黑龙江省双鸭山市部分学校2025-2026学年高一上学期阶段检测（一）（9月）数学试题（解析版）

这是一份黑龙江省双鸭山市部分学校2025-2026学年高一上学期阶段检测（一）（9月）数学试题（解析版），共15页。试卷主要包含了 若R，则下列命题正确的是， 设全集,集合，， 已知，且，则下列结论正确的是等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上.
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效.
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.
考试时间为120分钟，满分150分
一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1. 已知集合，下列选项中为的元素的是（ ）
① ② ③ ④
A. ①②B. ①③C. ②③D. ②④
【答案】B
【解析】
【分析】根据集合元素的定义，判断所给选项中的元素是否在集合中.
【详解】已知集合，
所以集合A有两个元素：和．
故选：B.
2. 已知全集，集合，，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】由补集、交集的概念即可得解.
【详解】已知全集，集合，，则.
故选：D.
3. 命题“”的否定是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】命题是存在量词命题，则命题的否定是全称量词命题，据此解答即可．
【详解】命题“”的否定为“”．
故选：D．
4. 若R，则下列命题正确的是（ ）
A. 若，则B. 若，则
C. 若，则D. 若，则
【答案】B
【解析】
【分析】A.，不成立；B.作差法判断结论；C. ，可得到；D．时，不成立.
【详解】对于A，当时，不成立，A错误
对于B，，，
， ，，即，B正确
对于C，，所以若，则，C错误
对于D，当时，，D错误
故选：B
5. 设全集,集合，（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据整数集的分类，以及补集的运算即可解出．
【详解】因为整数集，，所以，．
故选：A．
6. 已知关于x的不等式的解集为，则关于x的不等式的解集为（ ）
A B. {或}
C. D. {或}
【答案】C
【解析】
【分析】根据题设条件确定参数范围和参数之间的数量关系，将其代入所求不等式计算即得.
【详解】由的解集为，可得，
且方程的解为，则，即，
故，即，又，
即得，解得，
即关于x的不等式的解集为.
故选：C.
7. 已知集合，，若集合的真子集的个数为3，则实数a的取值范围是（ ）
A. 或B. 或
C. 或D. 或
【答案】A
【解析】
【分析】首先解一元二次不等式求出集合，再分中的两个整数是，和情况讨论，分别得到不等式组，计算可得.
【详解】由，即，解得，
所以；
由，即，
解得，
所以.
若集合的真子集的个数为3，则集合中的元素个数为2，
若集合中的两个元素是2，3，则，解得；
若集合中的两个元素是1，2，则，解得；
若集合中的两个元素是0，1，则，解得；
综上，实数a的取值范围是或.
故选：A.
8. 已知关于方程有两个不相等的实数根，，则的最大值为（ ）
A. B. 2C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】通过求解判别式确定方程有两个不相等的实数根的条件，再通过韦达定理求出两根的关系式，再将关系式代入目标表达式中化简，通过基本不等式化简求解即可.
【详解】由题设，得，
且，，
，
又因为，所以，则，
所以，
当且仅当时，即时取等号，所以，
即的最大值为.
故选：C.
二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分.
9. 命题“存在，使得”为假命题的一个充分不必要条件是（ ）
A. B. C. D.
【答案】CD
【解析】
【分析】利用一元二次不等式的成立问题结合必要不充分条件的定义判断各个选项.
【详解】存在，使得为真时，
当时，显然成立；
当时，有，解得，
当时，存在，使得；
所以存在，使得为真时，，
命题“存在，使得”为假命题时，
时，不一定成立，不合题意；
时，不一定成立，不合题意；
时，必成立，反之时，推不出，符合题意；
时，必成立，反之时，推不出，符合题意；
命题“存在，使得”为假命题的一个充分不必要条件是；
故选：CD
10. 已知，且，则下列结论正确的是（ ）
A. B. 的最大值是
C. 的最小值是D. 的最小值是
【答案】ABD
【解析】
【分析】利用不等式性质可判断A；根据基本不等式判断BD；结合二次函数性质判断C；
【详解】由，得，因为，所以，解得，
又，所以，故A正确；
因为，故，所以，所以，
当且仅当时取等号，故B正确；
由，得，所以，
当时，取最小值，最小值是，故C错误；
，
当且仅当时，结合，即取时等号，故D正确.
故选：ABD.
11. 若，，，则（ ）
A. B.
C. D.
【答案】BCD
【解析】
【分析】利用作差法，适当放缩比较、和、的大小，得到、、的大小关系即可求解.
【详解】，，，
，
所以，
，
所以，所以，
所以B、C、D正确，A错误.
故选：BCD
三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分.
12. 若，则________.
【答案】2
【解析】
【分析】根据集合的相等确定，求得，进而得到，求得或，代入集合检验确定即得答案.
【详解】由题意得，则，即，
则，解得或，
若，则违背集合元素的互异性，舍去；
若，则有，符合要求.
综上所述，，则.
故答案为：2
13. 已知，且满足，则的最小值为________．
【答案】
【解析】
【分析】由已知条件可知，且，由展开利用基本不等式即可求解.
【详解】因为，，所以，
因为，所以，
所以
，
当且仅当 即时等号成立，
所以的最小值为，
故答案为：.
14. 定义集合的“长度”是，其中a，R.已知集合，，且M，N都是集合的子集，若集合的“长度”大于，则的取值范围是______.
【答案】
【解析】
【分析】根据区间长度定义得到关于的范围，再根据并集的区间长度大于，分类讨论得到关于的不等式，解出即可.
【详解】因为都是集合的子集，
所以，解得，
又，可知集合M的“长度”为，，
要使集合的“长度”大于，
若，则，所以，
又，所以；
若，则，所以，
又，所以；
则的取值范围是.
故答案为：
【点睛】关键点点睛：本题的关键是充分理解区间长度的定义，再根据并集的含义得到不等式组，结合分类讨论的思想即可.
四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文宇说明、证明过程或演算步骤.
15. 设集合．
（1）当时，求集合、；
（2）若，求实数的取值范围；
【答案】（1），或；
（2）
【解析】
【分析】（1）直接代入解出分式不等式和一元二次不等式即可；
（2）求出，或，再根据并集的含义即可得到不等式组，解出即可.
【小问1详解】
当时，或，
由，得，则有，
解得，所以；
【小问2详解】
由，得，
解得，所以，
由（1）得，则或，
由于，
所以，解得.
所以实数的取值范围是.
16. （1）已知实数、满足，.求的取值范围.
（2）已知，求的最小值.
【答案】（1）；（2）.
【解析】
【分析】（1）利用待定系数法得出，再利用不等式的基本性质可求得的取值范围；
（2）由已知条件得出，结合基本不等式可求得的最小值.
【详解】（1）设，其中、，
所以，解得，，即，
因为，，所以，，
由不等式的基本性质可得，即，
因此，的取值范围是；
（2）因为，即，即，
由基本不等式可得，
所以，
当且仅当时，即当时，等号成立，
故的最小值为.
17. 设全集，集合，集合．
（1）求；
（2）若“”是“”的充分不必要条件，求实数的取值范围；
（3）若命题“，则”是真命题，求实数的取值范围．
【答案】（1）或
（2）
（3）
【解析】
【分析】（1）由补集的定义求解即可；
（2）由“”是“”的充分不必要条件可得是的真子集，再由真子集的定义列不等式，解不等式即可得出答案.
（3）由命题“，则”是真命题可得，分类讨论和，再由子集的定义列不等式，解不等式即可得出答案.
【小问1详解】
因为，所以或.
【小问2详解】
由“”是“”的充分不必要条件，得是的真子集，
又，，
因此或，
解得:.
所以实数的取值范围为.
【小问3详解】
命题“，则”是真命题，则有,
当时，，解得，符合题意，因此
当时，而，
则，无解，
综上所述，实数的取值范围.
18. 如图，某小区有一个直角梯形休闲广场，其中百米，百米.规划修建两条直道将广场分割为3个区域：I，II为绿化区域（图中阴影部分），面积分别记为，；III为休闲区域，面积记为.其中，区域III是以为底的梯形，点分别在上.（道路宽度忽略不计）
（1）若，试确定道路AE的长度的取值范围；
（2）记休闲区域面积与绿化区域面积的比值为“效能比”，求此规划下该广场效能比的最大值.
【答案】（1）大于50米小于100米
（2）3
【解析】
【分析】（1）延长相交于点P，设可利用三角形相似求出关系，结合已知即可求出的表达式，解不等式即可求得答案；
（2）求出的表达式，可得效能比的表达式，结合二次函数性质即可求得答案.
【小问1详解】
延长相交于点P，
因为，所以，结合，
所以，则B为PA的中点，所以，则；
由区域Ⅲ是以CD为底的梯形，可得，
于是，则，
设，所以，故，
由题意知，所以，
所以，
当时，则，即，所以，或，
又因为，所以，所以当道路AE大于50米小于100米时，.
【小问2详解】
因为，
故广场效能比为，
设，则二次函数的图象开口向上，
当时，函数取得最小值，即，
所以，
所以此规划下该广场效能比的最大值为3.
19. 已知n元有限集，若，则称集合A为“n元和谐集”.
（1）若集合是“二元和谐集”，求m的值；
（2）若正数集是“二元和谐集”，试证明：元素，中至少有一个大于2；
（3）是否存在集合中元素均为正整数的“三元和谐集”？如果有，有几个？请说明理由.
【答案】（1）
（2）证明见解析 （3）存在，1个，理由见解析
【解析】
【分析】（1）根据n元和谐集的定义，令，求解即可.
（2）通过构造一元二次方程利用判别式法证明即可.
（3）设满足要求，则，不妨设，则，从而求出，即可.
【小问1详解】
（1）若集合是“二元和谐集”，则，
解得.
小问2详解】
集合是“二元和谐集”，设，
则，可以看成一元二次方程的两正根，
则，解得（舍）或，
即，所以中至少有一个大于2.
【小问3详解】
设正整数集为“三元和谐集”，则，
不妨设，则，解得，
因为，，故只有，满足要求，
所以，得，
综上，满足要求，其他均不合要求，
存在1个集合中元素均为正整数的“三元和谐集”，即.