。
故选 B。
2. 为使汽车快速平稳转弯，驾驶员经常采用“入弯减速，出弯加速”的技巧。汽车采用该技巧在单向路面
水平弯道入、出弯道时，其所受水平合力为 、速率为 。则下列方向关系图中，可能正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】速度沿轨迹的切线方向，“减速入弯”时力和速度的夹角是钝角，“加速出弯”时力和速度的夹角
是锐角，故 C 正确，ABD 错误。
故选 C。
3. 快递员常常借助一种支架与挡板垂直的两轮手推车搬运货物。如图甲所示，快递员将质量为 m 的货物平
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放在手推车挡板上；如图乙所示，快递员先缓慢下压“推车把手”直至挡板与水平面间的夹角为 30°，再保
持该夹角不变，推车匀速前进；到达目的地停车，快递员接着缓慢下压“推车把手”并将其搁在水平面，
如图丙所示。忽略货物与支架及挡板间的摩擦，重力加速度为 g。下列说法正确的是（ ）
A. 货物对挡板的压力是由于挡板发生形变产生的
B. 手推车匀速运动过程中，手推车对货物的作用力大小为
C. 两次下压“推车把手”的过程中，支架对货物的支持力一直增大
D. 两次下压“推车把手”的过程中，支架对货物的支持力先增大后减小
【答案】C
【解析】
【详解】A．货物对挡板的压力是由于货物发生形变产生的，而不是挡板发生形变产生的，故 A 错误；
B．手推车匀速运动过程中，由平衡条件可知手推车对货物的作用力大小为 mg，故 B 错误；
CD．支架对货物的支持力
由题意可知 一直在增大，故支架对货物的支持力一直增大，故 C 正确，D 错误。
故选 C。
4. 如图所示，物体 用跨过定滑轮的轻绳与汽车连接，汽车以 的速度向右匀速运动，连接小车
端的轻绳与水平方向的夹角为 ，在物体 上升过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 物体 向上做减速运动
B. 绳子拉力大于物体 的重力
C. 时物体 的速度大小为
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D. 物体 始终处于失重状态
【答案】B
【解析】
【详解】ABD．根据关联速度，物体 与小车间的速度关系为
物体 上升过程中小车与水平方向的夹角 逐渐减小，则 的速度逐渐增大， 做加速运动，根据牛顿第
二定律可知，绳子拉力大于物体重力，物体超重，故 AD 错误，B 正确；
C．将小车的速度沿绳和垂直绳方向分解，沿绳方向的分速度大小即为 物体上升的速度大小
当 时， ，故 C 错误。
故选 B。
5. 某同学站在力 传感器上连续完成多次下蹲起立。某时刻作为计时起点，传感器与计算机连接，经计算
机处理后得到力的传感器示数 F 随时间 t 变化的情况如图所示。已知该同学质量 ，重力加速度
。下列说法正确的是（ ）
A. 0~4s 完成了两次下蹲过程 B. 0~8s 该同学向下的最大加速度约为
C. 0~8s 该同学向上的最大加速度约为 D. 1.8s 该同学向下速度达到最大
【答案】B
【解析】
【详解】A．由题意，知人的重力为 600N，人完成一次下蹲动作，先加速向下后减速向下，人先失重后超
重，即人完成一次下蹲动作，F 应先小于 600N 后大于 600N，所以由图像可知 0～4s 内人只完成了一次下
蹲过程，故 A 错误；
BD．由图像知，在 1.8s 时 F 最小为 240N，此时该同学向下运动，合外力最大，加速度达最大，由于此时
人的重力大于 F，人将继续向下加速，速度继续增大，在 2s 时达到最大，根据牛顿第二定律得人向下运动
的最大加速度
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故 B 正确，D 错误；
C．由图像知，在 2.2s 时 F 最大为 960N，此时该同学向下减速，向上的加速度达最大，有
故 C 错误。
故选 B。
6. 当做圆周运动的物体角速度 变化时，我们可以引用角加速度 来描述角速度 的变化快慢，即
。图甲中某转盘自 时由静止开始转动，其前4s内角加速度 随时间 变化如图乙所示。则（ ）
A. 时刻，
B. 时刻，
C. 0~1s 过程中，圆盘转过的角度
D. 0~1s 过程中，圆盘边缘的某质点所需向心力随时间正比例增加
【答案】B
【解析】
【详解】A．由角加速度 定义可知，β-t 图像面积大小为角速度ω的增加量，得 t=1s 时刻的角速度ω1=2.5rad/s
，故 A 错误；
B．t=3s 时刻，ω3=17.5rad/s，故 B 正确；
C．0~1s 过程中，平均角速度 ，转过 角度 ，故 C 错误；
D．由牛顿第二定律可知
设 0~1s 过程中图线斜率为 k，有
即有 Fn∝t4，故 D 错误。
故选 B。
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7. 如图 1 所示，物块 A、B 紧靠在一起放置在水平地面上，水平轻弹簧一端与 A 拴接，另一端固定在竖直
墙壁上。开始时弹簧处于原长，物块 A、B 保持静止。 时刻，给 B 施加一水平向左的恒力 F，使 A、
B 一起向左运动，当 A、B 的速度为零时，立即撤去恒力。物块 B 的 图像如图 2 所示，其中 至 时
间内图像为直线。弹簧始终在弹性限度内，A、B 与地面间的动摩擦因数相同。下列说法正确的是（ ）
A. 时刻 A、B 分离
B. 改变水平恒力 F 大小， 的时间不变
C. 时间内图像满足同一正弦函数规律
D. 和 时间内图 2 中阴影面积相等
【答案】D
【解析】
【详解】A．由题意结合题图 2 可知， 时刻弹簧弹力与物块 A、B 所受的摩擦力大小相等，弹簧处于压缩
状态， 时刻弹簧刚好恢复原长，A、B 刚要分离，故 A 错误；
CD．t=0 时刻弹簧处于原长， 时刻弹簧刚好恢复原长，根据图像与坐标轴围成的面积代表位移可知，
和 时间内图 2 中阴影面积相等，不满足同一正弦函数规律，故 D 正确，C 错误；
B．改变水平恒力 F 大小，则弹簧压缩量变化，两物体分开时 B 的速度变化，则 的时间变化，故 B
错误；
故选 D。
二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。每小题有多项符合题目要求，全部
选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
8. 如图所示的四幅图表示的是有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（ ）
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A. 图 a 中轻杆长为 l，若小球在最高点的速率小于 ，则杆对小球的作用力向上
B. 图 b 中若火车转弯速率小于设计转弯速率，则轮缘对外轨道有横向挤压作用
C. 图 c 中静置于圆盘上的 A 和 B 材料相同，质量 mA=2mB，到转轴的距离满足 RA=2RB，若从零开始逐渐
增大圆盘转速，则物体 B 先相对圆盘滑动
D. 图 d 中两个小球在相同高度的水平面内做匀速圆周运动，它们的角速度大小相同
【答案】AD
【解析】
【详解】A.当小球在最高点时，若杆对小球没有作用力，根据重力提供向心力，则
可得：
当小球在最高点的速率 时，重力大于所需的向心力，此时杆对小球有向上的支持力，以平衡重力
并提供向心力。故 A 正确；
B.设火车转弯时的速率 ，轨道半径 ，内外轨高度差 ，车轮与轨道间的距离 ，当火车以设计速率 转
弯时，重力与支持力的合力提供向心力，即
，
其中:
当火车转弯速率 时，重力与支持力的合力大于所需的向心力，火车有向内侧运动的趋势，轮缘对内轨
道有横向挤压作用，而不是外轨道。故 B 错误。
C.物体随圆盘一起做圆周运动时，动摩擦因数 相同，静摩擦力提供向心力，即
当刚好要滑动时，
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可得：
已知 ,则: ,
所以 ，则当从零开始逐渐增大圆盘转速时，A 先相对圆盘滑动。故 C 错误；
D.两个小球在相同高度的水平面内做匀速圆周运动，小球受到重力 和绳子拉力 ，它们的合力提供向
心力。根据几何关系：
又：
则：
可得：
因为两个小球在相同高度的水平面内做匀速圆周运动，即 相同，所以它们的角速度大小相同。故 D 正确。
故选 AD。
9. 2025 年亚洲冬奥会在哈尔滨举行，如图为某滑雪场地的侧视简图，它由助滑雪道和着陆坡构成，着陆坡
与水平面的夹角 。某次滑雪过程中，运动员在 点沿与着陆坡夹角 的方向，以
的初速度离开雪道，在着陆坡上的 点着陆。忽略空气阻力，取重力加速度 ，则运动员（ ）
A. 从 点到最高点 运动时间为
B. 在空中运动的最小速度为
C. 离着陆坡的最远距离为
D. 运动轨迹最高点与 点的高度差为
【答案】BD
【解析】
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【详解】A．因 v0 与水平方向夹角为 30°，则从 A 点到最高点的运动时间为
，选项 A 错误；
B．在空中运动的最小速度等于抛出时的水平速度，则为 ，选项 B 正确；
C．离着陆坡的最远距离为 ，选项 C 错误；
D．由斜抛运动可知 ，
解得 t=2s，L=20m
则运动轨迹最高点与 B 点的高度差为 ，选项 D 正确。
故选 BD。
10. 如图甲所示，倾斜的传送带正以恒定速率沿顺时针方向转动，传送带的倾角为 37°。一物块以初速度
从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动，其运动的 图像如图乙所示，物块到传送
带顶端时速度恰好为零， ， ，g 取 10m/s2，则（ ）
A. 0~1s 内物块受到的摩擦力大小等于 1~2s 内的摩擦力大小
B. 摩擦力方向一直与物块运动的方向相反
C. 物块与传送带间的动摩擦因数为 0.25
D. 传送带底端到顶端的距离为 8m
【答案】AC
【解析】
【详解】AB．由图乙可知，在 0∼1s 内物块的速度大于传送带的速度，物块所受滑动摩擦力的方向沿传送
带向下，与物块运动的方向相反；1∼2s 内，物块的速度小于传送带的速度，物块所受滑动摩擦力的方向沿
传送带向上，与物块运动的方向相同，由于物块对传送带的压力均为
根据滑动摩擦力公式
可知两段时间内滑动摩擦力大小相等，故 A 正确，B 错误；
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C．在 0∼1s 内物块的加速度大小为
根据牛顿第二定律有
解得物块与传送带间的动摩擦因数为 ，故 C 正确；
D．根据 图像与横轴围成的面积表示位移的大小，可知物块运动的位移大小为
所以传送带底端到顶端的距离为 10m，故 D 错误。
故选 AC。
三、非选择题：本题共 5 小题，共 54 分。其中第 13~15 小题解答时请写出必要的文字说明、
方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11. 某探究小组用如图所示的向心力演示器探究向心力大小的表达式。请回答以下问题：
①在该实验中，主要利用______来探究向心力与质量、半径、角速度之间的关系；
A.理想实验法 B.微元法 C.控制变量法 D.等效替代法
②探究向心力与角速度之间的关系时，应选择半径______（填“相同”或“不同”）的两个塔轮；
③探究向心力与角速度之间的关系时，若图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值
为 ，可以判断与皮带连接的变速塔轮对应的半径之比为______。
A. B. C. D.
【答案】 ①. C ②. 不同 ③. D
【解析】
【详解】①[1]探究向心力、质量、半径与角速度之间的关系采用的是控制变量法。
故选 C。
②[2]探究向心力与角速度之间的关系时，应使两个塔轮的角速度不同，则应选择半径不同的两个塔轮。
③[3]探究向心力与角速度之间的关系时，两个小球所受的向心力的比值为 ，根据公式
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可得角速度之比为 ，传动皮带线速度大小相等；
根据
可知塔轮的半径之比为 。
12. 某学习小组利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系。请回答下列问题：
（1）关于该实验的操作，下列说法中不正确的是______。
A. 实验时，先接通打点计时器电源，后释放小车
B. 必须保证槽码的质量远大于小车和砝码的质量
C. 每次改变小车的质量时，需要重新平衡摩擦力
D. 连接小车和槽码的细线要与长木板保持平行
（2）某次实验获得的纸带如图乙所示，相邻计数点间均有 4 个点未画出，打点计时器电源频率为 50Hz，
则小车在计数点 4 的瞬时速度为______m/s，小车的加速度大小为______m/s2（结果均保留三位有效数字）；
（3）该小组在某次实验中，保持小车和砝码总质量不变，以槽码的重力为外力，通过改变槽码的个数，得
到了图丙中的曲线图像 OQ，一位同学利用最初的几组数据拟合了一条直线图像 OP。如图所示，作一条与
纵轴平行的虚直线，与这两条图线及横轴的交点分别为 P、Q、N，若此虚线对应的小车和砝码总质量为 M，
悬挂槽码的质量为 m，则 ______（用 M、m 表示）；
【答案】（1）BC （2） ①. 6.41 ②. 8.20
（3）
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【解析】
【小问 1 详解】
A.实验时，先接通电源使打点计时器稳定工作，尽可能使纸带应用长度更长，所以先接通电源，后释放小
车，A 正确；
B.小车和砝码 质量要远大于槽码的质量，B 错误；
C.实验前先平衡摩擦力，改变小车的质量时，不需要平衡摩擦力，C 错误；
D.为保证拉力是水平的，连接小车和槽码的细线要与长木板平行，D 正确。
本题需要选择错误的说法。
故选 BC。
【小问 2 详解】
[1]相邻两个计数点间的时间间隔
小车在计数点 4 的瞬时速度为
[2]小车的加速度大小为
【小问 3 详解】
对小车和砝码进行分析，近似认为槽码的重力等于小车和砝码所受的合力，根据牛顿第二定律有
对槽码和小车及砝码构成的整体，根据牛顿第二定律有
可得 。
13. 为了祖国的统一，为了维护世界的和平，2024 年 10 月 14 日中国人民解放军东部战区组织陆军、海军、
空军、火箭军等兵力开展“联合利剑—2024B”一次大规模的围台军演。如图所示，某科目军事演习，红军
“轰—20”轰炸机在离海面高 H=500m 高处水平飞行，发现远处海面有一艘静止的蓝军模型军舰，飞机为
了保证安全，需要在距离军舰水平距离 s=1000m 时投下炸弹，若军舰发现飞机投下炸弹时立即以加速度
a=2m/s2 开始做匀加速直线运动，与飞机运动方向相同，结果炸弹仍然命中目标，不计军舰大小，不计空气
阻力（g=10m/s2），求：
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（1）炸弹从投出至命中目标经过的时间；
（2）飞机释放炸弹时飞行速度的大小 v；
（3）若军舰不动，同时竖直向上发炮拦截炸弹，发射炮弹的速度大小 v0 应为多少才能成功拦截？
【答案】（1）10s （2）110m/s
（3）55m/s
【解析】
【小问 1 详解】
根据题意，炸弹做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，由
解得
【小问 2 详解】
根据题意，炸弹做平抛运动，水平方向有
解得飞机释放炸弹时飞行速度的大小为
【小问 3 详解】
根据题意，炸弹 竖直方向做自由落体运动，若军舰不动，发射炮弹竖直向上做上抛运动，若要成功拦截，
在竖直方向上有
炸弹在水平方向有
联立解得
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14. 如图，用一根长 的细线，一端系一质量 的小球（可视为质点），另一端固定在一光滑锥
体顶端，锥面与竖直方向的夹角 。小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动。取重力加速度
， ，结果可用根式表示，求：
（1）若要小球离开锥面，则小球的角速度 至少为多大；
（2）若小球的角速度 ，则细线对小球的拉力 及锥面对小球的弹力 分别为多少；
（3）若小球的角速度 ，求细线对小球的拉力 的大小；
【答案】（1）
（2） ，
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
小球刚要离开锥面时，锥面对小球支持力 ，此时重力和细线拉力的合力提供向心力。
由牛顿第二定律
化简得
【小问 2 详解】
因为 ，小球未离开锥面，对小球受力分析，受重力 mg、拉力 、支持力 ，水平
方向
竖直方向
代入数据联立解得
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【小问 3 详解】
因为 ，小球已离开锥面，设细线与竖直方向夹角为 ，此时只有重力和拉力提供向心
力，
化简得
拉力
15. 质量为 的木板放在水平地面上，质量为 的小滑块（其大小可忽略）放在木板上最
右端，如图所示，木板与地面的摩擦因数为 ，木板与滑块间的动摩擦因数为 。在木板右
侧施加一个水平向右的恒力 ，取 ，并认为最大静摩擦力等于同等条件下的滑动摩擦力，请
求以下问题：
（1）若 ，则小滑块和木板的加速度大小分别为多少？
（2）若 ，作用了 后撤去。若运动过程中滑块始终未脱离木板，则木板长度最短为多少？
（3）在（2）的情境中，求滑块和木板最终静止时，滑块到木板最右端的距离为多少？
【答案】（1） ，
（2）4.5m （3）3.3m
【解析】
【小问 1 详解】
滑块最大加速度在板块刚好要发生相对运动时，对滑块有
解得
此时外力 为滑块与木板发生相对滑动的最小值，对整体做动力学分析有
解得
当 时， 小于 ，滑块与木板相对静止一起向右做匀加速运动。
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对整体有
解得
【小问 2 详解】
持续时间内（0~1s 内），由于 ，物块与板发生相对滑动。
根据（1）分析知此时滑块做匀加速直线运动，滑块加速度为
木板也做匀加速直线运动，对木板做动力学分析有
解得木板加速度
令 ，这段时间内滑块相对木板向左运动，相对位移
力 撤去后至滑块与木板共速，力 撤去时，木板速度
滑块速度
力 撤去后，滑块将以原来的加速度 继续加速，木板减速，直到它们速度一样，对木板做动力学分析有
解得木板减速时的加速度大小
设经过 时间滑块和木板的速度相等，由运动学公式得共速时的速度
代入数据解得 ，
这段时间内滑块相对木板向左运动，相对位移为
故木板长度最短为
【小问 3 详解】
共速之后，木板继续减速，对木板做动力学分析有
解得木板减速时的加速度大小
滑块也做减速运动，加速度的大小仍为
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直到最后都停止运动。这段时间内滑块相对木板向右运动，相对位移为
最终木块停在离木板右端点左方，距离右端点距离为如图所示
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