2025-2026学年广东省广州四十一中九年级（上）期中物理试卷

这是一份2025-2026学年广东省广州四十一中九年级（上）期中物理试卷，共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列都属于导体的是( )
A. 大地、橡胶棒B. 人体、铁质直尺C. 玻璃杯、橡皮D. 陶瓷碗、石墨
2.如图，与头发摩擦过的塑料小勺能吸起盘子里的碎纸屑，过一会儿，碎纸屑又会被弹开。下列说法正确的是( )
A. 摩擦的方法使塑料小勺分子发生转移而带电
B. 塑料小勺与头发摩擦时创造了电荷
C. 碎纸屑被弹开，是因为同种电荷相互排斥
D. 碎纸屑被吸到塑料小勺上，是因为异种电荷相互吸引
3.年仅24岁的成都青年曹原，解决了困扰世界物理学家多年的难题，取得了在石墨烯超导领域中的重大突破。超导材料适合用来制作( )
A. 发光二极管B. 电炉的电炉丝C. 电灯的灯丝D. 输电导线
4.一标有“220V 25W”的白炽灯甲和一标有“36V 40W”的白炽灯乙，当它们都正常工作时( )
A. 甲灯较亮B. 乙灯较亮C. 两灯一样亮D. 无法判断
5.把汽车的挡位拨到倒车挡“R”位置，相当于闭合开关。此时，倒车灯和后置补光灯同时亮起。下列关于两灯的电路设计最合理的是( )
A. B.
C. D.
6.如图所示为滑动变阻器的结构示意图，将滑动变阻器的两个接线柱接到电路中，要求滑片P向右移动时，电路中的电流逐渐变小，连入电路的接线柱是( )
A. A和BB. A和DC. B和DD. B和C
7.小明利用电能表测量某家用电器的电功率，当电路中只有这个用电器工作时，测得10min内，消耗电能0.4kW⋅h，则这个用电器可能是( )
A. 空调B. 电冰箱C. 日光灯D. 收音机
8.如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，电流表和电压表都有示数。如果某时刻电路出现故障，两表的示数都变大了，那么故障可能是( )
A. 电阻R1短路B. 电阻R1断路C. 电阻R2短路D. 电阻R2断路
9.如图所示是电阻甲和乙的U−I图象，下列说法中不正确的是( )
A. 电阻甲和乙都是阻值不变的电阻
B. 当乙两端电压为2V时，R乙=5Ω
C. 甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2 A时，电路的总电压为3V
D. 甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路的总电流为0.4A
10.实验小组利用如图所示电路进行电学探究实验，灯丝电阻不随温度变化。闭合开关后，下列说法正确的是( )
A. 向左移动滑动变阻器滑片，灯泡变暗
B. 向右移动滑动变阻器滑片，电流表示数变大
C. 向右移动滑动变阻器滑片，电压表示数变小
D. 向左移动滑动变阻器滑片，电压表与电流表示数之比变小
二、填空题：本大题共7小题，共28分。
11.一节干电池的电压是 V，工作电压6V的扩音器，需要 节电池。
12.橡胶棒与毛皮摩擦时，橡胶棒带______电，毛皮______(填“得到”或“失去”)电子。
13.某导体两端的电压是3V时，通过它的电流为100mA，这个导体的电阻是 Ω；若将电压提高到6V，这个导体的电阻为 Ω。
14.甲、乙两个定值电阻规格分别是“6V，0.3A”和“12V，0.4A”。将它们串联接到电路中，则甲、乙电阻两端电压之比是 ；若将它们并联接到相同电路中，通过甲、乙电阻的电流之比是 。
15.一个标着“220V，40W”的灯泡它正常发光时的电阻为 Ω，如果把它接入110V电路中，灯的实际功率为 w.(灯的电阻不变)
16.一只标有“6V 3W”的小灯泡，电源电压12V，若能使小灯泡正常发光，需将小灯泡和一只 Ω的电阻 联。
17.某电能表表盘上标有“3000r/kW⋅h”，只有一个用电器工作，发现电能表铝盘1min转了30转，则这个用电器1min内消耗的电能是 J，其电功率是 W。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
18.在圆圈内填上适当的电表符号，保证开关闭合后两灯都能发光。
19.请用笔画线代替导线连接电路。要求：闭合开关S，向左端移动滑动变阻器的滑片时，小灯泡变亮，电压表测小灯泡电压。
四、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
20.探究串联电路电压的特点
(1)小明按照图甲连接电路，闭合开关，发现两灯都不亮，电压表有示数，原因可能是______(写出一种即可)。
(2)检查无误后闭合开关，用电压表分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在如表格中，电压表接B、C两点时的示数如图乙所示，则UBC=______V。小明分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。小华评价小明的做法不妥，改进方法是______。
(3)小明保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，测量L2两端电压。她能否测出L2两端电压？______，理由是______。
21.某实验小组用如图甲所示电路“探究电流与电阻的关系”。
(1)开关闭合前；应将滑动变阻器滑片P移到最______(填“左”或“右”)端；
(2)请在图乙所示虚线框内画出图甲对应的电路图；
(3)闭合开关，移动滑片P发现，电压表始终无示数，电流表始终有示数，其原因可能______；(只填序号)
A.R短路
B.R断路
C.滑动变阻器短路
(4)下列图中，能正确描述该实验电流随电阻变化的图像是______；
A.
B.
C.
D.
(5)在电学实验中，下面的三个实验都用到图甲的电路，以下说法正确的是______。
A.研究“电流与电压的关系”可以用灯泡代替定值电阻进行实验
B.研究“电流与电阻的关系”每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电流表示数不变
C.“伏安法”测定值电阻，多次实验的目的是求平均值，减小误差
D.在A、B、C选项的三个实验中，滑动变阻器的作用是完全一样的
22.测量小灯泡的额定功率
一只小灯泡的额定电压为2.5V，小明想测量这个小灯泡的额定功率，实验器材如图甲所示。
(1)请你用笔画线代替导线，将电路连接完整。
(2)实验时，电压表的示数如图乙所示，则应将滑片向______(选填“A或“B”)端移到某一位置，才能使小灯泡正常工作。当小灯泡正常发光时，电流表示数为0.32A，此时小灯泡的额定功率为______ W。
(3)完成上述实验后，小明又设计了一种测额定功率的方案，如图丙所示，R0是阻值已知的定值电阻。请完成下列操作：
①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点______，移动滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压U额；
②滑动变阻器的滑片______，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U1；
③用U1、U额、R0表示小灯泡的额定功率，则表达式P=______。
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
23.如图所示的电路中，电源电压不变，R2的阻值为15Ω，闭合开关之后，电压表的示数为3V，电流表的示数为0.1A，求：
(1)R1的阻值；
(2)通过R2的电流；
(3)电源电压？
24.如图所示，是“彩虹”款某款电热毯的简易电路图。电源电压保持不变，R1是电热毯加热的电热丝，R2是定值电阻，该电热毯的额定电压为220V，当开关S闭合时，电热毯处于高温加热状态，其预定加热功率为110W；当开关S断开时，电热毯处于低温加热状态。求：
(1)该电热毯的电热丝R1的阻值大小。
(2)该电热毯处于正常工作的高温加热状态时，30min消耗的电能大小。
(3)若R2的阻值为660Ω，则当该电热毯处于低温加热状态时，求R1的实际功率大小。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、大地、橡胶棒中大地属于导体，橡胶棒属于绝缘体，故A错误；
B、人体、铁质直尺都易导电，属于导体，故B正确；
C、玻璃杯、橡皮都不易导电，属于绝缘体，故C错误；
D、陶瓷碗、石墨中，陶瓷碗属于绝缘体，石墨属于导体，故D错误。
故选：B。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
2.【答案】C
【解析】解：AB、通过摩擦的方法可以使物体带电，在摩擦起电过程中，塑料小勺和头发都带上了等量的异种电荷，所以在干燥的头发上摩擦过的塑料小勺带上了电荷，带电体具有吸引轻小物体的性质，摩擦后梳子能吸起一些碎纸屑，摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷，故AB错误；
C、碎纸屑带上同种电荷后，由于同种电荷相互排斥，所以碎纸屑被弹开，故C正确；
D、碎纸屑被吸到塑料小勺上，是因为带电体具有吸引不带电轻小物体的性质，故D错误。
故选：C。
通过摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；带电体具有吸引不带电轻小物体的性质；同种电荷相互排斥。
本题考查了摩擦起电现象、摩擦起电的实质、电荷间的相互作用，属基础题。
3.【答案】D
【解析】解：A、制作发光二极管的材料是半导体，故A错误；
B、电炉丝需要将电能转化为内能，电阻为0无法将电能转化为内能，故B错误；
C、灯丝必须在白炽状态下才能正常发光，电阻为0无法将电能转化为内能，无法发热、发光，故C错误；
D、用超导体做输电导线，可以减小由电能到内能的损耗，提高传输效率，故D正确。
故选：D。
超导现象是电阻为零的现象，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
本题主要考查学生对超导体的特点及应用的了解和掌握，是一道基础题，比较简单。
4.【答案】B
【解析】解：由题意知，甲灯泡的额定功率都是25W，乙灯泡的额定功率为40W，而灯泡亮度取决于灯泡的实际功率，灯泡实际功率越大，灯泡越亮，因此当它们都正常工作时，乙灯较亮。
故选：B。
灯泡正常发光时的功率等于灯泡的额定功率，灯泡亮度取决于灯泡的实际功率，灯泡实际功率越大，灯泡越亮。
知道灯泡正常发光时的实际功率等于额定功率，知道灯泡亮度取决于灯泡的实际功率是正确解题的关键。
5.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查了串并联电路的设计，明确倒车灯和补光灯的连接方式是解题的关键。
开关闭合后，倒车灯和后置补光灯同时亮起，这说明开关同时控制两盏灯，则两盏灯可能串联、也可能并联(开关接在干路上)；根据串联电路和并联电路的工作特点分析两盏灯最合理的连接方式。
【解答】
根据题意可知，把汽车的挡位拨到倒车挡“R”位置，相当于闭合开关，倒车灯和后置补光灯同时亮起，这说明开关能控制倒车灯和补光灯；倒车灯和补光灯可能串联接入电路，也可能并联接入电路；若两灯串联，两灯工作时相互影响，即一盏灯损坏，另一盏灯也不发光，不符合实际；若两灯并联，两灯工作时互不影响，所以最合理的连接方式是并联，故D图正确。
故选D。
6.【答案】B
【解析】解：A、接A和B时，连入电路中的是一个定值电阻(最大电阻)，这种接法是不能变阻的，也就无法改变电流，这种接法不正确。
B、接A和D时，连入电路中的电阻丝是PA部分。当滑片向右滑动时，PA电阻丝长度变长，电阻变大，则电流变小，这种接法符合题意要求。
C、接B和D时的情况与接B和C的情况是一样的。这种接法不符合题意要求。
D、接B和C时，连入电路中的电阻丝是PB部分。当滑片P向右滑动时，PB电阻丝长度变短，电阻变小，则电流变大，这种接法不符合题意要求。
故选：B。
滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的，它的正确接法是“一上一下”。哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的。若接左下接线柱，滑片向右移动，电阻变大；若接右下接线柱，滑片向左移动，电阻变大。
本题考查了滑动变阻器的原理和作用，能够正确判断哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在。
7.【答案】A
【解析】解：
用电器在测得在t=10min=16h内，消耗的电能为W=0.4kW⋅h，用电器的电功率：P=Wt=0.4kW⋅h16h=2.4kW=2400W；
空调的电功率一般大于1000W，电冰箱的电功率约为200W，收音机的电功率约为5W，日光灯的电功率为25W∼40W，所以电功率是2400W的用电器是空调。
故选：A。
根据用电器在10min内消耗的电能，利用公式P=Wt求出电功率，再与题目中给出的用电器的功率比较，解答此题。
本题考查了电功率的计算方法，常见的家用电器应记住其额定功率。
8.【答案】C
【解析】由图可知，电阻R1、R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A、若电阻R1短路，则电阻R1两端的电压为零，即电压表示数变为零，由于电路中电阻变小，电流变大，即电流表示数变大，故A不符合题意；
B、若电阻R1断路，电流表示数变为零，电压表与R2串联接入电路，此时电压表测电源电压，电压表示数将变大，故B不符合题意；
C、若电阻R2短路，电路为R1的简单电路，电路中电阻变小，电流变大，即电流表示数变大，此时电压表测电源电压(电压表示数变大)，所以两表的示数都变大，故C符合题意；
D、若电阻R2断路，电阻R1、电压表、电流表都没有接入电路，则两表示数均为零，故D不符合题意。
故选：C。
9.【答案】C
【解析】解：A、甲的图像为一条直线，说明电流与电压成正比，甲为定值电阻；乙的图像为曲线，即电流与电压不成正比，因此乙的阻值是变化的，故A错误；
B、根据图像可知，当乙两端电压为2V时，通过乙的电流为0.2A，由I=UR可得，乙的阻值：R乙=U乙I乙=2V0.2A=10Ω，故B错误；
C、甲、乙串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，当电路中的电流为0.2A时，由图可知，U甲=1V，U乙=2V，则电源的电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V，故C正确；
D、因并联电路两端电压相等，且并联电路中干路电流等于各支路电流之和，当电源电压为2V；由图可知I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，故D错误。
故选：C。
(1)甲的图像为一条直线，说明电流与电压成正比，甲为定值电阻；乙的图像为曲线，阻值变化，据此分析；
(2)根据图像读出当乙两端电压为2V时通过的电流，然后根据欧姆定律求出乙的阻值；
(3)根据串联电路的电流特点读出图像中对应的电压，根据串联电路的特点求出电源电压；
(4)根据并联电路的电流规律得出电路中的总电流。
本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律的灵活运用，关键是根据图像得出相关的信息。
10.【答案】D
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
AD、向左移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的电阻关系可知总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；滑动变阻器接入电路的电阻变小，其分担的电压变小，电压表的示数变小；根据串联电路的分压规律可知，灯泡两端的电压变大，根据P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡的亮度变亮，故A错误；
根据R=UI可知，电压表与电流表示数之比为滑动变阻器接入电路电阻，滑动变阻器接入电路的电阻变小，则电压表与电流表示数之比变小，故D正确；
BC、向右移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的电阻关系可知总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小，滑动变阻器接入电路的电阻变大，其分担的电压变大，电压表的示数变大，故BC错误。
故选：D。
由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据串联电路的电阻关系可知电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化，根据串联电路的分压规律可知滑动变阻器两端电压的变化，根据串联的电压特点可知，灯泡两端电压的变化，根据P=UI分析灯泡实际功率的变化；根据R=UI分析电压表与电流表示数之比的变化。
本题考查欧姆定律、电功率和滑动变阻器的使用，关键明白滑片移动的过程中电阻的变化情况，这是本题的难点也是重点。
11.【答案】1.5
4

【解析】解：生活中一节干电池的电压是1.5V，因串联电路的电压等于各电池电压之和，故工作电压6V的扩音器，需要4节电池。
故答案为：1.5；4。
生活中一节干电池的电压是1.5V，根据串联电路的电压等于各电池电压之和得出电池的节数。
本题考查干电池的电压及串联电池电压的规律，为基础题。
12.【答案】负 失去
【解析】解：毛皮跟橡胶棒摩擦过程中，橡胶棒得到电子带负电，毛皮因失去电子带正电。
故答案为：负；失去。
正负电荷的规定：丝绸摩擦这的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带电。摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电。
本题考查了摩擦起电的实质，属于基础知识，要熟记。
13.【答案】30
30

【解析】解：通过它的电流为I=100mA=0.1A，导体的电阻为：R=UI=3V0.1A=30Ω；
电阻是导体本身的一种性质，与电流、电压无关，因此将电压提高到6V时，这个导体的电阻仍为30Ω。
故答案为：30；30。
(1)已知电压和电流，由公式R=UI求出导体的电阻；
(2)电阻是导体本身的一种性质，与电流、电压无关。
本题考查欧姆定律的简单计算，电阻是导体本身的一种性质，是基础题。
14.【答案】2：3
3：2

【解析】解：已知甲、乙电阻的规格，由欧姆定律可得，甲、乙电阻的阻值分别为：
R甲=U甲I甲=6V0.3A=20Ω，R乙=U乙I乙=12V0.4A=30Ω。
两个电阻串联时，根据串联电路的分压关系可得，甲、乙电阻两端的电压之比为
U甲′：U乙′=R甲：R乙=20Ω：30Ω=2：3；
两个电阻并联时，根据并联电路的分流关系可得，通过甲、乙电阻的电流之比为
I甲′：I乙′=R乙：R甲=30Ω：20Ω=3：2。
故答案为：2：3；3：2。
根据欧姆定律求出甲、乙两个定值电阻的阻值。两个电阻串联时，根据串联电路的分压关系求甲、乙电阻两端的电压之比；两个电阻并联时，根据并联电路的分流关系求通过甲、乙电阻的电流之比。
本题考查欧姆定律和串联分压、并联分流关系的应用，难度适中。
15.【答案】1210
10

【解析】解：灯泡正常发光时的功率为40W，
所以灯泡的电阻R=U额2P额=(220V)240W=1210Ω，
当把它接入110V电路中，灯的实际功率：
P=U实2R=(110V)21210Ω=10W。
故答案为：1210；10。
灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据R=U2P求出灯泡的电阻，再根据P=U2R求出把它接入110V电路中灯的实际功率。
本题考查了电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡正常发光时的功率和额定功率相等。
16.【答案】12
串

【解析】解：小灯泡正常发光时，其两端电压为6V，小于电源电压，根据串联电路分压原理可知，需要串联一个电阻来分担多余的电压；根据串联电路电压特点可得串联的电阻两端电压为：
U0=U−UL=12V−6V=6V；
根据P=UI可得电路中的电流为：I=PLUL=3W6V=0.5A；
根据欧姆定律可得串联电阻的阻值为：R=U0I=6V0.5A=12Ω。
故答案为：12；串。
先根据串联电路分压原理分析电阻连接情况，再根据串联电路电压特点求出串联的电阻两端电压，然后根据P=UI求出电路中的电流，最后根据欧姆定律可得串联电阻的阻值。
本题考查串联电路规律、欧姆定律和电功率公式的应用，是基础题。
17.【答案】3.6×104
600

【解析】解：3000r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的铝盘转过3000转，
则电能表的铝盘转过30转，该用电器消耗的电能：W=30r3000r/kW⋅h=0.01kW⋅h=3.6×104J；
用电器的电功率：P=Wt=3.6×104J1×60s=600W。
故答案为：3.6×104；600。
3000r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的铝盘转过3000转，据此求出电能表的铝盘转过30转，该用电器消耗的电能，根据P=Wt求出用电器的电功率。
本题考查对电能表参数的认识与理解、电能和电功率的计算，知道3000r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的铝盘转过3000转是解题的关键。
18.【答案】解：由电路图可知，右边的圈与灯泡串联，所以该圆圈内是电流表；而左边的圈与灯泡并联，所以是电压表，如图所示：

【解析】从电压表和电流表的正确使用方法进行分析，即电压表应该并联在电路中，而电流表应该串联在电路中。
本题考查了电流表、电压表的正确使用方法，属于基础题目。
19.【答案】解：向左端移动滑动变阻器的滑片时，小灯泡变亮，说明电路中电流变大，电阻变小，所以变阻器应选择左下接线柱串联入电路中；电源由两节干电池组成，即电源电压为3V，所以电压表选用小量程与灯泡并联。如图所示：
。
【解析】电压表应与被测用电器并联，滑动变阻器应与被控制用电器串联，根据向左端移动滑动变阻器的滑片时，小灯泡变亮确定接线柱。
本题考查实物电路的连接，熟练掌握电压表和滑动变阻器的使用方法是关键。
20.【答案】灯L1断路 1.2 换用不同规格的灯泡多次实验 不能 电压表的正负接线柱接反了
【解析】解：(1)闭合开关，发现两灯都不亮，电压表有示数，则电压表的正负接线柱与电池正负极之间的电路是接通的，与电压表并联的电路断路，即灯L1断路；
(2)由图乙知，电压表量程为0∼3V，分度值为0.1V，指针指在1.2V处，电压表示数为1.2V，则UBC=1.2V；
表格中只有一组数据，这样得出结论具有偶然性，实验时应换用不同规格的灯泡多次实验；
(3)不能，若电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上，此时电流从负接线柱流入，正接线柱流出，电压表指针将反偏。
故答案为：(1)灯L1断路；(2)1.2；换用不同规格的灯泡多次实验；(3)不能；电压表的正负接线柱接反了。
(1)根据小灯泡是否发光以及电压表有无示数判断出故障；
(2)明确电压表的量程及分度值，读出电压表的示数，即BC端的电压；对于该实验，从得出结论的普遍性的角度分析，应该选择不同规格的灯泡多做几次实验；
(3)根据电压表在电路中的正确接法分析解题。
本题考查探究串并联电路中电压规律的实验，关键是将实验操作原则及结论记忆清楚，仔细分析即可。
21.【答案】右；
；
A；
D；
C
【解析】(1)为保护电路，连接电路时应断开开关，开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处，离下接线柱最远的方向，即滑动变阻器的最右端。
(2)由图甲可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，依据电流经过的路径和电路特点画出对应的电路图，如图所示：
(3)闭合开关，移动滑片P发现电压表始终无示数，电流表始终有示数，则电路已接通，其原因可能是电压表所并联的元件短路。若滑动变阻器短路，则移动滑片时，起不到改变电阻的作用，电流表示数不会变，且电压表有示数。故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
(4)因电压表示数不变，即电流I与R之积为一定值，电流I随电阻R的变化关系为反比例函数关系，据此可知I−R图象为反比例函数图象。
故选D。
(5)A.在研究电流与电压关系时，应当控制电阻是定值，因此本实验选用的是定值电阻，而小灯泡的电阻会受温度的变化而变化，所以本实验不能用小灯泡；故A错误；
B.研究“电流与电阻的关系”，应当保证定值电阻两端的电压不变，因此每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电压表示数不变，所以滑动变阻器的目的是控制定值电阻两端电压不变；故B错误；
C.“伏安法”测定值电阻的阻值，通过滑动变阻器改变通过电阻的电流和它两端的电压进行多次实验，并求平均值，减小误差，故C正确；
D.研究“电流与电压的关系”滑动变阻器的作用是1.保护电路；2.改变定值电阻两端的电压，获得多组“电压-电流”数据，便于寻找规律。
研究“电流与电阻的关系”滑动变阻器的作用是 1.保护电路；2.控制定值电阻两端电压不变(更换电阻后调节)，满足控制变量要求。
“伏安法”测定值电阻滑动变阻器的作用是1.保护电路；2.改变定值电阻两端的电压和电路电流，获得多组数据，用于求平均值减小误差。
综上可知，在以上实验中滑动变阻器的作用是不同的，故D错误。
故选C。
故答案为：(1)右；
(2)；
(3)A；
(4)D；
(5)C。
(1)开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处；
(2)由图甲可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，依据电流经过的路径和电路特点画出对应的电路图；
(3)电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明与电压表并联的部分电路是短路，或者电压表断路；
(4)在电压不变时导体中的电流与导体的电阻成反比，据此分析；
(5)根据选项进行分析作答。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、常见故障的分析、控制变量法的应用、分析数据归纳结论的能力，综合能力强。
22.【答案】B 0.8 1 不动 U额(U1−U额)R0
【解析】解：(1)在连接实物图时，滑动变阻器要“一上一下”的连接；电流表的量程不好确定，选大量程；由于要测量2.5V小灯泡的额定功率，电压表选小量程；连接时注意电流从电表的正接线柱流入、从负接线柱流出，如图所示：
；
(2)由上图知，电压表使用的0∼3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为1.5V，小灯泡的额定电压是2.5V，根据串联电路中各电阻分担电压的作用，电阻越大分担的电压越大，所以要减小滑动变阻器连入电路的阻值，故滑动变阻器滑片向B端移动，直到小灯泡正常发光；
当灯正常发光时，电流表示数为0.32A，
小灯泡的额定功率为：P灯=U灯I灯=2.5V×0.32A=0.8W；
(3)如丙图，定值电阻R0、小灯泡和滑动变阻器串联在电路中。
①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点1，电压表测量小灯泡两端的电压，移动滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压U额；
②保持滑片的位置不动，再将开关S1拨到触点2，电压表测量小灯泡和定值电阻两端的总电压，读出电压表的示数U1；
则定值电阻两端的电压U0=U1−U额，
根据欧姆定律得，通过定值电阻的电流：
I0=U0R0=U1−U额R0，
根据串联电路中电流处处相等，则小灯泡的额定电流I=I0=U0R0=U1−U额R0，
③小灯泡的额定功率：
P=U额I=U额×U1−U额R0=U额(U1−U额)R0。
故答案为：(1)如图所示；(2)B；0.8；(3)1；不动；U额(U1−U额)R0。
(1)在连接实物图时，滑动变阻器要“一上一下”的连接，电流表串联在电路中，电压表并联在灯两端；电流表的量程不好确定，选大量程；由于要测量2.5V小灯泡的额定功率，电压表选小量程；连接时注意电流从电表的正接线柱流入、从负接线柱流出；
(2)根据图中电压表选用的小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；利用P=UI得出小灯泡的额定功率；
(3)电压表首先测量小灯泡两端的电压，移动滑片使小灯泡正常发光，然后测量小灯泡和定值电阻两端的总电压，根据串联电路电压特点求出定值电阻两端的电压，根据欧姆定律求出定值电阻中的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定电功率。
本题考查了两种方法测量小灯泡的额定功率，一种是采用伏安法测量小灯泡的额定功率，一种是采用伏阻法测量小灯泡的额定功率，这两种方法都要熟练掌握。
23.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由I=UR可得，R1的阻值：
R1=U1I=3V0.1A=30Ω；
(2)因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过R2的电流即为电流表的示数0.1A；
(3)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以由欧姆定律可得，电源的电压：
U=I(R1+R2)=0.1A×(30Ω+15Ω)=4.5V。
答：(1)R1的阻值为30Ω；
(2)通过R2的电流为0.1A；
(3)电源电压为4.5V。
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据欧姆定律求出R1的阻值；
(2)利用串联电路的电流特点可知通过R2的电流；
(3)根据电阻的串联和欧姆定律求出电源电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
24.【答案】解：(1)当开关S闭合时，该电路为只含有R1的简单电路，此时为高温加热状态，加热功率为P加热=110W，
由P=UI=U2R可知该电热毯的电热丝R1的阻值为：R1=U2P加热=(220V)2110W=440Ω；
(2)当电热毯处于高温加热状态时，30min消耗的电能为：W=Pt=110W×30×60s=1.98×105J；
(3)当开关S断开时，该电路为R1和R2的串联电路，此时处于低温加热状态；
由串联电路的电阻特点可知电路总电阻为：R=R1+R2=440Ω+660Ω=1100Ω，
则电路中的电流为：I=UR=220V1100Ω=0.2A，
则R1的实际功率为：P1=I2R1=(0.2A)2×440Ω=17.6W。
答：(1)该电热毯的电热丝R1的阻值为440Ω；
(2)该电热毯处于正常工作的高温加热状态时，30min消耗的电能为1.98×105J；
(3)若R2的阻值为660Ω，则当该电热毯处于低温加热状态时，R1的实际功率为17.6W。
【解析】(1)由电路图可知当电热毯处于高温加热状态时，电路为只含有R1的简单电路，已知加热功率和电源电压，利用P=UI=U2R可求出该电热毯的电热丝R1的阻值；
(2)利用W=Pt可求出当电热毯处于高温加热状态时，30min消耗的电能；
(3)当电热毯处于低温加热状态时，电路为R1和R2的串联电路，串联电路的总电阻等于各个分电阻之和，再利用I=UR求出电路中的电流，最后根据P=I2R求出R1的实际功率。
本题考查了欧姆定律的应用、电能和电功率的计算，需要熟练掌握相关计算公式及变形式的应用是解题的关键。UAB/V
UBC/V
UAC/V
2.4
3.6