安徽省合肥市2023－2024学年下学期八年级期中考试物理试卷

这是一份安徽省合肥市2023－2024学年下学期八年级期中考试物理试卷，共17页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）陆游在《升仙桥遇风雨大至憩小店》中写道：“空江鱼鳖从龙起，平野雷霆拥马来。”前半句写的是江面刮起一阵旋风，将水中的鱼鳖卷入空中。形成此现象的原因是旋风中间空气流速 大 ，压强小，将水中的鱼鳖“吸”到空中。
【答案】大。
【解析】解：江面刮起一阵旋风，旋风中间流速大，压强小，将水中的鱼鳖卷入空中；故形成此现象的原因是旋风中间空气流速大，压强小，将水中的鱼鳖“吸”到空中。
故答案为：大。
2．（4分）如图所示，某同学擦黑板时，用10N的力将重为2N的黑板擦按在竖直的黑板上保持不动，则黑板擦受到的摩擦力为 2 N。若增大按压黑板擦的力，则黑板擦受到的摩擦力大小 不变 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】2；不变。
【解析】解：黑板擦在竖直方向上处于静止状态，即平衡状态，受到平衡力的作用：黑板给它的一个向上的摩擦力和重力，这两个力是一对平衡力，摩擦力f＝G＝2N；
增大压力，黑板受到摩擦力不变，还是等于重力。
故答案为：2；不变。
3．（4分）2020年5月27日，我国的登山队员成功登顶珠穆朗玛峰，并开展峰顶测量，12月8日宣布珠穆朗玛峰的最新高度为8848.86米。随着登山队员攀登高度的不断增加，大气压强不断 减小 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。珠穆朗玛峰峰顶的大气压强约为3.2×104Pa，这个压强值表示的物理意义是 每平方米的面积上受到的大气压力为3.2×104N 。
【答案】减小；每平方米的面积上受到的大气压力为3.2×104N。
【解析】解：（1）大气压随高度的增加而减小，随着登山队员攀登高度的不断增加，气压减小；
（2）珠穆朗玛峰峰顶的大气压强约为3.2×104Pa，这个压强值表示的物理意义是每平方米的面积上受到的大气压力为3.2×104N。
故答案为：减小；每平方米的面积上受到的大气压力为3.2×104N。
4．（4分）小华将一根橡皮筋的左端固定在墙上，用弹簧测力计拉其右端来探究两个分力与合力的关系。如图所示，他先将两弹簧测力计相互垂直作用在橡皮筋上拉到B点，记下两弹簧测力计的示数分别为F3＝3.0N、F4＝4.0N；然后只用一个弹簧测力计把该橡皮筋也拉到B点，读出弹簧测力计的示数F′＝5.0N。根据你对合力与分力的理解，判断F′ 是 （选填“是”或“不是”）F3、F4的合力，你的判断理由是 F3、F4的合力的作用效果与F'的力的作用效果相同 。
【答案】是；F3、F4的合力的作用效果与F'的力的作用效果相同。
【解析】解：实验中，由图可知每次橡皮筋也拉到B点，F3、F4的合力的作用效果与F'的力的作用效果相同，所以F'是F3、F4的合力。
故答案为：是；F3、F4的合力的作用效果与F'的力的作用效果相同。
5．（4分）如图所示，装有液体的容器静止放在水平桌面上，在力F的作用下底面积为500cm2的长方体物块静止在液体中，物体两个相对的侧面所受液体压力是一对 平衡力 （选填“平衡力”或“相互作用力”）。若液体对物块下表面的压强为800Pa，则此时物块受到的浮力是 40 N。
【答案】平衡力；40。
【解析】解：（1）长方体物块静止在液体中，物体两个相对的侧面所受液体压力是一对平衡力，大小相等、方向相反、作用在一条直线上；
（2）由p＝可得液体对物块下表面的压力：
F下表面＝pS＝800Pa×500×10﹣4m2＝40N，
而物体部分露出水面，上表面受到的压力F上表面＝0，
此时物块受到的浮力：
F浮＝F下表面﹣F上表面＝40N﹣0N＝40N。
故答案为：平衡力；40。
6．（4分）如图所示，运动员推铅球，铅球离开手后能继续前进是因为铅球具有 惯性 ，铅球运动到最高点c时，若所有外力都消失，铅球将会 匀速直线运动 （选填“静止”或“匀速直线运动”）。
【答案】惯性；匀速直线运动。
【解析】解：铅球离开手后之所以能继续前进，就是因为铅球具有惯性。
铅球运动到最高点时，向上的速度为零，但仍有向右的速度，此时若一切外力消失，铅球将会向右做匀速直线运动。
故答案为：惯性；匀速直线运动。
7．（4分）如图是我国战国时期的青铜汲酒器示意图，长柄上端与球形底部各开一小孔a、b。当汲酒器插入酒缸中时，汲酒器和酒缸就构成了一个 连通器 ；当汲酒器充满酒水，向上提升长柄时取酒，应使开口a 闭合 （选填“闭合”或“打开”）。
【答案】连通器；闭合。
【解析】解：当汲酒器插入酒缸中时，汲酒器和酒缸就构成一个连通器；当汲酒器内充满酒水，向上提升长柄取酒时，若a打开，则ab两个小孔都与外界大气相通，酒水会在重力的作用下流出，若a闭合，则a孔与外界大气隔绝，而b孔受到大气压的作用，在大气压的作用下酒水不会流出，所以应使开口a闭合。
故答案为：连通器；闭合。
8．（4分）少林功夫驰名中外，一武术爱好者在如图所示的姿势练功时，他对水平地面的压力是由于 鞋（脚） 发生形变而产生的；若他对地面的压强为p，则其中一只脚对地面的压强为 p 。
【答案】鞋（脚）；p。
【解析】解：他对水平地面的压力，施力物体是脚（鞋），则他对地面的压力是由于脚（鞋）发生形变而产生的。
人双脚对地面的压力F＝G，受力面积为S，压强为p，且p＝；
结合图中的姿势可知，一只脚对地面的压力F1＝G＝F，受力面积S1＝S，
则一只脚对地面的压强：p1＝＝＝＝p。
故答案为：鞋（脚）；p。
9．（4分）2023年1月12日，全球首艘智能型无人系统科考母船“珠海云”（如图所示）第一次海试（满载时排开海水的质量）为2100t，则其满载航行时受到的浮力为 2.1×107 N，水面以下6m处的船底受到海水的压强为 6×104 Pa。（g＝10N/kg，ρ海水取1.0×103kg/m3）
【答案】2.1×107；6×104。
【解析】解：其满载航行时受到的浮力F浮＝G排＝m排g＝2100×103kg×10N/kg＝2.1×107N；
水面以下6m处的船底受到的压强p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×6m＝6×104Pa。
故答案为：2.1×107；6×104。
10．（2分）小明从滑梯上匀速滑下，请在图中做出小明对滑梯压力的示意图。
【答案】
【解析】解：小明对滑梯的压力作用在斜面上，方向垂直于斜面向下，如图所示：
二、选择题（每小题3分，共30分）
11．（3分）下列物体不受浮力的是（ ）
A．天空中上升的气球
B．水中正在往下沉的石块
C．大海中航行的山东舰
D．太空中运行的天宫十四号飞船
【答案】D
【解析】解：天空中上升的气球、水中正在往下沉的石块、大海中航行的山东舰，都受到液体或气体向上的压力，由浮力的产生原因可知，它们都受到浮力作用；太空中没有空气，太空中运行的天宫十四号飞船没有受到浮力的作用，故D正确。
故选：D。
12．（3分）如图所示的四种关于固体压强的现象中，其中减小压强的是（ ）
A．用刀切苹果B．铁轨铺在枕木上
C．吸管一端做成尖形D．针头做得很尖
【答案】B
【解析】解：A、用刀切苹果，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不合题意。
B、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B符合题意。
C、吸管一端做成尖形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不合题意。
D、针头做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不合题意。
故选：B。
13．（3分）图甲为上海FI赛道示意图，图乙为赛道中的局部路段，为了保障车手的安全，赛道的某些位置需要加设防护设施，图乙中最需要加设防护设施的是（ ）
A．M处B．N处C．P处D．Q处
【答案】A
【解析】解：
运动的赛车具有惯性，一旦发生失控时，赛车由于惯性会保持原来的运动状态继续向前运动而冲出赛道；
图乙中，赛车行驶到赛道的M点时，它要进行一个接近90°的急转弯，此时运动方向改变的角度最大，由于惯性，赛车最可能直接冲出赛道，所以为了保障车手的安全，最需要在M处加设防护设施。
故选：A。
14．（3分）排球是某市学业考试体育测试的项目之一。如图是某同学排球考试时的场景。下列分析正确的是（ ）
A．排球离开手后竖直上升的过程中受到重力和手击打的力
B．排球竖直上升到最高点时，排球受到平衡力的作用
C．手击打排球的力大于排球对手的作用力
D．排球离开手后，在继续向上运动的过程中其所受的合力方向竖直向下
【答案】D
【解析】解：A、排球离开手后竖直上升的过程中受到重力的空气阻力，但不再受手击打的力，故A错误；
B、排球竖直上升到最高点时，排球只受重力的作用，受力不平衡，故B错误；
C、手击打排球的力与排球对手的作用力是一对相互作用力，二者的大小始终相等，故C错误；
D、排球离开手后，在继续向上运动的过程中受到重力的空气阻力，二者的方向均竖直向下，因此，其所受的合力方向竖直向下，故D正确。
故选：D。
15．（3分）将一实心圆柱体悬挂于弹簧测力计下，物体下表面刚好与水面接触，从此处匀速下放物体，直至浸没（物体未与容器底接触）的过程中，弹簧测力计示数F与物体下表面浸入水中深度h的关系，如图所示，则下列说法正确的是（ ）（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
A．物体的体积为1.5×10﹣3m2
B．物体浸没时受到的浮力为15N
C．物体的密度为2.5×103kg/m3
D．物体刚好浸没时下表面受到的液体压强为800Pa
【答案】C
【解析】解：AC、由图象可知，当h＝0（圆柱体没有浸入水中），圆柱体重G＝F＝25N，
圆柱体的质量：m＝＝＝2.5kg，
根据F浮＝ρ水gV排可得，圆柱体的体积：V＝V排＝＝＝1×10﹣3m3，
则圆柱体的密度：ρ物＝＝＝2.5×103kg/m3，故A错误，C正确；
B、当圆柱体全浸入水中时，弹簧测力计的示数F′＝15N，
圆柱体浸没时受到的浮力为：F浮＝G﹣F′＝25N﹣15N＝10N；故B错误；
D、由图知，圆柱体刚浸没时下表面所处的深度：h＝4cm＝0.04m，
则圆柱体刚浸没时下表面受到的液体压强：p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.04m＝400Pa；故D错误。
故选：C。
16．（3分）如图所示，A、B两物体用一轻质弹簧相连，物体A所受重力为8N，物体B所受重力为5N。用一个竖直向上的拉力F1作用在B上，向上提B，当A对地面刚好没有压力时，弹簧对B的拉力为（ ）
A．8NB．3NC．13ND．5N
【答案】A
【解析】解：当A对地面刚好没有压力时，弹簧的拉力等于A重力，同一个弹簧的拉力相等，此时弹簧对B的拉力为F＝GA＝8N。
故选：A。
17．（3分）如图所示，一个装满水的饮料瓶正放（图甲）在水平桌面上时，水对瓶底的压力为F1，饮料瓶对桌面的压强为p1；将饮料瓶倒放（图乙）在水平桌面上时，水对瓶盖的压力为F2，饮料瓶对桌面的压强为p2，则F1与F2，p1与p2的大小关系（ ）
A．F1＞F2，p1＜p2B．F1＝F2，p1＜p2
C．F1＝F2，p1＝p2D．F1＜F2，p1＜p2
【答案】A
【解析】解：饮料瓶装满水，倒立后水的高度将不变，由p＝ρgh得倒立后对底部压强不变；
倒立后，受力面积变小，由F＝pS知水对瓶盖的压力变小，即F1＞F2；
瓶子放在水平桌面上，对桌面的压力等于瓶子和水的总重力，即F＝G，
倒置后容器对桌面的压力不变，受力面积减小，
根据p＝可知，对桌面的压强增大，即p1＜p2，故A正确。
故选：A。
18．（3分）生活中风景无处不在，那田野里的电线杆也是一道亮丽的风景，许多根电线杆一路排过去，成一条直线，一眼望不到尽头。时而一群小鸟停留在上面，叽叽喳喳叫个不停。野外的电线杆排成一条直线，目的并不是为了省线，而是从受力情况来考虑的。以电线杆B为分析对象，你觉得下列说法正确的是（ ）
A．左右两侧电线对电线杆B的拉力是一对平衡力
B．左右两侧电线对电线杆B的拉力不是一对平衡力
C．电线杆受到的重力和地面对它的支持力是一对相互作用力
D．电线杆受到左、右电线的拉力为一对相互作用力
【答案】B
【解析】解：AB、左右两侧电线对电线杆B的拉力方向不是相反的，不是一对平衡力，故B正确，A错误；
C、电线杆受到的重力和地面对它的支持力作用在一个物体上，不是一对相互作用力，故C错误；
D、电线杆受到的重力和地面对它的支持力作用在一个物体上，不是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
19．（3分）小明同学利用托里拆利实验测量大气压强的值，如图所示。以下判断正确的是（ ）
A．此时大气压强等于750mm高水银柱所产生的压强
B．若将玻璃管稍微倾斜，则管内外水银面的高度差将变大
C．在此装置顶部开一个小洞，水银会向上喷出
D．若换用密度比水银小的液体做实验，则测量出的大气压值将会变小
【答案】A
【解析】解：A、由图可知，此时大气压强等于750mm高水银柱所产生的压强，故A正确；
B、若将玻璃管稍微倾斜，大气压不变，则管内外水银面的高度差将不变，故B错误；
C、在此装置顶部开一个小洞，管内水银会下降，不会向上喷出，故C错误；
D、若换用密度比水银小的液体做实验，大气压强一定，根据公式p＝ρgh，则大气压能支持液注的高度会增大，测量出的大气压值不变，故D错误。
故选：A。
20．（3分）如甲图所示，小华在做“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验，她猜想：浮力可能与液体的密度、物体浸入液体的深度以及物体排开液体体积有关。甲图中长方体木块的长为10cm，宽为5cm，将木块浸入水中，甲图中木块下表面距离液面5cm，如果她想探究浮力与排开液体体积的关系，在甲图实验的基础上，接下来她应该完成图中的哪一个步骤（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】解：由题知，小华猜想：浮力大小可能与液体的密度、物体浸入液体的深度以及物体排开液体体积有关；要探究物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关，需要控制液体的密度和物体浸入液体的深度均不变，改变物体排开液体的体积，同时要注意物体不能碰到容器底部，故D图不符合要求；
A图与上一步骤相比，物体排开液体的体积相同（等于物体体积的一半），故A图不符合要求；
C图与上一步骤相比，虽然物体排开液体的体积不同，但物体浸入液体的深度也不同，故C图不符合要求；
B图与上一步骤相比，物体浸入液体中的深度相同，且物体排开液体的体积不同，故B图符合要求。
故选：B。
三、实验探究题（每空2分，共20分）
21．（6分）在学习牛顿第一定律时，为了“探究阻力对物体运动的影响”，某实验小组做了如图所示的实验。
（1）实验时，将棉布铺在 水平木板 （填“斜面”、“水平木板”或“斜面和水平木板”）上，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车滑行的距离；去掉棉布，再次让小车从 斜面的同一高度 由静止滑下，观察小车滑行的距离。
（2）实验表明：水平面越光滑，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；
（3）进而推理得出：假如运动的小车受到的阻力为零，小车将做 匀速直线 运动。
【答案】（1）水平木板；（2）斜面的同一高度；（3）匀速直线。
【解析】解：（1）让小车从斜面的同一位置静止释放，这一操作的目的是控制小车下滑到水平面的速度相同，本实验探究阻力对物体运动的影响实验时，将棉布铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车滑行的距离；去掉棉布，再次让小车从斜面的同一高度由静止滑下，观察小车滑行的距离。
（2）实验表明：水平面越光滑，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；
（3）进而推理得出：假如运动的小车受到的阻力为零，根据（2）可知，小车的速度不会变小，小车将做匀速直线运动。
故答案为：（1）水平木板；（2）斜面的同一高度；（3）匀速直线。
22．（8分）如图是探究“液体内部压强与哪些因素有关”的实验：
（1）使用前发现U形管压强计两侧的水面如图甲所示。要使U形管两侧的水面相平，最简单的调节方法是 B ；
A.从U形管内向外倒出适量水
B.取下软管重新安装
C.向U形管内添加适量水
（2）U形管压强计是通过U形管两边液面的 高度差 来反映液体压强大小；
（3）比较乙、丙两图可得：液体的压强与 深度 有关；
（4）丁图中压强计橡皮软管内的气压 大于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）大气压。
【答案】
【解析】解：（1）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，则B正确；
故选B；
（2）压强计是通过U形管中水面高度差来反映被测压强大小的；
（3）比较乙图、丙图，在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，可得出液体的压强与液体的深度有关；
（4）丁图中与橡皮管相连的U形管左端的液面低，说明橡皮管内的气压大于大气压。
故答案为：（1）B；（2）高度差；（3）深度；（4）大于。
23．（6分）小明利用弹簧测力计、水、小石块、溢水杯、小桶、细线等器材探究浮力的大小与排开液体所受到的重力大小的关系，如图所示是实验中对弹簧测力计进行读数时的几个情景。
（1）为了减小误差，合理的实验顺序是 C、A、D、B ；
（2）按照合理的顺序进行实验，并收集数据。设 A、B、C、D实验中弹簧测力计的读数分别是F1、F2、F3、F4，如果关系式 F1﹣F4＝F2﹣F3 （用字母表达）成立，即可验证阿基米德原理；
（3）步骤A、B、C的测量操作均如所示，但在步骤D中，当小石块只有一部分浸入在水中时就直接进行读数，则这操作 不会 （选填“会”或“不会”）影响实验结论。
【答案】（1）C、A、D、B；（2）F1﹣F4＝F2﹣F3；（3）不会。
【解析】解：（1）实验时，要先测出空桶的重力，然后测出石块的重力，可以减小实验误差，再将石块浸在溢水杯中，读出弹簧测力计的示数，根据F浮＝G﹣F拉得出石块受到的浮力，最后测出小桶和水的总重力，从而测出石块排开水的重力，因此合理的实验步骤是C、A、D、B；
（2）由称重法知石块浸没水中受到的浮力为：F浮＝F1﹣F4，石块排开水的重力为：G排＝F2﹣F3，若F1﹣F4＝F2﹣F3，说明F浮＝G排，即可验证阿基米德原理；
（3）步骤D中，虽然小石块未全部浸没在水中，小石块排开水的体积小，排开水的重力小，但所受的浮力也小，仍然能得出浮力等于排开的液体受到的重力，对实验没有影响。
故答案为：（1）C、A、D、B；（2）F1﹣F4＝F2﹣F3；（3）不会。
四、计算题（第24题6分，第25题8分）
24．（6分）“五一”假期小宇全家自驾出行旅游，小汽车满载质量为1.5×103kg，如图甲所示。若汽车做直线运动，运动过程中受到的阻力恒为车子总重的0.2倍，汽车的速度v与时间t的关系如图乙所示，g取10N/kg。求：
（1）10～15s内，小汽车受到的牵引力；
（2）若小轿车静止时每个车轮与地面的接触面积为0.01m2，则地面受到的压强多大？
【答案】（1）10～15s内，小汽车受到的牵引力为3×103N；
（2）地面受到的压强为3.75×105Pa。
【解析】解：（1）小汽车满载时的重力G＝mg＝1.5×103kg×10N/kg＝1.5×104N，
运动过程中受到的阻力f＝0.2G＝0.2×1.5×104N＝3×103N，
匀速直线运动时阻力和牵引力是一对平衡力，由图象可知，在10～15s内，汽车匀速直线运动，故牵引力的大小F＝f＝3×103N；
（2）地面受到的压力F压等于汽车满载时的重力G，则地面受到的压强：p＝＝＝＝3.75×105Pa。
答：（1）10～15s内，小汽车受到的牵引力为3×103N；
（2）地面受到的压强为3.75×105Pa。
25．（8分）如图所示，某同学用阿基米德原理测量一种未知液体的密度，他把底面积为10cm2的圆柱体物块，用细绳悬挂在弹簧测力计上，读出示数后，将物块浸入该液体中，浸入液体中的深度h＝10cm，容器底面积为40cm2，g取10N/kg。求：
（1）物块所受的浮力；
（2）液体的密度；
（3）物块浸入前后，液体对容器底的压强变化量。
【答案】（1）物块所受的浮力为0.8N；
（2）液体的密度为0.8×103kg/m3；
（3）物块浸入前后，液体对容器底的压强变化量为200Pa。
【解析】解：（1）由测力计的示数可知，物体的重力G＝3N，物块浸入液体中时测力计的示数F＝2.2N；
则物块受到的浮力：
F浮＝G﹣F＝3N﹣2.2N＝0.8N；
（2）底面积为10cm2的圆柱体物块，浸入液体中的深度h＝10cm，物体排开液体的体积：
V排＝Sh＝10cm2×10cm＝100cm3＝1×10﹣4m3，
由阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，液体密度：
ρ液＝＝＝0.8×103kg/m3；
（3）由液体压强公式p＝ρgh可知，
物块放入前，液体对容器底的压强p＝ρ液gh，
物块放入后，液体对容器底的压强p′＝ρ液g（）＝ρ液g×+ρ液g×＝ρ液gh+ρ液g×，
所以，物块浸入前后，液体对容器底的压强变化量：
Δp＝p′﹣p＝ρ液gh+ρ液g×﹣ρ液gh＝ρ液g×＝0.8×103kg/m3×10N/kg×＝200Pa。
答：（1）物块所受的浮力为0.8N；
（2）液体的密度为0.8×103kg/m3；
（3）物块浸入前后，液体对容器底的压强变化量为200Pa。